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2024年山东省临沂市中考一模物理试题（解析版）
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这是一份2024年山东省临沂市中考一模物理试题（解析版），共25页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图与实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1. 我国的北斗卫星导航系统被称世界三大卫星导航系统之一。古有北斗星指方向，今有北斗卫星导航程。北斗卫星与地面间传递信息是利用（ ）
A. 超声波B. 次声波C. 电磁波D. 空气
【答案】C
【解析】
【详解】电磁波的传播不需要介质，北斗卫星与地面间是利用电磁波传递信息的。
故选C
2. 2024年3月25日，小郯同学所在班级复习了八年级物理第10章《机械与人》，下列说法正确的是（ ）
A. 老师的声音是由空气的振动产生的
B. 15℃时，老师声音是以340m/s的速度传播
C. 同学们能根据音调辨别出老师的声音
D. 同学们听到老师的声音很大是因为他的音调很高
【答案】B
【解析】
【详解】A．声音是由物体振动产生的，老师的声音是由声带的振动产生的，故A错误；
B．15℃时，声音在空气里的传播速度是340m/s，故B正确；
C．不同人说话时的音色不同，所以同学们能根据音色辨别出老师的声音，故C错误；
D．声音的大小或强弱叫响度。老师讲课声音很大是因为他的响度大，故D错误。
故选B。
3. 2024年2月28日，全国射击冠军赛（飞碟项目）暨国家飞碟射击队巴黎奥运会最终队伍选拔赛圆满落幕。下列与射击时“三点一线”原理相同的现象是（ ）
A. 叶子经露珠成放大的像
B. 荷花水中形成倒影
C 光线射入树林中
D. 手机拍照
【答案】C
【解析】
【详解】射击时“三点一线”是指目标物、准心与眼睛三点与视线共线，原理是光在同种均匀的介质中沿直线传播；
A．叶子经露珠成像时，露珠相当于凸透镜，叶子位于凸透镜焦距以内，成正立、放大的虚像，属于光的折射现象。故A不符合题意；
B．荷花水中形成倒影是平面镜成像，属于光的反射。故B不符合题意；
C．光线射入树林中时，在树林的空隙中形成光束，是由于光的直线传播，故C符合题意；
D．手机拍照利用照相机原理，根据凸透镜成像规律，成倒立、缩小的实像，属于光的折射现象，故D不符合题意。
故选C。
4. 中国交通运输协会对临沂进行“中国物流之都”复评授牌，临沂拥有3000条物流线路，已覆盖全国所有县级以上城市。某物流仓库有南北两个进出口，当有车辆从任何一个进出口经过时，开关自动闭合一段时间，值班室内的指示灯会亮，提醒门卫有车辆通过，以便监视进出口安全，下列电路图中，符合要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】A．由图知：无论是南门还是北门开关，只要闭合一个或同时闭合，灯泡都会发光，故A符合题意；
B．由图知：当南门开关闭合时，会造成电源短路，灯泡不能发光，故B不符合题意；
C．由图知：只有南门、北门两个开关同时闭合，灯泡才发光，故C不符合题意；
D．由图知：当只闭合南门开关时灯泡不亮；两个开关都闭合会造成电源短路，灯泡不亮，故D不符合题意。
故选A。
5. 为了避免驾驶员在汽车行驶时低头着仪表造成事故，人们发明了如图甲所示的汽车平视显示系统（HUD）。如图乙所示是HUD工作原理图，驾驶员透过挡风玻璃（看作平面镜）往前方观看的时候，下列说法正确的是（ ）
A. 行车数据在挡风玻璃上所成的像是实像
B. 像和物体关于挡风玻璃不对称
C. 汽车前灯的反光装置相当于凸面镜
D. 某HUD显示器水平放置在汽车中控台上，通过挡风玻璃成垂直于水平面的像（图乙），则挡风玻璃与水平面夹角为45°
【答案】D
【解析】
【详解】A．挡风玻璃相当于平面镜，挡风玻璃上所成的像是正立的虚像，故A错误；
BD．显示器水平放置在汽车中控台上，像和物关于镜面对称，像在竖直方向上，则挡风玻璃与水平面夹角为45°，故B错误，D正确；
C．汽车前灯的反光装置（反光罩）相当于凹面镜，故C错误。
故选D。
6. 临沂市是江北地区最大的物流基地。在快递运输水果、海鲜等易变质产品时，在没有冷源的情况下，为起保鲜作用，下列分析正确的是（ ）
A. 冰袋温度很低，含有的热量很少
B. 冰袋温度很低，没有内能
C. 冰袋中的冰熔化时，质量不变
D. 此过程中发生热传递的原因是产品的内能比冰袋大
【答案】C
【解析】
【详解】A．热量是过程量，只能说“传递”热量，“吸收”、“放出”热量，不能说“含有”，故A错误；
B．一切物体在任何温度状态下都具有内能，温度很低的冰块也具有内能，故B错误；
C．物体的质量不随状态面改变，冰袋中的冰熔化时，只是由固态变成了液态，其质量不变，故C正确；
D．热传递的条件是存在温度差，因为产品温度高于冰块的温度，所以热量从产品传向冰块，故D错误。
故选C。
7. 2024年3月24日周末，妈妈给小郯买了一个轮滑鞋，如图所示。它的轮子转动时可使轮子边缘的LED灯闪闪发光，选项中与此工作原理相同的是（ ）
A. 电风扇
B. 电磁起重机
C. 扬声器
D. 动圈式话筒
【答案】D
【解析】
【详解】轮子转动时，LED灯闪闪发光， LED灯发光。这是利用了电磁感应原理。
A．电风扇是利用电动机工作的，电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故A不符合题意；
B．电磁起重机是利用电流的磁效应工作，电磁铁中有电流通过时产生磁性，故B不符合题意；
C．扬声器是通电的线圈在磁场中受到力的作用而运动，带动扬声器的纸盒振动发声，故C不符合题意；
D．动圈式话筒是线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，利用电磁感应原理工作，故D符合题意。
故选D。
8. 下列数据最接近实际情况的是（ ）
A. 人步行的速度约为8m/s
B. 教室门框的高度约为5m
C. 家用电视机工作电流约1.0A
D. 临沂冬季最低气温约为﹣40℃
【答案】C
【解析】
【详解】A．人步行的速度约为1.2m/s，故A不符合题意；
B．教室的高度约为3m，教室门的高度约2.2m，故B不符合题意；
C．家用电视的功率约为200W，正常工作时的电流约为
接近1A，故C符合题意；
D．临沂冬季最低气温约为-10℃，故D不符合题意。
故选C。
9. 郯城，地处山东省最南端；地理坐标为东经118°05′～118°31′，气候宜人，四季分明。下列现象属于液化的是（ ）
A. 冰雪消融B. 露珠晶莹
C. 霜挂枝头D. 千里冰封
【答案】B
【解析】
【详解】A．冰雪消融，冰从固态变成液体，属于熔化吸热现象，故A不符合题意；
B．露珠晶莹，空气中的水蒸气遇冷液化成小水滴，是液化放热现象，故B符合题意；
C．霜挂枝头，空气中的水蒸气遇冷凝华成霜，是凝华放热现象，故C不符合题意；
D．千里冰封，水从液态变成固态，属于凝固放热现象，故D不符合题意。
故选B。
10. 遵义市校园足球联赛的开展，极大地丰富了校园文化生活，赛事中，关于力与运动的说法正确的是（ ）
A. 足球在草坪上静止不动时，受到重力、支持力和摩擦力的作用
B. 前锋队员将飞来的足球顶向球门，说明力能改变物体的运动状态
C. 踢出足球继续向前滚动是因为足球受到惯性的作用
D. 静止在地面上的守门员对地面的压力和地面对他的支持力是一对平衡力
【答案】B
【解析】
【详解】A．足球在草坪上静止不动时，足球没有发生相对运动、也没有相对运动的趋势，所以足球不受摩擦力作用，只受到重力和支持力的作用，故A错误；
B．前锋队员将飞来的足球顶向球门，球的运动方向发生改变，说明力能改变物体的运动状态，故B正确；
C．惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力，踢出的足球继续向前滚动是因为足球具有惯性，故C错误；
D．静止在地面上的守门员对地面的压力和地面对他的支持力，这两个力作用在两个物体上，不是一对平衡力，而是一对相互作用力，故D错误。
故选B。
11. 如图所示是世界上最大的豪华渡轮之一“海洋魅力”号，长361m，宽66m，满载时排水量达22.8万吨，满载时吃水深度达30m，可以搭载6320名游客。下列相关说法正确的是（g取10N/kg，ρ海水=1×103 kg/m3）（ ）
A. 满载时船底受到海水的压强为3×104 Pa
