[物理][三模]黑龙江省哈尔滨市香坊区2024年中考三模试题(解析版)

这是一份[物理][三模]黑龙江省哈尔滨市香坊区2024年中考三模试题(解析版)，共20页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

1. 以下实验操作符合要求的是（ ）
A. 测量物体长度
B. 测量水温
C. 测物体质量
D. 识别火线和零线
【答案】D
【解析】A．测量长度时，读数时视线要与尺面垂直，故A不符合题意；
B．测量液体温度时，温度计的玻璃泡不能碰到容器底部，故B不符合题意；
C．使用天平时，应将物体放在左盘，砝码放在右盘，故C不符合题意；
D．使用测电笔别火线和零线时，应用手接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，故D符合题意。
故选D。
2. 哈尔滨一年四季美景如画，下面四幅图中属于凝华现象的是（ ）
A. 草叶上的露珠B. 屋下的冰锥
C. 树叶上的白霜D. 山谷间云雾
【答案】C
【解析】A．草叶上的露珠，水蒸气遇冷由气态变为液态，是液化现象，故A不符合题意；
B．屋下的冰锥，是液态的水遇冷有液态变为固态，是凝固现象，故B不符合题意；
C．树叶上的白霜，是水蒸气遇冷直接由气态变为固态，是凝华现象，故C符合题意；
D．山谷间云雾，水蒸气遇冷由气态变为液态，是液化现象，故D不符合题意。
故选C。
3. 下面应用与对应的物理知识不正确的是（ ）
A. 确定不规则物体重心-二力平衡条件
B. 平面镜成像-光的折射定律
C. 限流装置-利用电磁铁
D. 盘山公路-斜面省力
【答案】B
【解析】A．利用“悬挂法”来确定形状不规则物体的重心位置，当物体静止时，由二力平衡条件可知重力和拉力的作用线在同一直线上，从而确定物体重心一定也在这条直线上；再利用同样的方法确定另一条直线，那么两条直线的交点就是形状不规则物体的重心，故A正确，不符合题意；
B．在镜子中看到“自己”，属于平面镜成像，原理是光的反射定律，故B错误，符合题意；
C．当电路中出现过大电流时，电磁铁的磁性增强，当磁性增强到一定的程度时，就可以将衔铁Q吸引过来，衔铁被吸过来的同时，弹簧将开关S拉起，从而将电路切断，达到了保护电路的目的，因此是利用电磁铁，故C正确，不符合题意；
D．像搭在汽车车厢上木板那样的简单机械，叫做斜面，斜面能省力，斜面的坡度越小越省力，坡度越大越不省力。盘山公路利用了斜面省力的原理。故D正确，不符合题意。
4. 如图，在光屏上得到了清晰的像，P是2倍焦距处，以下说法正确的是（ ）
A. 为使像移到光屏中心，只需将烛焰向下移动
B. 此时成像规律是电影放映机成像原理
C. 烛焰移到B点，无论怎样移动光屏，都接收不到像
D. 成实像时，在光屏上发生镜面反射
【答案】C
【解析】A．为使像移到光屏中心，根据过光心的光线传播方向不变可知，只需将烛焰向上移动，故A 错误；
B．由题图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，而不是电影放映机，故B错误；
C．烛焰移到B点，此时物距uD．从不同角度能看到光屏上像，说明光在光屏上发生了漫反射，故D错误。
故选C。
5. 小东对下列声现象进行分析，其中错误的是（ ）
A. 甲：音响播放乐曲，看到火焰晃动，说明声音具有能量
B. 乙：拨动琴弦，优美的琴声来自于琴弦的振动
C. 丙：用大小不同的力敲击杯子，声音的响度不同
D. 丁：噪声强度显示仪可以消除噪声
【答案】D
【解析】A．因为声音可以传递能量，所以音响播放乐曲，看到火焰晃动，故A正确，不符合题意；
B．拨动琴弦，琴弦振动发出声音，优美的琴声来自于琴弦的振动，故B正确，不符合题意；
C．用大小不同的力敲击杯子，杯子的振幅不同，发出声音的响度不同，故C正确，不符合题意；
D．噪声强度显示仪只能显示噪声的强弱，不能消除噪声，故D错误，符合题意。
故选D。
6. 如图所示的“吸引”现象中，由大气压强引起的是（ ）
A. 塑料吸盘吸在墙壁上
