2025版高考物理全程一轮复习训练题课时分层精练一运动的描述

这是一份2025版高考物理全程一轮复习训练题课时分层精练一运动的描述，共5页。试卷主要包含了[2024·重庆统考一模]，解析等内容，欢迎下载使用。

1．(多选)2022年9月2日0时33分，经过约6小时的出舱活动，神舟十四号航天员陈冬、刘洋、蔡旭哲密切协同，完成出舱活动期间全部既定任务，陈冬、刘洋已安全返回天问实验舱，出舱活动取得圆满成功．下列与上述出舱任务相关的情景描述正确的是( )
A．文中2022年9月2日0时33分是指时间
B．以天问实验舱为参考系，神舟十四号飞船是静止的
C.图中，研究宇航员在舱外的活动姿态时，宇航员可以视为质点
D．研究神舟十四号飞船绕地球运行的周期时，飞船可以视为质点
2．[2024·九省联考黑龙江、吉林卷]
如图，齐齐哈尔到长春的直线距离约为400 km.某旅客乘高铁从齐齐哈尔出发经哈尔滨到达长春，总里程约为525 km，用时为2.5 h．则在整个行程中该旅客( )
A．位移大小约为525 km，平均速度大小约为160 km/h
B．位移大小约为400 km，平均速度大小约为160 km/h
C．位移大小约为525 km，平均速度大小约为210 km/h
D．位移大小约为400 km，平均速度大小约为210 km/h
3.
扫地机器人因操作简单、使用方便，已逐渐走进了人们的生活．某次清扫过程中，主人9时35分在A处启动扫地机器人，10时05分在B处完成清扫工作，其规划清扫路线如图所示．数据表明：机器人清扫路线的总长度为72 m，A、B的距离约为18 m．下列说法正确的是( )
A．“9时35分”表示时间，“10时05分”表示时刻
B．研究清扫路径时，不能将机器人视为质点
C．机器人在该过程中的位移大小为72 m
D．机器人在该过程中的平均速度大小约为0.01 m/s
4．[2024·浙江“山水联盟”质检]福州地铁5号线一期工程从荆溪厚屿站至螺洲古镇站已开通，运行线路如图，线路长约22.4 km，单程运行时间约40分钟，列车最高运行时速为80 km/h.关于福州地铁5号线，下列说法正确的是( )
A．线路长约22.4 km，指的是地铁运行的位移
B．全程运行过程中，列车不能视为质点
C．80 km/h指的是平均速度大小
D．列车运行的平均速率约为33.6 km/h
5．[2024·重庆统考一模]
如图为太极练功场示意图，半径为R的圆形场地由“阳鱼(白色)”和“阴鱼(深色)”构成，O点为场地圆心．其内部由两个圆心分别为O1和O2的半圆弧分隔．某晨练老人从A点出发沿“阳鱼”和“阴鱼”分界线走到B点，用时为t，下列说法正确的是( )
A．t指的是走到B点的时刻
B．老人的位移为 eq \f(1,2)πR
C．老人的平均速度为 eq \f(2R,t)
D．老人的平均速度为 eq \f(πR,2t)
6．(多选)[2024·广东广州模拟]如图为学习小组在教室走廊利用停表和测速仪测定同学起跑时的平均加速度．已知一同学在组长的号令中起跑，当组长按停停表时读得4.0 s，副组长同时从测速仪读得28.8 km/h.以下判断正确的是( )
A．28.8 km/h是该同学在4.0 s内的平均速度
B．28.8 km/h是该同学在4.0 s末的瞬时速度
C．该同学起跑的平均加速度为7.2 m·s－2
D．该同学起跑的平均加速度为2.0 m·s－2
7．火箭发射时，速度能在10 s内由0增加到100 m/s；汽车以108 km/h的速度行驶，急刹车时能在2.5 s内停下来，初速度的方向为正方向，下列说法中正确的是( )
A．10 s内火箭的速度改变量为10 m/s
B．2.5 s内汽车的速度改变量为－30 m/s
C．火箭的速度变化比汽车的快
D．火箭的加速度比汽车的加速度大
8．(多选)一个做变速直线运动的物体，加速度逐渐减小到零，那么，该物体的运动情况可能是( )
A．速度不断增大，加速度减到零时，速度达到最大，而后做匀速运动
B．速度不断减小