B. 满载时船底平均每0.5m2面积上受到海水的压力为6×105 N
C. 满载时船受到的浮力为2.28×109 N
D. 当游客下船后船受到的浮力保持不变
【答案】C
【解析】
【详解】满载时船底受到的海水压强为
故A错误；
由可得，满载时船底平均每面积上受到海水的压力为
故B错误；
由于船漂浮，所以船受到的浮力为
故C正确；
D．当客人下船后，船的总重力减小，但船始终漂浮在水面上，浮力等于总重力，总重力减小，因此船受到的浮力变小，故D错误。
故选C。
12. 2024年3月21日13时27分，我国在酒泉卫星发射中心使用长征二号丁运载火箭/远征三号上面级，成功将云海二号02组卫星发射升空，发射任务获得圆满成功。火箭加速上升的过程中（ ）
A. 动能不变B. 动能变小
C. 动能变大D. 重力不做功
【答案】CD
【解析】
【详解】ABC．火箭点火后加速上升的过程，质量不变，速度增大，动能变大；故C符合题意，AB不符合题意；
D．火箭在重力的方向上没有移动距离，所以重力不做功，故D符合题意。
故选CD。
13. 由我国研发的“奋斗者”号载人潜水器已成功抵达深海10909米。下列有关“奋斗者”号的说法正确的是（ ）
A. 漂浮在海面上时受力平衡
B. 匀速航行时受合力向前
C. 加速航行时惯性越来越大
D. 潜水器是由硬度小，密度大的材料制成的
【答案】A
【解析】
【详解】A．潜水器漂浮在海面上时浮力等于自身重力，受力平衡，故A正确；
B．匀速航行时处于平衡状态时，受平衡力，所受合力为零，所以并不是合力向前，故B错误；
C．加速航行时船的质量不变，惯性大小不变，故C错误；
D．潜水器材料除需要较高的硬度外，潜水器有重量调节装置，密度不宜太大影响灵活性，故D错误。
故选A。
14. 小丹去参观科技馆的时候，发现了一个神奇的磁悬浮地球仪（如图甲），其内部结构如图乙所示，则关于该地球仪，下列说法正确的是（ ）
A. 闭合开关后，电磁铁上方是S极
B. 该地球仪用到了同名磁极相互排斥的原理
C. 电源的上端是负极
D. 地球仪悬浮时，地球仪不受任何力作用
【答案】BC
【解析】
【详解】AC．已知条形磁体上端为S极，则下端为N极，根据同名磁极相互排斥，可知，电磁铁的上端为N极，下端为S极；根据安培定则，伸出右手使大拇指指向电磁铁的N极（电磁铁的上端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，电流从螺线管的下端流入，所以电源的下端为正极，故A错误，C正确；
B．磁悬浮地球仪之所以能悬浮在空中，是利用了同名磁极相互排斥的原理，故B正确 ；
D．由图可知，是一个磁悬浮地球仪，处于平衡状态，其受到竖直向下的重力，竖直向上的磁场力，两个力为一对平衡力，故D错误。
故选BC。
15. 如图甲是某款电子测温仪，图乙是它内部的原理电路图，其中电源电压保持不变，定值电阻R0为保护电阻；R是热敏电阻，用于靠近人体测温，当被测者体温较高时，显示仪D的示数也会变大。正常条件下关于此测温仪，下列分析正确的是（ ）
A. 显示仪是由电流表改装成的
B. 热敏电阻R的阻值随着温度的升高而增大
C. 被测者体温越高，电路中电流越小
D. 被测者体温越高，电路的总电功率越大
【答案】D
【解析】
【详解】A．图中R与R0串联，因显示仪D与保护电阻并联，故显示仪是由电压表改装成的，故A错误；
B．当被测者体温较高时，显示仪D的示数也会变大，由串联电路电压的规律，热敏电阻的电压变小，由分压原理，热敏电阻的电阻变小，即热敏电阻R的阻值随着温度的升高而减小，故B错误；
CD．被测者体温越高，电压表示数越大，由欧姆定律可知电路中的电流越大，根据P=UI，电路消耗的电功率越大，故C错误，D正确。
故选D。
16. 如图所示电路，闭合开关S1、S2，两电表都有示数，下列判断正确的是（ ）
A. 电流表A2测量通过灯L2的电流
B. 有灯泡损坏时，电流表A1、A2示数可能相等
C. 若灯L1发生短路，L2正常发光
D. 仅断开S1，电流表A1的示数不变
【答案】B
【解析】
【详解】A．电路为并联电路，电流表A1接在干路上，测量干路电流；电流表A2接在L1所在的支路上，测量L1所在支路的电流，开关S1接在L1所在的支路上，控制L1的通断；开关S2接在干路上，控制整个电路，故A错误；
B．若L2断路，电路为只有L1简单电路，两电流表均测L1的电流，示数相等，故B正确；
C．若灯L1发生短路，L2会被短路，所以不能正常发光，故C错误；
D．仅断开S1，L1断路，对L2没有影响，电流表A1接在干路上，测量干路电流，所以会变小，故D错误。
故选B。
17. 2023年中国汽车出口量将达540万辆，其中新能源汽车占比40%，达220万辆，保持着全球第一大汽车出口国的地位。新能源汽车中绝大多数是电动车。2024年3月25日，郯城突降中雨，气温降到10度以下，小郯坐在爸爸驾驶的新能源电动汽车里，突然产生了以下想法，说法正确的是（ ）
A. 上车时，小郯发现自己穿的毛衣，冒出“火花”，这是毛衣摩擦起电的原因
B. 小郯发现汽车前挡风玻璃里面有雾产生，这是汽化的结果
C. 电动汽车行驶时，是把机械能转化为电能
D. 一束绿光照在爸爸的红色汽车上，汽车看起来是红色
【答案】A
【解析】
【详解】A．上车时，小郯发现自己穿的毛衣冒出“火花”；是因为毛衣和衬衣之间相互摩擦带电，两者带有异种电荷，放电产生“火花”，故A正确；
B．汽车前挡风玻璃里面有雾产生，这是车内的水蒸气遇到温度低的玻璃液化形成的小水珠，故B错误；
C．电动汽车行驶时，消耗电能，获得机械能，是把电能转化为机械能，故C错误；
D．不透明物体的颜色由反射的色光决定，红色的汽车反射红光，一束绿光照在爸爸的红色汽车上，汽车看起来是黑色，故D错误。
故选A。
18. 标有“6V；3W”和“6V；6W”的灯L1和L2（假设两灯灯丝电阻不变），若将它们串联在某电源上，使其中一个灯正常发光时，下列说法正确的是（ ）
A. 通过灯L1和L2的电流之比为2︰1
B. 灯L1和L2两端的电压之比为1︰2
C. 灯L2和L1的发光亮度相同
D. 能够正常发光的灯应是灯L1
【答案】D
【解析】
【详解】A．串联电路中各处电流相等，若将它们串联在某电源上，通过灯L1和L2的电流之比为1︰1，故A错误；
BCD．L1允许通过的最大电流为
L2允许通过的最大电流为
串联电路中各处电流相等，则电路允许的最大电流为0.5A，能正常发光的是L1；L1的电阻为
L2的电阻为
灯L1和L2两端的电压之比为
通过两灯的电流相等，两灯的电阻不相等，根据可知，两灯的实际电功率不相等，两灯的亮度不同，故BC错误，D正确。
故选D。
19. 两个相同的烧杯中盛有甲、乙两种不同的液体，两个相同的小球在杯中静止时两杯液面相平，如图所示。则下列说法正确的是（ ）
A. 小球排开液体的质量m甲＜m乙
B. 液体对小球的浮力F浮甲＝F浮乙
C. 液体对容器底部的压强p甲＝p乙
D. 液体对容器底部的压力F甲＜F乙
【答案】B
【解析】
【详解】AB．由图可知，小球在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态。因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以同一只小球在两杯中受到的浮力相等，都等于小球的重力，即F浮甲＝F浮乙。由F浮＝G排可得，小球排开液体的质量m甲＝m乙，故A错误，B正确；
C．根据浮沉条件可知，物体漂浮时ρ液＞ρ物，物体悬浮时ρ液＝ρ物。所以ρ液甲＞ρ球，ρ液乙＝ρ球，由此可得ρ液甲＞ρ液乙，已知两杯中液面相平，ρ液甲＞ρ液乙，由p＝ρgh可知，烧杯底受到液体的压强p液甲＞p液乙，故C错误；
D．烧杯底受到液体的压强p液甲＞p液乙，烧杯底面积相同，由可知，液体对容器底部的压力F甲＞F乙，故D错误；
故选B。
20. 如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为12V，闭合开关S后，滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的I﹣U关系如图乙所示，下列说法中正确的是（ ）
A. 电源电压为24V
B. 小灯泡的额定功率为12W
C. 滑动变阻器的最大阻值为10Ω
D. 该电路总电功率的变化范围为12W～24W
【答案】D
【解析】
【详解】AB．由电路图可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为灯泡的简单电路，由图像可知，电路中的电流I=2A，电源电压