B. 毛皮摩擦后的橡胶棒吸引纸屑
C. 挤压后两个铅块吸在一起
D. 磁性黑板擦吸在黑板上
【答案】A
【解析】A．塑料吸盘吸在墙壁上，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，然后吸盘就被外界的大气压紧压在了墙壁上，是由大气压强引起的，故A符合题意；
B．毛皮摩擦后的橡胶摔能吸引不带电的纸屑，是由静电引起的，故B不符合题意；
C．两个压紧的铅块能吊起钩码，由于分子间存在相互作用的引力而使两块铅块粘在一起，不易分开，故C不符合题意；
D．磁性黑板擦吸在黑板上，是由于磁体具有吸引铁钴镍等金属的性质，属于磁体对物体的作用力，故D不符合题意。
7. 在小东的笔记上，记录了下面的内容，不正确的是（ ）
A. 古人利用滚动而不是滑动搬运巨石，利用滚动摩擦远小于滑动摩擦
B. 小东和小红匀速竖直向上提起水桶，此时桶受平衡力作用
C. 装水的瓶子保持静止时，瓶子受到的重力与它受到的摩擦力平衡
D. 增大鞋底的粗糙程度，是为了增大人走路时，鞋与地面的有益摩擦
【答案】C
【解析】A．变滑动为滚动可以减小摩擦力，古人利用滚动而不是滑动搬运巨石，利用滚动摩擦远小于滑动摩擦，故A正确，A不符合题意；
B．物体保持静止或匀速直线运动时，受力平衡，小东和小红匀速竖直向上提起水桶，此时桶受平衡力作用，故B正确，B不符合题意；
C．装水的瓶子保持静止时，瓶子和水受到的总重力与它受到的摩擦力是一对平衡力，摩擦力大于瓶子自身的重力，故C错误，C符合题意；
D．走路时，鞋底与地面间的摩擦是有益摩擦，增大鞋底的粗糙程度，是为了增大人走路时，鞋与地面的有益摩擦，故D正确，D不符合题意。
故选C。
8. 小东对物理知识的应用，说法正确的是（ ）
A. 导线芯选铜或铝制作——减少电热损失
B. 沙漠越野车宽大轮胎——增大压强
C. 冰比同温的水冷却效果好——冰的比热容大
D. 飞机机翼上凸下平——利用浮力
【答案】A
【解析】A．导线芯选铜或铝制作，是因为铜或铝的导电性能好，可以减少电热损失，故A正确；
B．沙漠越野车宽大轮胎，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B错误；
C．冰比同温的水冷却效果好，是因为冰熔化吸热，冰的比热容小于水，故C错误；
D．机机翼上凸下平，是利用流体压强与流速的关系，使机翼上、下表面产生向上的压力差，从而产生向上的升力，故D错误。
故选A。
9. 小东对物理知识的归纳整理中正确的是（ ）
A. 物理量及单位
B. 能源及规律
C. 炊具及原理
D. 仪器及原理
【答案】B
【解析】A．热量的单位是焦耳，电能的单位也是焦耳，故A错误；
B．一次能源是指，直接从自然界获得，没有经过二次加工的能源，太阳能和核能都属于一次能源；任何能量的转化和转移，都要遵循能量守恒定律，故B正确；
C．茶壶的壶身和壶嘴是底部相连通的，且上端都有开口，因此茶壶是连通器；筷子在使用的过程中，阻力臂大于动力臂，因此是费力杠杆，故C错误；
D．液体温度计是根据液体的热胀冷缩的原理制成的，验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制成的，故D错误。
故选B。
10. 如图所示，用相同的滑轮和绳子分别组成甲、乙两个滑轮组，分别用甲、乙两个滑轮组在相同时间内将重为G的物体匀速提升相同的高度，不计绳重及摩擦，则下列说法正确的是（ ）
A. 绳自由端的拉力F甲＜F乙B. 拉力所做的功W甲＞W乙
C. 拉力的功率P甲＞P乙D. 滑轮组的机械效率η甲＝η乙
【答案】D
【解析】A．甲滑轮组有两段绳子承担物重，乙滑轮组有三段绳子承担物重，不计绳重及摩擦，则甲滑轮组绳子自由端的拉力
乙滑轮组绳子自由端的拉力
故
F甲＞F乙
故A错误；
B．因忽略绳重与摩擦时，克服物体重力做的功为有用功，且两滑轮组将物体提升相同高度，由W有=Gh可知，两滑轮组做的有用功相等。利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，则两滑轮组拉力做的总功相等，即
