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【开学考】2024年秋季高一上入学分班考试模拟卷物理（福建专用）（测试范围：80%初中复习20%初高衔接）.zip
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物 理
(考试时间：90分钟 满分：100分 考试内容：80%初中复习+20%初高衔接)
一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。
1．（2024·福建宁德·模拟预测）小宁在运行的电扶梯往下跑，旁边有人提醒：“这样很危险，应该站着不动。”如图所示，小宁“站着不动”是相对于（ ）
A．商场里的地面B．展柜里陈列的商品
C．所站的电扶梯D．商场里走动的顾客
【答案】C
【详解】A．以商场里的地面为参照物，小宁的相对位置改变，是运动的，故A不符合题意；
B．以展柜里陈列的商品为参照物，小宁的相对位置改变，是运动的，故B不符合题意；
C．以所站的电扶梯为参照物，小宁的相对位置不变，是静止的，故C符合题意；
D．以商场里走动的顾客为参照物，小宁的相对位置改变，是运动的，故D不符合题意。
故选C。
2．（2024·福建厦门·三模）福建舰的电磁阻拦系统简单轻巧、调节方便。当舰载机着舰滑行时，系统自动分析、反馈、提供最合适的拉力勾住飞机减速。下列说法正确的是（ ）
A．阻拦索的拉力改变了舰载机的运动状态
B．舰载机对阻拦索的力与阻拦索对舰载机的力是一对平衡力
C．随着速度的减小，舰载机的惯性逐渐减小
D．舰载机的机械能不变
【答案】A
【详解】A．力可以改变物体的运动状态，阻拦索的拉力改变了舰载机的运动状态，故A正确；
B．舰载机对阻拦索的力与阻拦索对舰载机的力作用在两个相互的物体上，是一对相互力，故B错误；
C．随着速度的减小，舰载机的质量不变，惯性大小不变，故C错误；
D．当舰载机着舰滑行时，质量不变，高度不变，重力势能不变，舰载机在拉力作用下，飞机减速，则飞机的动能减小，机械能为动能与重力势能的总和，则机械能减小，故D错误。
故选A。
3．（2024·福建厦门·三模）“金陵金箔”是国家级非物质文化遗产，金箔轻薄柔软，不能用手直接拿取，如图，工匠手持羽毛扫过纸垫，再将羽毛靠近工作台上的金箔，即可吸起金箔，推理羽毛吸住金箔的原因可能是（ ）
A．羽毛与纸垫摩擦，创造电荷
B．羽毛与纸垫摩擦，带上同种电荷
C．羽毛与金箔带同种电荷，相互吸引
D．羽毛带电，吸引不带电的金箔
【答案】D
【详解】AB．羽毛与纸垫摩擦，发生摩擦起电现象，没有创造电荷，而是电荷发生了转移，使它们带上了异种电荷，故AB不符合题意；
CD．羽毛带电，金箔不带电，金箔是轻小物体，带电体具有吸引轻小物体的性质，所以羽毛可以吸引不带电的金箔，故C不符合题意，D符合题意。
故选D。
4．（2024·福建泉州·模拟预测）摇摇车工作时，工作人员接通电源后，按下开关S3，顾客选择投币支付可以接通S2，选择扫码支付可以接通S1，两种方式都可以开启摇摇车，如图所示，以下电路设计符合要求的是（ ）
A． B． C． D．
【答案】A
【详解】由题意可知，工作人员接通电源并按下开关S3后，再接通开关S1或S2才能使摇摇车工作，说明开关S3与开关S1或S2串联，而开关S1与开关S2之间的工作互不影响，所以可知开关S1与开关S2并联，即开关S1与开关S2并联后再与开关S3串联，开关S3在干路上。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
5．（2024·福建厦门·三模）如图所示的实物图，下列判断正确的是（ ）
A．灯泡L1与L2并联
B．电流表测量灯L1电流
C．电压表测量灯L2电压
D．电压表测量电源电压
【答案】B
【详解】由实物电路可知，电流从正极流出后经过电流表、灯泡L1、开关、灯泡L2，回到电源负极，是串联电路，电压表并在了L1两端，测L1两端的电压，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
