人教版八年级下册11.1 功课后作业题

这是一份人教版八年级下册11.1 功课后作业题，共10页。
【详解】A．跳台滑雪运动员在空中下落的过程中，高度降低，重力势能减小，故A正确；
B．短道速滑运动员在转弯滑行的过程中，速度方向发生改变，运动状态也发生改变，故B错误；
C．惯性不是一种力，所以不能说是由于冰壶受到惯性，故C错误；
D．冰球运动员用球杆推着冰球使其水平滑动的过程中，冰球所受重力和位移方向垂直，即在重力方向位移为零，故冰球所受重力做功为零，即重力没有做功，故D错误。
故选A。
2．B
【详解】A．抛出篮球时篮球做加速运动，故手对篮球的力大于篮球的重力，故A错误；
B．篮球在上升过程中，质量不变，速度减小，其动能减小，故B正确；
C．篮球在最高点时受到非平衡力的作用，所以不是处于平衡状态，故C错误；
D．惯性只与质量有关，篮球被篮板弹开，惯性没有改变，改变的是运动状态，故D错误。
故选B。
3．B
【详解】A．脚踢完球后，球由于惯性继续飞行，此时脚对球没有力的作用，所以人对球不做功，故A不符合题意；
B．人搬起箱子的过程，对箱子施加了力，且箱子在力的方向上移动了距离，所以人对箱子做了功，故B符合题意；
C．学生背着书包走在水平路面的过程，人给书包一个向上的力，但书包向上没有移动距离，所以人对书包不做功，故C不符合题意；
D．运动员举起杠铃等待成绩的过程，运动员对杠铃有向上的力，但杠铃没有移动距离，所以该过程中人对杠铃不做功，故D不符合题意。
故选B。
4．B
【详解】A．功率大小跟做功多少和做功时间同时有关，只有做功时间短，没有说明做功多少，不能判断功率大小，故A错误；
B．单位时间是表示时间一定，做功越多，功率越大，故B正确；
C．功率大小跟做功多少和做功时间同时有关，只有做功多少，没有说明做功时间，不能判断功率大小，故C错误；
D．完成相同的功，说明W相同，用的时间越长，说明t越大，根据，说明功率越小，故D错误。
故选B。
5．C
【详解】AB．甲、乙两个小球，自由下落经过如图所示的位置时机械能相等，由题图可知，两小球质量相等，乙球的高度大于甲球，则乙球的重力势能大于甲球，机械能等于动能和势能之和，故此时甲球的动能大于乙球，故AB错误；
C．甲、乙两个小球，自由下落经过如图所示的位置时机械能相等，不计空气阻力，小球在下落过程中机械能守恒，故只有重力势能转化为动能，在两球在落地前，两球的重力势能全部转化为动能，则两球在落地前的动能相等，动能的大小与质量和速度有关，故两球在落地前的速度相等，故C正确；
D．两球在落地前的动能相等，重力势能都为零，则机械能相等，所以在高处时开始下落时的重力势能是相同的，即高度相同，故D错误。
故选C。
6．C
【详解】A．助跑过程中（a→b），运动员的质量不变，速度逐渐增大，则动能增大，此过程中运动员质量不变，惯性大小不变，故A不符合题意；
B．不计空气阻力，在空中飞行过程中（b→d），运动员只受重力作用，受力不平衡，故B不符合题意；
C．整个过程中，且不计空气阻力，只有运动员的动能和重力势能相互转化，所以机械能守恒，故C符合题意；
D．不计空气阻力，在空中飞行过程中（b→d），运动员机械能守恒，动能全部转化为其重力势能，故D不符合题意。
故选C。
7．D
【详解】A．由图2可知，当物体移动的距离相同时，拉力F1做的功多，由可知，水平拉力的大小关系为，故A错误；
B．由图3可知，两物体的图像均为过原点的一条直线，即两物体运动路程与时间成正比，因此两物体均做匀速直线运动，当两物体的时间相同，甲运动的路程大，则，故B错误；
C．因为两物体都做匀速直线运动，所以，由二力平衡条件可知，甲所受的摩擦力为，乙所受的摩擦力为，由A可知，，因此甲、乙所受摩擦力的大小关系为，故C错误；
D．因为，，由可知，所做功率的大小关系为，故D正确。
故选D。
8．B
【详解】A．飞机降落时，高度减小，在重力方向上通过了距离，因此重力做功，故A错误；