C．速度不断减小，到加速度减为零时，速度减到最小，而后做匀速运动
D．速度不断增大
9．(多选)
如图所示，物体以5 m/s的初速度沿斜面向上运动，经过2 s速度大小变为3 m/s.已知物体做匀变速运动，则下列说法中可能正确的有( )
A．物体的速度变化量大小为8 m/s，方向沿斜面向上
B．物体的速度变化量大小为2 m/s，方向沿斜面向下
C．物体的加速度大小为1 m/s2，方向沿斜面向上
D．物体的加速度大小为4 m/s2，方向沿斜面向下
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10．(多选)[2024·陕西渭南统考一模]一段高速公路上限速120 km/h，为监控车辆是否超速，设置了一些“电子警察”系统，其工作原理如图所示：路面下，距离L埋设两个传感器线圈A和B，当有车辆经过线圈正上方时，传感器能向数据采集器发出一个电信号；若有一辆汽车(在本题中可看作质点)经过该路段，两传感器先后向数据采集器发送信号，时间间隔为Δt，经微型计算机处理后得出该车的速度．若超速，则计算机将控制架设在路面上方的照相机C对汽车拍照，留下违章证据．根据以上信息，下列说法正确的是( )
A．计算汽车速度的表达式v＝ eq \f(L,Δt)
B．计算汽车速度的表达式v＝ eq \f(2L,Δt)
C．若L＝8 m，Δt＝0.2 s，照相机将会拍照
D．若L＝8 m，Δt＝0.3 s，照相机将会拍照
11．(多选)冰壶比赛是2022年北京冬奥会比赛项目之一．如图为某比赛场地示意图，a、b、c、O在同一水平直线上．某次训练中，运动员从a处推着冰壶沿图中虚线出发，到达虚线与投掷线MN的交点b处时，将冰壶以初速度v0＝2.8 m/s推出，冰壶的加速度a1＝－0.2 m/s2.冰壶沿虚线到达c点时，队友开始用毛刷摩擦冰面，以调节冰壶的运动，冰面被毛刷摩擦后冰壶的加速度变为原来的80%，冰壶恰好运动到圆垒的中心O处静止．已知从b到c用时t1＝8 s，关于冰壶的运动，下列判断正确的是( )
A．在c点时速度大小为1.0 m/s
B．从c到O历时7.5 s
C．b、O间距离为20.5 m
D．从b到O的过程中平均速度大小为1.4 m/s
课时分层精练（一） 运动的描述
1．解析：文中2022年9月2日0时33分是指时刻，故A错误；以天问实验舱为参考系，神舟十四号飞船是静止的，故B正确；研究宇航员在舱外的活动姿态时，宇航员不可以视为质点，故C错误；研究神舟十四号飞船绕地球运行的周期时，飞船可以视为质点，故D正确．故选BD.
答案：BD
2．解析：位移是起点到终点的有向线段，则在整个行程中该旅客位移大小约为400 km，平均速度大小约为v＝ eq \f(x,t)＝ eq \f(400,2.5) km/h＝160 km/h.
答案：B
3．解析：题中“9时35分”与“10时05分”均表示时刻，故A错误；研究清扫路径时，机器人的大小和形状可以忽略，可以看成质点，故B错误；位移是初位置指向末位置的有向线段，机器人在该过程中的位移大小为18 m，故C错误；机器人在该过程中的平均速度大小约为v＝ eq \f(x,t)＝ eq \f(18,30×60) m/s＝0.01 m/s，故D正确．故选D.
答案：D
4．解析：线路长约22.4 km，指的是地铁运行的路程，选项A错误；全程运行过程中，当研究列车运行速度时，列车能视为质点，选项B错误；80 km/h指的是瞬时速度大小，选项C错误；列车运行的平均速率约为v＝ eq \f(x,t)＝ eq \f(22.4,\f(2,3)) km/h＝33.6 km/h，选项D正确．故选D.
答案：D
5．解析：用时为t，可知t指的是人从A走到B点的时间间隔，A错误；位移大小指始位置指向末位置的有向线段的长度，则老人的位移为2R，B错误；老人的平均速度为 eq \(v,\s\up6(－))＝ eq \f(Δx,Δt)＝ eq \f(2R,t)，C正确，D错误．故选C.