6．（2024·福建厦门·三模）如图甲所示，水平向右的推力F将重为4N的物体压在竖直的粗糙程度相同的墙面上，墙面足够大。F的大小与时间t的关系如图乙所示，且已知前2s物体静止，在时间内物体向下滑动速度逐渐增大到5m/s，之后保持5m/s速度不变，则（ ）
A．当时，物体受到的摩擦力为12N
B．当时，物体受到的摩擦力一定小于4N
C．在时间内，物体受到的滑动摩擦力大小相等
D．在内，重力对物体做功的功率为40W
【答案】B
【详解】A．0~2s时物体运动的速度为0，则物体处于静止状态，当t=1s时，竖直方向的重力和摩擦力是一对平衡力，物体受到的摩擦力为4N，故A不符合题意；
B．物体在2~ 4s时间内物体做加速运动，此时受到的滑动摩擦力小于物体的重力；因此当t=3s时，物体受到的摩擦力一定小于4N，故B符合题意；
C．4~6s物体做匀速直线运动，物体受到的滑动摩擦力等于物体的重力，所以在2~6s时间内，物体受到的滑动摩擦力大小是改变的，故C不符合题意，故C错误；
D．在内，匀速下降，摩擦力等于重力，重力对物体做功的功率
故D错误。
故选B。
7．（23-24高三上·福建厦门·阶段练习）汽车导航已成为我们出行时必不可少的工具，某次导航时导航仪的界面图如图所示。则以下说法正确的是（ ）
A．研究汽车在导航图中的位置时，不能把汽车看作质点
B．常规路线中的“55.4公里”是指位移大小
C．常规路线中显示的“1小时36分”是指时刻
D．汽车分别按照常规路线和方案二行驶，两次运动的位移相同，路程不同
【答案】D
【详解】A．汽车的大小相对行驶路程可以忽略，因此研究汽车在导航图中的位置时，可以把汽车看作质点，故A错误；
B．常规路线中的“55.4公里”是指路程，大于位移大小，故B错误；
C．“1小时36分钟”是指时间间隔，故C错误；
D．汽车分别按照常规路线和方案二行驶，初始位置和末位置相同，位移相同，运动路径不同，路程不同，故D正确。
故选D。
8．（2024·福建福州·三模）闽江河口龙舟竞渡历史可追溯到秦汉，那时河口居有一支闽越王无诸氏族，他们擅长划舟，喜赛龙舟，留下了龙舟竞渡传统。《福州地方志》记载：“福州龙舟竞渡，台江、西湖皆有之。”图为龙舟比赛的照片，下列说法正确的是（ ）
A．龙舟的速度越大，惯性也越大
B．获得冠军的龙舟，其平均速度一定最大
C．龙舟齐头并进时，相对于河岸是静止的
D．龙舟能前进是因为水对船桨的作用力大于船桨对水的作用力
【答案】B
【详解】A．物体的惯性只与质量有关，故龙舟的速度越大，惯性不变，故A错误；
B．龙舟比赛位移相同，获得冠军的龙舟，所用时间最短，故获得冠军的龙舟，其平均速度一定最大，故B正确；
C．龙舟齐头并进时，相对于河岸是运动的，故C错误；
D．根据牛顿第三定律，水对船桨的作用力等于船桨对水的作用力，故D错误。
故选B。
9．（23-24八年级上·云南曲靖·阶段练习）甲、乙两物体从同一位置沿同一方向做直线运动，其s-t图像如图所示，其中甲的图线为直线，下列分析不正确的是（ ）
A．甲乙两物体是从同一地点同时出发的
B．以乙物体为参照物，甲物体一直在运动
C．从第4s到第19s甲和乙的平均速度相等
D．整个过程中甲的速度总是大于乙的速度
【答案】ABD
【详解】A．由图可知，甲、乙都从原点出发，甲从计时开始时出发，乙从开始计时后第3s时出发，故A不正确，符合题意；
BD．甲的速度为
第24~30s时，乙的速度为
第24~30s时，两物体速度相等，以乙物体为参照物，甲物体是静止的，故BD不正确，符合题意；
C．第4~19s甲乙通过的路程相等，经过的时间相等，由可知，它们的平均速度相等，故C正确，不符合题意；
故选ABD。
10．（23-24高一上·福建泉州·阶段练习）一摩托车由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的图像如图所示，则（ ）
A．摩托车在0~20s这段时间的加速度为
B．摩托车在20~45s这段时间的加速度为
C．摩托车在45~75s这段时间的加速度大小为
D．摩托车在0s~75s这段时间的位移为1500m
【答案】ACD
【详解】A．v-t图像的斜率表示物体运动的加速度大小，故摩托车在0~20s这段时间的加速度为
故A正确；
B．摩托车在20~45s这段时间的做匀速直线运动，加速度为零。故B错误；
