重庆市2022_2023学年高一物理上学期期末适应试题03卷含解析

这是一份重庆市2022_2023学年高一物理上学期期末适应试题03卷含解析，共16页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，选对得3分，选错得0分。
1. 有关物理概念，下列说法中正确的是（ ）
A. 只要物体的体积很小，质量很小，都可看成质点
B. 时刻表示较短的时间，时间表示较长的时间
C. 运动的物体不可以作为参考系
D. 位移是矢量，路程是标量
【答案】D
【解析】
【详解】A．当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，则体积、质量很小的物体不一定能看做质点，A错误；
B．时刻在时间轴上是一个点，而时间是一段长度，再短的时间也不是时刻，B错误；
C．运动的物体和静止的物体都可以作为参考系，C错误；
D．位移是矢量，路程是标量，D正确。
故选D。
2. 将一物体以的初速度水平抛出，经2秒落地，不计空气阻力，取，则该物体落地时的竖直分位移与水平分位移大小分别为（ ）
A. ，B. ，C. ，D. ，
【答案】A
【解析】
【详解】物体落地时的竖直分位移
水平分位移
故选A。
3. 现有一台落地电风扇放在水平地面上，该电风扇运行时，调节它的“摇头”旋钮可改变风向，但风向一直水平。若电风扇底座在地面上始终不发生移动，下列说法正确的是（ ）
A. 电风扇受到2个力的作用
B. 地面对电风扇的摩擦力的大小和方向都不变
C. 风扇对空气的作用力与地面对风扇的摩擦力互相平衡
D. 空气对风扇的作用力与地面对风扇的摩擦力大小相等
【答案】D
【解析】
【详解】A．电风扇受重力、支持力、风的反冲力及静摩擦力，共4个力，故A错误；
BD．由于风扇平衡，故风的反冲力（空气对风扇的作用力）与地面对风扇的静摩擦力大小相等，而风的反冲力大小不变，故静摩擦力的大小不变，当风的方向是改变的，故静摩擦力的方向也是改变的，故B错误，D正确；
C．风扇对空气的作用力作用在空气上，而地面对风扇的摩擦力作用在风扇上，两者不是平衡力，故C错误。
故选D。
4. 如图所示，对称晾挂在光滑等腰三角形衣架上的衣服质量为M，衣架顶角为120°，重力加速度为g，则衣架右侧对衣服的作用力大小为（ ）
A. MgB. MgC. MgD. Mg
【答案】B
【解析】
【详解】以衣服为研究对象，受力分析如图所示，由几何关系得F与竖直方向的夹角成30°，由共点力的平衡条件可得
2Fcs30°=Mg
故选B。
5. 甲、乙两物体从同一点开始沿一直线运动，甲的和乙的图象如图所示，下列说法中正确的是（ ）
A. 0~2s内甲、乙的加速度均为
B. 甲、乙均在3s末回到出发点，距出发点的最大距离均为4m
C. 0~2s内与4s~6s内，甲的速度等大同向，乙的加速度等大同向
D. 0~6s内甲的路程为8m，乙的路程为12m
【答案】C
【解析】
【详解】A．根据图像的斜率表示速度可知，0~2s内，甲做匀速运动，加速度等于零，故A错误；
B．根据图像可知，内乙一直向正方向运动，内乙向负方向运动，则在3s末距离出发点最远，故B错误；
C．0~2s内与4s~6s内，甲都向正方向运动，速度大小相等，均为
所以在0~2s内与4s~6s内，甲的速度等大同向；
0~2s内与4s~6s内，乙的加速度方向都向正方向，加速度大小相等，均为
所以在0~2s内与4s~6s内，乙的加速度等大同向，故C正确；
D．0~6s内甲的路程为
乙的路程为
故D错误
故选C。
6. 在离地面一定高度处以的初速度竖直向上抛出一个小球，不计空气阻力，取。则（ ）
A. 小球运动到最高点时处于平衡状态
B. 小球上升阶段所用的时间为
C. 抛出后，小球位于抛出点上方，且速度向上