U=UL=12V
故A错误；
B．电路中的最大功率及灯泡的额定功率为
故B错误；
CD．当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路的总功率最小，由图像可知，灯泡两端的电压UL＇=3V，电路中的电流I＇=1A，电路的最小总功率为
则该电路总功率变化范围为12W~24W；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压为
滑动变阻器的最大阻值为
故C错误，D正确；
故选D。
二、填空题（每空1分，共18分）
21. “水韵琅琊”城市文旅综合体充分利用沂河水域资源和河岸景观，全面释放水上旅游市场活力，推出水韵琅琊水上观光游船、快艇项目2024年3月23日（星期六）。
（1）观光码头附近人声鼎沸，是指声音的______（选填“音调高”或“响度大”）；相对于前面正在端坐在驾驶室的驾驶员，坐在观光艇的顾客是______（选填“运动”或“静止”）的；
（2）游玩结束后，关闭了发动机的观光艇依然能向前运动一段距离，这是因为游船具有______；游客逐渐离船上岸的过程中，游船排开的水的质量______（选填“增大”“减小”或“不变”）；水面下1m深处的船舷受到的水的压强为______Pa（水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg）；
（3）观光艇上的游客看到水中欢快游动的鱼儿是光的______形成的虚像；
（4）某次航行时，发动机输出功率4.3×104W（q柴油＝4.3×107J/kg），游玩20min，发动机做的功是______J，此过程消耗柴油4kg，发动机的效率是______。
【答案】（1） ①. 响度大 ②. 静止
（2） ①. 惯性 ②. 减小 ③. 1×104
（3）折射 （4） ①. 5.16×107 ②. 30%
【解析】
【小问1详解】
[1] 观光码头附近人声鼎沸，说明声音大，是指声音的响度大。
[2] 相对于前面端坐在驾驶室的驾驶员，坐在观光艇的顾客相对位置不变，是静止的。
【小问2详解】
[1]游玩结束后，关闭了发动机，快艇由于惯性，要继续保持原来的运动状态不变，所以依然能向前运动一段距离。
[2]游船始终漂浮，浮力等于重力，游客逐渐离开游船上岸的过程中，游船重力变小，则浮力变小，根据可知游船排开的水的质量减小。
[3]水面下1m深处的船舷受到的水的压强为
【小问3详解】
看到的水中的鱼是由于水中鱼反射出的光，在水面处发生了折射，折射光线向远离法线的方向偏折，因此我们看到的是变浅的鱼的虚像。
【小问4详解】
[1]游玩20min，发动机做的功是
[2]4kg柴油完全燃烧释放的能量是
发动机的效率是
22. 煎饼香，情意长，临沂煎饼就是香。
（1）摊煎饼时，小郯发现在煎饼机煎饼上面有一些白烟，发生的是______（填物态变化名称），此过程需要对外______热量（填写“吸收”或者“放出”）；
（2）煎饼机工作时，小郯同学发现煎饼机可以自动转动，说明力可以改变物体的______，又发现煎饼逐渐变热，此过程煎饼机是把电能转化为______和______，煎饼机工作时，一般选用铁鏊子，因为铁的比热容相对______（选填“较大”或“较小”），利于煎饼机温度升高较快；
（3）煎饼机由电动机带动缓慢转动，简化电路如图所示，其中电热丝R的阻值为55Ω，电动机的额定功率是22W。该煎饼机正常工作时，通过电热丝R的电流为______A；电动机10min消耗的电能为______J。
【答案】（1） ①. 液化 ②. 放出
（2） ①. 运动状态 ②. 内能 ③. 机械能 ④. 较小
（3） ①. 4 ②.
【解析】
【小问1详解】
[1][2]摊煎饼时，煎饼机煎饼上面有一些白烟，是小液滴，是水蒸气变为液体的过程，发生的是液化，这个过程需要吸热。
【小问2详解】
[1]力可以改变物体的运动状态，力可以改变物体的形状；煎饼机工作时，煎饼机可以自动转动，说明力可以改变物体的运动状态。
[2][3]煎饼机让煎饼逐渐变热的过程中，是把电能转化为内能和机械能。
[4]在质量、吸收热量一定的情况下，比热容小的物质，温度变化比较明显，煎饼机工作时，一般选用比热容较小的铁。
【小问3详解】
[1]由图可知，R与电动机并联，该烧烤炉正常工作时，通过电热丝R的电流为
[2]由可知，电动机10min消耗的电能为
23. 如图甲电路，闭合开关后，两电压表指针位置均如乙图所示。则两端电压为______V，两电阻之比______。
【答案】 ①. 8 ②. 1∶4
【解析】
【详解】[1][2]由电路图可知，R1、R2串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测R1两端的电压。因串联电路中总电压等于各分电压之和，且两只电压表指针的偏转角度相同，所以，电压表V1的量程为0~15V，分度值为0.5V，则电源电压U=10V，电压表V2的量程为0~3V，分度值为0.1V，则R1两端的电压U1=2V，根据串联电路的电压特点可得，R2两端的电压
U2=U-U1=10V-2V=8V
串联电路中各处的电流相等，R1、R2的阻值之比
三、作图与实验题（第24题2分，第25题5分，第26题4分，第27题6分，第28题7分，共24分）
24. 如题图所示，书静止放在水平桌面上，请在O点画出书受到的重力G和支持力F的示意图。
【答案】
【解析】
【详解】静止在水平桌面上物体受到重力和支持力的共同作用，保持静止状态，重力从重心竖直向下画，标出符号G，支持力从重心竖直向上画，标出符号F，注意两个力大小相等，所画线段的长度要相等，如图所示
25. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中：
（1）如图甲，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距是______cm；
（2）实验过程中，当蜡烛与凸透镜的距离如图乙所示时，在光屏上可得到一个清晰的实像，生活中利用这个规律制成的光学仪器是______（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）；若保持凸透镜位置不变，蜡烛从35cm刻度线处向右移动2cm，则此时光屏应该向______移动（填左或右）；
（3）实验进行过程中，蜡烛会越燃越短，像会呈在光屏的______方，要想让像仍然呈在光屏的中央，需将凸透镜往______（填上或下）移动。
【答案】（1）10.0
（2） ①. 投影仪 ②. 右
（3） ①. 上 ②. 下
【解析】
【小问1详解】
跟主光轴平行的光线经过凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这一点是凸透镜的焦点，光屏上出现一个最小最亮的光斑是凸透镜的焦点；光心和焦点之间的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距为
【小问2详解】
[1]如图乙所示时，在光屏上可得到一个清晰的实像，物距
当
光屏上成倒立、放大的实像，应用于投影仪。
[2]蜡烛从35.0cm刻度线处向右移动2.0cm，且物距大于焦距成实像，即物距是变小，像变大，所以光屏应该向右移动才能重新承接清晰的像。
【小问3详解】
[1]凸透镜成倒立的实像，蜡烛由于燃烧逐渐变短，相对于凸透镜向下移动，所以像逐渐向上移动，像会呈在光屏的上方。
[2]蜡烛变短后，烛焰的中心向下移动，为了让烛焰、凸透镜和光屏的中心还能在同一直线上，凸透镜应向下移动，烛焰的像才能再次成在光屏中央。
26. 小红在春游时捡到一些石头，拿了其中一块想用天平、量筒测量石块密度。
（1）天平放在水平桌面上，游码调到标尺零刻线，指针如甲图所示，平衡螺母应向____________（选填“左”或“右”）调，直至指针指在分度盘中线，天平横梁平衡；
（2）如图乙，小石块质量为____________g，如图丙是石块浸没量筒水中前、后液面情况，根据图中信息，可测得小石块密度为____________；
（3）在测量石块质量过程中，砝码要用____________（选填“手”或“镊子”）夹取，若先用量筒测石块体积，后用天平测石头质量，测得小石块密度值____________（选填“偏大”“偏小”或“不变”）；
【答案】 ①. 右 ②. 89 ③. 8.9 ④. 镊子 ⑤. 偏大
【解析】
【详解】（1）[1]天平放在水平桌面上，游码在零刻度线处，指针指在分度盘的左侧，说明天平左侧偏重，因此应该将平衡螺母向右调，直至天平水平平衡。
