2024年山东省临沂市中考物理试卷

这是一份2024年山东省临沂市中考物理试卷，共42页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图与实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）（2024•临沂）2024年4月26日05时04分，神舟十七号航天员乘组打开“家门”，欢迎神舟十八号航天员乘组入驻“天宫”，并拍下“全家福”（如图）向全国人民报平安。“全家福”传回地面利用的是（ ）
A．电磁波B．超声波C．次声波D．红外线
2．（2分）（2024•临沂）5月25日，2024年全国科技活动周正式启动，临沂市部分学校开展了人工智能进校园活动。如图所示，同学们与智能机器人交流互动时，机器人的声音（ ）
A．不是由振动产生的
B．不能在真空中传播
C．在气体中传播得最快
D．音调的高低与振幅有关
3．（2分）（2024•临沂）2023年11月19日，2023全国中学生射击联赛在临沂举行。下列光现象的成因，与射击比赛“三点一线”的瞄准原理相同的是（ ）
A．林中树影B．水中倒影
C．镜中汽车D．空中彩虹
4．（2分）（2024•临沂）2023年冬，凭借冰雪资源火爆出圈的哈尔滨吸引了众多的南方“小土豆”前来游玩，千姿百态的雾凇成为“小土豆”们必看的绝世美景。下列自然现象，与雾凇形成时的物态变化相同的是（ ）
A．叶尖露珠B．山间薄雾
C．枝头白霜D．房檐冰挂
5．（2分）（2024•临沂）认真学习是青春最好的模样！下列与学习有关的认知，最接近实际的是（ ）
A．读书声的传播速度约3×108m/s
B．一本物理课本的质量约450g
C．教室内空调的额定电流约0.1A
D．教室内舒适的温度约37℃
6．（2分）（2024•临沂）2024年4月20日，我国研制的全球首款本体热效率达53.09%的柴油机正式亮相世界内燃机大会，刷新了柴油机热效率的世界纪录。如图所示内燃机的四个冲程，气缸内气体的内能最小的是（ ）
A．B．C．D．
7．（2分）（2024•临沂）2023年9月24日，中国组合邹佳琪、邱秀萍在赛艇女子轻量级双人双桨决赛中夺冠，斩获杭州亚运会首金。如图所示，赛艇的桨可视为杠杆，下列工具正常使用时，与桨属于同类杠杆的是（ ）
A．筷子B．瓶起子
C．核桃夹D．榨汁器
8．（2分）（2024•临沂）高铁站的自动检票闸机口设有身份证和人脸识别双重验证，两个信息相符合后闸机门（电动机）自动打开，乘客可检票通过。若每个信息验证成功相当于闭合一个开关，下列模拟电路，符合要求的是（ ）
A．B．
C．D．
9．（2分）（2024•临沂）2024年5月11日，由临沂市五名中小学生组建的无人机足球队在FIDA第二届世界锦标赛中，以全胜的战绩荣获世界冠军。无人机动力系统的核心部件是电动机，下列实验，能说明电动机工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
10．（2分）（2024•临沂）小小卷笔刀，处处皆学问。对如图所示卷笔刀的分析，正确的是（ ）
A．摇柄的粗糙条纹是为了减小压力
B．底部的橡胶软垫是为了减小摩擦
C．刀片薄薄的刀刃是为了增大压强
D．透明储屑仓设在下方与惯性有关
11．（2分）（2024•临沂）2024年春晚舞蹈诗剧《锦鲤》的演员们，既是一群活泼的少女，又是一群嬉戏的“锦鲤”，“灵性相通”的意象直击观众心底的柔软和纯真。如图所示，在威亚的拉力作用下，整齐划一地匀速上升的演员们（ ）
A．是相对运动的B．机械能不断增大
C．所受合力竖直向上D．所受拉力不做功
12．（2分）（2024•临沂）2024年1月7日，国产首艘大型邮轮“爱达•魔都号”安全靠泊上海吴淞口国际邮轮港（如图），圆满完成了1119海里航程的商业首航。“爱达•魔都号”邮轮（ ）
A．燃烧的重油属于可再生能源
B．匀速直线航行时受力平衡
C．受到水的浮力向各个方向
D．靠泊在港口时没有惯性
13．（2分）（2024•临沂）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，当蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示时，光屏上承接到烛焰清晰的像。保持凸透镜的位置不变，则（ ）
A．实验所用凸透镜的焦距可能为10.0cm
B．光屏上承接到的像是烛焰倒立、放大的实像
C．将蜡烛和光屏的位置互换，光屏上仍能承接到像
D．将蜡烛移至45.0cm刻度线上，光屏上仍能承接到像
14．（2分）（2024•临沂）2024年1月29日，世界首款四座氢内燃飞机原型机成功首飞。如图所示，正在匀速升空的原型机（ ）
A．机身由密度较大的材料制成
B．所受空气的浮力等于自身重力
C．机翼下方的空气流速比上方的小
D．机舱外的大气压强越来越大
15．（2分）（2024•临沂）2024年5月9日，山东省女子手球锦标赛在临沂奥体公园开赛。关于如图所示的手球比赛，分析正确的是（ ）
A．被运动员握在手中的手球只受重力
B．手球被抛出说明力能改变物体的形状
C．跳起在空中的运动员因受重力而落下
D．走动中的运动员对地面的压强比站立时小
16．（2分）（2024•临沂）如图所示电路的电源电压保持不变，将开关S1和S2都闭合，两灯均正常发光。下列判断正确的是（ ）
A．灯L1和L2是串联连接的
B．电压表不能测量灯L2的电压
C．断开S2后电流表的示数不变
D．两灯的额定电压一定相同
17．（2分）（2024•临沂）图甲是一款能自动变形、万向行走的坦克玩具，其简化电路如图乙所示。该玩具的电源电压为4.5V，闭合开关后，“0.5V，0.2W”的指示灯正常发光，线圈电阻为0.5Ω的电动机正常工作，则（ ）
A．指示灯的灯丝电阻为0.8Ω
B．电动机的发热功率为1.6W
C．电动机的额定功率为0.08W
D．电路的总功率为1.8W
18．（2分）（2024•临沂）闭合如图所示电路的开关，将滑动变阻器的滑片向左滑移动一小段距离的过程中（ ）
A．灯泡的亮度变小B．电流表的示数不变
C．电压表的示数变大D．电路的总功率变小
19．（2分）（2024•临沂）水平桌面上的两个相同的烧杯中盛有两种不同的液体，两个相同的物块在液体中静止时两液面相平，如图所示。下列选项中的物理量，相等的是（ ）
A．两物块底部受到的压力
B．两物块排开液体的质量
C．两液体对烧杯底的压强
D．两烧杯对桌面的压强
20．（2分）（2024•临沂）如图所示电路的电源电压为9V，电流表使用0～0.6A量程，电压表使用0～3V量程，阻值为10Ω的定值电阻允许通过的最大电流为0.5A。为保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器的最大阻值应大于（ ）
A．20ΩB．10ΩC．8ΩD．5Ω
二、填空题（每空1分，共18分）
21．（16分）（2024•临沂）4月25日，2024山东省文旅产业高质量发展大会在临沂开幕。同日，水韵琅琊•点靓沂河亮相央视，吸引着海内外广大游客光“临”，体验临沂之“美”。
（1）出行之“美”：如图1所示，点靓沂河•光影巴士化身“行走的BGM”把沂河点“靓”！
①乘客登上光影巴士的上层，他的重力势能 （选填“增大”“减小”或“不变”）；
②乘客可以依据声音的 不同，判断出车载背景音乐中的不同乐器；
③巴士充电时，车载电池相当于电路中的 。
（2）沂河之“美”：动感酷炫的沂河灯光秀惊艳全网，一时间成为临沂的“新晋顶流”。
①如图2所示，位于灯光秀“C位”的临沂广播电视塔发出炫目的光束，这是光的 现象；
②游客的白色上衣在红色灯光的照射下呈现 色；
③岸边高楼上展现山水人文画卷的各彩灯之间是 联的；
④游客纷纷举着手机拍照。某游客的手机电池的额定电压为3.8V，额定容量为4000mA•h，该手机电池充满电后储存的电能为 J。
（3）体验之“美”：登上如图3所示的“水韵琅琊”游船，听“王羲之”穿越古今的告白，观酷炫的灯光秀表演。
①游客陆续登船的过程中，游船受到的浮力 ，船底受到水的压强 （均选填“增大”“减小”或“不变”）；