D. 小球上升的最大高度为
【答案】D
【解析】
【详解】A．小球运动到最高点时加速度不为零，则不是处于平衡状态，选项A错误；
B．小球上升阶段所用的时间为
选项B错误；
C．小球落回到抛出点需要1s，则抛出后，小球位于抛出点下方，且速度向下，选项C错误；
D．小球上升的最大高度为
选项D正确。
故选D。
7. 如图所示，在一条宽度的河流中，水流速度为4m/s，船在静水中的速度为5m/s，小船从A码头出发，取，，则下列说法正确的是（ ）
A. 小船渡河的最短时间为5s
B. 小船渡河的最短位移为25m
C. 小船船头与上游河岸成37°渡河时，时间最短
D. 小船船头与上游河岸成37°渡河时，位移最小
【答案】D
【解析】
【详解】A. 小船渡河的最短时间为
A错误；
B. 小船渡河的最短位移等于河宽16m，B错误；
CD. 小船船头与上游河岸成37°渡河时，合速度垂直于河岸，位移最小，C错误，D正确。
故选D。
8. 幼儿园新买进一台质量为的滑梯，摆放在水平的操场上，如图所示。一个质量为小朋友从左边的阶梯匀速爬上顶端，再从右边的滑梯加速滑下来，在此过程中滑梯一直静止不动。已知重力加速度为，空气阻力可忽略不计，则以下说法正确的是（ ）
A. 小朋友匀速爬上阶梯时，地面对滑梯的支持力大于
B. 小朋友匀速爬上阶梯时，地面对滑梯有水平向右的摩擦力
C. 小朋友加速下滑时，地面对滑梯的支持力大于
D. 小朋友加速下滑时，地面对滑梯有水平向右摩擦力
【答案】D
【解析】
【详解】A．小朋友匀速爬上阶梯时，滑梯和小朋友都处于平衡状态，地面对滑梯的支持力等于，故A错误；
B．小朋友匀速爬上阶梯时，滑梯和小朋友都处于平衡状态，以滑梯和小朋友整体为研究对象，水平方向没有其他力的作用，则地面对滑梯没有摩擦力，故B错误；
C．小朋友加速下滑时，小朋友有竖直向下的分加速度，所以小朋友处于失重状态，所以地面对滑梯的支持力小于，故C错误；
D．小朋友加速下滑时，小朋友有水平向右的加速度，则在水平方向，滑梯对小朋友的合力向右，则小朋友对滑梯的合力向左，滑梯静止不动，根据平衡条件知地面对滑梯有水平向右的摩擦力，故D正确。
故选D。
二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对不选全得2分，有错选得0分。
9. 物体做匀变速直线运动，已知第2s末的速度为4m/s，第5s内的位移为6.5m，则下面结论正确的是（ ）
A. 前2s的位移为2mB. 物体的加速度为1m/s2
C. 物体零时刻的速度为2m/sD. 物体任何1s内的速度变化量都是2.5m/s
【答案】BC
【解析】
【详解】第5s内的平均速度即第4.5s末的瞬时速度等于
物体的加速度为
可知物体任何1s内的速度变化量都是，则物体的初速度为
则前2s的位移为
故BC正确，AD错误。
故选BC
10. 如图所示，倾角为的光滑斜面上用固定的竖直板挡住一个质量为的光滑小球，将整个装放在升降机中，则有（ ）
A. 升降梯匀速上升时，竖直板对小球的弹力大小为
B. 升降梯匀速上升时，斜面对小球的弹力大小为
C. 升降梯加速上升时，小球处于超重状态
D升降梯加速上升时，小球处于失重状态
【答案】AC
【解析】
【详解】AB．升降梯匀速上升时，对小球受力分析，如图所示
设竖直板对小球的弹力为，斜面对小球的弹力为，根据平衡条件得
解得
故A正确，B错误；
CD．升降梯加速上升时，小球的加速度向上，属于超重状态，故C正确，D错误。
故选AC。
11. 如图所示，质量都为的，两物块，用一轻弹簧相连，将用轻绳悬挂于天花板上，用一木板托住物块。调整木板的位置，当系统处于静止状态时，悬挂物块的悬绳恰好伸直且没有拉力，此时轻弹簧的形变量为。突然撤去木板，物体运动过程中，弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为。则下列说法正确的是（ ）
