2023-2024学年北京市西城外国语学校九年级（上）期中数学试卷【含解析】

这是一份2023-2024学年北京市西城外国语学校九年级（上）期中数学试卷【含解析】，共30页。试卷主要包含了在⊙O中按如下步骤作图等内容，欢迎下载使用。

1．（3分）如图图形中，是既是中心对称图形又是轴对称图形的是（ ）
A．B．
C．D．
2．（3分）抛物线y＝﹣（x+1）2+2的对称轴是（ ）
A．直线x＝1B．直线x＝2C．直线x＝﹣1D．直线x＝﹣2
3．（3分）将抛物线y＝﹣3x2平移，得到抛物线y＝﹣3（x﹣1）2﹣2，下列平移方式中，正确的是（ ）
A．先向左平移1个单位，再向上平移2个单位
B．先向左平移1个单位，再向下平移2个单位
C．先向右平移1个单位，再向上平移2个单位
D．先向右平移1个单位，再向下平移2个单位
4．（3分）在平面直角坐标系xOy中，已知点A（4，3），以原点O为圆心，5为半径作⊙O，则（ ）
A．点A在⊙O上
B．点A在⊙O内
C．点A在⊙O外
D．点A与⊙O的位置关系无法确定
5．（3分）关于二次函数y＝x2﹣3x﹣1的图象与x轴交点个数的情况，下列说法正确的是（ ）
A．有两个交点B．有一个交点
C．没有交点D．无法判断
6．（3分）点A（0，y1），B（5，y2）在二次函数y＝x2﹣4x+c的图象上，y1与y2的大小关系是（ ）
A．y1＞y2B．y1＝y2C．y1＜y2D．无法比较
7．（3分）在⊙O中按如下步骤作图：
（1）作⊙O的直径AD；
（2）以点D为圆心，DO长为半径画弧，交⊙O于B，C两点；
（3）连接DB，DC，AB，AC，BC．
根据以上作图过程及所作图形，下列四个结论中错误的是（ ）
A．∠ABD＝90°B．∠BAD＝∠CBDC．AD⊥BCD．AC＝2CD
8．（3分）如图1，⊙O过正方形ABCD的顶点A、D且与边BC相切于点E，分别交AB、DC于点M、N．动点P在⊙O或正方形ABCD的边上以每秒一个单位的速度做连续匀速运动．设运动的时间为x，圆心O与P点的距离为y，图2记录了一段时间里y与x的函数关系，在这段时间里P点的运动路径为（ ）
A．从D点出发，沿弧DA→弧AM→线段BM→线段BC
B．从B点出发，沿线段BC→线段CN→弧ND→弧DA
C．从A点出发，沿弧AM→线段BM→线段BC→线段CN
D．从C点出发，沿线段CN→弧ND→弧DA→线段AB
二、填空题（本题共16分，每小题2分）
9．（2分）如图，在平面直角坐标系中，将点P（2，3）绕原点O顺时针旋转90°得到点P'，则P'的坐标为 ．
10．（2分）二次函数y＝ax2+bx+c的图象如图所示，那么abc 0（填“＞”，“＝”，或“＜”）．
11．（2分）若关于x的一元二次方程x2﹣2x﹣k＝0有两个相等的实数根，则k＝ ．
12．（2分）如图，AD为△ABC的外接圆⊙O的直径，若∠BAD＝50°，则∠ACB＝ °．
13．（2分）如图，抛物线y＝ax2+bx与直线y＝mx+n相交于点A（﹣3，﹣6），B （1，﹣2），则关于x的方程ax2+bx＝mx+n的解为 ．
14．（2分）一条弦恰好等于圆的半径，则这条弦所对的圆周角为 ．
15．（2分）如图，在平面直角坐标系xOy中，点A的坐标为A（1，0），等腰直角三角形ABC的边AB在x轴的正半轴上，∠ABC＝90°，点B在点A的右侧，点C在第一象限．将△ABC绕点A逆时针旋转75°，如果点C的对应点E恰好落在y轴的正半轴上，那么边AB的长为 ．
16．（2分）如图，AB是⊙O的直径，OC⊥AB交⊙O于点C，P为圆上一动点，M为AP的中点，连接CM，若⊙O的半径为6，则CM长的最大值是 ．
三、解答题（本题共68分，第17～22题，每小题5分，第23～26题，每小题5分，第27，28题，每小题5分）
17．（5分）已知：如图，△ABC为锐角三角形，AB＝AC，CD∥AB．
求作：线段BP，使得点P在直线CD上，且∠ABP＝∠BAC．