W甲=W乙
故B错误；
C．两滑轮组拉力所做的功相同，做功时间相同，所以两个滑轮组拉力的功率相同，即
P甲=P乙
故C错误；
D．两滑轮组做的有用功即为克服物重所做的功，因此有用功相同、总功相同，故两滑轮组的机械效率相同，即
η甲＝η乙
故D正确。
11. 如图，灯泡L1“3V 3W”，灯泡L2“3V 1.5W”，电源电压4.5V，不计灯丝电阻变化，闭合开关，以下分析不正确的是（ ）
A. 灯L2比灯L1亮
B. 通过灯L1、L2的电流之比为2∶1
C. L2的实际功率为1.5W
D. 电路消耗的总功率2.25W
【答案】B
【解析】A．由可得，L1的电阻为
L2的电阻为
L1与L2串联，由
P=UI=I2R
可得实际功率P2>P1，故灯L2比灯L1亮，故A正确，不符合题意；
B．由图可知两灯泡串联，串联电路中电流处处相等，通过灯L1、L2的电流之比为1：1，故B错误，符合题意；
C．电路中的电流
L2的实际功率为
P2'=I2R2=(0.5A)2×6Ω=1.5W
故C正确，不符合题意；
D．电路消耗的总功率
P=UI=4.5V×0.5A=2.25W
故D正确，不符合题意。
故选B。
12. 小东分析表中的数据，其说法正确的是（ ）
A. 汽车的冷却液可以选水
B. 质量相等的铜块和铝块，铜块的体积较大
C. 体积相等的铜块和铝块，放出相等热量，铝块温度降低得较多
D. 质量相等的铜块和铝块，升高相同温度，铝块吸热较多
【答案】ACD
【解析】A．表中的数据可知，水的比热容大，可以选做汽车的冷却液，故A正确；
B．质量相等的铜块和铝块，铜的密度大，由可知铜的体积小，故B错误；
C．根据和m=ρV得到体积相等的铜块和铝块，放出的热量
放出相等的热量，降低的温度之比
所以铝块温度降低得较多，故C正确；
D．质量相等的铜块和铝块，升高相同温度，铜的比热容比铝的小，根据可知，铝吸收的热量更多，故D正确。
二、非选择题（共46分）
13. 手机是现代生活或工作中通信重要设备。手机通话是利用___________（选填“电磁波”或“超声波”）传递信息的，通话中利用声音的__________来分辨是哪位熟悉的人。
【答案】电磁波 音色
【解析】[1]声音的传播需要介质，传播速度较慢；电磁波的传播不需要介质且传播速度很快。人们所用的手机是通过电磁波来工作的。
[2]音调、响度和音色是声音的三个特性。接听电话时，我们主要是根据声音的音色来分辨出对方是否是熟悉的人。
14. 哈尔滨的初夏，丁香花盛开，芳香四溢，这是分子无规则运动引起的___________现象；若以走过花丛的行人为参照物，丁香树是__________（选填“静止”或“运动”）的。
【答案】扩散 运动
【解析】[1]人能闻到花香，属于扩散现象，说明分子在不停的做无规则运动。
[2]以走过花丛的行人为参照物，丁香树相对于行人的位置发生改变，丁香树是运动的。
15. 如图，用手压课本并抽出直尺，手对书的压力和书对手支持力是一对___________（选填“平衡”或“相互作用”）力，当手压课本的力越大时，抽出直尺需要的力就越大，说明滑动摩擦力大小与___________有关。
【答案】相互作用 压力大小
【解析】[1]手对书的压力和书对手支持力是两个力之间的相互作用，是一对相互作用力。
[2]当接触面的粗糙程度相同时，手压课本的力越大时，压力越大，抽出直尺需要的力就越大，摩擦力越大，说明滑动摩擦力大小与压力大小有关。
16. 如图甲，小东用一个凸透镜观察洗手液的商标，根据成像情况可知物距u与焦距f的关系为_________；如图乙的成像原理可应用于_________。 （选填“照相机”或“放大镜”）
【答案】u＜f 照相机
【解析】[1]图甲成正立，放大的虚像，此时u＜f。
[2]图乙的成像，成倒立缩小的实像，应用是照相机。
17. 如图，城市清洁车在水平路面上匀速行驶，在清扫垃圾过程中，能把路面上的垃圾直接装入车厢，不计燃油质量变化，清洁车总的机械能_________。汽车在刹车过程中，机械能转化为地面和轮胎的____________。