A. 撤去木板瞬间，物块的加速度大小为
B. 撤去木板瞬间，物块的加速度为0
C. 撤去木板后，物块向下运动时速度最大
D. 撤去木板后，物块向下运动时速度最大
【答案】AD
【解析】
【详解】AB．撤去木板瞬间，弹簧的弹力不变，B物块受到的合力为2mg，由牛顿第二定律可知
aB＝2g
故A正确，B错误；
CD．当B物块受到的合外力为零时，速度最大，此时
T＝mg＝kx1
又
mg＝kx
所以弹簧此时的伸长量
x1＝x
即B物块向下运动2x时速度最大，故C错误，D正确。
故选AD。
12. 如图所示，甲、乙两滑块的质量分别为、，放在静止的水平传送带上，两者相距，与传送带间的动摩擦因数均为0.2。时，甲、乙分别以、的初速度开始向右滑行。时，传送带顺时针动（不计启动时间），立即以的速度向右做匀速直线运动，传送带足够长，重力加速度取。下列说法正确的是（ ）
A. 时，两滑块相距
B. 时，两滑块速度相等
C. 内，乙相对传送带的位移大小为
D. 内，甲相对传送带的位移大小为
【答案】BCD
【解析】
【详解】A．传送带启动前，两物体做匀减速运动，加速度大小相等，则有
根据
可得t=0.5s时，两滑块相距
A错误；
B．传送带启动时，甲物体的速度为
与皮带速度相等所用时间
因此在t=1.5s时，甲滑块速度与皮带相等。
传送带启动时，乙物体的速度为
与皮带速度相等所用时间
因此在t=1.5s时，乙滑块速度也与皮带相等，故1.5s时，两滑块速度相等，B正确；
C．0-0.5s内，乙相对传送带的位移大小为
0.5s-1.5s内，乙相对传送带的位移大小为
因此0-1.5s内，乙相对传送带的位移大小为
C正确；
D．在1.5s前，甲均在做匀减速运动，则甲相对传送带的位移
1.5s后甲随传送带一起匀速运动，则内，甲相对传送带的位移大小为3.75m，D正确。
故选BCD。
三、实验题：本题共2小题，共16分。第13题6分，第14题10分。
13. 几位同学利用一些已知质量的钩码、细绳和弹簧秤完成“验证力的平行四边形定则”实验：在竖直墙壁上铺一张试卷大小的白纸，用不干胶带固定好。用三个细绳套相连并挂上钩码，用两个弹簧秤拉住细绳套互成角度地施加拉力，使钩码处于静止状态，如图所示。
（1）以下措施有利于提高实验准确度的是（ ）
A．与弹簧秤相连的细绳套适当长些
B．钩码质量要适当小些
C．用铅笔贴着细绳（套）沿细绳画出细线的方向，记为两个拉力的方向
D．与弹簧秤相连的细绳套间的夹角不能太大也不能太小
（2）实验时，记下结点的位置，两弹簧秤拉力和的方向分别过和点，记下两弹簧秤读数：、，请在答题卡上用力的图示法作图，得出和的合力______。（结果保留三位有效数字）
（3）如图，初始时，、夹角为锐角，现保持点不动，方向不变，挂在上钩码的质量不变，改变的方向按顺时针缓慢旋转至水平位置，则此过程中的大小变化情况是（ ）
A．一直变大 B．一直变小 C．先变大后变小 D．先变小后变大
【答案】 ①. AD ②. 4.00 ③. D
【解析】
【详解】（1）[1]A．与弹簧秤相连的细绳套适当长些，这样可减小记录力的方向时产生的误差，选项A正确；
B．钩码质量大小要适当，选项B错误；
C．记录拉力方向时，应该在细线的方向上点两个点来记录，不可以用铅笔沿细线画一条线来表示，这样橡皮条会发生形变，实验误差很大，故C错误；
D．与弹簧秤相连的细绳套间的夹角不能太大也不能太小，选项D正确。
故选AD。
（2）[2]用力的图示法作图，得出和的合力F=4.00N
（3）[3]保持点不动，挂在上钩码的质量不变，即两个力和合力不变，方向不变，改变的方向按顺时针缓慢旋转至水平位置，则此过程中的大小变化情况是先减小后变大。故选D。
14. 某同学利用如图所示实验装置“探究加速度与力、质量的关系”。