作法：①以点A为圆心，AC长为半径画圆，交直线CD于C，P两点；
②连接BP．
线段BP就是所求作的线段．
（1）使用直尺和圆规，依作法补全图形（保留作图痕迹）；
（2）完成下面的证明．
证明：∵CD∥AB，
∴∠ABP＝ ．
∵AB＝AC，
∴点B在⊙A上．
又∵点C，P都在⊙A上，
∴∠BPC＝∠BAC（ ）（填推理的依据）．
∴∠ABP＝∠BAC．
18．（5分）已知关于x的一元二次方程x2﹣（m+3）x+m+2＝0．
（1）求证：方程总有两个实数根；
（2）若方程两个根的绝对值相等，求此时m的值．
19．（5分）如图，AB是⊙O的直径，弦CD与AB交于点E，且E是CD的中点．
（1）求证：∠ADC＝∠BDO；
（2）若CD＝，AE＝2，求⊙O的半径．
20．（5分）已知二次函数y＝﹣x2﹣2x+3．
（1）将二次函数化成y＝a（x﹣h）2+k的形式；
（2）在平面直角坐标系中画出y＝﹣x2﹣2x+3的图象；
（3）结合函数图象，直接写出﹣3≤x≤0时y的取值范围．
21．（5分）如图，D是等边三角形ABC内一点，将线段AD绕点A顺时针旋转60°，得到线段AE，连接CD，BE．
（1）求证：∠AEB＝∠ADC；
（2）连接DE，若∠ADC＝105°，求∠BED的度数．
22．（5分）雅安地震牵动着全国人民的心，某单位开展了“一方有难，八方支援”赈灾捐款活动．第一天收到捐款10000元，第三天收到捐款12100元．
（1）如果第二天、第三天收到捐款的增长率相同，求捐款增长率；
（2）按照（1）中收到捐款的增长率速度，第四天该单位能收到多少捐款？
23．（6分）为了在校运会中取得更好的成绩，小丁积极训练．在某次试投中铅球所经过的路线是如图所示的抛物线的一部分．已知铅球出手处A距离地面的高度是米，当铅球运行的水平距离为3米时，达到最大高度米的B处．小丁此次投掷的成绩是多少米？
24．（6分）如图，BC是⊙O直径，点A是⊙O上一点，∠ABC＝22.5°，点D为BC延长线上一点，且AD＝OB．
（1）求证：DA是⊙O的切线；
（2）过点A作AE⊥BD交⊙O于点E，EO的延长线交AB于点F，若⊙O的直径为4，求线段EF的长．
25．（6分）已知：二次函数y＝ax2﹣2ax+a+1．
（1）求这个二次函数图象的对称轴和顶点坐标；
（2）若点A（n+1，y1），B（n﹣2，y2）在抛物线y＝ax2﹣2ax+a+1（a＞0）上，且y1＜y2，求n的取值范围．
26．（6分）如图，已知△ABC为等腰直角三角形，∠BAC＝90°，AB＝2．点D为△ABC内一点，且有∠BDA＝90°，点P为BC中点，连接DP．
（1）连结AP并证明∠BDP＝45°；
（2）写出线段AD，BD，PD之间的数量关系，并证明．
27．（6分）对于平面直角坐标系：xOy内任意一点P．过P点作PM⊥x轴于点M，PN⊥y轴于点N，连接MN，则称MN的长度为点P的垂点距离，记为h．特别地，点P与原点重合时，垂点距离为0．
（1）点A（2，0），B（4，4），C（﹣2，）的垂点距离分别为 ， ， ．
（2）点P在以Q（，1）为圆心，半径为3的⊙Q上运动，求出点P的垂点距离h的取值范围；
（3）点T为直线l：y＝x+6位于第二象限内的一点，对于点T的垂点距离h的每个值有且仅有一个点T与之对应，求点T的横坐标t的取值范围．
2023-2024学年北京市西城外国语学校九年级（上）期中数学试卷
参考答案与试题解析
1．（3分）如图图形中，是既是中心对称图形又是轴对称图形的是（ ）
A．B．
C．D．
【分析】中心对称图形的定义：把一个图形绕某一点旋转180°，如果旋转后的图形能与原来的图形重合，那么这个图形就叫做中心对称图形；轴对称图形的定义：如果一个图形沿着一条直线对折后两部分完全重合，这样的图形叫做轴对称图形．根据定义即可判断．
【解答】解：A．该图形是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项不符合题意；