B．飞机降落时质量不变，速度减小，因此动能减小；高度降低，因此重力势能减小，机械能包含动能和势能，因此机械能减小，故B正确；
C．飞机落地后继续滑行，由于受阻力作用，速度越来越小，运动状态发生改变，故C错误；
D．飞机落地后继续滑行，是由于具有惯性，不能说受到惯性作用，故D错误。
故选B。
9．C
【详解】A．从a点下滑到b点过程中，质量不变，高度减小，重力势能减小，故A错误；
B．a、c两点质量相同，高度不同，重力势能不同，故B错误；
C．从c点下落到d点过程中，贾宗洋处于腾空状态，与雪之间没有摩擦，在不计空气阻力的情况下，机械能保持不变，故C正确；
D．从b点运动到c点过程中，质量不变，高度增加，重力势能增大，速度减小，动能减小，在c点时，速度不为0，故动能不为0，故D错误。
故选C。
10．C
【详解】A．小球运动至O点最高点时只受重力的作用，不受平衡力，所以不是处于静止状态，故A错误；
B．小球被释放后会加速向上运动，则被释放瞬间，小球所受重力小于弹簧的弹力，故B错误；
C．不计空气阻力，小球在从A点向上运动到O点的过程中，受到竖直向下的重力和竖直向上的弹力，开始向上运动时，弹力大于重力，小球所受合力方向向上，速度不断增大；当弹力小于重力时，其所受合力方向向下，速度不断变小；当离开O点后，小球只受重力作用，重力的方向与小球运动方向相反，速度继续减小；由此可知，整个向上运动的过程中，小球的速度先增大后减小，则小球的动能先增大后减小，故C正确；
D．小球在OA间运动，弹簧的弹性势能转化为小球的机械能，所以小球的机械能是变化的，故D错误。
故选C。
11．D
【详解】返回舱着陆过程中，返回舱的质量不变，速度减小 ，动能减小；高度降低，重力势能减小。机械能为物体动能与势能的总和，故返回舱的机械能是减小的。故ABC错误，D正确。
故选D。
12．A
【详解】A．货物A的质量与货物B的质量相等，则
GA=GB
又因为它们竖直向上做匀速直线运动，故A、B受平衡力作用，拉力等于重力，因此拉力
F1=F2
故A正确；
BC．由图丙知，0～20s内，拉力F1做的功与拉力F2做的功
W1>W2
又F1与F2的大小相等，由W=Fs知，A、B的路程关系
sA>sB
由可知，因为时间相同，故拉力F1做功的功率与拉力F2做功的功率
P1>P2
由知
vA>vB
故BCD错误。
故选A。
13． 100 500 0
【详解】[1]对小车受力分析，小车受到向左的推力和向右的阻力，由于小车匀速移动，所以阻力和推力是一对平衡力，则小车受到的阻力为
[2]推力做的功为
[3]小车的重力是竖直方向的，小车运动方向是水平的，力的方向与移动的方向垂直，所以小车的重力不做功。
14． 不变 变大 变大
【详解】[1][2][3]吊箱从最低点向最高点运动的过程中，吊箱的质量不变，高度变大，故重力势能变大；同时质量不变，速度不变，故动能不变，机械能包括动能和势能，所以机械能变大。
15． 变小 变小
【详解】[1]由动能与质量和速度的关系可得，当速度不变时，质量越小，动能越小，洒水车洒水过程中，洒水车的质量在减小，而速度却不变，所以洒水车的动能变小。
[2]由于洒水车质量减小，洒水车的重力也减小，行驶时的阻力减小，做匀速运动，牵引力大小等于阻力大小，由P=Fv可得，速度不变时，牵引力所做功的功率变小。
16． > = >
【详解】[1]根据可知，相同时间内，①图线的距离大于②图线的距离，可知。
[2]木块两次都进行匀速直线运动，拉力等于滑动摩擦力，由于压力大小和接触面的粗糙程度均不变，所以滑动摩擦力大小相等，拉力F相等，即。
[3]由于，根据可知，当拉力相等时，速度越大，拉力的功率越大，即。
17． 见解析 6000J 200 1200
【详解】[1]叉车的车轮很宽大，这是为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。
[2]水平移动时，重力方向竖直向下，移动的距离是水平方向的，这段距离不做功，所以整个过程叉车提升玻璃做的功