②夜风吹来，游客感到阵阵凉意是因为 ；
③游客感觉电视塔“迎面而来”是以 为参照物的；
④游览结束后，关闭发动机的游船仍能向前运动，是因为游船 。
（4）文化之“美”：琅琊古城展演的《国秀•琅琊》剧目，让观众在美轮美奂的意境中触摸琅琊璀璨的历史画卷。
①如图4所示，演员在钢圈的拉力作用下离开地面，说明力可以改变物体的 ；
②在重现诸葛亮借东风的场景时，舞台的烟雾效果是因干冰（固态二氧化碳） （填物态变化名称），使水蒸气遇冷液化所致。
（5）味蕾之“美”：“品沂蒙名糁，吃临沂炒鸡”是游客来“临”的必选项。
①糁店使用特制的大型电热锅熬糁时，电热锅的金属外壳必须 ，以保证用电安全；
②炒鸡的香味扑鼻说明了分子 。
22．（2分）（2024•临沂）闭合如图甲所示电路的开关，将滑动变阻器的滑片由最右端移到最左端的过程中，电压表与电流表的示数变化的图象如图乙所示。则定值电阻R0的阻值为 Ω，电源电压为 V。
三、作图与实验题（第23题2分，第24题4分，第25题5分，第26题6分，第27题7分，共24分）
23．（2分）（2024•临沂）图甲是天蒙山索道的吊厢随钢索向下方做匀速直线运动的情景，图乙是吊厢及吊厢内物体的简图。请画出物体所受力的示意图（力的作用点画在物体的重心O上）。
24．（4分）（2024•临沂）小明在某购物中心前，可以看到玻璃幕墙中自己的像，进入购物中心后，又可以透过玻璃幕墙看到外面的街景。心存疑惑的小明通过查阅资料得知，该商店的玻璃幕墙使用了一种具有单面透视作用的镀膜玻璃。他用一块5mm厚的镀膜玻璃和两支相同的中性笔等器材探究镀膜玻璃成像的特点。
（1）如图甲所示，让玻璃板的镀膜面向前并把玻璃板竖直放在水平桌面的白纸上，让中性笔A的笔尖紧贴在玻璃板前，在玻璃板后面无论怎么移动中性笔B，都不能让B与A的像完全重合，原因是 。
（2）如图乙所示，让中性笔A离开玻璃板一小段距离，在玻璃板后移动中性笔B，直至B与A的像完全重合，这样做既可以 ，又可以比较像与物体的大小关系。将光屏放在中性笔B的位置，光屏上 （选填“能”或“不能”）承接到中性笔A的像。
（3）让中性笔A远离玻璃板时，中性笔B应 （选填“远离”或“靠近”）玻璃板，才能与中性笔A的像完全重合。
25．（5分）（2024•临沂）2024年5月21日，联合国粮农组织举行了第五个“国际茶日”庆祝活动，中国展台的工作人员展示了煮茶茶艺。小明想知道煮茶时茶叶对水的沸点有没有影响，于是他使用烧杯、温度计、酒精灯等器材进行了探究，并每隔2min记录一次温度计的示数。
（1）将少量茶叶放入盛水的烧杯中后，小明按照自下而上的顺序组装图甲所示实验装置，一是为了使用酒精灯的外焰加热，二是为了让温度计的玻璃泡 。
（2）水沸腾时，温度计的示数如图乙所示，则水的沸点为 ℃；烧杯上方出现的大量“白气”是水蒸气 （选填“吸热”或“放热”）后形成的。
（3）根据实验数据，小明描绘了如图丙所示的水的温度随加热时间变化的图象。分析图象，请给小明提一条合理化建议 。
（4）分析实验数据，小明并不能得出茶叶对水的沸点有没有影响。为了得出结论，他可以 。
26．（6分）（2024•临沂）2024年5月12日，临沂日报以《时光奔涌日日新 沂蒙风光处处好》为题，报道了临沂市全面推进乡村振兴的具体做法，其中采用原位生态净化槽净化农村生活污水是乡村生态振兴的有效措施。小明想知道经过净化槽净化后的水的密度，他进行了如下测量。
（1）将一台能正常使用的托盘天平放在水平桌面上，指针的位置如图甲所示，向左调节平衡螺母，但始终未能将天平调平衡，原因是 。
（2）将天平调平衡后，先测空烧杯的质量。天平平衡时，右盘中的砝码和称量标尺上游码的位置如图乙所示，则空烧杯的质量为 g。
（3）将适量的净化后的水倒入烧杯中，并通过烧杯上的刻度直接读出水的体积为50mL，然后用天平测出烧杯和水的总质量为78.2g，则净化后的水的密度为 g/cm3，此测量值误差太大，主要原因是 。
（4）将烧杯中的水全部倒入量筒中，如图丙所示，则水的体积为 mL。利用这一数据计算出净化后的水的密度 （选填“大于”“等于”或“小于”）其真实值。
27．（7分）（2024•临沂）用电压表和电流表等器材探究电流与电阻的关系，电源电压为4.5V，所用定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω。
（1）先将30Ω的电阻接入图甲所示电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到最 （选填“左”或“右”）端。
（2）图甲所示电路有一条导线连接错误，请在该导线上打“×”，并用笔画一条线代替导线，将电路连接正确。
（3）改正错误后闭合开关，电流表无示数，电压表有示数，可能是定值电阻 路。
（4）排除故障后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为3.0V时，电流表的示数为0.1A。断开开关，将30Ω的电阻换成25Ω的后再闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向 （选填“左”或“右”）移动，直至电压表示数为3.0V，此时，电流表的示数如图乙所示，为 A。
（5）实验数据如表所示，请在图丙中描绘出I﹣R的关系图象。
（6）为顺利完成该实验，所用滑动变阻器的最大阻值应大于 Ω。
四、计算题（第28题8分，第29题10分，共18分）
28．（8分）（2024•临沂）2024年2月20日，临沂迎来强降雪。环卫部门以雪为令，迅速启用除雪车全力除雪以保障道路畅通。图甲是一辆除雪车正在水平路面上除雪的场景，该车10min内的运动图象如图乙所示。若该除雪车的总质量为6t，除雪过程中所受水平阻力为6×103N，车轮与地面的总接触面积为0.4m2，g取10N/kg，求该除雪车：
（1）对水平地面的压强。
（2）10min内通过的路程。
（3）10min内牵引力所做的功。
29．（10分）（2024•临沂）水暖电热毯以其温润环保的加热方式成为部分人群冬天御寒的新宠。图甲是一款具有高、低两挡加热功能的水暖电热毯，其简化电路如图乙所示，其中两个加热电阻的阻值相同。该款电热毯低温挡的额定电流为0.25A；高温挡正常工作20min可将毯内1.1kg的水从15℃加热到40℃。已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），求该款电热毯：
（1）加热电阻的阻值。
（2）高温挡正常工作时的加热效率。
2024年山东省临沂市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每题所列出的四个选项中，只有一项最符合题目要求，每题2分，共40分）
1．（2分）（2024•临沂）2024年4月26日05时04分，神舟十七号航天员乘组打开“家门”，欢迎神舟十八号航天员乘组入驻“天宫”，并拍下“全家福”（如图）向全国人民报平安。“全家福”传回地面利用的是（ ）
A．电磁波B．超声波C．次声波D．红外线
【答案】A
【分析】声音的传播需要介质，真空不能传声；电磁波的传播不需要介质。
【解答】解：太空是真空，真空不能传声，“全家福”传回地面利用的是电磁波传播。
故选：A。
【点评】本题考查了电磁波的运用，属于基础题。
2．（2分）（2024•临沂）5月25日，2024年全国科技活动周正式启动，临沂市部分学校开展了人工智能进校园活动。如图所示，同学们与智能机器人交流互动时，机器人的声音（ ）
A．不是由振动产生的
B．不能在真空中传播
C．在气体中传播得最快
D．音调的高低与振幅有关
【答案】B
【分析】声音是物体的振动产生的；声音的传播需要介质，真空不能传声；一般来说，声音在固体中传播最快，液体其次，气体最慢；音调的高低与频率有关。
【解答】解：A、机器人的声音是振动产生的，故A错误；
B、声音不能在真空中传播，故B正确；
C、声音在气体中传的最慢，故C错误；
D、音调的高低与频率有关，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了有关声的知识，属于基础题。