C．摩托车在45s~75s这段时间的加速度（负号表示负方向）
加速度大小为。故C正确；
D．v-t图像与时间轴围成的面积大小表示物体某段时间的位移大小，故摩托车在0~75s这段时间的位移
故D正确。
故选ACD。
11．（23-24高一上·福建·阶段练习）《民法典》第一千二百五十四条规定：禁止从建筑物中抛掷物品。从建筑物中抛掷物品或者从建筑物上坠落的物品造成他人损害的，由侵权人依法承担侵权责任。某中学物理实验小组做了一个相关实验，在20m高的阳台上由静止释放一颗小石子，不计空气阻力，，则下列说法正确的是（ ）
A．下落时间为2sB．落地速度为40m/s
C．下落过程的速度变化量为20m/sD．下落过程的速度变化率为
【答案】AC
【详解】A．根据
可得下落时间为
故A正确；
BC．小石子落地速度为
则小石子下落过程的速度变化量为
故B错误，C正确；
D．下落过程的速度变化率即为加速度，应等于重力加速度为，故D错误。
故选AC。
12．（23-24高二下·福建福州·期末）“柳条搓线絮搓棉，搓够干寻放纸鸢”，四月正是放风筝的好时节。如图所示，在轻绳拉力的作用下，风筝始终静止在空中，下列说法正确的是（ ）
A．轻绳对人的拉力大于地面对人的摩擦力
B．人对地面的压力小于人和风筝受到的总重力
C．气流对风筝的作用力方向水平向左
D．气流对风筝的作用力方向沿轻绳向上
【答案】AB
【详解】A．轻绳对人的拉力的水平分力等于地面对人的摩擦力，因此拉力大于地面对人的摩擦力，A正确；
CD．风筝受到重力，绳子拉力和气流对风筝的作用力，气流对风筝的作用力一定与重力和绳子拉力的合力平衡，因此一定指向左上方。CD错误。
B．由于风筝受到气流对它向左上方的作用力，将人和风筝作为整体，在竖直方向上，受地面的支持力小于人和风筝受到的总重力，根据牛顿第三定律可知，人对地面的压力小于人和风筝受到的总重力，B正确。
故选AB。
二、实验题：本题共2小题，共15分。
13．（2024·福建龙岩·模拟预测）物理兴趣小组在“探究阻力对物体运动的影响”的实验中，让同一小车从同一斜面的同一高度由静止自由滑下，分别通过水平面上的毛巾、棉布、木板表面，如图所示。
（1）让小车从同一斜面上的同一高度处，沿斜面从静止开始运动，目的是使小车到达水平面时的________相同：
（2）小车在_____________表面速度减小得最慢；
（3）我们可以推断：如果水平面绝对光滑，小车将处于_____________状态；
（4）根据以上结论，关于运动和力的判断，下列说法正确的是_____________（填述明（符号）。
A．地面上滚动的是球最终会停下来，是因为没有受到力的作用
B．地面上滚动的是球要保持匀速直线运动，一定要有力来维持
C．地面上静止的足球要想从静止变为运动，一定要受到力的作用
【答案】 速度 木板 匀速直线运动 C
【详解】（1）[1]小车从斜面上滑下时，重力势能转化为动能，小车到达水平面时的动能取决于小车到达水平面的速度，让小车从同一斜面上的同一高度由静止自由滑下，是为了使小车到达水平面时的速度相同。
（2）[2]小车受到的阻力越小，小车运动的路程越远，速度减小得越慢，在木板表面运动的最远，速度减小得最慢。
（3）[3]由实验现象可以看出：小车受的阻力越小，小车运动的路程越远，速度减小得越慢；进一步推理：如果水平面绝对光滑，小车受到的阻力为零，小车将做匀速直线运动。
（4）[4]A．地面上滚动的小球最终会停下来，是因为受到地面的阻力，故A错误；
B．由牛顿第一定律可知，地面上滚动的小球要保持匀速直线运动，不需要力来维持，故B错误；
C．地面上静止的足球要想从静止变为运动，一定要受到力的作用，力是改变物体运动状态的原因，故C正确。
故选C。
14．（2024·福建厦门·三模）学习小组用伏安法测量小灯泡的电阻，连接图1电路，小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）图1中有一根导线连接错误，请在该导线上打“×”，并用笔重新画一根正确连接的导线（导线不得交叉）；_____________
（2）改正错误后，闭合开关，移动滑片至某位置，电压表示数为2V，应将滑片P向_____________（选填“A”或“B”）端移动；