W=Gh=mgh=500kg×10N/kg×1.2m=6000J
[3]由图甲知，7~12s，叉车做匀速直线运动，所受的摩擦力等于牵引力，由图乙知，此时的牵引力为200N，所以摩擦力也为200N，整个过程中，压力大小和接触面粗糙程度不变，则叉车所受的滑动摩擦力不变，2~7s内的摩擦力为200N。
[4]叉车匀速直行时，由图甲知，速度为6m/s，克服阻力做功的功率
P=fv=200N×6m/s=1200W
18． 不变 t3
【详解】[1]在0～t1时间段，不计空气的阻力，游客自由下落，游客的重力势能转化为动能，机械能大小不变。
[2]根据题意知道，弹性绳在t3时刻弹性形变最大，弹性势能最大。
19． 转换法 速度 超载 质量越大、速度越大，动能越大 做匀速直线运动
【详解】（1）[1]实验中将钢球动能大小转换为木块被推动距离大小，所以实验中采用了转换法。
（2）[2]甲、乙两图中，乙中钢球由斜面下滑的高度大，下滑到水平面的速度大，而钢球的质量相同，故小明选择甲、乙两图进行实验，为了探究物体动能大小与速度的关系。
（3）[3]乙、丙两图两钢球从斜面下滑的高度相同，下滑到水平面的速度相同，而丙中钢球的质量大，根据转换法，木块移动的距离远说明丙中钢球的动能大，故小明选择乙、丙两图实验进行分析得出结论，这个结论可以用来解释汽车因超载带来的危害。
（4）[4]甲、丙两图相比，丙中钢球从斜面下滑的高度大，下滑到水平面的速度大，而丙中钢球质量比甲钢球的质量大，他认为丙图中木块被推动距离更远的原因是：质量越大、速度越大，动能越大。
（5）[5]实验装置中如果水平面光滑，故木块在水平面时运动时在水平方向上不受阻力的作用，木块的速度将不再减小，将一直做匀速直线运动，因不能比较木块被推动的距离，将无法完成本实验的探究内容。
20． 转换法 不能 速度 正确 丙图中质量大的球到达水平面时的速度小，木块移动的距离反而大，即球的动能大，说明动能大小还和质量有关 相等
【详解】（1）[1]实验中通过观察木块B移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这里用到的物理学研究问题的方法是转换法。
[2]若水平面绝对光滑，则木块运动时不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，不能通过木块移动的距离长短来判断小球动能的大小，所以本实验将不能达到探究目的。
（2）[3]甲、乙两图中小球的质量一定，初始高度不同，到达水平面时的速度不同，高度越高，速度越大，推动木块移动的距离越远，动能越大，故结论为：物体的动能大小与速度有关，在质量相同时，速度越大，动能越大。
（3）[4][5]虽然甲、丙两图中没有控制小球到达水平面时的速度相同（没有控制小球下落的高度相同），但丙图中质量大的球到达水平面时的速度小，木块移动的距离反而大，即s3大于s1，即球的动能大，说明动能大小还和质量有关，故看法是正确的。
（4）[6]小车从同一斜面的顶端由静止滑下，小车具有的机械能相同，小车最终静止在水平面上，所以小车到达水平面克服摩擦力做功相同。
21． 0.02N 大 小于 D 减小 D
【详解】（1）[1]当1号小球受到空气阻力最大时的速度应为小球的收尾速度，故v=16m/s，1号小球受到空气阻力最大时，物体处于二力平衡状态，结合表格，空气阻力等于重力
F阻=G=mg=0.002kg×10N/kg=0.02N
（2）[2]分析1号与2号小球表中数据知道，半径相同的小球，质量越大的小球，其首尾速度越大。
（3）[3]对于3号小球，当空气阻力等于重力时，速度为收尾速度，大小是40m/s,当速度是30m/s时，还没有达到收尾速度，也就是说阻力此时小于重力，因为还处于加速阶段。
（4）[4] C919大飞机、核潜艇和小轿车都是流线型的，其目的是为了减小在行驶时受到的阻力，而降落伞的横截面积较大，是为了增大阻力，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