3．（2分）（2024•临沂）2023年11月19日，2023全国中学生射击联赛在临沂举行。下列光现象的成因，与射击比赛“三点一线”的瞄准原理相同的是（ ）
A．林中树影B．水中倒影
C．镜中汽车D．空中彩虹
【答案】A
【分析】光在自然界中存在三种光现象：
（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
【解答】解：射击比赛“三点一线”的瞄准原理应用了光的直线传播；
A、林中树影是由于光的直线传播形成的，与“三点一线”的瞄准原理相同，故A正确；
B、水中倒影属于平面镜成像，平面镜成像属于光的反射现象，与“三点一线”的瞄准原理不同，故B错误；
C、镜中汽车属于凸面镜成像，凸面镜成像属于光的反射现象，与“三点一线”的瞄准原理不同，故C错误；
D、空中彩虹是光的色散现象，是由于光的折射形成的，与“三点一线”的瞄准原理不同，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，属于基础知识。
4．（2分）（2024•临沂）2023年冬，凭借冰雪资源火爆出圈的哈尔滨吸引了众多的南方“小土豆”前来游玩，千姿百态的雾凇成为“小土豆”们必看的绝世美景。下列自然现象，与雾凇形成时的物态变化相同的是（ ）
A．叶尖露珠B．山间薄雾
C．枝头白霜D．房檐冰挂
【答案】C
【分析】凝华指物质由气态直接转变成固态，凝华要放热。
【解答】解：雾凇的形成是凝华现象：
AB、露和雾的形成是液化现象，故AB错误；
C、霜的形成是凝华现象，故C正确；
D、冰挂是水凝固形成的，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了凝华现象，属于基础题。
5．（2分）（2024•临沂）认真学习是青春最好的模样！下列与学习有关的认知，最接近实际的是（ ）
A．读书声的传播速度约3×108m/s
B．一本物理课本的质量约450g
C．教室内空调的额定电流约0.1A
D．教室内舒适的温度约37℃
【答案】B
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
【解答】解：A、声音在15℃的空气中传播速度约为340m/s，故A不接近实际；
B、.一本物理课本的质量约0.25kg＝250g，一本书是上下两册的话的质量可能是450g，故B接近实际；
C、教室内空调的功率约为2200W，正常工作时的电流约为I＝＝＝10A，故C不接近实际；
D、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右，故D不接近实际。
故选：B。
【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
6．（2分）（2024•临沂）2024年4月20日，我国研制的全球首款本体热效率达53.09%的柴油机正式亮相世界内燃机大会，刷新了柴油机热效率的世界纪录。如图所示内燃机的四个冲程，气缸内气体的内能最小的是（ ）
A．B．C．D．
【答案】D
【分析】在内燃机的做功冲程中能量转化是内能转化为机械能，压缩冲程中能量转化是机械能转化为内能。
【解答】解：吸气冲程中，汽油机吸入空气和汽油的混合气体，气体温度较低；在压缩冲程，活塞压缩汽油与空气形成的燃料混合物，活塞对气体做功，将机械能转化为气体的内能，使气缸内气体内能增加；做功冲程中，高温高压气体对活塞做功，内能转化机械能；排气冲程中，将气缸内的废气排出；相比而言，吸气冲程中的气体温度较低，内能最小。故D正确。
故选：D。
【点评】解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，基础性题目。
7．（2分）（2024•临沂）2023年9月24日，中国组合邹佳琪、邱秀萍在赛艇女子轻量级双人双桨决赛中夺冠，斩获杭州亚运会首金。如图所示，赛艇的桨可视为杠杆，下列工具正常使用时，与桨属于同类杠杆的是（ ）
A．筷子B．瓶起子
C．核桃夹D．榨汁器
【答案】A
【分析】首先判断赛艇的桨是费力杠杆还是省力杠杆。再在四个实物杠杆上确定支点，找到动力和阻力，比较动力臂和阻力臂的长短，确定哪个选项与赛艇的桨属于同类杠杆。
【解答】解：赛艇桨中间支撑位置是支点，手握的位置是动力作用点，在水中部分是阻力作用点，动力臂小于阻力臂是费力杠杆。
A.使筷子时，虎口位置为支点，手指按压位置是动力作用点，可知动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。故A正确。
B.起子开瓶盖时，中间孔前端为支点，孔后端为阻力作用点，手握的地方为动力作用点，阻力臂小于动力臂，为省力杠杆，故B错误。
C.核桃夹前端为支点，核桃所在为阻力作用点，手握的位置是动力作用点，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。故C错误。
D.榨汁器前端为支点，水果所在为阻力作用点，手握位置是动力作用点，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。故D错误。
故选：A。
【点评】此题判断的难点在于在实物杠杆上准确确定支点，确定动力臂和阻力臂并比较二者长短，只有充分理解掌握杠杆的五个要素，才能准确判断。
8．（2分）（2024•临沂）高铁站的自动检票闸机口设有身份证和人脸识别双重验证，两个信息相符合后闸机门（电动机）自动打开，乘客可检票通过。若每个信息验证成功相当于闭合一个开关，下列模拟电路，符合要求的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】A
【分析】根据题意分析两个开关的连接方式，从而得出正确的电路图。
【解答】解：根据题意可知，只有两个开关都闭合的情况下，闸机门自动打开，这说明两个开关相互影响，是串联的，然后与电动机和电阻R串联，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【点评】本题考查根据要求设计电路，逐一对每个电路进行分析，找出与题中条件相符合的电路图即可。
9．（2分）（2024•临沂）2024年5月11日，由临沂市五名中小学生组建的无人机足球队在FIDA第二届世界锦标赛中，以全胜的战绩荣获世界冠军。无人机动力系统的核心部件是电动机，下列实验，能说明电动机工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】D
【分析】直流电动机是利用通电线圈在磁场中受到力的作用的原理制成的。
【解答】解：A、该实验说明通电导体的周围存在磁场，故A不符合题意；
B、该实验可以探究影响电磁铁磁性强弱的因素，故B不符合题意；
C、该实验说明发电机的基本原理，故C不符合题意；
D、该实验可以说明电动机的基本原理，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题考查的是通电导体在磁场中受到力的作用；知道发电机和电动机的基本原理。
10．（2分）（2024•临沂）小小卷笔刀，处处皆学问。对如图所示卷笔刀的分析，正确的是（ ）
A．摇柄的粗糙条纹是为了减小压力
B．底部的橡胶软垫是为了减小摩擦
C．刀片薄薄的刀刃是为了增大压强
D．透明储屑仓设在下方与惯性有关
【答案】C
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在压力一定时，增大接触面粗糙程度；在接触面粗糙程度一定时，增大压力；
（2）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
（3）重力的方向是竖直向下的。
【解答】解：A．摇柄的粗糙条纹，这是在压力一定的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A错误；