B．该图形既不是中心对称图形，也不是轴对称图形，故此选项不符合题意；
C．该图形是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项不符合题意；
D．该图形既是轴对称图形又是中心对称图形，故此选项符合题意．
故选：D．
【点评】本题考查了中心对称图形与轴对称图形的概念，正确掌握相关概念是解题关键．
2．（3分）抛物线y＝﹣（x+1）2+2的对称轴是（ ）
A．直线x＝1B．直线x＝2C．直线x＝﹣1D．直线x＝﹣2
【分析】根据抛物线的顶点式，可以写出该抛物线的对称轴，本题得以解决．
【解答】解：∵抛物线y＝﹣（x+1）2+2，
∴该抛物线的对称轴是直线x＝﹣1，
故选：C．
【点评】本题考查二次函数的性质，解答本题的关键是由顶点式可以直接写出抛物线的对称轴．
3．（3分）将抛物线y＝﹣3x2平移，得到抛物线y＝﹣3（x﹣1）2﹣2，下列平移方式中，正确的是（ ）
A．先向左平移1个单位，再向上平移2个单位
B．先向左平移1个单位，再向下平移2个单位
C．先向右平移1个单位，再向上平移2个单位
D．先向右平移1个单位，再向下平移2个单位
【分析】找到两个抛物线的顶点，根据抛物线的顶点即可判断是如何平移得到．
【解答】解：∵y＝﹣3x2的顶点坐标为（0，0），y＝﹣3（x﹣1）2﹣2的顶点坐标为（1，﹣2），
∴将抛物线y＝﹣3x2向右平移1个单位，再向下平移2个单位，可得到抛物线y＝﹣3（x﹣1）2﹣2．
故选：D．
【点评】本题考查的是二次函数的图象与几何变换，熟知“上加下减，左加右减”的法则是解答此题的关键．
4．（3分）在平面直角坐标系xOy中，已知点A（4，3），以原点O为圆心，5为半径作⊙O，则（ ）
A．点A在⊙O上
B．点A在⊙O内
C．点A在⊙O外
D．点A与⊙O的位置关系无法确定
【分析】先求出点A到圆心O的距离，再根据点与圆的位置依据判断可得．
【解答】解：∵点A（4，3）到圆心O的距离OA＝＝5，
∴OA＝r＝5，
∴点A在⊙O上，
故选：A．
【点评】本题考查了对点与圆的位置关系的判断．关键要记住若半径为r，点到圆心的距离为d，则有：当d＞r时，点在圆外；当d＝r时，点在圆上，当d＜r时，点在圆内．
5．（3分）关于二次函数y＝x2﹣3x﹣1的图象与x轴交点个数的情况，下列说法正确的是（ ）
A．有两个交点B．有一个交点
C．没有交点D．无法判断
【分析】令y＝0，得到关于x的一元二次方程，然后由Δ＞0即可判断．
【解答】解：令y＝0，则x2﹣3x﹣1＝0，
∵Δ＝（﹣3）2﹣4×1×（﹣1）＝9+4＝13＞0，
∴方程x2﹣3x﹣1＝0有两个不相等的实数根，
∴二次函数y＝x2﹣3x﹣1的图象与x轴有两个交点，
故选：A．
【点评】本题主要考查抛物线与x轴的交点，二次函数的性质，正确掌握方程的根的情况和抛物线与x轴交点的个数间的关系是解题的关键．
6．（3分）点A（0，y1），B（5，y2）在二次函数y＝x2﹣4x+c的图象上，y1与y2的大小关系是（ ）
A．y1＞y2B．y1＝y2C．y1＜y2D．无法比较
【分析】由抛物线的解析式得出对称轴，利用二次函数的图象与性质解答可得．
【解答】解：∵y＝x2﹣4x+c，
∴抛物线开口向上，对称轴为x＝﹣＝2，
∵点A（0，y1），B（5，y2）在二次函数y＝x2﹣4x+c的图象上，且点B离对称轴较远，
∴y1＜y2．
故选：C．
【点评】本题主要考查二次函数图象上点的坐标特征，根据二次函数的性质得出抛物线上离对称轴水平距离越大，函数值越大是解题的关键．
7．（3分）在⊙O中按如下步骤作图：
（1）作⊙O的直径AD；
（2）以点D为圆心，DO长为半径画弧，交⊙O于B，C两点；
（3）连接DB，DC，AB，AC，BC．
根据以上作图过程及所作图形，下列四个结论中错误的是（ ）
A．∠ABD＝90°B．∠BAD＝∠CBDC．AD⊥BCD．AC＝2CD
【分析】根据作图过程可知：AD是⊙O的直径，＝，根据垂径定理即可判断A、B、C正确，再根据DC＝OD，可得AD＝2CD，进而可判断D选项．