【答案】变大 内能
【解析】[1]因清洁车沿水平街道匀速行驶，车的速度不变，高度不变，在清扫垃圾过程中，车的质量增大，所以车的动能和重力势能都变大，则车的机械能也变大。
[2]汽车在刹车过程中，要克服摩擦做功，所以机械能转化为地面和轮胎的内能。
18. 太阳能是清洁能源，某太阳能热水器每天能使500kg的水从10℃升高30℃，则这些水吸收的热量是________J，相当于完全燃烧_______m³的天然气放出的热量。[c水=4.2×103J/(kg·℃)，q天然气=7×107J/m3]
【答案】4.2×107 0.6
【解析】[1]这些水吸收的热量为
Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg·℃)×500kg×(30℃-10℃)= 4.2×107J
[2]根据
Q放=Q吸=qV
相当于完全燃烧天然气的体积为
19. 小东利用弹簧测力计、装水的烧杯，验证“铁球受浮力”。实验过程如图甲、乙、丙：比较________图中信息，能证明铁球受浮力；丙图中铁球受到浮力大小为________N。
【答案】甲和乙 3
【解析】[1]比较甲、乙两图弹簧测力计的示数可知铁球在液体中受浮力作用。
[2]丙图中因为不清楚铁球是否已沉底，故不能用称重法，只能用阿基米德原理求浮力大小
20. 如图，额定功率为5W的LED灯与60W的白炽灯，白炽灯选用“钨”金属做灯丝，是因为其___________（选填①比热容大；②熔点高；③电阻小）；两灯正常工作时，相等时间内电流所做的功之比为_________。
【答案】② 1∶12
【解析】[1]白炽灯灯丝发光时温度很高，选用“钨”金属做灯丝，是因为钨的熔点高，不容易熔化而损坏灯丝。
[2]额定功率为5W的LED灯与60W的白炽灯，相等时间内电流所做的功之比
则相等时间内电流所做的功之比为1∶12。
21. 如图所示的电路，电源电压12V，电流表：0~3A，电压表：0~15V。开关闭合，移动滑片P，使电压表示数为9V，此时电流表示数为1A，则电阻R0=______Ω，该电路最大功率是__________W。
【答案】3 36
【解析】[1]由题意知，电源电压12V，电流表：0~3A，电压表：0~15V，开关闭合，移动滑片P，使电压表示数为9V，此时电流表示数为1A，电阻R0两端的电压为
U0=U-UP=12V-9V=3V
R0的阻值为
[2]根据P=UI可知，电路中的电流最大时，电路的总功率最大，电压表的量程0~15V，电源电压为12V，不需要考虑电压表是否正常工作。滑动变阻器允许通过的最大电流是4A，电流表的量程为0~3A，电路中允许通过的最大电流为3A，则该电路最大功率是
Pmax=UImax=12V×3A=36W
22. 如图，在烧瓶中分别装入200g的液体，用带有温度计的胶塞密封，串联接入电路中。对比烧瓶A与烧瓶___________，可探究“电阻丝产生的热量与电阻大小的关系”；通电一段时间后，瓶中液体都没有沸腾，___________瓶中的液体升温最慢。
【答案】B A
【解析】[1]三个电阻丝串联，电流相等，要探究“电阻丝产生的热量与电阻大小的关系”应使不同阻值的电阻丝，加热相同液体，加热相同时间观察液体升温情况，则应对比烧瓶A与烧瓶B。
[2]三个电阻丝串联，电流相等，电阻越大，相同时间产生热量越多，则烧瓶A中产生热量最少，而水的比热容大于煤油，根据可知，热量越少，比热容越大，升温越慢，则A瓶中的液体升温最慢。
23. 如图所示，小红恰好能通过纸筒和平面镜看到手表的像。请在乙图中画出通过纸筒和平面镜看到手表的光路图。
【答案】
【解析】首先找到手表关于镜面对称的像S＇，连接眼睛到像S＇与镜面有一个交点O，连接手表和交点O，如图所示：
24. 如图所示，小亮用滑轮组将装修材料运到楼上，请用笔画线帮他组装最省力的滑轮组。

【答案】
【解析】要使滑轮组最省力，则动滑轮上缠绕的绳子数应最多，由图中可知，滑轮组中有一个动滑轮，则动滑轮上最多可缠绕三股绳子，如下图所示