B．底面有橡胶软垫，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B错误；
C．刀片薄薄的刀刃，这是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C正确；
D．是铅笔屑受到的重力方向是竖直向下的，铅笔屑在重力的作用下可进入下方的储屑仓里，所以透明储屑仓设在下方与重力有关，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了增大摩擦力的方法、增大压强的方法、重力的方向，属于基础题。
11．（2分）（2024•临沂）2024年春晚舞蹈诗剧《锦鲤》的演员们，既是一群活泼的少女，又是一群嬉戏的“锦鲤”，“灵性相通”的意象直击观众心底的柔软和纯真。如图所示，在威亚的拉力作用下，整齐划一地匀速上升的演员们（ ）
A．是相对运动的B．机械能不断增大
C．所受合力竖直向上D．所受拉力不做功
【答案】B
【分析】（1）判断物体是否运动就看物体与参照物之间的位置是否发生变化，位置发生变化则物体运动，位置不发生变化，则物体静止；
（2）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能和势能之和；
（3）处于匀速直线运动状态（平衡状态）的物体所受合力为零；
（4）力对物体做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动距离。
【解答】解：A、整齐划一地匀速上升的演员们彼此的位置并没有发生变化，是相对静止的，故A错误；
B、整齐划一地匀速上升的演员们的质量没有变化，速度没有变化，动能不变；高度增加，重力势能增大，因此演员们机械能不断增大，故B正确；
C、整齐划一地匀速上升的演员们受平衡力，所受合力为零，故C错误；
D、演员们在拉力的作用下整齐划一地匀速上升，因此所受拉力做功，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查了运动和静止的相对性、机械能、力的合成、力是否做功的判断，难度不大，但涉及知识点较多。
12．（2分）（2024•临沂）2024年1月7日，国产首艘大型邮轮“爱达•魔都号”安全靠泊上海吴淞口国际邮轮港（如图），圆满完成了1119海里航程的商业首航。“爱达•魔都号”邮轮（ ）
A．燃烧的重油属于可再生能源
B．匀速直线航行时受力平衡
C．受到水的浮力向各个方向
D．靠泊在港口时没有惯性
【答案】B
【分析】（1）可再生能源的概念：像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到，把它们称为可再生能源。不可再生能源的概念：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源；
（2）物体受力平衡时，处于静止或匀速直线运动状态；
（3）浸在液体中的物体都受到液体对它的竖直向上的浮力；
（4）物体有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，惯性的大小只与物体的质量有关。
【解答】解：A、重油属于化石能源，会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源，故A错误；
B、匀速直线航行时，处于平衡状态，受力平衡，故B正确；
C、浸在液体或气体中的物体就会受到液体或气体对它施加的竖直向上的浮力，故C错误；
D、一切物体都具有惯性，惯性是一种性质，惯性的大小只与物体的质量有关，与物体的运动状态无关，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查了能源的分类、二力平衡、浮力的方向、惯性，属于基础题。
13．（2分）（2024•临沂）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，当蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示时，光屏上承接到烛焰清晰的像。保持凸透镜的位置不变，则（ ）
A．实验所用凸透镜的焦距可能为10.0cm
B．光屏上承接到的像是烛焰倒立、放大的实像
C．将蜡烛和光屏的位置互换，光屏上仍能承接到像
D．将蜡烛移至45.0cm刻度线上，光屏上仍能承接到像
【答案】C
【分析】（1）u＞v，且成实像，说明u＝30cm＞2f，2f＞v＝10cm＞f，由此可得焦距的范围；
（2）根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像；
（3）在光的折射中，光路是可逆的；
（4）根据u＜f，成正立、放大的虚像，虚像不能用光屏承接。
【解答】解：A、由图可知，u＞v，且成实像，说明u＝30cm＞2f，2f＞v＝10cm＞f，即10cm＞f＞5cm，故A错误；
B、由图可知，u＞v，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，故B错误；
C、将蜡烛和光屏的位置互换，此时物距等于原来的像距，像距等于原来的物距，根据在光的折射中，光路是可逆的可知，光屏上仍能承接到像，故C正确；
D、将蜡烛移至45.0cm刻度线上，此时物距u＝50.0cm﹣45.0cm＝5.0cm＜f，成正立、放大的虚像，虚像不能用光屏承接，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
14．（2分）（2024•临沂）2024年1月29日，世界首款四座氢内燃飞机原型机成功首飞。如图所示，正在匀速升空的原型机（ ）
A．机身由密度较大的材料制成
B．所受空气的浮力等于自身重力
C．机翼下方的空气流速比上方的小
D．机舱外的大气压强越来越大
【答案】C
【分析】（1）因为飞机在天上飞要克服较大的空气阻力还要应付各种突发情况，材料除需要较高的牢固度外；飞机还要轻一些，太重的话，飞机起飞就需要更多的能量；
（2）飞机是利用流体压强与流速的关系获得升力的；
（3）根据飞机的位置和运动状态分析受力情况；
（4）大气压的大小与高度有关，高度越高，气压越小。
【解答】解：A、飞机材料除需要较高的牢固度外，质量要较小，因此要选择密度较小、硬度较大的材料，故A错误；
B、飞机是利用流体压强与流速的关系来获得升力的，不是利用浮力大于重力而加速上升的，所受空气的浮力小于自身重力，故B错误；
C、飞机匀速飞行时，等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲，下表面平直，所以机翼上方的流速就大于机翼前方的流速，故C正确；
D、大气压随高度的增加而减小，国产大飞机在上升时，高度增加，机舱外的大气压将变小，故D错误。
故选：C。
【点评】本题以飞机为载体，考查力学的多个知识点，虽然难度不大，但是综合性非常强，符合中考的命题思路。
15．（2分）（2024•临沂）2024年5月9日，山东省女子手球锦标赛在临沂奥体公园开赛。关于如图所示的手球比赛，分析正确的是（ ）
A．被运动员握在手中的手球只受重力
B．手球被抛出说明力能改变物体的形状
C．跳起在空中的运动员因受重力而落下
D．走动中的运动员对地面的压强比站立时小
【答案】C
【分析】（1）对手球进行受力分析，注意：运动员握在手中的手球；
（2）力作用在物体上，都能产生那些效果；
（3）运动和力之间是怎样的关系；
（4）压强的大小与哪些因素有关。
【解答】解：A被运动员握在手中的手球，受到重力和手握球的力，故A错误；
B力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态，手球被抛出说明力能改变物体的运动状态，故B错误；
（3）运动和力之间的关系是，力是改变物体运动状态的原因，跳起在空中的运动员因受重力而落下，体现了重力改变了人体的运动状态，故C正确；