（3）小灯泡正常发光时，电流表的示数如图2甲所示，此时小灯泡的电阻是_____________Ω（保留整数）；
（4）小灯泡的关系如图2乙，当小灯泡的两端电压增大时，它的电阻_____________（选填“增大”“减小”或“不变”），其原因是灯丝电阻受_____________的影响；
（5）实验中，发现电压表已损坏。小华于是设计了图2丙电路，测量Rx的阻值。实验步骤如下：
①将滑片移到a端，闭合开关S，读出电流表的示数I1；
②将滑片移到b端，闭合开关S，读出电流表的示数I2；
③读出滑动变阻器的最大阻值为R，则Rx＝_____________（用I1、I2和R表示）。
【答案】 B 10 增大 温度
【详解】（1）[1]电压表测量灯泡两端的电压，图中电压表测量电源电压，所以电压表负接线柱与滑动变阻器左端接线柱这根连线错误，去掉错误的导线后，再用导线将灯泡左接线柱与电压表负接线柱相连，如图所示
（2）[2]改正错误后，闭合开关，电压表示数为2V，为测量小灯泡正常发光时电阻，根据串联电路电压规律，根据分压原理，故应将滑片向B端移动，减小滑动变阻器连入电路的阻值，从而减小滑动变阻器两端的分压，直至电压表示数为2.5V。
（3）[3]当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，分度值0.02A，示数为0.26A，则此时小灯泡的电阻为
（4）[4]分析图像丙可知，当小灯泡两端电压增大时，电流增大的较慢，但小灯泡两端的电压增大较快，由可知，电阻变大。
[5]当小灯泡两端电压增大时，温度也会升高，灯泡的电阻变大，所以灯泡的电阻与温度有关。
（5）[6]①将滑片移到a端，此电路为Rx的简单电路，闭合开关S，记为I1，则电源电压为
②将滑片移到b端，此时Rx与R串联，读出电流表的示数I2，则电源电压为
解得
三、计算题：本题共3小题，共37分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
15．（2024·福建泉州·模拟预测）如图是一台火灾现场侦察、灭火的消防机器人，其质量为，履带与地面接触的总面积为，以的速度在水平地面沿直线匀速前进了，行驶时所受阻力为自重的0.03倍。求：
（1）消防机器人通过的路程所用时间；
（2）消防机器人静止在水平地面时，对地面产生的压强；
（3）在水平地面匀速直线前进的过程中，消防机器人牵引力做功的功率。
【答案】（1）；（2）；（3）360W
【详解】解：（1）消防机器人通过的路程所用时间为
（2）消防机器人静止在水平地面时，对地面产生的压力为
则地面产生的压强为
（3）在水平地面匀速直线前进的过程中，消防机器人受力平衡，牵引力为
则消防机器人牵引力做功的功率为
答：（1）消防机器人通过的路程所用时间为；
（2）消防机器人静止在水平地面时，对地面产生的压强为；
（3）在水平地面匀速直线前进的过程中，消防机器人牵引力做功的功率为360W。
16．（2024·福建泉州·一模）如图甲所示，银行取款机房装有单边自动感应门，其中有一扇玻璃门与墙体固定，另一扇是可动玻璃门。当人进入了感应区时，可动玻璃门将自动开启，反之将自动关闭，图乙为感应门的俯视图。当某人一直在感应区内时，可动玻璃门先匀加速运动了0.3m，用时0.5s，而后立即匀减速运动了0.6m恰好停下。求可动玻璃门：
（1）匀加速运动的加速度大小；
（2）运动过程中的最大速度大小；
（3）开启全程运动的总时间。
【答案】（1）；（2）；（3）
【详解】（1）由题意知，可动玻璃门加速过程中，由位移与时间关系式
代入得
（2）由题意知，可动玻璃门加速过程中，由速度与时间关系式，最大速度大小为
代入得
（3）由题意知，可动玻璃门减速过程中的时间为
全程的总时间为
代入得
17．（23-24高一上·全国·课时练习）马拉着自重600N的雪橇在水平冰面上做匀速直线运动，马需用水平拉力18N。g取10N/kg，问：
（1）雪橇和冰面间的动摩擦因数为多大？
（2）若在雪橇上载货500kg，马要用多大的水平力可使雪橇仍做匀速直线运动？
【答案】（1）0.03；（2）168N
【详解】（1）雪橇做匀速直线运动，对雪橇受力分析可知，在水平方向有
在竖直方向有
并且有
解得