【解答】解：根据作图过程可知：
AD是⊙O的直径，
∴∠ABD＝90°，
∴A选项正确；
∵BD＝CD，
∴＝，
∴∠BAD＝∠CBD，
∴B选项正确；
根据垂径定理，得
AD⊥BC，
∴C选项正确；
∵DC＝OD，
∴AD＝2CD，
∴D选项错误．
故选：D．
【点评】本题考查了作图﹣复杂作图、含30度角的直角三角形、垂径定理、圆周角定理，解决本题的关键是综合应用以上知识．
8．（3分）如图1，⊙O过正方形ABCD的顶点A、D且与边BC相切于点E，分别交AB、DC于点M、N．动点P在⊙O或正方形ABCD的边上以每秒一个单位的速度做连续匀速运动．设运动的时间为x，圆心O与P点的距离为y，图2记录了一段时间里y与x的函数关系，在这段时间里P点的运动路径为（ ）
A．从D点出发，沿弧DA→弧AM→线段BM→线段BC
B．从B点出发，沿线段BC→线段CN→弧ND→弧DA
C．从A点出发，沿弧AM→线段BM→线段BC→线段CN
D．从C点出发，沿线段CN→弧ND→弧DA→线段AB
【分析】结合图1分别画出A、B、C、D四种函数图象，即可判断．
【解答】解：根据画出的函数的图象，C符合，
故选：C．
【点评】本题考查了动点问题的函数图象，根据题意，分别画出函数的图象是解题的关键．
二、填空题（本题共16分，每小题2分）
9．（2分）如图，在平面直角坐标系中，将点P（2，3）绕原点O顺时针旋转90°得到点P'，则P'的坐标为 （3，﹣2） ．
【分析】如图，过P、P′两点分别作x轴，y轴的垂线，垂足为A、B，由旋转90°可知，△OPA≌△OP′B，则P′B＝PA＝3，BO＝OA＝2，由此确定点P′的坐标．
【解答】解：如图，过P、P′两点分别作x轴，y轴的垂线，垂足为A、B，
∵线段OP绕点O顺时针旋转90°，
∴∠POP′＝∠AOB＝90°，
∴∠AOP＝∠P′OB，且OP＝OP′，∠PAO＝∠P′BO＝90°，
∴△OAP≌△OBP′（AAS），即P′B＝PA＝3，BO＝OA＝2，
∴P′（3，﹣2）．
故答案为：（3，﹣2）．
【点评】本题考查了点的坐标与旋转变换的关系．关键是根据旋转的条件，确定全等三角形．
10．（2分）二次函数y＝ax2+bx+c的图象如图所示，那么abc ＞ 0（填“＞”，“＝”，或“＜”）．
【分析】根据抛物线开口方向、对称轴及抛物线与y轴交点的位置即可得到a、b、c符号，从而可得答案．
【解答】解：抛物线开口向上，
∴a＞0，
对称轴直线在y轴右侧，
∴﹣＞0，
∴b＜0，
而抛物线与y轴交点在负半轴，
∴c＜0，
∴abc＞0，
故答案为：＞．
【点评】本题考查二次函数图象与系数的关系，解题的关键是掌握a、b、c符号的判定方法．
11．（2分）若关于x的一元二次方程x2﹣2x﹣k＝0有两个相等的实数根，则k＝ ﹣1 ．
【分析】根据判别式的意义得到Δ＝（﹣2）2﹣4×1×（﹣k）＝0，然后解一次方程即可．
【解答】解：根据题意得Δ＝（﹣2）2﹣4×1×（﹣k）＝0，
解得k＝﹣1．
故答案为：﹣1．
【点评】本题考查了一元二次方程ax2+bx+c＝0（a≠0）的根的判别式Δ＝b2﹣4ac：当Δ＞0，方程有两个不相等的实数根；当Δ＝0，方程有两个相等的实数根；当Δ＜0，方程没有实数根．
12．（2分）如图，AD为△ABC的外接圆⊙O的直径，若∠BAD＝50°，则∠ACB＝ 40 °．
【分析】连接BD，如图，根据圆周角定理得到∠ABD＝90°，则利用互余计算出∠D＝40°，然后再利用圆周角定理得到∠ACB的度数．
【解答】解：连接BD，如图，
∵AD为△ABC的外接圆⊙O的直径，
∴∠ABD＝90°，
∴∠D＝90°﹣∠BAD＝90°﹣50°＝40°，
∴∠ACB＝∠D＝40°．
故答案为40．
【点评】本题考查了圆周角定理：在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半．