（2）[2]如图乙所示，小石头的质量为砝码质量加上游码示数，标尺上每一小格代表0.2g，标尺的读数为4g，故石块质量为
[3]石块体积为
故石头密度为
（3）[4]在测量石块质量过程中，砝码要用镊子夹取，避免腐蚀砝码，影响测量的准确度。
[5]若先用量筒测石块体积，后用天平测石头质量，由于石块沾了水，测出的质量偏大，由可知，测得小石块密度值偏大。
27. 在标准大气压下，做“观察水的沸腾”的实验时，甲、乙、丙三个实验小组的同学分别从图中A、B两套实验装置中任选一套来完成实验。
（1）甲组同学从水温升高到90℃时开始记录数据，以后每隔1min记录一次水的温度，直到水沸腾5min为止，实验数据如表，分析表中的数据可知，甲组同学选择的是___________（A/B）套装置；
（2）乙、丙两组同学都选择了另外一套实验装置，这两组同学虽然选用的实验装置相同，但水开始沸腾的时刻不同，他们绘制的沸腾图象如图C所示，得到a、b两种不同图象的原因是：___________不同；
A．水的质量 B．水的初始温度
（3）实验后，甲组的同学对大家提出了这样的疑问：如果不对水加热，能让水重新沸腾吗？老师马上将一杯停止沸腾的水放进能抽气的密闭玻璃罩中，如图D，接通抽气机电源，随着玻璃罩中空气的抽出，热水居然沸腾起来。通过分析，同学们知道了发生此现象的原因是：抽气机抽气时，玻璃罩内的气压减小，水的沸点___________（升高/不变/降低），因此在不加热的情况下，水能重新沸腾；
（4）水沸腾时产生大量气泡，在上升过程中气泡逐渐变___________（填“大”或“小”），直至水面破裂；
（5）如图，将烧瓶内水沸腾时所产生的水蒸气通入试管A中，试管A放在装冷水的容器B内，过一段时间，观察到试管A中产生的现象是越来越多___________（选填“水蒸气”“小水珠”“小冰晶”），同时看到温度计C的示数___________（“降低”或“升高”）。这个实验说明了水蒸气液化时要放出热量。
【答案】 ①. B ②. A ③. 降低 ④. 大 ⑤. 小水珠 ⑥. 升高
【解析】
【详解】（1）[1]如图，A装置烧杯上没有盖，B装置上烧杯有盖，烧杯上加盖，可以增大水上方的气压，使水的沸点升高，由表格数据知，水的沸点的102℃，所以甲同学使用B装置。
（2）[2]由图C知，两组同学所用的水的初温相同，但加热到沸腾的时间不同，则可能是所用水的质量不同，或所用酒精灯的火力不同，在相同时间内放出的热量不同，水吸收的热量不同，故A符合题意，B不符合题意。
故选A。
（3）[3]将热水放在玻璃罩中，抽出空气时，水的温度变化不大，但水上方空气减小，气压变低，水沸腾起来，说明此时水的沸点变低了，所以水的沸点随着气压减小而降低。
（4）[4]液体沸腾前吸收热量，温度不断升高，气泡上升时不断变小；液体沸腾时吸收热量，温度保持不变，气泡上升时不断增大。
（5）[5][6]通入试管A中的水蒸气遇冷就会液化，形成小水珠，附着在试管壁上；水蒸气液化时，要放出热量，冷水吸收热量后温度会升高，所以温度计的示数会升高。
28. 用如图甲所示的电路测量未知电阻Rx的阻值（阻值约为10Ω），电源电压为3V。
（1）请用笔画线代替导线，将电路连接完整。要求：滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表的示数变小__________；（导线不允许交叉）
（2）电路连接完成后，闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，出现此现象的原因可能是Rx__________或__________断路；
（3）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片至某一位置，电压表示数为2.7V，电流表示数如图乙是__________A，则测得未知电阻Rx＝__________Ω；
（4）另一组同学利用图丙所示电路也完成了该实验。电源电压不变，滑动变阻器的最大阻值为R0，a、b为滑动变阻器两端点，请把实验步骤补充完整；
①闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P至a端，读出电压表示数U1；
②闭合开关S，__________，读出电压表示数U2，则待测电阻的表达式，Rx＝__________。（用R0、U1、U2表示）
【答案】 ①. ②. 短路 ③. 电压表 ④. 0.3 ⑤. 9 ⑥. 移动滑动变阻器滑片P至b端 ⑦.
【解析】
【详解】（1）[1]滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表的示数变小，说明滑动变阻器阻值变大，故滑动变阻器选用左下接线柱与Rx串联在电路中，如下图所示：
（2）[2][3]闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路，即出现此现象的原因可能是电阻Rx短路或电压表短路或电压表断路。
（3）[4][5]电流表示数如图乙，电流表选用0~0.6A的量程，分度值0.02A，其示数为0.3A，则测得未知电阻
（4）[6][7]闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P至b端，读出电压表示数U2；在步骤①中，电路为只有Rx的简单电路，电压表测电源电压为U；在步骤②中，Rx与滑动变阻器最大阻值串联，电压表测Rx两端电压，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压
根据串联分压原理可得
则待测电阻
四、计算题（第29题9分，第30题9分，共18分）
29. 观看《热辣滚烫》后，跃跃买了可视化握力器进行锻炼，其原理可简化为图甲。电源电压恒为12V，定值电阻，压敏电阻R2的阻值随压力的变化如表，用改装后的灵敏电流表显示托盘所受压力。其中托盘可视为手与压敏电阻的接触面，质量不计。闭合开关后，问：
（1）当托盘中不放物体时，电路中的总电阻是多少Ω？
（2）当握力器显示为600N时，电路中的电流是多少A？
（3）将装有水的烧杯放在托盘上，握力计显示为120N；再用细线悬挂一个体积为的金属块浸没在水中（水未溢出），如图乙所示，则托盘压力的变化量至少是多少N？
【答案】（1）600Ω；（2）0.1A；（3）50N
【解析】
【详解】解：（1）由图甲可知，定值电阻R1与压敏电阻R2串联，托盘中不放物体时压力为0，由表格可知，压敏电阻，定值电阻，电路的总电阻
（2）握力器显示为600N，压敏电阻，电路的总电阻
根据欧姆定律算出电流表的示数
（3）将装有水的烧杯放在托盘上，握力计显示为120N；再用细线悬挂一个体积为的金属块浸没在水中，物体浸没在液体中受到的浮力
根据力的作用是相互的，当物体没有接触底部时，水对物体的浮力50N，物体对水向下的压力为50N，则托盘压力的变化量至少是50N。
答：（1）当托盘中不放物体时，电路中的总电阻是600Ω；
（2）当握力器显示为600N时，电路中的电流是0.1A；
（3）托盘压力的变化量至少是50N。
30. 为保护环境，我市引进了新能源动力公交车，该车采用液化天然气作为驱动车辆的动力。已知公交车的质量为1.2×104kg，轮胎与地面的总接触面积为0.5m2，行驶时所受阻力是车重的0.05倍（g取10N/kg）。求：
（1）公交车静止在平直公路上时对路面压强；
（2）若公交车以10m/s的速度匀速行驶了10min，则牵引力所做功的功率；
（3）该公交车从A地到达B地消耗了5kg的天然气，发动机的效率为40%，则A、B两地的距离为多少？（液化天然气的热值为4.8×107J/kg）
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】解：（1）公交车的重力为
公交车静止在平直公路上时对路面压强为
（2）汽车做匀速直线运动时，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，牵引力大小为
若公交车以10m/s的速度匀速行驶了10min，则牵引力所做功的功率为
（3）天然气完全燃烧放出的热量为
发动机做的有用功为
A、B两地的距离为
答：（1）公交车静止在平直公路上时对路面压强为；
（2）牵引力所做功的功率为；
（3）A、B两地的距离为。时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
温度
90
92
94
96
98
100
101