（2）在雪橇上载货后，雪橇及货物的总重力为
则
若雪橇仍做匀速直线运动，则其受到的摩擦力大小为
此时马对雪橇的水平拉力大小为
物 理
(考试时间：90分钟 满分：100分 考试内容：80%初中复习+20%初高衔接)
一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。
1．（2024·福建宁德·模拟预测）小宁在运行的电扶梯往下跑，旁边有人提醒：“这样很危险，应该站着不动。”如图所示，小宁“站着不动”是相对于（ ）
A．商场里的地面B．展柜里陈列的商品
C．所站的电扶梯D．商场里走动的顾客
【答案】C
【详解】A．以商场里的地面为参照物，小宁的相对位置改变，是运动的，故A不符合题意；
B．以展柜里陈列的商品为参照物，小宁的相对位置改变，是运动的，故B不符合题意；
C．以所站的电扶梯为参照物，小宁的相对位置不变，是静止的，故C符合题意；
D．以商场里走动的顾客为参照物，小宁的相对位置改变，是运动的，故D不符合题意。
故选C。
2．（2024·福建厦门·三模）福建舰的电磁阻拦系统简单轻巧、调节方便。当舰载机着舰滑行时，系统自动分析、反馈、提供最合适的拉力勾住飞机减速。下列说法正确的是（ ）
A．阻拦索的拉力改变了舰载机的运动状态
B．舰载机对阻拦索的力与阻拦索对舰载机的力是一对平衡力
C．随着速度的减小，舰载机的惯性逐渐减小
D．舰载机的机械能不变
【答案】A
【详解】A．力可以改变物体的运动状态，阻拦索的拉力改变了舰载机的运动状态，故A正确；
B．舰载机对阻拦索的力与阻拦索对舰载机的力作用在两个相互的物体上，是一对相互力，故B错误；
C．随着速度的减小，舰载机的质量不变，惯性大小不变，故C错误；
D．当舰载机着舰滑行时，质量不变，高度不变，重力势能不变，舰载机在拉力作用下，飞机减速，则飞机的动能减小，机械能为动能与重力势能的总和，则机械能减小，故D错误。
故选A。
3．（2024·福建厦门·三模）“金陵金箔”是国家级非物质文化遗产，金箔轻薄柔软，不能用手直接拿取，如图，工匠手持羽毛扫过纸垫，再将羽毛靠近工作台上的金箔，即可吸起金箔，推理羽毛吸住金箔的原因可能是（ ）
A．羽毛与纸垫摩擦，创造电荷
B．羽毛与纸垫摩擦，带上同种电荷
C．羽毛与金箔带同种电荷，相互吸引
D．羽毛带电，吸引不带电的金箔
【答案】D
【详解】AB．羽毛与纸垫摩擦，发生摩擦起电现象，没有创造电荷，而是电荷发生了转移，使它们带上了异种电荷，故AB不符合题意；
CD．羽毛带电，金箔不带电，金箔是轻小物体，带电体具有吸引轻小物体的性质，所以羽毛可以吸引不带电的金箔，故C不符合题意，D符合题意。
故选D。
4．（2024·福建泉州·模拟预测）摇摇车工作时，工作人员接通电源后，按下开关S3，顾客选择投币支付可以接通S2，选择扫码支付可以接通S1，两种方式都可以开启摇摇车，如图所示，以下电路设计符合要求的是（ ）
A． B． C． D．
【答案】A
【详解】由题意可知，工作人员接通电源并按下开关S3后，再接通开关S1或S2才能使摇摇车工作，说明开关S3与开关S1或S2串联，而开关S1与开关S2之间的工作互不影响，所以可知开关S1与开关S2并联，即开关S1与开关S2并联后再与开关S3串联，开关S3在干路上。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
5．（2024·福建厦门·三模）如图所示的实物图，下列判断正确的是（ ）
A．灯泡L1与L2并联
B．电流表测量灯L1电流
C．电压表测量灯L2电压
D．电压表测量电源电压
【答案】B
【详解】由实物电路可知，电流从正极流出后经过电流表、灯泡L1、开关、灯泡L2，回到电源负极，是串联电路，电压表并在了L1两端，测L1两端的电压，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
6．（2024·福建厦门·三模）如图甲所示，水平向右的推力F将重为4N的物体压在竖直的粗糙程度相同的墙面上，墙面足够大。F的大小与时间t的关系如图乙所示，且已知前2s物体静止，在时间内物体向下滑动速度逐渐增大到5m/s，之后保持5m/s速度不变，则（ ）
A．当时，物体受到的摩擦力为12N