25. 在“探究冰的熔化特点”实验中，将质量相等的碎冰分别装入两个试管，小东用温度和室温相同的水给碎冰加热，小红用酒精灯加热。（室温恒定）
（1）实验前，桌面上的温度计示数如图甲，此时环境温度为_________℃；
（2）小东的装置和操作中，不属于为了让冰均匀受热的是_________；
①将装有冰的试管放入水中
②使用碎冰
③对冰进行搅拌
④温度计的玻璃泡不接触试管
（3）他们根据实验数据分别绘制出图像乙、丙，则小红绘制的图像是________。分析图像发现：AB时段内的温度变化比CD时段内的温度变化快，其根本原因是_______；图像BC段冰熔化过程中，温度不变，于是小东认为“冰的熔化过程不需要吸热”。为了验证他的想法是否正确，用小东实验装置，设计以下两种方案，其中合理的是______。
①将正在熔化的冰从水中取出，再放回水中，观察前后冰熔化情况；
②将另一只温度计放入烧杯的水中，观察冰熔化时水温变化情况。
【答案】（1）27 （2）④ （3）乙 冰的比热容比水的比热容小 ②
【解析】（1）[1]由图甲可知，温度计分度值为1℃，温度计的示数为27℃。
（2）[2]让试管从水中吸热、使用碎冰、加热时对冰进行搅拌都可以让冰均匀受热；温度计的玻璃泡不接触试管，为了使温度计的示数准确，故①②③不符合题意，④符合题意。
（3）[3]小红用酒精灯加热，冰熔化的时间较短，图像乙符合题意。
[4]由于冰的比热容比水的比热容小，相同质量，吸收相同的热量，冰的温度变化量比较大，AB时段内的温度变化比CD时段内的温度变化快。
[5]晶体熔化的特点是吸收热量，温度不变；所以用另一只温度计测量烧杯中的水温，观察温度计的示数是否下降，确定碎冰熔化是否吸热，因此将一只温度计放入烧杯的水中，观察冰熔化时，水的温度变化，如果温度计示数下降，说明晶体熔化吸热。故①不符合题意，②符合题意。
26. 小东探究“杠杆的平衡条件”。（不计转轴与杆的摩擦，每个钩码0.5N，每小格1cm）
（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置，为了使杠杆在水平位置静止平衡，应将平衡螺丝向_________调节。实验过程中，改变两端悬挂钩码的个数和位置，如图乙使杠杆在水平位置平衡，主要是为了便于测量_________大小；
（2）实验数据记录如下：
①分析数据可得出结论：_______________（表达式表示）；
②分析数据可知杠杆转动情况是由“力和力臂的乘积”决定的。挂钩码前，调节平衡螺丝使杠杆在水平位置平衡，主要是排除杠杆自重对转动的影响，请你简要说明是怎样实现的。____
（3）用弹簧测力计、钩码配合进行探究，得出杠杆平衡条件更具有普遍性，在如图丙中，用量程为0~5N的弹簧测力计在_________处（选填“A”、“B”或“C”）用竖直向上且大小为_________N的力拉杠杆，可以使其在水平位置平衡。
【答案】（1）左 力臂 （2） 见解析 （3）A 1.2
【解析】（1）[1]杠杆静止在图甲所示位置，杠杆左端偏高，应将杠杆的螺母向左端移动，使杠杆在水平位置平衡。
[2]使杠杆在水平位置平衡，由图乙可知钩码对杠杆的拉力竖直向下，与杠杆垂直，则便于直接从杠杆上读出力臂的大小。
（2）[3]由表格数据可知杠杆在第1、3两次实验中，处于水平位置静止，即处于平衡状态；第1次数据
第3次数据
所以可得出的结论为
[4]杠杆在水平位置平衡，由于杠杆支点在杠杆的中点，杠杆左右两部分的重力与各自的力臂乘积相等，所以对杠杆的转动不影响。
（3）[5][6]在图丙中，杠杆左端受到竖直向下的2N的拉力，力臂为3格距离；由于弹簧测力计的量程为0~5N，在C点用竖直向上的力拉杠杆，杠杆不能保持平衡；在B点用竖直向上的拉杠杆，所需的拉力为
解得，超过弹簧测力计量程，不符合题意；故应该在A点用竖直向上的力拉杠杆，根据杠杆平衡条件可得
解得。
27. 小东用下面电路，测量Rx的电阻。电源电压恒为4V。
（1）实验原理是______；