（4）物体对支撑面的压强的大小，与压力大小有关，还与受力面积有关，当压力一定时，受力面积越小，压强越大。运动员不管是走路还是站立，压力一定，走路时受力面积小，走动中的运动员对地面的压强比站立时大，故D错误。
故选：C。
【点评】在一个问题中，同时考查了重力，力的作用效果，运动和力之间的关系，还考查了压强，我们对知识一定活学活用。
16．（2分）（2024•临沂）如图所示电路的电源电压保持不变，将开关S1和S2都闭合，两灯均正常发光。下列判断正确的是（ ）
A．灯L1和L2是串联连接的
B．电压表不能测量灯L2的电压
C．断开S2后电流表的示数不变
D．两灯的额定电压一定相同
【答案】D
【分析】根据电路图可知，同时闭合开关S1和S2时，两灯泡并联，开关S1控制整个电路，开关S2控制灯泡L2；电流表测量干路电流，电压表测量电源电压，根据开关的断开或闭合情况分析。
【解答】解：AB、分析电路图可知，同时闭合开关S1和S2时，两灯泡并联，开关S1控制整个电路，开关S2控制灯泡L2；电流表测量干路电流，电压表测量电源电压，也能测量灯L2的电压，故AB错误；
C、断开S2后，灯L2支路断开，电流表的示数变小，故C错误；
D、将开关S1和S2都闭合，两灯均正常发光，且两灯两端的电压相等，所以两灯的额定电压一定相同，故D正确。
故选：D。
【点评】本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构是正确解题的关键。
17．（2分）（2024•临沂）图甲是一款能自动变形、万向行走的坦克玩具，其简化电路如图乙所示。该玩具的电源电压为4.5V，闭合开关后，“0.5V，0.2W”的指示灯正常发光，线圈电阻为0.5Ω的电动机正常工作，则（ ）
A．指示灯的灯丝电阻为0.8Ω
B．电动机的发热功率为1.6W
C．电动机的额定功率为0.08W
D．电路的总功率为1.8W
【答案】D
【分析】（1）知道指示灯的额定电压和额定功率，根据P＝求出指示灯的灯丝电阻；
（2）由图乙可知，电动机和指示灯串联，根据P＝UI求出电路中的电流，根据P＝I2R求出电动机的发热功率；
（3）根据串联电路的电压特点求出电动机两端的电压，根据P＝UI求出电动机的额定功率；
（4）根据P＝UI求出电路的总功率。
【解答】解：A、由P＝可知，指示灯的灯丝电阻：RL＝＝＝1.125Ω，故A错误；
B、由图乙可知，电动机和指示灯串联，由P＝UI可知，电路中的电流：I＝IM＝IL＝＝＝0.4A，
电动机的发热功率：P＝RM＝（0.4A）2×0.5Ω＝0.08W，故B错误；
C、根据串联电路的电压特点可知，电动机两端的电压：UM＝U﹣UL＝4.5V﹣0.5V＝4V，
电动机的额定功率：PM＝UMIM＝4V×0.4A＝1.6W，故C错误；
D、电路的总功率：P＝UI＝4.5V×0.4A＝1.8W，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查串联电路的特点以及电功率公式的灵活运用，难度不大。
18．（2分）（2024•临沂）闭合如图所示电路的开关，将滑动变阻器的滑片向左滑移动一小段距离的过程中（ ）
A．灯泡的亮度变小B．电流表的示数不变
C．电压表的示数变大D．电路的总功率变小
【答案】B
【分析】滑动变阻器R与灯泡L并联，电压表测电源电压，电流表测量灯泡L的电流，滑动变阻器R向左移动，R阻值变小。
【解答】解：将滑动变阻器的滑片向左滑移动一小段距离的过程中：
A、对灯泡L没有影响，灯泡的亮度不变，故A错误；
B、电流表示数不变，I＝，U、RL大小不变，所以电流表示数不变，故B正确；
C、电压表测电源电压，电压表示数不变，故C错误；
D、P＝UI，U不变，将滑动变阻器的滑片向左滑移动一小段距离，R阻值变小，所以R支路电流变大，灯泡L支路电流不变，总电流I总变大，P变大，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查了电路的动态分析，难度不大。
19．（2分）（2024•临沂）水平桌面上的两个相同的烧杯中盛有两种不同的液体，两个相同的物块在液体中静止时两液面相平，如图所示。下列选项中的物理量，相等的是（ ）
A．两物块底部受到的压力
B．两物块排开液体的质量
C．两液体对烧杯底的压强
D．两烧杯对桌面的压强
【答案】B
【分析】（1）由图可知物块在液体中的状态，根据物体的浮沉条件可知物体的重力与受到浮力的关系，根据阿基米德原理和G＝mg可知两物块排开液体的质量关系；
（2）根据浮力产生的原因可知两物块底部受到的压力关系；
（3）根据物体的浮沉条件可知，物块与液体的密度关系，据可知两烧杯中液体的密度关系，根据p＝ρgh可知两液体对烧杯底部的压强关系；
（4）根据液体的密度关系和液体的体积关系，根据密度公式可知两烧杯中液体的质量关系，烧杯对桌面的压力等于烧杯和烧杯内液体的重力之和，根据p＝可知两烧杯对桌面的压强关系。
【解答】解：B、由图可知，一个物块在液体中漂浮，一个物块在液体中悬浮，根据物体的浮沉条件可知，物块受到的浮力都等于自身的重力，由于两个物块是完全相同的，所以两个物块受到的浮力相等，根据阿基米德原理可知，两个物块排开液体受到的质量相等，根据G＝mg可知，两个物块排开液体的质量相等，故B正确；
A、由第一幅图可知，物块漂浮在液体中，根据浮力产生的原因可知，物块底部受到液体的压力等于物块受到的浮力，由第二幅图可知，物块悬浮在液体中，根据浮力产生的原因可知，物块底部受到液体的压力等于物块受到的浮力与物块上表面受到液体的压力之和，由于物块受到浮力相等，所以第一幅图中物块底部受到的压力小于第二幅图中物块底部受到的压力，即两物块底部受到的压力不相等，故A错误；
C、根据物体的浮沉条件可知，第一幅图中物块的密度小于密度的液体，第二幅图中物块的密度等于液体的密度，所以第一幅图中液体的密度等于第二幅图中液体的密度，而液体的深度相同，所以第一幅图中液体对烧杯底部的压强大于第二幅图中液体对烧杯底部的压强，故C错误；
D、由图可知，第一幅图中液体的体积大于第二幅图中液体的体积，由以上分析可知，第一幅图中液体的密度等于第二幅图中液体的密度，由ρ＝可知，第一幅图中液体的质量大于第二幅图中液体的质量，根据G＝mg可知，第一幅图中液体的重力大于第二幅图中液体的重力，由于烧杯对桌面的压力等于烧杯和液体的总重力，所以第一幅图中烧杯对桌面的压力大于第二幅图中烧杯对桌面的压力，两个烧杯与桌面的接触面积相等，由p＝可知，第一幅图中烧杯对桌面的压强大于第二幅图中烧杯对桌面的压强，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查物体的浮沉条件、液体压强公式以及密度公式的应用，是一道力学综合题，有一定的难度。
20．（2分）（2024•临沂）如图所示电路的电源电压为9V，电流表使用0～0.6A量程，电压表使用0～3V量程，阻值为10Ω的定值电阻允许通过的最大电流为0.5A。为保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器的最大阻值应大于（ ）
A．20ΩB．10ΩC．8ΩD．5Ω
【答案】A
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，
根据欧姆定律求出电压表的示数为3V时通过的电流，然后与R1、R2允许通过的最大电流和电流表的量程确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据串联电路电压规律结合欧姆定律求出变阻器接入电路中的最小阻值，据此分析即可。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，
电压表使用0～3V量程，当电压表的示数U1＝3V时，电路中的电流：I＝＝＝0.3A，
因串联电路中各处的电流相等，且定值电阻允许通过的最大电流为0.5A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，电流表的量程为0～0.6A，
所以，电路中的最大电流为0.3A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