B．当时，物体受到的摩擦力一定小于4N
C．在时间内，物体受到的滑动摩擦力大小相等
D．在内，重力对物体做功的功率为40W
【答案】B
【详解】A．0~2s时物体运动的速度为0，则物体处于静止状态，当t=1s时，竖直方向的重力和摩擦力是一对平衡力，物体受到的摩擦力为4N，故A不符合题意；
B．物体在2~ 4s时间内物体做加速运动，此时受到的滑动摩擦力小于物体的重力；因此当t=3s时，物体受到的摩擦力一定小于4N，故B符合题意；
C．4~6s物体做匀速直线运动，物体受到的滑动摩擦力等于物体的重力，所以在2~6s时间内，物体受到的滑动摩擦力大小是改变的，故C不符合题意，故C错误；
D．在内，匀速下降，摩擦力等于重力，重力对物体做功的功率
故D错误。
故选B。
7．（23-24高三上·福建厦门·阶段练习）汽车导航已成为我们出行时必不可少的工具，某次导航时导航仪的界面图如图所示。则以下说法正确的是（ ）
A．研究汽车在导航图中的位置时，不能把汽车看作质点
B．常规路线中的“55.4公里”是指位移大小
C．常规路线中显示的“1小时36分”是指时刻
D．汽车分别按照常规路线和方案二行驶，两次运动的位移相同，路程不同
【答案】D
【详解】A．汽车的大小相对行驶路程可以忽略，因此研究汽车在导航图中的位置时，可以把汽车看作质点，故A错误；
B．常规路线中的“55.4公里”是指路程，大于位移大小，故B错误；
C．“1小时36分钟”是指时间间隔，故C错误；
D．汽车分别按照常规路线和方案二行驶，初始位置和末位置相同，位移相同，运动路径不同，路程不同，故D正确。
故选D。
8．（2024·福建福州·三模）闽江河口龙舟竞渡历史可追溯到秦汉，那时河口居有一支闽越王无诸氏族，他们擅长划舟，喜赛龙舟，留下了龙舟竞渡传统。《福州地方志》记载：“福州龙舟竞渡，台江、西湖皆有之。”图为龙舟比赛的照片，下列说法正确的是（ ）
A．龙舟的速度越大，惯性也越大
B．获得冠军的龙舟，其平均速度一定最大
C．龙舟齐头并进时，相对于河岸是静止的
D．龙舟能前进是因为水对船桨的作用力大于船桨对水的作用力
【答案】B
【详解】A．物体的惯性只与质量有关，故龙舟的速度越大，惯性不变，故A错误；
B．龙舟比赛位移相同，获得冠军的龙舟，所用时间最短，故获得冠军的龙舟，其平均速度一定最大，故B正确；
C．龙舟齐头并进时，相对于河岸是运动的，故C错误；
D．根据牛顿第三定律，水对船桨的作用力等于船桨对水的作用力，故D错误。
故选B。
9．（23-24八年级上·云南曲靖·阶段练习）甲、乙两物体从同一位置沿同一方向做直线运动，其s-t图像如图所示，其中甲的图线为直线，下列分析不正确的是（ ）
A．甲乙两物体是从同一地点同时出发的
B．以乙物体为参照物，甲物体一直在运动
C．从第4s到第19s甲和乙的平均速度相等
D．整个过程中甲的速度总是大于乙的速度
【答案】ABD
【详解】A．由图可知，甲、乙都从原点出发，甲从计时开始时出发，乙从开始计时后第3s时出发，故A不正确，符合题意；
BD．甲的速度为
第24~30s时，乙的速度为
第24~30s时，两物体速度相等，以乙物体为参照物，甲物体是静止的，故BD不正确，符合题意；
C．第4~19s甲乙通过的路程相等，经过的时间相等，由可知，它们的平均速度相等，故C正确，不符合题意；
故选ABD。
10．（23-24高一上·福建泉州·阶段练习）一摩托车由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的图像如图所示，则（ ）
A．摩托车在0~20s这段时间的加速度为
B．摩托车在20~45s这段时间的加速度为
C．摩托车在45~75s这段时间的加速度大小为
D．摩托车在0s~75s这段时间的位移为1500m
【答案】ACD
【详解】A．v-t图像的斜率表示物体运动的加速度大小，故摩托车在0~20s这段时间的加速度为
故A正确；
B．摩托车在20~45s这段时间的做匀速直线运动，加速度为零。故B错误；
C．摩托车在45s~75s这段时间的加速度（负号表示负方向）
加速度大小为。故C正确；
D．v-t图像与时间轴围成的面积大小表示物体某段时间的位移大小，故摩托车在0~75s这段时间的位移
故D正确。
故选ACD。