102
102
102
102
102
R₂/Ω
550
490
430
370
310
250
200
150
100
70
…
F/N
0
50
100
150
200
250
300
400
500
600
…
1. 我国的北斗卫星导航系统被称世界三大卫星导航系统之一。古有北斗星指方向，今有北斗卫星导航程。北斗卫星与地面间传递信息是利用（ ）
A. 超声波B. 次声波C. 电磁波D. 空气
【答案】C
【解析】
【详解】电磁波的传播不需要介质，北斗卫星与地面间是利用电磁波传递信息的。
故选C
2. 2024年3月25日，小郯同学所在班级复习了八年级物理第10章《机械与人》，下列说法正确的是（ ）
A. 老师的声音是由空气的振动产生的
B. 15℃时，老师声音是以340m/s的速度传播
C. 同学们能根据音调辨别出老师的声音
D. 同学们听到老师的声音很大是因为他的音调很高
【答案】B
【解析】
【详解】A．声音是由物体振动产生的，老师的声音是由声带的振动产生的，故A错误；
B．15℃时，声音在空气里的传播速度是340m/s，故B正确；
C．不同人说话时的音色不同，所以同学们能根据音色辨别出老师的声音，故C错误；
D．声音的大小或强弱叫响度。老师讲课声音很大是因为他的响度大，故D错误。
故选B。
3. 2024年2月28日，全国射击冠军赛（飞碟项目）暨国家飞碟射击队巴黎奥运会最终队伍选拔赛圆满落幕。下列与射击时“三点一线”原理相同的现象是（ ）
A. 叶子经露珠成放大的像
B. 荷花水中形成倒影
C 光线射入树林中
D. 手机拍照
【答案】C
【解析】
【详解】射击时“三点一线”是指目标物、准心与眼睛三点与视线共线，原理是光在同种均匀的介质中沿直线传播；
A．叶子经露珠成像时，露珠相当于凸透镜，叶子位于凸透镜焦距以内，成正立、放大的虚像，属于光的折射现象。故A不符合题意；
B．荷花水中形成倒影是平面镜成像，属于光的反射。故B不符合题意；
C．光线射入树林中时，在树林的空隙中形成光束，是由于光的直线传播，故C符合题意；
D．手机拍照利用照相机原理，根据凸透镜成像规律，成倒立、缩小的实像，属于光的折射现象，故D不符合题意。
故选C。
4. 中国交通运输协会对临沂进行“中国物流之都”复评授牌，临沂拥有3000条物流线路，已覆盖全国所有县级以上城市。某物流仓库有南北两个进出口，当有车辆从任何一个进出口经过时，开关自动闭合一段时间，值班室内的指示灯会亮，提醒门卫有车辆通过，以便监视进出口安全，下列电路图中，符合要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】A．由图知：无论是南门还是北门开关，只要闭合一个或同时闭合，灯泡都会发光，故A符合题意；
B．由图知：当南门开关闭合时，会造成电源短路，灯泡不能发光，故B不符合题意；
C．由图知：只有南门、北门两个开关同时闭合，灯泡才发光，故C不符合题意；
D．由图知：当只闭合南门开关时灯泡不亮；两个开关都闭合会造成电源短路，灯泡不亮，故D不符合题意。
故选A。
5. 为了避免驾驶员在汽车行驶时低头着仪表造成事故，人们发明了如图甲所示的汽车平视显示系统（HUD）。如图乙所示是HUD工作原理图，驾驶员透过挡风玻璃（看作平面镜）往前方观看的时候，下列说法正确的是（ ）
A. 行车数据在挡风玻璃上所成的像是实像
B. 像和物体关于挡风玻璃不对称
C. 汽车前灯的反光装置相当于凸面镜
D. 某HUD显示器水平放置在汽车中控台上，通过挡风玻璃成垂直于水平面的像（图乙），则挡风玻璃与水平面夹角为45°
【答案】D
【解析】
【详解】A．挡风玻璃相当于平面镜，挡风玻璃上所成的像是正立的虚像，故A错误；
BD．显示器水平放置在汽车中控台上，像和物关于镜面对称，像在竖直方向上，则挡风玻璃与水平面夹角为45°，故B错误，D正确；
C．汽车前灯的反光装置（反光罩）相当于凹面镜，故C错误。
故选D。
6. 临沂市是江北地区最大的物流基地。在快递运输水果、海鲜等易变质产品时，在没有冷源的情况下，为起保鲜作用，下列分析正确的是（ ）
A. 冰袋温度很低，含有的热量很少
B. 冰袋温度很低，没有内能
C. 冰袋中的冰熔化时，质量不变
D. 此过程中发生热传递的原因是产品的内能比冰袋大
【答案】C
【解析】
【详解】A．热量是过程量，只能说“传递”热量，“吸收”、“放出”热量，不能说“含有”，故A错误；
B．一切物体在任何温度状态下都具有内能，温度很低的冰块也具有内能，故B错误；
C．物体的质量不随状态面改变，冰袋中的冰熔化时，只是由固态变成了液态，其质量不变，故C正确；
D．热传递的条件是存在温度差，因为产品温度高于冰块的温度，所以热量从产品传向冰块，故D错误。
故选C。
7. 2024年3月24日周末，妈妈给小郯买了一个轮滑鞋，如图所示。它的轮子转动时可使轮子边缘的LED灯闪闪发光，选项中与此工作原理相同的是（ ）
A. 电风扇
B. 电磁起重机
C. 扬声器
D. 动圈式话筒
【答案】D
【解析】
【详解】轮子转动时，LED灯闪闪发光， LED灯发光。这是利用了电磁感应原理。
A．电风扇是利用电动机工作的，电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故A不符合题意；
B．电磁起重机是利用电流的磁效应工作，电磁铁中有电流通过时产生磁性，故B不符合题意；
C．扬声器是通电的线圈在磁场中受到力的作用而运动，带动扬声器的纸盒振动发声，故C不符合题意；
D．动圈式话筒是线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，利用电磁感应原理工作，故D符合题意。
故选D。
8. 下列数据最接近实际情况的是（ ）
A. 人步行的速度约为8m/s
B. 教室门框的高度约为5m
C. 家用电视机工作电流约1.0A
D. 临沂冬季最低气温约为﹣40℃
【答案】C
【解析】
【详解】A．人步行的速度约为1.2m/s，故A不符合题意；
B．教室的高度约为3m，教室门的高度约2.2m，故B不符合题意；
C．家用电视的功率约为200W，正常工作时的电流约为
接近1A，故C符合题意；
D．临沂冬季最低气温约为-10℃，故D不符合题意。
故选C。
9. 郯城，地处山东省最南端；地理坐标为东经118°05′～118°31′，气候宜人，四季分明。下列现象属于液化的是（ ）
A. 冰雪消融B. 露珠晶莹
C. 霜挂枝头D. 千里冰封
【答案】B
【解析】
【详解】A．冰雪消融，冰从固态变成液体，属于熔化吸热现象，故A不符合题意；
B．露珠晶莹，空气中的水蒸气遇冷液化成小水滴，是液化放热现象，故B符合题意；
C．霜挂枝头，空气中的水蒸气遇冷凝华成霜，是凝华放热现象，故C不符合题意；
D．千里冰封，水从液态变成固态，属于凝固放热现象，故D不符合题意。
故选B。
10. 遵义市校园足球联赛的开展，极大地丰富了校园文化生活，赛事中，关于力与运动的说法正确的是（ ）
A. 足球在草坪上静止不动时，受到重力、支持力和摩擦力的作用
B. 前锋队员将飞来的足球顶向球门，说明力能改变物体的运动状态
C. 踢出足球继续向前滚动是因为足球受到惯性的作用
D. 静止在地面上的守门员对地面的压力和地面对他的支持力是一对平衡力
【答案】B
【解析】
【详解】A．足球在草坪上静止不动时，足球没有发生相对运动、也没有相对运动的趋势，所以足球不受摩擦力作用，只受到重力和支持力的作用，故A错误；
B．前锋队员将飞来的足球顶向球门，球的运动方向发生改变，说明力能改变物体的运动状态，故B正确；
C．惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力，踢出的足球继续向前滚动是因为足球具有惯性，故C错误；
D．静止在地面上的守门员对地面的压力和地面对他的支持力，这两个力作用在两个物体上，不是一对平衡力，而是一对相互作用力，故D错误。
故选B。
11. 如图所示是世界上最大的豪华渡轮之一“海洋魅力”号，长361m，宽66m，满载时排水量达22.8万吨，满载时吃水深度达30m，可以搭载6320名游客。下列相关说法正确的是（g取10N/kg，ρ海水=1×103 kg/m3）（ ）
A. 满载时船底受到海水的压强为3×104 Pa
B. 满载时船底平均每0.5m2面积上受到海水的压力为6×105 N
C. 满载时船受到的浮力为2.28×109 N
D. 当游客下船后船受到的浮力保持不变
【答案】C
【解析】
【详解】满载时船底受到的海水压强为
故A错误；
由可得，满载时船底平均每面积上受到海水的压力为
故B错误；
由于船漂浮，所以船受到的浮力为