由串联电路电压规律结合欧姆定律可得滑动变阻器接入电路的最小电阻：RP＝＝＝20Ω，故A正确。
故选：A。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的判断出电路中的最大电流是关键。
二、填空题（每空1分，共18分）
21．（16分）（2024•临沂）4月25日，2024山东省文旅产业高质量发展大会在临沂开幕。同日，水韵琅琊•点靓沂河亮相央视，吸引着海内外广大游客光“临”，体验临沂之“美”。
（1）出行之“美”：如图1所示，点靓沂河•光影巴士化身“行走的BGM”把沂河点“靓”！
①乘客登上光影巴士的上层，他的重力势能 增大 （选填“增大”“减小”或“不变”）；
②乘客可以依据声音的 音色 不同，判断出车载背景音乐中的不同乐器；
③巴士充电时，车载电池相当于电路中的 用电器 。
（2）沂河之“美”：动感酷炫的沂河灯光秀惊艳全网，一时间成为临沂的“新晋顶流”。
①如图2所示，位于灯光秀“C位”的临沂广播电视塔发出炫目的光束，这是光的 漫反射 现象；
②游客的白色上衣在红色灯光的照射下呈现 红 色；
③岸边高楼上展现山水人文画卷的各彩灯之间是 并 联的；
④游客纷纷举着手机拍照。某游客的手机电池的额定电压为3.8V，额定容量为4000mA•h，该手机电池充满电后储存的电能为 54720 J。
（3）体验之“美”：登上如图3所示的“水韵琅琊”游船，听“王羲之”穿越古今的告白，观酷炫的灯光秀表演。
①游客陆续登船的过程中，游船受到的浮力 变大 ，船底受到水的压强 变大 （均选填“增大”“减小”或“不变”）；
②夜风吹来，游客感到阵阵凉意是因为 风吹到人体表面，加快了人体表面空气流速，从而加快了汗液蒸发，加速吸热而感到凉意 ；
③游客感觉电视塔“迎面而来”是以 游船 为参照物的；
④游览结束后，关闭发动机的游船仍能向前运动，是因为游船 具有惯性 。
（4）文化之“美”：琅琊古城展演的《国秀•琅琊》剧目，让观众在美轮美奂的意境中触摸琅琊璀璨的历史画卷。
①如图4所示，演员在钢圈的拉力作用下离开地面，说明力可以改变物体的 运动状态 ；
②在重现诸葛亮借东风的场景时，舞台的烟雾效果是因干冰（固态二氧化碳） 升华 （填物态变化名称），使水蒸气遇冷液化所致。
（5）味蕾之“美”：“品沂蒙名糁，吃临沂炒鸡”是游客来“临”的必选项。
①糁店使用特制的大型电热锅熬糁时，电热锅的金属外壳必须 接地 ，以保证用电安全；
②炒鸡的香味扑鼻说明了分子 在做永不停息的无规则运动 。
【答案】（1）①增大；②音色；③用电器；（2）①漫反射；②红；③并；④54720；（3）①变大；变大；②风吹到人体表面，加快了人体表面空气流速，从而加快了汗液蒸发，加速吸热而感到凉意；③游船；④具有惯性；（4）①运动状态；②升华；（5）①接地；②在做永不停息的无规则运动。
【分析】此题空非常多，涉及到几乎整个初中物理方方面面的知识，但整体难度还好，没有特别难、思考特别深、计算特别复杂的问题。
【解答】解：（1）①重力势能随着高度变大而变大，因此他的重力势能增大。②辨别不同乐器靠的是声音的音色。③充电时，电池消耗电能，相当于用电器。
（2）①我们能看到空气中的光束，是因为空气中的尘埃对光进行了漫反射。②白色上衣能够反射所有色光，只有红灯照射的情况下，将显示红色。③小彩灯可以展现不同的画面，因此并不是同时通断，应当是并联的。（4）手机充满电的电能W＝UIt＝3.8V×4A×1h＝54720J。
（3）①游船整体漂浮，所受浮力等于重力，游客登船时总体重力变大，因此浮力也随之变大；船身因此而降低，处于水中更深的位置，故船底压强也随之变大。②风吹人身上感觉凉，是因为加快了人体表面空气流速，加快了蒸发吸热，因此感到阵阵凉意。③人以游船为参照物，会感觉电视塔“迎面而来”。④失去驱动力，游船依然能够前进一段，是因为它具有惯性。
（4）①演员从静止在地面上变成上升离开地面，改变了运动状态。②干冰是固态，在常温下迅速升华为气态，迅速吸热制冷导致水蒸气液化产生雾气。
（5）①为了保障安全用电，有金属外壳的用电器一定要接地保障安全。②香味扑鼻是扩散现象，原因是分子在做永不停息的无规则运动。
故答案为：（1）①增大；②音色；③用电器；（2）①漫反射；②红；③并；④54720；（3）①变大；变大；②风吹到人体表面，加快了人体表面空气流速，从而加快了汗液蒸发，加速吸热而感到凉意；③游船；④具有惯性；（4）①运动状态；②升华；（5）①接地；②在做永不停息的无规则运动。
【点评】题目很长，但每一问问题都比较基础，难度不大。
22．（2分）（2024•临沂）闭合如图甲所示电路的开关，将滑动变阻器的滑片由最右端移到最左端的过程中，电压表与电流表的示数变化的图象如图乙所示。则定值电阻R0的阻值为 3 Ω，电源电压为 1.5 V。
【答案】3；1.5。
【分析】由电路图可知，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测通过电路的电流，
由图象可知电路中的电流I1＝0.1A，电压表示数为1.2V，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示电源电压，滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电压表示数为零，由图象可知这时电路中的电流为I2＝0.5A，根据欧姆定律表示电源电压，联立解方程可得定值电阻的阻值和电源电压。
【解答】解：由电路图可知，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测通过电路的电流，
由图象可知，此时电路中的电流I1＝0.1A，电压表示数为1.2V，由串联电路的电压特点和欧姆定律可得电源电压：U＝I1R0+UR＝0.1A×R0+1.2V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，
滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电压表示数为零，由图象可知，这时电路中的电流为I2＝0.5A，由欧姆定律可得电源电压：U＝I2R0＝0.5A×R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
联立①②解得：R0＝3Ω，U＝1.5V。
故答案为：3；1.5。
【点评】本题考查欧姆定律及串联电路规律的灵活运用，解题的关键是明确图象表示的点与滑片移动位置对应的关系，体现了数学知识在物理中的运用。
三、作图与实验题（第23题2分，第24题4分，第25题5分，第26题6分，第27题7分，共24分）
23．（2分）（2024•临沂）图甲是天蒙山索道的吊厢随钢索向下方做匀速直线运动的情景，图乙是吊厢及吊厢内物体的简图。请画出物体所受力的示意图（力的作用点画在物体的重心O上）。
【答案】
【分析】根据匀速直线运动的物体受力平衡，分析重力与支持力大小关系，据此画图。
【解答】解：吊厢随钢索向下方做匀速直线运动，物体也是匀速直线运动，受力平衡，重力与支持力大小相等，方向相反，都画在重心上，如图所示：
【点评】本题考查受力分析与二力平衡条件的应用、力的示意图，属于中档题。
24．（4分）（2024•临沂）小明在某购物中心前，可以看到玻璃幕墙中自己的像，进入购物中心后，又可以透过玻璃幕墙看到外面的街景。心存疑惑的小明通过查阅资料得知，该商店的玻璃幕墙使用了一种具有单面透视作用的镀膜玻璃。他用一块5mm厚的镀膜玻璃和两支相同的中性笔等器材探究镀膜玻璃成像的特点。
（1）如图甲所示，让玻璃板的镀膜面向前并把玻璃板竖直放在水平桌面的白纸上，让中性笔A的笔尖紧贴在玻璃板前，在玻璃板后面无论怎么移动中性笔B，都不能让B与A的像完全重合，原因是 像紧贴玻璃板镀膜面 。
（2）如图乙所示，让中性笔A离开玻璃板一小段距离，在玻璃板后移动中性笔B，直至B与A的像完全重合，这样做既可以 确定像的位置 ，又可以比较像与物体的大小关系。将光屏放在中性笔B的位置，光屏上 不能 （选填“能”或“不能”）承接到中性笔A的像。