11．（23-24高一上·福建·阶段练习）《民法典》第一千二百五十四条规定：禁止从建筑物中抛掷物品。从建筑物中抛掷物品或者从建筑物上坠落的物品造成他人损害的，由侵权人依法承担侵权责任。某中学物理实验小组做了一个相关实验，在20m高的阳台上由静止释放一颗小石子，不计空气阻力，，则下列说法正确的是（ ）
A．下落时间为2sB．落地速度为40m/s
C．下落过程的速度变化量为20m/sD．下落过程的速度变化率为
【答案】AC
【详解】A．根据
可得下落时间为
故A正确；
BC．小石子落地速度为
则小石子下落过程的速度变化量为
故B错误，C正确；
D．下落过程的速度变化率即为加速度，应等于重力加速度为，故D错误。
故选AC。
12．（23-24高二下·福建福州·期末）“柳条搓线絮搓棉，搓够干寻放纸鸢”，四月正是放风筝的好时节。如图所示，在轻绳拉力的作用下，风筝始终静止在空中，下列说法正确的是（ ）
A．轻绳对人的拉力大于地面对人的摩擦力
B．人对地面的压力小于人和风筝受到的总重力
C．气流对风筝的作用力方向水平向左
D．气流对风筝的作用力方向沿轻绳向上
【答案】AB
【详解】A．轻绳对人的拉力的水平分力等于地面对人的摩擦力，因此拉力大于地面对人的摩擦力，A正确；
CD．风筝受到重力，绳子拉力和气流对风筝的作用力，气流对风筝的作用力一定与重力和绳子拉力的合力平衡，因此一定指向左上方。CD错误。
B．由于风筝受到气流对它向左上方的作用力，将人和风筝作为整体，在竖直方向上，受地面的支持力小于人和风筝受到的总重力，根据牛顿第三定律可知，人对地面的压力小于人和风筝受到的总重力，B正确。
故选AB。
二、实验题：本题共2小题，共15分。
13．（2024·福建龙岩·模拟预测）物理兴趣小组在“探究阻力对物体运动的影响”的实验中，让同一小车从同一斜面的同一高度由静止自由滑下，分别通过水平面上的毛巾、棉布、木板表面，如图所示。
（1）让小车从同一斜面上的同一高度处，沿斜面从静止开始运动，目的是使小车到达水平面时的________相同：
（2）小车在_____________表面速度减小得最慢；
（3）我们可以推断：如果水平面绝对光滑，小车将处于_____________状态；
（4）根据以上结论，关于运动和力的判断，下列说法正确的是_____________（填述明（符号）。
A．地面上滚动的是球最终会停下来，是因为没有受到力的作用
B．地面上滚动的是球要保持匀速直线运动，一定要有力来维持
C．地面上静止的足球要想从静止变为运动，一定要受到力的作用
【答案】 速度 木板 匀速直线运动 C
【详解】（1）[1]小车从斜面上滑下时，重力势能转化为动能，小车到达水平面时的动能取决于小车到达水平面的速度，让小车从同一斜面上的同一高度由静止自由滑下，是为了使小车到达水平面时的速度相同。
（2）[2]小车受到的阻力越小，小车运动的路程越远，速度减小得越慢，在木板表面运动的最远，速度减小得最慢。
（3）[3]由实验现象可以看出：小车受的阻力越小，小车运动的路程越远，速度减小得越慢；进一步推理：如果水平面绝对光滑，小车受到的阻力为零，小车将做匀速直线运动。
（4）[4]A．地面上滚动的小球最终会停下来，是因为受到地面的阻力，故A错误；
B．由牛顿第一定律可知，地面上滚动的小球要保持匀速直线运动，不需要力来维持，故B错误；
C．地面上静止的足球要想从静止变为运动，一定要受到力的作用，力是改变物体运动状态的原因，故C正确。
故选C。
14．（2024·福建厦门·三模）学习小组用伏安法测量小灯泡的电阻，连接图1电路，小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）图1中有一根导线连接错误，请在该导线上打“×”，并用笔重新画一根正确连接的导线（导线不得交叉）；_____________
（2）改正错误后，闭合开关，移动滑片至某位置，电压表示数为2V，应将滑片P向_____________（选填“A”或“B”）端移动；
（3）小灯泡正常发光时，电流表的示数如图2甲所示，此时小灯泡的电阻是_____________Ω（保留整数）；
（4）小灯泡的关系如图2乙，当小灯泡的两端电压增大时，它的电阻_____________（选填“增大”“减小”或“不变”），其原因是灯丝电阻受_____________的影响；