故C正确；
D．当客人下船后，船的总重力减小，但船始终漂浮在水面上，浮力等于总重力，总重力减小，因此船受到的浮力变小，故D错误。
故选C。
12. 2024年3月21日13时27分，我国在酒泉卫星发射中心使用长征二号丁运载火箭/远征三号上面级，成功将云海二号02组卫星发射升空，发射任务获得圆满成功。火箭加速上升的过程中（ ）
A. 动能不变B. 动能变小
C. 动能变大D. 重力不做功
【答案】CD
【解析】
【详解】ABC．火箭点火后加速上升的过程，质量不变，速度增大，动能变大；故C符合题意，AB不符合题意；
D．火箭在重力的方向上没有移动距离，所以重力不做功，故D符合题意。
故选CD。
13. 由我国研发的“奋斗者”号载人潜水器已成功抵达深海10909米。下列有关“奋斗者”号的说法正确的是（ ）
A. 漂浮在海面上时受力平衡
B. 匀速航行时受合力向前
C. 加速航行时惯性越来越大
D. 潜水器是由硬度小，密度大的材料制成的
【答案】A
【解析】
【详解】A．潜水器漂浮在海面上时浮力等于自身重力，受力平衡，故A正确；
B．匀速航行时处于平衡状态时，受平衡力，所受合力为零，所以并不是合力向前，故B错误；
C．加速航行时船的质量不变，惯性大小不变，故C错误；
D．潜水器材料除需要较高的硬度外，潜水器有重量调节装置，密度不宜太大影响灵活性，故D错误。
故选A。
14. 小丹去参观科技馆的时候，发现了一个神奇的磁悬浮地球仪（如图甲），其内部结构如图乙所示，则关于该地球仪，下列说法正确的是（ ）
A. 闭合开关后，电磁铁上方是S极
B. 该地球仪用到了同名磁极相互排斥的原理
C. 电源的上端是负极
D. 地球仪悬浮时，地球仪不受任何力作用
【答案】BC
【解析】
【详解】AC．已知条形磁体上端为S极，则下端为N极，根据同名磁极相互排斥，可知，电磁铁的上端为N极，下端为S极；根据安培定则，伸出右手使大拇指指向电磁铁的N极（电磁铁的上端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，电流从螺线管的下端流入，所以电源的下端为正极，故A错误，C正确；
B．磁悬浮地球仪之所以能悬浮在空中，是利用了同名磁极相互排斥的原理，故B正确 ；
D．由图可知，是一个磁悬浮地球仪，处于平衡状态，其受到竖直向下的重力，竖直向上的磁场力，两个力为一对平衡力，故D错误。
故选BC。
15. 如图甲是某款电子测温仪，图乙是它内部的原理电路图，其中电源电压保持不变，定值电阻R0为保护电阻；R是热敏电阻，用于靠近人体测温，当被测者体温较高时，显示仪D的示数也会变大。正常条件下关于此测温仪，下列分析正确的是（ ）
A. 显示仪是由电流表改装成的
B. 热敏电阻R的阻值随着温度的升高而增大
C. 被测者体温越高，电路中电流越小
D. 被测者体温越高，电路的总电功率越大
【答案】D
【解析】
【详解】A．图中R与R0串联，因显示仪D与保护电阻并联，故显示仪是由电压表改装成的，故A错误；
B．当被测者体温较高时，显示仪D的示数也会变大，由串联电路电压的规律，热敏电阻的电压变小，由分压原理，热敏电阻的电阻变小，即热敏电阻R的阻值随着温度的升高而减小，故B错误；
CD．被测者体温越高，电压表示数越大，由欧姆定律可知电路中的电流越大，根据P=UI，电路消耗的电功率越大，故C错误，D正确。
故选D。
16. 如图所示电路，闭合开关S1、S2，两电表都有示数，下列判断正确的是（ ）
A. 电流表A2测量通过灯L2的电流
B. 有灯泡损坏时，电流表A1、A2示数可能相等
C. 若灯L1发生短路，L2正常发光
D. 仅断开S1，电流表A1的示数不变
【答案】B
【解析】
【详解】A．电路为并联电路，电流表A1接在干路上，测量干路电流；电流表A2接在L1所在的支路上，测量L1所在支路的电流，开关S1接在L1所在的支路上，控制L1的通断；开关S2接在干路上，控制整个电路，故A错误；
B．若L2断路，电路为只有L1简单电路，两电流表均测L1的电流，示数相等，故B正确；
C．若灯L1发生短路，L2会被短路，所以不能正常发光，故C错误；
D．仅断开S1，L1断路，对L2没有影响，电流表A1接在干路上，测量干路电流，所以会变小，故D错误。
故选B。
17. 2023年中国汽车出口量将达540万辆，其中新能源汽车占比40%，达220万辆，保持着全球第一大汽车出口国的地位。新能源汽车中绝大多数是电动车。2024年3月25日，郯城突降中雨，气温降到10度以下，小郯坐在爸爸驾驶的新能源电动汽车里，突然产生了以下想法，说法正确的是（ ）
A. 上车时，小郯发现自己穿的毛衣，冒出“火花”，这是毛衣摩擦起电的原因
B. 小郯发现汽车前挡风玻璃里面有雾产生，这是汽化的结果
C. 电动汽车行驶时，是把机械能转化为电能
D. 一束绿光照在爸爸的红色汽车上，汽车看起来是红色
【答案】A
【解析】
【详解】A．上车时，小郯发现自己穿的毛衣冒出“火花”；是因为毛衣和衬衣之间相互摩擦带电，两者带有异种电荷，放电产生“火花”，故A正确；
B．汽车前挡风玻璃里面有雾产生，这是车内的水蒸气遇到温度低的玻璃液化形成的小水珠，故B错误；
C．电动汽车行驶时，消耗电能，获得机械能，是把电能转化为机械能，故C错误；
D．不透明物体的颜色由反射的色光决定，红色的汽车反射红光，一束绿光照在爸爸的红色汽车上，汽车看起来是黑色，故D错误。
故选A。
18. 标有“6V；3W”和“6V；6W”的灯L1和L2（假设两灯灯丝电阻不变），若将它们串联在某电源上，使其中一个灯正常发光时，下列说法正确的是（ ）
A. 通过灯L1和L2的电流之比为2︰1
B. 灯L1和L2两端的电压之比为1︰2
C. 灯L2和L1的发光亮度相同
D. 能够正常发光的灯应是灯L1
【答案】D
【解析】
【详解】A．串联电路中各处电流相等，若将它们串联在某电源上，通过灯L1和L2的电流之比为1︰1，故A错误；
BCD．L1允许通过的最大电流为
L2允许通过的最大电流为
串联电路中各处电流相等，则电路允许的最大电流为0.5A，能正常发光的是L1；L1的电阻为
L2的电阻为
灯L1和L2两端的电压之比为
通过两灯的电流相等，两灯的电阻不相等，根据可知，两灯的实际电功率不相等，两灯的亮度不同，故BC错误，D正确。
故选D。
19. 两个相同的烧杯中盛有甲、乙两种不同的液体，两个相同的小球在杯中静止时两杯液面相平，如图所示。则下列说法正确的是（ ）
A. 小球排开液体的质量m甲＜m乙
B. 液体对小球的浮力F浮甲＝F浮乙
C. 液体对容器底部的压强p甲＝p乙
D. 液体对容器底部的压力F甲＜F乙
【答案】B
【解析】
【详解】AB．由图可知，小球在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态。因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以同一只小球在两杯中受到的浮力相等，都等于小球的重力，即F浮甲＝F浮乙。由F浮＝G排可得，小球排开液体的质量m甲＝m乙，故A错误，B正确；
C．根据浮沉条件可知，物体漂浮时ρ液＞ρ物，物体悬浮时ρ液＝ρ物。所以ρ液甲＞ρ球，ρ液乙＝ρ球，由此可得ρ液甲＞ρ液乙，已知两杯中液面相平，ρ液甲＞ρ液乙，由p＝ρgh可知，烧杯底受到液体的压强p液甲＞p液乙，故C错误；
D．烧杯底受到液体的压强p液甲＞p液乙，烧杯底面积相同，由可知，液体对容器底部的压力F甲＞F乙，故D错误；
故选B。
20. 如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为12V，闭合开关S后，滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的I﹣U关系如图乙所示，下列说法中正确的是（ ）
A. 电源电压为24V
B. 小灯泡的额定功率为12W
C. 滑动变阻器的最大阻值为10Ω
D. 该电路总电功率的变化范围为12W～24W
【答案】D
【解析】
【详解】AB．由电路图可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为灯泡的简单电路，由图像可知，电路中的电流I=2A，电源电压
U=UL=12V
故A错误；
B．电路中的最大功率及灯泡的额定功率为
故B错误；
CD．当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路的总功率最小，由图像可知，灯泡两端的电压UL＇=3V，电路中的电流I＇=1A，电路的最小总功率为