（3）让中性笔A远离玻璃板时，中性笔B应 远离 （选填“远离”或“靠近”）玻璃板，才能与中性笔A的像完全重合。
【答案】（1）像紧贴玻璃板镀膜面；（2）确定像的位置；不能；（3）远离。
【分析】（1）根据平面镜成像的特点分析；
（2）当B与A的像完全重合时，既可以确定像的位置，又可以比较像与物体的大小关系；
平面镜所成的像是虚像，虚像不能用光屏承接；
（3）平面镜成像时，像和物体到平面镜的距离相等。
【解答】解：（1）图中中性笔A的笔尖紧贴在玻璃板镀膜面，由平面镜成像的特点可知，像也应是紧贴玻璃板镀膜面，所以在在玻璃板后面无论怎么移动中性笔B，都不能让B与A的像完全重合；
（2）让中性笔A离开玻璃板一小段距离，在玻璃板后移动中性笔B，直至B与A的像完全重合，这样做既可以确定像的位置，又可以比较像与物体的大小关系；
平面镜所成的像是虚像，虚像不能用光屏承接，将光屏放在中性笔B的位置，光屏上不能承接到中性笔A的像；
（3）平面镜成像时，像和物体到平面镜的距离相等，让中性笔A远离玻璃板时，中性笔B应远离玻璃板，才能与中性笔A的像完全重合。
故答案为：（1）像紧贴玻璃板镀膜面；（2）确定像的位置；不能；（3）远离。
【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用，这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
25．（5分）（2024•临沂）2024年5月21日，联合国粮农组织举行了第五个“国际茶日”庆祝活动，中国展台的工作人员展示了煮茶茶艺。小明想知道煮茶时茶叶对水的沸点有没有影响，于是他使用烧杯、温度计、酒精灯等器材进行了探究，并每隔2min记录一次温度计的示数。
（1）将少量茶叶放入盛水的烧杯中后，小明按照自下而上的顺序组装图甲所示实验装置，一是为了使用酒精灯的外焰加热，二是为了让温度计的玻璃泡 要全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁 。
（2）水沸腾时，温度计的示数如图乙所示，则水的沸点为 99 ℃；烧杯上方出现的大量“白气”是水蒸气 液化 （选填“吸热”或“放热”）后形成的。
（3）根据实验数据，小明描绘了如图丙所示的水的温度随加热时间变化的图象。分析图象，请给小明提一条合理化建议 减少水的质量或提高水的温度 。
（4）分析实验数据，小明并不能得出茶叶对水的沸点有没有影响。为了得出结论，他可以 同时做一组加热水的对比实验，比较茶水和水的沸点 。
【答案】（1）要全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁；（2）99；液化；（3）减少水的质量或提高水的温度；（4）同时做一组加热水的对比实验，比较茶水和水的沸点。
【分析】（1）在温度计测量液体温度时，温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁；
（2）在进行温度计的读数时，要认清温度计的分度值；水沸腾时产生大量水蒸气，水蒸气遇冷会发生液化，形成“白气”；
（3）由图象可知，加热到沸腾时间较长，要想缩短水的沸腾时间可从水的质量、初温等多个角度考虑改进；
（4）采用对比实验分析。
【解答】解：（1）温度计在使用时温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁；
（2）此温度计的分度值是1℃，则水的沸点为99℃；水沸腾时烧杯上方出现了大量“白气”，这是因为水沸腾时产生大量水蒸气，水蒸气遇冷会发生液化，形成“白气”；
（3）由图象可知，加热到沸腾时间较长，为了减少从开始加热到沸腾所用的时间，可以采取的措施是减少水的质量或提高水的温度；
（4）单凭这一个实验，小明并不能得出茶叶对水的沸点有没有影响，为了得出结论，他可以同时做一组加热水的对比实验，然后比较茶水和水的沸点。
故答案为：（1）要全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁；（2）99；液化；（3）减少水的质量或提高水的温度；（4）同时做一组加热水的对比实验，比较茶水和水的沸点。
【点评】此题是探究水的沸腾实验，主要考查学生应用物理知识解决实际问题的能力，这些都是该实验中应该重点掌握的内容。体现物理来源于生活，服务于社会的新课程理念。
26．（6分）（2024•临沂）2024年5月12日，临沂日报以《时光奔涌日日新 沂蒙风光处处好》为题，报道了临沂市全面推进乡村振兴的具体做法，其中采用原位生态净化槽净化农村生活污水是乡村生态振兴的有效措施。小明想知道经过净化槽净化后的水的密度，他进行了如下测量。
（1）将一台能正常使用的托盘天平放在水平桌面上，指针的位置如图甲所示，向左调节平衡螺母，但始终未能将天平调平衡，原因是 游码未移到称量标尺左端的零刻度线上 。
（2）将天平调平衡后，先测空烧杯的质量。天平平衡时，右盘中的砝码和称量标尺上游码的位置如图乙所示，则空烧杯的质量为 32.6 g。
（3）将适量的净化后的水倒入烧杯中，并通过烧杯上的刻度直接读出水的体积为50mL，然后用天平测出烧杯和水的总质量为78.2g，则净化后的水的密度为 0.912 g/cm3，此测量值误差太大，主要原因是 用烧杯测量净化后的水的体积误差太大 。
（4）将烧杯中的水全部倒入量筒中，如图丙所示，则水的体积为 45 mL。利用这一数据计算出净化后的水的密度 大于 （选填“大于”“等于”或“小于”）其真实值。
【答案】（1）游码未移到称量标尺左端的零刻度线上；（2）32.6；（3）0.912；（4）用烧杯测量净化后的水的体积误差太大；（5）45；大于。
【分析】（1）在调节天平平衡时，应先将游码移至标尺的零刻线处，再调节平衡螺母；如图甲所示，指针偏向分度盘的右侧，说明左侧高，应向左调节平衡螺母；但始终未能将天平调平衡，说明游码未移到称量标尺左端的零刻度线上；
（2）物体质量等于砝码质量和游码读数之和；
（3）烧杯和水的总质量减去空烧杯的质量求出水的质量，用密度公式ρ＝求出水的密度；
（4）烧杯上的刻度分度值一般较大，用烧杯测量净化后的水的体积误差太大；
（5）由丙图知，量筒的分度值为1mL，水的体积为45mL；由于将烧杯中的水倒入量筒中时，烧杯壁粘水而使量筒中水的体积偏小，以此分析密度变化。
【解答】解：（1）在调节天平平衡时，应先将游码移至标尺的零刻线处，再调节平衡螺母；如图甲所示，指针偏向分度盘的右侧，说明左侧高，应向左调节平衡螺母；但始终未能将天平调平衡，说明游码未移到称量标尺左端的零刻度线上；
（2）空烧杯的质量m1＝20g+10g+2.6g＝32.6g；
（3）水的质量m＝m2−m1＝78.2g−32.6g＝45.6g，则水的密度ρ＝＝＝0.912g/cm3；
（4）烧杯上的刻度分度值一般较大，用烧杯测量净化后的水的体积误差太大，故测量值误差太大；
（5）由丙图知，量筒的分度值为1mL，水的体积为45mL；由于将烧杯中的水倒入量筒中时，烧杯壁粘水而使量筒中水的体积偏小，故在质量一定时，体积偏小，则密度偏大，所以计算出净化后的水的密度大于其真实值。
故答案为：（1）游码未移到称量标尺左端的零刻度线上；（2）32.6；（3）0.912；（4）用烧杯测量净化后的水的体积误差太大；（5）45；大于。
【点评】此题涉及天平的调节、液体密度的测量及误差分析，是一道常考题。
27．（7分）（2024•临沂）用电压表和电流表等器材探究电流与电阻的关系，电源电压为4.5V，所用定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω。
（1）先将30Ω的电阻接入图甲所示电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到最 左 （选填“左”或“右”）端。
（2）图甲所示电路有一条导线连接错误，请在该导线上打“×”，并用笔画一条线代替导线，将电路连接正确。