(1)为了用沙和沙桶的重力表示绳上拉力，小车质量应______沙和沙桶的总质量（选填“远大于”、“远小于”或“等于”）；
(2)该同学打出了一条纸带，如图所示。计时器打点的时间间隔为，从比较清晰的点起，每5个点取1个计数点，量出相邻计数点之间的距离分别为：，，，。
由此可知，小车的加速度大小为______m/s2，打点计时器打B点时小车的速度______m/s；
(3)保持小车质量不变，改变沙和沙桶的总质量，测得沙和沙桶的总重力F和加速度a的数据如下表：
①根据测得的数据，在答题卡坐标纸上作出a-F图像______；
②由图像可知，小车与长木板之间的最大静摩擦力大小为______N。（结果保留两位有效数字）
【答案】 ①. 远大于 ②. 0.30 ③. 0.19 ④. ⑤. 0.12
【解析】
【详解】(1)[1]为了用沙和沙桶的重力表示绳上拉力，小车质量应远大于沙和沙桶的总质量；
(2)[2]小车的加速度大小为
[3] 打点计时器打B点时小车的速度
(3)[4] 作出的a-F图像如图所示
[5]由图像可知，小车与长木板之间的最大静摩擦力大小为
四、计算题（各小题解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位，其中15题12分，16题14分，17题18分，共44分）
15. 高速公路主干道的一侧都会设置有紧急避险车道，通常是一条坡度较大的砂石路面。若汽车在高速路上的行驶过程中，遭遇刹车失灵，可立即进入如图所示的避险车道快速降低车速直至停在避险车道上、若某汽车刹车失灵，刚冲上避险车道的速度为，在避险车道的运动视为匀变速直线运动，其加速度大小为，求：
（1）汽车在3s末的速度；
（2）为保障该汽车的安全，这条避险车道至少多长。
【答案】（1）0；（2）
【解析】
【详解】汽车冲上避险车道的速度为
（1）汽车从上避险车道到停止的时间
则汽车在3s末的速度为零；
（2）汽车从上避险车道到停止的位移为
所以条避险车道至为。
16. 正在斜坡上玩耍的小猴子遇到了危险，在高处的母猴纵身一跃去救小猴子，最终落在小猴子前面点处。已知斜坡与水平面夹角，母猴跳离前的位置点与点的竖直高度，母猴的初速度沿水平方向，落在点时速度与斜坡夹角，不计空气阻力，。求：
（1）母猴在空中的运动时间；
（2）的水平距离。
【答案】（1）1s；（2）5.8m
【解析】
【详解】（1）根据
解得
（2）猴子落到M点时的竖直速度
则水平速度
则水平位移
则的水平距离5.8m。
17. 足够长的固定斜面体倾角，质量为M = 1 kg、长为L = 2 m的长木板B放在斜面上，质量为m = 0.5kg的物块A放在长木板的上端。P点为长木板的中点，长木板上表面左半部分（P点左侧）光滑、右半部分（P点右侧）粗糙且与物块间动摩擦因数为。同时释放物块A和长木板B，当长木板沿斜面下滑时，物块刚好到达P点，物块A的大小不计．求：（已知sin 37°＝0.6，cs 37°＝0.8，g取10 m/s2）
(1)长木板与斜面间的动摩擦因数；
(2)物块能否滑出长木板？若能求物块A在长木板上运动的时间；若不能求物块停在木板上的位置到P点的距离。
【答案】(1)；(2) 不能；0.5 m
【解析】
【详解】(1)对物块A研究，根据牛顿第二定律
解得
根据位移公式
解得
设长木板与斜面间的动摩擦因数为，对长木板研究
解得
对长木板，根据牛顿第二定律
解得
．
(2) 物块A到达P点右侧后，对A根据牛顿第二定律
解得
对B根据牛顿第二定律
解得
物块A到达P点时
设再经过t1AB共速，则有
得
t1=0.5s
在此过程A在B上运动
所以A没有滑出B，以后AB一起在斜面加速运动．
0.21
0.30
0.40
0.49
0.60
0.10
0.21
0.29
041
0.49