则该电路总功率变化范围为12W~24W；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压为
滑动变阻器的最大阻值为
故C错误，D正确；
故选D。
二、填空题（每空1分，共18分）
21. “水韵琅琊”城市文旅综合体充分利用沂河水域资源和河岸景观，全面释放水上旅游市场活力，推出水韵琅琊水上观光游船、快艇项目2024年3月23日（星期六）。
（1）观光码头附近人声鼎沸，是指声音的______（选填“音调高”或“响度大”）；相对于前面正在端坐在驾驶室的驾驶员，坐在观光艇的顾客是______（选填“运动”或“静止”）的；
（2）游玩结束后，关闭了发动机的观光艇依然能向前运动一段距离，这是因为游船具有______；游客逐渐离船上岸的过程中，游船排开的水的质量______（选填“增大”“减小”或“不变”）；水面下1m深处的船舷受到的水的压强为______Pa（水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg）；
（3）观光艇上的游客看到水中欢快游动的鱼儿是光的______形成的虚像；
（4）某次航行时，发动机输出功率4.3×104W（q柴油＝4.3×107J/kg），游玩20min，发动机做的功是______J，此过程消耗柴油4kg，发动机的效率是______。
【答案】（1） ①. 响度大 ②. 静止
（2） ①. 惯性 ②. 减小 ③. 1×104
（3）折射 （4） ①. 5.16×107 ②. 30%
【解析】
【小问1详解】
[1] 观光码头附近人声鼎沸，说明声音大，是指声音的响度大。
[2] 相对于前面端坐在驾驶室的驾驶员，坐在观光艇的顾客相对位置不变，是静止的。
【小问2详解】
[1]游玩结束后，关闭了发动机，快艇由于惯性，要继续保持原来的运动状态不变，所以依然能向前运动一段距离。
[2]游船始终漂浮，浮力等于重力，游客逐渐离开游船上岸的过程中，游船重力变小，则浮力变小，根据可知游船排开的水的质量减小。
[3]水面下1m深处的船舷受到的水的压强为
【小问3详解】
看到的水中的鱼是由于水中鱼反射出的光，在水面处发生了折射，折射光线向远离法线的方向偏折，因此我们看到的是变浅的鱼的虚像。
【小问4详解】
[1]游玩20min，发动机做的功是
[2]4kg柴油完全燃烧释放的能量是
发动机的效率是
22. 煎饼香，情意长，临沂煎饼就是香。
（1）摊煎饼时，小郯发现在煎饼机煎饼上面有一些白烟，发生的是______（填物态变化名称），此过程需要对外______热量（填写“吸收”或者“放出”）；
（2）煎饼机工作时，小郯同学发现煎饼机可以自动转动，说明力可以改变物体的______，又发现煎饼逐渐变热，此过程煎饼机是把电能转化为______和______，煎饼机工作时，一般选用铁鏊子，因为铁的比热容相对______（选填“较大”或“较小”），利于煎饼机温度升高较快；
（3）煎饼机由电动机带动缓慢转动，简化电路如图所示，其中电热丝R的阻值为55Ω，电动机的额定功率是22W。该煎饼机正常工作时，通过电热丝R的电流为______A；电动机10min消耗的电能为______J。
【答案】（1） ①. 液化 ②. 放出
（2） ①. 运动状态 ②. 内能 ③. 机械能 ④. 较小
（3） ①. 4 ②.
【解析】
【小问1详解】
[1][2]摊煎饼时，煎饼机煎饼上面有一些白烟，是小液滴，是水蒸气变为液体的过程，发生的是液化，这个过程需要吸热。
【小问2详解】
[1]力可以改变物体的运动状态，力可以改变物体的形状；煎饼机工作时，煎饼机可以自动转动，说明力可以改变物体的运动状态。
[2][3]煎饼机让煎饼逐渐变热的过程中，是把电能转化为内能和机械能。
[4]在质量、吸收热量一定的情况下，比热容小的物质，温度变化比较明显，煎饼机工作时，一般选用比热容较小的铁。
【小问3详解】
[1]由图可知，R与电动机并联，该烧烤炉正常工作时，通过电热丝R的电流为
[2]由可知，电动机10min消耗的电能为
23. 如图甲电路，闭合开关后，两电压表指针位置均如乙图所示。则两端电压为______V，两电阻之比______。
【答案】 ①. 8 ②. 1∶4
【解析】
【详解】[1][2]由电路图可知，R1、R2串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测R1两端的电压。因串联电路中总电压等于各分电压之和，且两只电压表指针的偏转角度相同，所以，电压表V1的量程为0~15V，分度值为0.5V，则电源电压U=10V，电压表V2的量程为0~3V，分度值为0.1V，则R1两端的电压U1=2V，根据串联电路的电压特点可得，R2两端的电压
U2=U-U1=10V-2V=8V
串联电路中各处的电流相等，R1、R2的阻值之比
三、作图与实验题（第24题2分，第25题5分，第26题4分，第27题6分，第28题7分，共24分）
24. 如题图所示，书静止放在水平桌面上，请在O点画出书受到的重力G和支持力F的示意图。
【答案】
【解析】
【详解】静止在水平桌面上物体受到重力和支持力的共同作用，保持静止状态，重力从重心竖直向下画，标出符号G，支持力从重心竖直向上画，标出符号F，注意两个力大小相等，所画线段的长度要相等，如图所示
25. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中：
（1）如图甲，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距是______cm；
（2）实验过程中，当蜡烛与凸透镜的距离如图乙所示时，在光屏上可得到一个清晰的实像，生活中利用这个规律制成的光学仪器是______（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）；若保持凸透镜位置不变，蜡烛从35cm刻度线处向右移动2cm，则此时光屏应该向______移动（填左或右）；
（3）实验进行过程中，蜡烛会越燃越短，像会呈在光屏的______方，要想让像仍然呈在光屏的中央，需将凸透镜往______（填上或下）移动。
【答案】（1）10.0
（2） ①. 投影仪 ②. 右
（3） ①. 上 ②. 下
【解析】
【小问1详解】
跟主光轴平行的光线经过凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这一点是凸透镜的焦点，光屏上出现一个最小最亮的光斑是凸透镜的焦点；光心和焦点之间的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距为
【小问2详解】
[1]如图乙所示时，在光屏上可得到一个清晰的实像，物距
当
光屏上成倒立、放大的实像，应用于投影仪。
[2]蜡烛从35.0cm刻度线处向右移动2.0cm，且物距大于焦距成实像，即物距是变小，像变大，所以光屏应该向右移动才能重新承接清晰的像。
【小问3详解】
[1]凸透镜成倒立的实像，蜡烛由于燃烧逐渐变短，相对于凸透镜向下移动，所以像逐渐向上移动，像会呈在光屏的上方。
[2]蜡烛变短后，烛焰的中心向下移动，为了让烛焰、凸透镜和光屏的中心还能在同一直线上，凸透镜应向下移动，烛焰的像才能再次成在光屏中央。
26. 小红在春游时捡到一些石头，拿了其中一块想用天平、量筒测量石块密度。
（1）天平放在水平桌面上，游码调到标尺零刻线，指针如甲图所示，平衡螺母应向____________（选填“左”或“右”）调，直至指针指在分度盘中线，天平横梁平衡；
（2）如图乙，小石块质量为____________g，如图丙是石块浸没量筒水中前、后液面情况，根据图中信息，可测得小石块密度为____________；
（3）在测量石块质量过程中，砝码要用____________（选填“手”或“镊子”）夹取，若先用量筒测石块体积，后用天平测石头质量，测得小石块密度值____________（选填“偏大”“偏小”或“不变”）；
【答案】 ①. 右 ②. 89 ③. 8.9 ④. 镊子 ⑤. 偏大
【解析】
【详解】（1）[1]天平放在水平桌面上，游码在零刻度线处，指针指在分度盘的左侧，说明天平左侧偏重，因此应该将平衡螺母向右调，直至天平水平平衡。
（2）[2]如图乙所示，小石头的质量为砝码质量加上游码示数，标尺上每一小格代表0.2g，标尺的读数为4g，故石块质量为
[3]石块体积为
故石头密度为
（3）[4]在测量石块质量过程中，砝码要用镊子夹取，避免腐蚀砝码，影响测量的准确度。