13．（2分）如图，抛物线y＝ax2+bx与直线y＝mx+n相交于点A（﹣3，﹣6），B （1，﹣2），则关于x的方程ax2+bx＝mx+n的解为 x1＝﹣3，x2＝1 ．
【分析】关于x的方程ax2+bx＝mx+n的解为抛物线y＝ax2+bx与直线y＝mx+n交点的横坐标．
【解答】解：∵抛物线y＝ax2+bx与直线y＝mx+n相交于点A（﹣3，﹣6），B （1，﹣2），
∴关于x的方程ax2+bx＝mx+n的解为x1＝﹣3，x2＝1．
故答案为x1＝﹣3，x2＝1．
【点评】本题考查了抛物线与x轴的交点：把求二次函数y＝ax2+bx+c（a，b，c是常数，a≠0）与x轴的交点坐标问题转化解关于x的一元二次方程即可求得交点横坐标．也考查了二次函数的性质．
14．（2分）一条弦恰好等于圆的半径，则这条弦所对的圆周角为 30°或150° ．
【分析】根据⊙O的一条弦长恰好等于半径知：这条弦和两条半径组成了等边三角形．所以这条弦所对的圆心角是60°，再根据弦所对的圆周角有两种情况讨论求解．
【解答】解：根据题意，弦所对的圆心角是60°，
①当圆周角的顶点在优弧上时，则圆周角＝×60°＝30°；
②当圆周角的顶点在劣弧上时，则根据圆内接四边形的性质，和第一种情况的圆周角是互补，等于150°．
故答案为：30°或150°．
【点评】本题考查圆周角定理，等边三角形的判定和性质等知识，解题的关键是注意一题多解．
15．（2分）如图，在平面直角坐标系xOy中，点A的坐标为A（1，0），等腰直角三角形ABC的边AB在x轴的正半轴上，∠ABC＝90°，点B在点A的右侧，点C在第一象限．将△ABC绕点A逆时针旋转75°，如果点C的对应点E恰好落在y轴的正半轴上，那么边AB的长为 ．
【分析】依据旋转的性质，即可得到∠OAE＝60°，再根据OA＝1，∠EOA＝90°，∠OAE＝60°，即可得出AE＝2，AC＝2．最后在Rt△ABC中，可得到．
【解答】解：依题可知，∠BAC＝45°，∠CAE＝75°，AC＝AE，∠OAE＝60°，
在Rt△AOE中，OA＝1，∠EOA＝90°，∠OAE＝60°，
∴AE＝2，
∴AC＝2．
∴在Rt△ABC中，．
故答案为：．
【点评】本题主要考查了坐标与图形变化，等腰直角三角形的性质的综合运用，图形或点旋转之后要结合旋转的角度和图形的特殊性质来求出旋转后的点的坐标．
16．（2分）如图，AB是⊙O的直径，OC⊥AB交⊙O于点C，P为圆上一动点，M为AP的中点，连接CM，若⊙O的半径为6，则CM长的最大值是 3+3 ．
【分析】根据题意得出点M的移动轨迹，再根据圆外一点到圆上一点最大距离进行计算即可．
【解答】解：如图，当点P在⊙O上移动时，AP的中点M的轨迹是以OA为直径的⊙O′，
因此CO′交⊙O′于点M，此时CM的值最大，
由题意得，OA＝OB＝OC＝6，OO′＝OA＝3＝O′M，
在Rt△O′OC中，OC＝6，OO′＝3，
∴O′C＝＝3，
∴CM＝CO′+O′M＝3+3，
故答案为：3+3．
【点评】本题考查点与圆的位置关系，勾股定理，理解“圆外一点到圆上任意一点的最大距离”的计算方法是解决问题的关键．
三、解答题（本题共68分，第17～22题，每小题5分，第23～26题，每小题5分，第27，28题，每小题5分）
17．（5分）已知：如图，△ABC为锐角三角形，AB＝AC，CD∥AB．
求作：线段BP，使得点P在直线CD上，且∠ABP＝∠BAC．
作法：①以点A为圆心，AC长为半径画圆，交直线CD于C，P两点；
②连接BP．
线段BP就是所求作的线段．
（1）使用直尺和圆规，依作法补全图形（保留作图痕迹）；
（2）完成下面的证明．
证明：∵CD∥AB，
∴∠ABP＝ ∠BPC ．
∵AB＝AC，
∴点B在⊙A上．
又∵点C，P都在⊙A上，
∴∠BPC＝∠BAC（ 同弧所对的圆周角等于该弧所对的圆心角的一半 ）（填推理的依据）．
∴∠ABP＝∠BAC．
【分析】（1）根据作法即可补全图形；