（5）实验中，发现电压表已损坏。小华于是设计了图2丙电路，测量Rx的阻值。实验步骤如下：
①将滑片移到a端，闭合开关S，读出电流表的示数I1；
②将滑片移到b端，闭合开关S，读出电流表的示数I2；
③读出滑动变阻器的最大阻值为R，则Rx＝_____________（用I1、I2和R表示）。
【答案】 B 10 增大 温度
【详解】（1）[1]电压表测量灯泡两端的电压，图中电压表测量电源电压，所以电压表负接线柱与滑动变阻器左端接线柱这根连线错误，去掉错误的导线后，再用导线将灯泡左接线柱与电压表负接线柱相连，如图所示
（2）[2]改正错误后，闭合开关，电压表示数为2V，为测量小灯泡正常发光时电阻，根据串联电路电压规律，根据分压原理，故应将滑片向B端移动，减小滑动变阻器连入电路的阻值，从而减小滑动变阻器两端的分压，直至电压表示数为2.5V。
（3）[3]当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，分度值0.02A，示数为0.26A，则此时小灯泡的电阻为
（4）[4]分析图像丙可知，当小灯泡两端电压增大时，电流增大的较慢，但小灯泡两端的电压增大较快，由可知，电阻变大。
[5]当小灯泡两端电压增大时，温度也会升高，灯泡的电阻变大，所以灯泡的电阻与温度有关。
（5）[6]①将滑片移到a端，此电路为Rx的简单电路，闭合开关S，记为I1，则电源电压为
②将滑片移到b端，此时Rx与R串联，读出电流表的示数I2，则电源电压为
解得
三、计算题：本题共3小题，共37分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
15．（2024·福建泉州·模拟预测）如图是一台火灾现场侦察、灭火的消防机器人，其质量为，履带与地面接触的总面积为，以的速度在水平地面沿直线匀速前进了，行驶时所受阻力为自重的0.03倍。求：
（1）消防机器人通过的路程所用时间；
（2）消防机器人静止在水平地面时，对地面产生的压强；
（3）在水平地面匀速直线前进的过程中，消防机器人牵引力做功的功率。
【答案】（1）；（2）；（3）360W
【详解】解：（1）消防机器人通过的路程所用时间为
（2）消防机器人静止在水平地面时，对地面产生的压力为
则地面产生的压强为
（3）在水平地面匀速直线前进的过程中，消防机器人受力平衡，牵引力为
则消防机器人牵引力做功的功率为
答：（1）消防机器人通过的路程所用时间为；
（2）消防机器人静止在水平地面时，对地面产生的压强为；
（3）在水平地面匀速直线前进的过程中，消防机器人牵引力做功的功率为360W。
16．（2024·福建泉州·一模）如图甲所示，银行取款机房装有单边自动感应门，其中有一扇玻璃门与墙体固定，另一扇是可动玻璃门。当人进入了感应区时，可动玻璃门将自动开启，反之将自动关闭，图乙为感应门的俯视图。当某人一直在感应区内时，可动玻璃门先匀加速运动了0.3m，用时0.5s，而后立即匀减速运动了0.6m恰好停下。求可动玻璃门：
（1）匀加速运动的加速度大小；
（2）运动过程中的最大速度大小；
（3）开启全程运动的总时间。
【答案】（1）；（2）；（3）
【详解】（1）由题意知，可动玻璃门加速过程中，由位移与时间关系式
代入得
（2）由题意知，可动玻璃门加速过程中，由速度与时间关系式，最大速度大小为
代入得
（3）由题意知，可动玻璃门减速过程中的时间为
全程的总时间为
代入得
17．（23-24高一上·全国·课时练习）马拉着自重600N的雪橇在水平冰面上做匀速直线运动，马需用水平拉力18N。g取10N/kg，问：
（1）雪橇和冰面间的动摩擦因数为多大？
（2）若在雪橇上载货500kg，马要用多大的水平力可使雪橇仍做匀速直线运动？
【答案】（1）0.03；（2）168N
【详解】（1）雪橇做匀速直线运动，对雪橇受力分析可知，在水平方向有
在竖直方向有
并且有
解得
（2）在雪橇上载货后，雪橇及货物的总重力为
则
若雪橇仍做匀速直线运动，则其受到的摩擦力大小为
此时马对雪橇的水平拉力大小为
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