（3）改正错误后闭合开关，电流表无示数，电压表有示数，可能是定值电阻 断 路。
（4）排除故障后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为3.0V时，电流表的示数为0.1A。断开开关，将30Ω的电阻换成25Ω的后再闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向 右 （选填“左”或“右”）移动，直至电压表示数为3.0V，此时，电流表的示数如图乙所示，为 0.12 A。
（5）实验数据如表所示，请在图丙中描绘出I﹣R的关系图象。
（6）为顺利完成该实验，所用滑动变阻器的最大阻值应大于 15 Ω。
【答案】（1）左；（2）见解答图；（3）断；（4）右；0.12；（5）见解答图；（6）15。
【分析】（1）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
（2）电流表应与被测电路串联；
（3）电流表无示数，可以判断出电路中出现了断路，然后根据电压表有示数确定出断路的位置；
（4）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上小电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；根据图乙电流表所选量程确定分度值读数；
（5）根据表中数据在图丙中描绘出I﹣R的关系图象；
（6）根据欧姆定律求出电路中的最大总电阻，根据串联电路的电阻特点求出滑动变阻器接入电路的最大阻值，进而确定滑动变阻器的规格。
【解答】解：（1）为了保护电路，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图甲可知，滑片右侧电阻丝接入电路，所以滑片应移到阻值最大的最左端；
（2）原图中定值电阻没有接入电路，电流表应与定值电阻串联，如图所示：
；
（3）电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的定值电阻断路了；
（4）根据串联电路的分压原理可知，将30Ω的电阻换成25Ω，电阻减小，其分得的电压减小；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应减小滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为3.0V不变；
由图甲可知，电流表的量程为0～0.6A，由图乙可知，此时分度值为0.02A，示数为0.12A；
（5）根据表中数据在图丙中描绘出I﹣R的关系图象，如图所示：
；
（6）由表中数据可知，电路中的最小电流为0.1A，由欧姆定律可知，电路中的最大总电阻：R总最大＝＝＝45Ω，
由串联电路的电阻特点可知，滑动变阻器接入电路的最大阻值：R滑最大＝R总最大﹣R最大＝45Ω﹣30Ω＝15Ω，则为顺利完成该实验，所用滑动变阻器的最大阻值应大于15Ω。
故答案为：（1）左；（2）见解答图；（3）断；（4）右；0.12；（5）见解答图；（6）15。
【点评】本题探究电流与电阻的关系，考查注意事项、电路连接、故障分析、电流表读数、图象的画法、控制变量法、欧姆定律的应用和器材的选择。
四、计算题（第28题8分，第29题10分，共18分）
28．（8分）（2024•临沂）2024年2月20日，临沂迎来强降雪。环卫部门以雪为令，迅速启用除雪车全力除雪以保障道路畅通。图甲是一辆除雪车正在水平路面上除雪的场景，该车10min内的运动图象如图乙所示。若该除雪车的总质量为6t，除雪过程中所受水平阻力为6×103N，车轮与地面的总接触面积为0.4m2，g取10N/kg，求该除雪车：
（1）对水平地面的压强。
（2）10min内通过的路程。
（3）10min内牵引力所做的功。
【答案】（1）对水平地面的压强为1.5×105Pa；
（2）10min内通过的路程为2640m；
（3）10min内牵引力所做的功为1.584×107J。
【分析】（1）除雪车对水平地面的压力等于自身重力，利用F＝G＝mg计算其大小，知道总接触面积（受力面积），利用压强公式求出对水平地面的压强；
（2）利用s＝vt求前6min、6﹣10min除雪车通过的路程，进而求出总路程；
（3）除雪车在0﹣6min、6﹣10min内均做匀速运动，牵引力等于阻力，利用W＝Fs求牵引力所做的功。
【解答】解：（1）除雪车对水平地面的压力：
F＝G＝mg＝6×103kg×10N/kg＝6×104N，
受力面积S＝0.4m2，
对水平地面的压强：
p＝＝＝1.5×105Pa；
（2）由图乙可知前6min除雪车的速度v1＝4m/s，6﹣10min内除雪车的速度v2＝5m/s，
由v＝可得前6min除雪车通过的路程：
s1＝v1t1＝4m/s×6×60s＝1440m，
6﹣10min除雪车通过的路程：
s2＝v2t2＝5m/s×4×60s＝1200m，
0﹣10min除雪车通过的总路程：
s＝s1+s2＝1440m+1200m＝2640m；
（3）除雪车在0﹣6min、6﹣10min内均做匀速运动，牵引力：F＝f＝6×103N，
牵引力所做的功：
W＝Fs＝6×103N×2640m＝1.584×107J。
答：（1）对水平地面的压强为1.5×105Pa；
（2）10min内通过的路程为2640m；
（3）10min内牵引力所做的功为1.584×107J。
【点评】本题考查了重力公式、压强公式、速度公式、功的公式的应用，属于基础题目。
29．（10分）（2024•临沂）水暖电热毯以其温润环保的加热方式成为部分人群冬天御寒的新宠。图甲是一款具有高、低两挡加热功能的水暖电热毯，其简化电路如图乙所示，其中两个加热电阻的阻值相同。该款电热毯低温挡的额定电流为0.25A；高温挡正常工作20min可将毯内1.1kg的水从15℃加热到40℃。已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），求该款电热毯：
（1）加热电阻的阻值。
（2）高温挡正常工作时的加热效率。
【答案】（1）加热电阻的阻值。
（2）高温挡正常工作时的加热效率为87.5%。
【分析】（1）由图乙可知，当开关接低温挡时，只有一个加热电阻工作，根据欧姆定律求出加热电阻的阻值；
（2）根据P＝求出高温挡工作时的总功率，根据W＝Pt求出高温挡工作20min消耗的电能，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量，根据效率公式求出高温挡正常工作时的加热效率。
【解答】解：（1）由图乙可知，当开关接低温挡时，只有一个加热电阻工作，此时电热毯的额定电流为0.25A，
由I＝可知，加热电阻的阻值：R＝＝＝880Ω；
（2）由图乙可知，当开关接高温挡时，两个加热电阻R并联，
高温挡工作时的总功率：P高＝+＝2＝2×＝110W，
高温挡工作20min消耗的电能：W＝P高t′＝110W×20×60s＝1.32×105J，
水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1.1kg×（40℃﹣15℃）＝1.155×105J，
高温挡正常工作时的加热效率：η＝×100%＝×100%＝87.5%。
答：（1）加热电阻的阻值。
（2）高温挡正常工作时的加热效率为87.5%。
【点评】本题考查并联电路的特点、欧姆定律、电功率公式、吸热公式以及效率公式的应用，属于电热综合题，难度不大。
声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2024/6/26 13:09:06；用户：物理；邮箱：jnsssz65@xyh.cm；学号：37149825实验次数
1
2
3
4
5
6
电阻R/Ω
30
25
20
15
10
5
电流I/A
0.1
0.15
0.2
0.3
0.6
实验次数
1
2
3
4
5
6
电阻R/Ω
30
25
20
15
10
5
电流I/A
0.1
0.15
0.2
0.3
0.6