（2）根据等腰三角形的性质和同弧所对圆周角等于该弧所对的圆心角的一半即可完成下面的证明．
【解答】解：（1）如图，即为补全的图形；
（2）证明：∵CD∥AB，
∴∠ABP＝∠BPC．
∵AB＝AC，
∴点B在⊙A上．
又∵点C，P都在⊙A上，
∴∠BPC＝∠BAC（同弧所对的圆周角等于该弧所对的圆心角的一半），
∴∠ABP＝∠BAC．
故答案为：∠BPC，同弧所对的圆周角等于该弧所对的圆心角的一半．
【点评】本题考查了作图﹣复杂作图、等腰三角形的性质、圆周角定理，解决本题的关键是综合运用以上知识．
18．（5分）已知关于x的一元二次方程x2﹣（m+3）x+m+2＝0．
（1）求证：方程总有两个实数根；
（2）若方程两个根的绝对值相等，求此时m的值．
【分析】（1）先根据题意求出Δ的值，再根据一元二次方程根的情况与根的判别式Δ的关系即可得出结论；
（2）利用因式分解法求得方程的解，然后根据题意列出关于m的方程，解方程即可得到结论．
【解答】（1）证明：∵Δ＝（m+3）﹣4（m+2）＝（m+1）2≥0，
∴方程总有两个实数根；
（2）解：∵x2﹣（m+3）x+m+2＝0，
∴（x﹣m﹣2）（x﹣1）＝0，
∴x1＝m+2，x2＝1．
∵方程两个根的绝对值相等，
∴m+2＝±1．
∴m＝﹣3或﹣1．
【点评】本题考查了根的判别式，一元二次方程的解法，掌握判别式Δ与0的关系判定方程根的情况是解决本题的关键．
19．（5分）如图，AB是⊙O的直径，弦CD与AB交于点E，且E是CD的中点．
（1）求证：∠ADC＝∠BDO；
（2）若CD＝，AE＝2，求⊙O的半径．
【分析】（1）由垂径定理和圆周角定理即可证得：∠ADC＝∠BDO；
（2）设OO半径为r，在Rt△OED中用勾股定理即可求得⊙O的半径．
【解答】（1）证明：连接OC，
∵OD＝OC，E是CD的中点，
∴OE⊥CD，
∴弧AD＝弧AC，
∴∠ADC＝∠ABD，
∵OD＝OB，
∴∠BDO＝∠ABD，
∴∠ADC＝∠BDO；
（2）解：设OO半径为r，
∴OC＝OD＝OA＝r，
∵AE＝2，
∴OE＝OA﹣AE＝r﹣2，
∵CD＝4，E点是CD的中点，
∴DE＝CD＝2．
由（1）知，OE⊥CD，
∴∠OED＝90°，
在Rt△OED中，OE2+DE2＝OD2，
∴（r﹣2）2+（2）2＝r2，解得r＝3，
∴OO半径为3．
【点评】本题主要考查了圆周角定理、垂径定理，连接OC构造垂径定理是解决此题的关键．
20．（5分）已知二次函数y＝﹣x2﹣2x+3．
（1）将二次函数化成y＝a（x﹣h）2+k的形式；
（2）在平面直角坐标系中画出y＝﹣x2﹣2x+3的图象；
（3）结合函数图象，直接写出﹣3≤x≤0时y的取值范围．
【分析】（1）利用配方法可把抛物线解析式化顶点式；
（2）先解方程﹣x2﹣2x+3＝0得抛物线与x轴的交点坐标为（﹣3，0），（1，0），再确定抛物线的顶点坐标和与y轴的交点坐标，然后利用描点法画二次函数图象；
（3）结合函数图象，写出抛物线在x轴上方所对应的自变量的范围即可．
【解答】解：（1）y＝﹣x2﹣2x+3
＝﹣（x2+2x+1﹣1）+3，
＝﹣（x+1）2+4；
（2）抛物线的顶点坐标为（﹣1，4），
当x＝0时，y＝﹣x2﹣2x+3＝3，则抛物线与y轴的交点坐标为（0，3）；
当y＝0时，﹣x2﹣2x+3＝0，解得x1＝1，x2＝﹣3，则抛物线与x轴的交点坐标为（﹣3，0），（1，0）；
如图，
（3）由图象可得，当﹣3≤x≤0时，0≤y≤4．
【点评】本题考查了抛物线与x轴的交点：把求二次函数y＝ax2+bx+c（a，b，c是常数，a≠0）与x轴的交点坐标问题转化为解关于x的一元二次方程．也考查了二次函数的性质．
21．（5分）如图，D是等边三角形ABC内一点，将线段AD绕点A顺时针旋转60°，得到线段AE，连接CD，BE．
（1）求证：∠AEB＝∠ADC；
（2）连接DE，若∠ADC＝105°，求∠BED的度数．