（5）[5]当小球匀速下落时，速度不变，质量不变，动能不变，高度减小，重力势能减小，机械能减小。
（6）[6] AB．物体从高空由静止下落，速度会越来越大，所受阻力也越来越大，下落一段距离后，将以某一速度做匀速直线运动，故小球先做加速运动，再做匀速直线运动，故AB错误；
CD．在下落过程中，随着速度的增大，空气的阻力增大，最终等于物体的重力，故D正确，C错误。
故选D。
22．（1）0.8m2；（2）800kg；（3）2400W
【详解】解：（1）由可得，石蜡模型的体积
由可得，牛一只脚与地面的接触面积（模型的底面积）
因野牛在水平沙地上站立时四脚着地，所以野牛在水平沙地上站立时与地面的接触面积为
（2）由可得，野牛站立时对地面的压力
野牛站在水平地面上，对地面的压力等于重力，则这头野牛的重力
由可得，这头野牛的质量
（2）这头奔跑野牛的平均速度
阻力
它奔跑时的平均功率
答：（1）这头野牛在水平沙地上站立时与地面的接触面积为；
（2）这头野牛的质量为800kg；
（3）它奔跑时的平均功率为2400W。
23．（1）1.0×105Pa；（2）1×108N，1×108N；（3）3×108W
【详解】解：（1）声呐探测器受到的压强
（2）驱逐舰处于漂浮状态，所受浮力等于排开水的重力，驱逐舰满载时受到海水的浮力
因为驱逐舰在海水中漂浮，所以驱逐舰的重力
（3）驱逐舰所受海水阻力
因为匀速行驶，推力与阻力是一对平衡力，大小相等，即
速度
则驱逐舰功率
答：（1）声呐探测器在水下10m深处，则声呐探测器所受海水压强为；
（2）驱逐舰满载时受到海水的浮力是1×108N；驱逐舰自身的重力为1×108N；
（3）导弹驱逐舰以最大航速匀速航行时，推力的功率为3×108W。
24． 减少 不变 B 95 不是 mg火
【详解】（1）[1]探测器沿椭圆轨道绕火星运动，当它从近火点向远火点运行时，质量不变，高度增加，速度减小，则动能减小。
[2]探测器沿椭圆轨道绕火星运动时，不受空气阻力，只发生动能和势能的相互转化，机械能是守恒的，保持不变。
（2）[3]探测器悬停在空中，对火星表面观察，寻找合适的位置着陆，在找准着陆点后继续下降，其速度先增大后减小，最后维持恒定速度下降，所以动能先增大后减小，最后不变，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
（3）[4]第二阶段降落伞减速，速度减至
（4）[5]巡视车降落到火星表面后，巡视车对火星表面的压力和火星对巡视车的支持力没有作用在同一个物体上，不是平衡力。
（5）[6]在火星上重力与质量的比值为，探测器在火星上空悬停时其质量为，探测器在火星上空悬停时受到的重力为
反推发动机喷出的气体对探测器的作用力与探测器受到的重力相互平衡，故气体对探测器的作用力大小为
25． 6000 变小 不做功 右侧 15
【详解】（1）[1]吊起沉管前，“振华30”主体船处于漂浮状态，浮力等于“振华30”主体船的重力；吊起沉管后，“振华30”主体船仍处于漂浮状态，浮力等于“振华30”主体船的重力与沉管重力之和，所以主体船受到浮力的增加量等于沉管的重力，即
根据F浮=ρ水gV排可得主体船浸入水中的体积增加量
[2]“振华30”将吊起的沉管缓慢浸入水中，“振华30”船体上浮，主船体底部所处深度减小，故根据p=ρgh知，底部受到水的压强将减小。
（2）[3]吊臂吊着沉管水平旋转90°的过程，吊绳对沉管的拉力方向竖直向上，而沉管是水平移动，即力的方向与运动方向垂直，所以吊绳对沉管不做功。
（3）[4]水对船左侧的冲击力为F=5.5×104N，即船左侧受到的冲击力是向右的，为了保持船体的平稳，开启侧推器时应该产生一个作用在右侧的向左的冲击力，结合力作用的相互性可知，水应该向右喷。
[5]在沉管安装过程中，水对船左侧的冲击力为F=5.5×104N，每侧均有一个功率为825kW的侧推器，且
因为
所以水喷出速度为