（2）实验中把收集的数据填入表格中。在完成第3次实验后，要获取第4次数据滑动变阻器滑片P应向______移动；测量5组数据的目的是______，计算得出Rx=______Ω；
（3）小东根据表中数据和题中信息，画出了电路总功率和定值电阻功率与电流的P-I关系图像。结合实验操作过程和上述信息分析发现：Rx的电功率变化规律是______，滑动变阻器的功率变化的规律______。
【答案】（1） （2）左 计算出每一组Rx的阻值，再求平均值来减小误差 10 （3）随通过的电流增大而增大，且不均匀 随通过的电流增大先变大后变小
【解析】（1）[1]伏安法测电阻的原理是欧姆定律的变形公式。
（2）[2]由表格中数据可知，在第3次实验中，Rx两端的电压为2.0V，第4次实验中，Rx两端的电压为2.5 V，根据串联分压原理，完成第3次实验后，应增大Rx两端的电压，所以应减小滑动变阻器分得的电压，应减小滑动变阻器接入电路中的电阻，所以滑片应向左移动到适当位置。
[3]测电阻是测出具体数值，多次测量的目的是取平均值减小误差。测量5组数据的目的是计算出每一组Rx的阻值，再求平均值来减小误差。
[4]第一次实验，电阻阻值为
第二次实验，电阻的阻值为
第三次实验，电阻的阻值为
第四次实验，电阻的阻值为
第五次实验，电阻的阻值为
所以Rx的电阻为
（3）[5][6]Rx的电功率随通过的电流增大而增大，且不均匀；由题图可知，图中A点代表消耗的总功率，A′点代表的是定值电阻的功率，因为在串联电路中电路消耗的总功率等于各部分用电器消耗的电功之和，所以AA′代表的是滑动变阻器的电功率，同理可知，BB′也代表的是滑动变阻器的电功率，由图像可知，滑动变阻器的电功率随通过的电流增大先变大后变小。
28. 某款油电混合动力小汽车，具有省油、能量利用率高等特点，其相关信息如下表。
该车以“中速”匀速行驶150km，用时2.5小时，消耗汽油7kg。行驶过程中，内燃机既向车轮提供动力，又向蓄电池充电，同时蓄电池又将部分能量通过电动机向车轮输送，此时，内燃机和电动机共同驱动车辆前进。
（1）该车行驶时“中速”是多少km/h？
（2）该车空载静止时，对水平地面的压强是多少？
（3）在水平道路“中速”匀速行驶过程中：
①若牵引力为1000N，牵引力做的功是多少焦耳？
②假设汽油完全燃烧所释放能量的一半转化为牵引力做功和给蓄电池充电，此过程最终使蓄电池增加了多少能量？（忽略蓄电池和电动机的热损失，q汽油=7×107J/kg）
【答案】（1）60km/h；（2）1.25×105Pa；（3）①1.5×108J；②9.5×107J
【解析】解：（1）该车行驶时“中速”是
（2）汽车的重力
G=mg=1200kg×10N/kg=12000N
汽车静止时对水平地面的压力
F=G=12000N
车轮与地面总接触面积
S=0096m2
该车空载静止时，对水平地面的压强
（3）①牵引力做功
W=Fs=1000N×150×103m=1.5×108J
②由题意可得，动力电池储存的电能
答：（1）该车行驶时“中速”是60km/h；
（2）该车空载静止时，对水平地面的压强是1.25×105Pa；
（3）①若牵引力为1000N，牵引力做的功是1.5×108J；
②此过程最终使蓄电池增加了9.5×107J能量。
物质
密度(kg/m3)
比热容[J/(kg/℃)]
水
1.0×103
4.2×103
铜
8.9×103
0.39×103
铝
2.7×103
0.88×103
次数
动力F1/N
动力臂L1/cm
动力F2/N
动力臂L2/cm
杠杆转动情况
1
2
3.0
1
6.0
水平静止
2
1
4.0
1.5
3.0
右端下降
3
1.5
2.0
3
1.0
水平静止
4
2
2.0
3
1.0
左端下降
实验次数
1
2
3
4
5
电流/A
0.10
0.15
0.20
0.25
0.30
电压/V
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
电阻Rx/Ω
驱动模式
纯电动
低速
油电混动
中速
纯燃油
高速
汽车质量
1200kg
车轮与地面总接触面积
0.096m2