【分析】（1）根据等边三角形的性质得出∠BAC＝60°，AB＝AC，根据旋转的性质得出∠DAE＝60°，AE＝AD．求出∠EAB＝∠DAC，证△EAB≌△DAC即可；
（2）求出∠AEB＝105°，求出∠AED，即可得出答案．
【解答】解：（1）∵△ABC是等边三角形，
∴∠BAC＝60°，AB＝AC，
∵线段AD绕点A顺时针旋转60°，得到线段AE，
∴∠DAE＝60°，AE＝AD．
∴∠BAD+∠EAB＝∠BAD+∠DAC．
∴∠EAB＝∠DAC．
在△EAB和△DAC中，
∵，
∴△EAB≌△DAC，
∴∠AEB＝∠ADC；
（2）如图，
∵∠DAE＝60°，AE＝AD，
∴△EAD为等边三角形，
∴∠AED＝60°，
又∵∠AEB＝∠ADC＝105°，
∴∠BED＝105°﹣60°＝45°．
【点评】本题考查了全等三角形的性质、旋转的性质和等边三角形的性质等知识点，能灵活运用性质定理进行推理是解此题的关键．
22．（5分）雅安地震牵动着全国人民的心，某单位开展了“一方有难，八方支援”赈灾捐款活动．第一天收到捐款10000元，第三天收到捐款12100元．
（1）如果第二天、第三天收到捐款的增长率相同，求捐款增长率；
（2）按照（1）中收到捐款的增长率速度，第四天该单位能收到多少捐款？
【分析】（1）解答此题利用的数量关系是：第一天收到捐款钱数×（1+每次增长的百分率）2＝第三天收到捐款钱数，设出未知数，列方程解答即可；
（2）第三天收到捐款钱数×（1+每次增长的百分率）＝第四天收到捐款钱数，依此列式子解答即可．
【解答】解：（1）设捐款增长率为x，根据题意列方程得，
10000×（1+x）2＝12100，
解得x1＝0.1，x2＝﹣2.1（不合题意，舍去）；
答：捐款增长率为10%．
（2）12100×（1+10%）＝13310元．
答：第四天该单位能收到13310元捐款．
【点评】本题考查了一元二次方程的应用，列方程的依据是：第一天收到捐款钱数×（1+每次降价的百分率）2＝第三天收到捐款钱数．
23．（6分）为了在校运会中取得更好的成绩，小丁积极训练．在某次试投中铅球所经过的路线是如图所示的抛物线的一部分．已知铅球出手处A距离地面的高度是米，当铅球运行的水平距离为3米时，达到最大高度米的B处．小丁此次投掷的成绩是多少米？
【分析】由点A、B的坐标求出函数表达式y＝﹣（x﹣3）2+，令y＝0，即可求解．
【解答】解：建立平面直角坐标系如图所示．
则点A的坐标为（0，），顶点为B（3，）．
设抛物线的表达式为y＝a（x﹣3）2+，
∵点A（0，）在抛物线上，
∴a（0﹣3）2+＝，
解得a＝﹣．
∴抛物线的表达式为y＝﹣（x﹣3）2+
令y＝0，则﹣（x﹣3）2+＝0，
解得x＝8或x＝﹣2（不合实际，舍去）．
即OC＝8．
答：小丁此次投掷的成绩是8米．
【点评】本题考查的是二次函数的应用，通过建立坐标系，确定相应点的坐标即可求解．
24．（6分）如图，BC是⊙O直径，点A是⊙O上一点，∠ABC＝22.5°，点D为BC延长线上一点，且AD＝OB．
（1）求证：DA是⊙O的切线；
（2）过点A作AE⊥BD交⊙O于点E，EO的延长线交AB于点F，若⊙O的直径为4，求线段EF的长．
【分析】（1）连接AO，由∠ABC＝22.5°求出∠AOD＝45°，再由AD＝OB、OA＝OB得到∠AOD＝∠D＝45°，从而得到∠OAD＝90°，得证DA是⊙O的切线；
（2）由AE⊥BD和直径为4结合垂径定理求得∠OAE、∠E和AE的长度，再结合∠ABC的度数求出∠AFE和∠FAE的大小，从而求出线段EF的长．
【解答】（1）证明：连接OA，
∵∠ABC＝22.5°，
∴∠AOD＝2∠ABC＝45°，
∵OA＝OB，AD＝OB，
∴OA＝AD，
∴∠AOD＝∠D＝45°，
∴∠OAD＝90°，
∴DA是⊙O的切线．
（2）解：∵AE⊥BD，∠AOD＝45°，
∴∠OAE＝∠E＝45°，∠AOE＝90°，
∵直径为4，
∴OA＝OE＝2，
∴AE＝2，
∵OA＝OB，∠ABC＝22.5°，