答案：C
6．解析：时间t＝4.0 s，初速度v0＝0，末速度v＝28.8 km/h＝8.0 m/s，说明8.0 m/s是4 s末的瞬时速度，A错误，B正确；平均加速度a＝ eq \f(v－v0,t)＝ eq \f(8.0,4.0) m·s－2＝2.0 m·s－2，C错误，D正确．故选BD.
答案：BD
7．解析：10 s内火箭的速度改变量为100 m/s，故A错误；2.5 s内汽车的速度改变量为0－108 km/h＝－108 km/h＝－30 m/s，故B正确；火箭的加速度a＝ eq \f(Δv,Δt)＝10 m/s2，汽车加速度a′＝ eq \f(Δv′,Δt′)＝－12 m/s2正负号表示方向，故火箭的速度变化比汽车的慢，火箭的加速度比汽车的加速度小，故C、D错误．故选B.
答案：B
8．解析：加速度逐渐减小到零，即速度变化越来越慢直至速度不变，若加速度和速度同向，则速度增大，加速度减到零时，速度达到最大，而后做匀速运动，A正确；加速度逐渐减小到零，即速度变化越来越慢直至速度不变，若加速度和速度反向，速度减小，到加速度减为零时，速度减到最小若仍不为零，则做匀速运动；若加速度减小到零时速度恰好也减小到零，则物体保持静止，C正确；加速度逐渐减小到零，速度不可能不断增大或不断减小，最后加速度减小到0时，速度将保持不变，B、D错误．故选AC.
答案：AC
9．解析：如果经过2 s后速度大小变为3 m/s，而速度方向沿斜面向下，规定沿斜面向下为正方向，则速度变化量为Δv＝v2－v1＝3 m/s－（－5 m/s）＝8 m/s，即物体的速度变化量大小为8 m/s，方向沿斜面向下；物体的加速度为a＝ eq \f(Δv,Δt)＝4 m/s2，方向沿斜面向下，故A错误，D正确；如果经过2 s后速度大小变为3 m/s，而速度方向沿斜面向上，规定沿斜面向上为正方向，则速度变化量为Δv＝v2－v1＝3 m/s－5 m/s＝－2 m/s，即物体的速度变化量大小为2 m/s，方向沿斜面向下；物体的加速度为a＝ eq \f(Δv,Δt)＝－1 m/s2，方向沿斜面向下，故B正确，C错误．故选BD.
答案：BD
10．解析：计算汽车速度的原理是利用短时间内的平均速度来代替瞬时速度，故汽车速度的表达式为v＝ eq \f(L,Δt)，A正确，B错误；若L＝8 m，Δt＝0.2 s，则汽车的速度为v＝ eq \f(L,Δt)＝40 m/s＝144 km/h>120 km/h超速，照相机将会拍照，C正确；若L＝8 m，Δt＝0.3 s，则汽车的速度为v＝ eq \f(L,Δt)＝96 km/h<120 km/h未超速，照相机不会拍照，故D错误．故选AC.
答案：AC
11．解析：根据题意可知，冰壶从b点推出后做匀减速直线运动，根据匀变速直线运动速度与时间的关系可得到达c点时速度为vc＝v0＋a1t1＝（2.8－0.2×8） m/s＝1.2 m/s，故A错误；从c到O继续做匀减速直线运动，加速度变为a2＝80%×a1＝0.8×（－0.2）＝－0.16 m/s2.根据匀变速直线运动速度与时间的关系可得从c到O历时为t2＝ eq \f(Δv,a2)＝ eq \f(0－vc,a2)＝ eq \f(0－1.2,－0.16) s＝7.5 s，故B正确；根据匀变速直线运动位移速度公式可得bc间距离为x1＝ eq \f(v eq \\al(2,c) －v eq \\al(2,0) ,2a1)＝ eq \f(1.22－2.82,2×（－0.2）) m＝16 m，根据匀变速直线运动位移速度公式可得cO间距离为x2＝ eq \f(0－v eq \\al(2,c) ,2a2)＝ eq \f(0－1.22,2×（－0.16）) m＝4.5 m，则bO间距离为x＝x1＋x2＝（16＋4.5） m＝20.5 m，故C正确；根据平均速度的定义可得从b到O的过程中平均速度大小为 eq \(v,\s\up6(－))＝ eq \f(x,t1＋t2)＝ eq \f(20.5,8＋7.5) m/s≈1.3 m/s，故D错误．故选BC.
答案：BC