[5]若先用量筒测石块体积，后用天平测石头质量，由于石块沾了水，测出的质量偏大，由可知，测得小石块密度值偏大。
27. 在标准大气压下，做“观察水的沸腾”的实验时，甲、乙、丙三个实验小组的同学分别从图中A、B两套实验装置中任选一套来完成实验。
（1）甲组同学从水温升高到90℃时开始记录数据，以后每隔1min记录一次水的温度，直到水沸腾5min为止，实验数据如表，分析表中的数据可知，甲组同学选择的是___________（A/B）套装置；
（2）乙、丙两组同学都选择了另外一套实验装置，这两组同学虽然选用的实验装置相同，但水开始沸腾的时刻不同，他们绘制的沸腾图象如图C所示，得到a、b两种不同图象的原因是：___________不同；
A．水的质量 B．水的初始温度
（3）实验后，甲组的同学对大家提出了这样的疑问：如果不对水加热，能让水重新沸腾吗？老师马上将一杯停止沸腾的水放进能抽气的密闭玻璃罩中，如图D，接通抽气机电源，随着玻璃罩中空气的抽出，热水居然沸腾起来。通过分析，同学们知道了发生此现象的原因是：抽气机抽气时，玻璃罩内的气压减小，水的沸点___________（升高/不变/降低），因此在不加热的情况下，水能重新沸腾；
（4）水沸腾时产生大量气泡，在上升过程中气泡逐渐变___________（填“大”或“小”），直至水面破裂；
（5）如图，将烧瓶内水沸腾时所产生的水蒸气通入试管A中，试管A放在装冷水的容器B内，过一段时间，观察到试管A中产生的现象是越来越多___________（选填“水蒸气”“小水珠”“小冰晶”），同时看到温度计C的示数___________（“降低”或“升高”）。这个实验说明了水蒸气液化时要放出热量。
【答案】 ①. B ②. A ③. 降低 ④. 大 ⑤. 小水珠 ⑥. 升高
【解析】
【详解】（1）[1]如图，A装置烧杯上没有盖，B装置上烧杯有盖，烧杯上加盖，可以增大水上方的气压，使水的沸点升高，由表格数据知，水的沸点的102℃，所以甲同学使用B装置。
（2）[2]由图C知，两组同学所用的水的初温相同，但加热到沸腾的时间不同，则可能是所用水的质量不同，或所用酒精灯的火力不同，在相同时间内放出的热量不同，水吸收的热量不同，故A符合题意，B不符合题意。
故选A。
（3）[3]将热水放在玻璃罩中，抽出空气时，水的温度变化不大，但水上方空气减小，气压变低，水沸腾起来，说明此时水的沸点变低了，所以水的沸点随着气压减小而降低。
（4）[4]液体沸腾前吸收热量，温度不断升高，气泡上升时不断变小；液体沸腾时吸收热量，温度保持不变，气泡上升时不断增大。
（5）[5][6]通入试管A中的水蒸气遇冷就会液化，形成小水珠，附着在试管壁上；水蒸气液化时，要放出热量，冷水吸收热量后温度会升高，所以温度计的示数会升高。
28. 用如图甲所示的电路测量未知电阻Rx的阻值（阻值约为10Ω），电源电压为3V。
（1）请用笔画线代替导线，将电路连接完整。要求：滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表的示数变小__________；（导线不允许交叉）
（2）电路连接完成后，闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，出现此现象的原因可能是Rx__________或__________断路；
（3）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片至某一位置，电压表示数为2.7V，电流表示数如图乙是__________A，则测得未知电阻Rx＝__________Ω；
（4）另一组同学利用图丙所示电路也完成了该实验。电源电压不变，滑动变阻器的最大阻值为R0，a、b为滑动变阻器两端点，请把实验步骤补充完整；
①闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P至a端，读出电压表示数U1；
②闭合开关S，__________，读出电压表示数U2，则待测电阻的表达式，Rx＝__________。（用R0、U1、U2表示）
【答案】 ①. ②. 短路 ③. 电压表 ④. 0.3 ⑤. 9 ⑥. 移动滑动变阻器滑片P至b端 ⑦.
【解析】
【详解】（1）[1]滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表的示数变小，说明滑动变阻器阻值变大，故滑动变阻器选用左下接线柱与Rx串联在电路中，如下图所示：
（2）[2][3]闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路，即出现此现象的原因可能是电阻Rx短路或电压表短路或电压表断路。
（3）[4][5]电流表示数如图乙，电流表选用0~0.6A的量程，分度值0.02A，其示数为0.3A，则测得未知电阻
（4）[6][7]闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P至b端，读出电压表示数U2；在步骤①中，电路为只有Rx的简单电路，电压表测电源电压为U；在步骤②中，Rx与滑动变阻器最大阻值串联，电压表测Rx两端电压，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压
根据串联分压原理可得
则待测电阻
四、计算题（第29题9分，第30题9分，共18分）
29. 观看《热辣滚烫》后，跃跃买了可视化握力器进行锻炼，其原理可简化为图甲。电源电压恒为12V，定值电阻，压敏电阻R2的阻值随压力的变化如表，用改装后的灵敏电流表显示托盘所受压力。其中托盘可视为手与压敏电阻的接触面，质量不计。闭合开关后，问：
（1）当托盘中不放物体时，电路中的总电阻是多少Ω？
（2）当握力器显示为600N时，电路中的电流是多少A？
（3）将装有水的烧杯放在托盘上，握力计显示为120N；再用细线悬挂一个体积为的金属块浸没在水中（水未溢出），如图乙所示，则托盘压力的变化量至少是多少N？
【答案】（1）600Ω；（2）0.1A；（3）50N
【解析】
【详解】解：（1）由图甲可知，定值电阻R1与压敏电阻R2串联，托盘中不放物体时压力为0，由表格可知，压敏电阻，定值电阻，电路的总电阻
（2）握力器显示为600N，压敏电阻，电路的总电阻
根据欧姆定律算出电流表的示数
（3）将装有水的烧杯放在托盘上，握力计显示为120N；再用细线悬挂一个体积为的金属块浸没在水中，物体浸没在液体中受到的浮力
根据力的作用是相互的，当物体没有接触底部时，水对物体的浮力50N，物体对水向下的压力为50N，则托盘压力的变化量至少是50N。
答：（1）当托盘中不放物体时，电路中的总电阻是600Ω；
（2）当握力器显示为600N时，电路中的电流是0.1A；
（3）托盘压力的变化量至少是50N。
30. 为保护环境，我市引进了新能源动力公交车，该车采用液化天然气作为驱动车辆的动力。已知公交车的质量为1.2×104kg，轮胎与地面的总接触面积为0.5m2，行驶时所受阻力是车重的0.05倍（g取10N/kg）。求：
（1）公交车静止在平直公路上时对路面压强；
（2）若公交车以10m/s的速度匀速行驶了10min，则牵引力所做功的功率；
（3）该公交车从A地到达B地消耗了5kg的天然气，发动机的效率为40%，则A、B两地的距离为多少？（液化天然气的热值为4.8×107J/kg）
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】解：（1）公交车的重力为
公交车静止在平直公路上时对路面压强为
（2）汽车做匀速直线运动时，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，牵引力大小为
若公交车以10m/s的速度匀速行驶了10min，则牵引力所做功的功率为
（3）天然气完全燃烧放出的热量为
发动机做的有用功为
A、B两地的距离为
答：（1）公交车静止在平直公路上时对路面压强为；
（2）牵引力所做功的功率为；
（3）A、B两地的距离为。时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
温度
90
92
94
96
98
100
101
102
102
102
102
102
R₂/Ω
550
490
430
370
310
250
200
150
100
70
…
F/N
0
50
100
150
200
250
300
400
500
600
…
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