∴∠OAB＝ABC＝22.5°，
∴∠FAE＝∠OAB+∠OAE＝22.5°+45°＝67.5°，
∴∠AFE＝180°﹣∠FAE﹣∠E＝180°﹣67.5°﹣45°＝67.5°，
∴∠AFE＝∠FAE，
∴EF＝AE＝2．
【点评】本题考查了切线的定义、圆周角定理、垂径定理、等腰直角三角形的三边关系和等腰三角形的判定与性质，第一问解题的关键是利用圆周角定理求出∠AOD的度数和利用等边对等角求出∠D的大小，第二问解题的关键是通过垂径定理判断出∠AFE＝∠FAE，然后利用等角对等边求出线段EF的长度．
25．（6分）已知：二次函数y＝ax2﹣2ax+a+1．
（1）求这个二次函数图象的对称轴和顶点坐标；
（2）若点A（n+1，y1），B（n﹣2，y2）在抛物线y＝ax2﹣2ax+a+1（a＞0）上，且y1＜y2，求n的取值范围．
【分析】（1）先配成顶点式，求出二次函数图象的对称轴及顶点坐标；
（2）分两种情况，①若A（n+1，y1）在直线x＝1的右边，B（n﹣2，y2）在直线x＝1的左边，列不等式求出解集，②若A（n+1，y1）在直线x＝1的左边，B（n﹣2，y2）在直线x＝1的左边，列不等式求出解集．
【解答】解：（1）∵y＝ax2﹣2ax+a+1．
＝a（x2﹣2x+1）+1
＝a（x﹣1）2+1，
∴这个二次函数图象的对称轴是直线：x＝1，顶点坐标（1，1）；
（2）∵a＞0，
∴二次函数图象开口向上，
①若A（n+1，y1）在直线x＝1的右边，B（n﹣2，y2）在直线x＝1的左边，
由题意可得，
1﹣（n﹣2）＞（n+1）﹣1，
∴0＜n＜，
②若A（n+1，y1）在直线x＝1的左边，B（n﹣2，y2）在直线x＝1的左边，
由题意可得，对称轴更靠近n+1，即1＜n﹣0.5所以n＞1.5．
【点评】本题考查二次函数的性质、二次函数图象上点的坐标特征，掌握这两个知识点的综合应用是解题关键．
26．（6分）如图，已知△ABC为等腰直角三角形，∠BAC＝90°，AB＝2．点D为△ABC内一点，且有∠BDA＝90°，点P为BC中点，连接DP．
（1）连结AP并证明∠BDP＝45°；
（2）写出线段AD，BD，PD之间的数量关系，并证明．
【分析】（1）通过证明点A，点B，点P，点D四点共圆，可得∠BAP＝∠BDP＝45°；
（2）由“SAS”可证△APD≌△BPH，可得BH＝AD，即可求解．
【解答】（1）证明：如图，连接AP，
∵△ABC为等腰直角三角形，∠BAC＝90°，点P是BC的中点，
∴AP＝BP＝CP，AP⊥BP，∠BAP＝∠ABC＝45°，
∴∠APB＝∠ADB＝90°，
∴点A，点B，点P，点D四点共圆，
∴∠BAP＝∠BDP＝45°；
（2）解：BD＝AD+PD，理由如下：
如图，过点P作PH⊥PD，交BD于H，
∵PH⊥PD，∠BDP＝45°，
∴∠DPH＝∠APB＝90°，∠BDP＝∠DHP＝45°，
∴∠BPH＝∠APD，PD＝PH，
又∵BP＝AP，
∴△APD≌△BPH（SAS），
∴BH＝AD，
∵PD＝PH，∠DPH＝90°，
∴HD＝DP，
∴BD＝BH+HD＝AD+DP．
【点评】本题考查了全等三角形的判定和性质，等腰直角三角形的性质，圆的有关知识，灵活运用这些性质解决问题是解题的关键．
27．（6分）对于平面直角坐标系：xOy内任意一点P．过P点作PM⊥x轴于点M，PN⊥y轴于点N，连接MN，则称MN的长度为点P的垂点距离，记为h．特别地，点P与原点重合时，垂点距离为0．
（1）点A（2，0），B（4，4），C（﹣2，）的垂点距离分别为 2 ， 4 ， ．
（2）点P在以Q（，1）为圆心，半径为3的⊙Q上运动，求出点P的垂点距离h的取值范围；
（3）点T为直线l：y＝x+6位于第二象限内的一点，对于点T的垂点距离h的每个值有且仅有一个点T与之对应，求点T的横坐标t的取值范围．
【分析】（1）先判断出MN＝OB，即可用两点间的距离公式求解；
（2）先判断出h＝OP，再判断出PQ﹣OQ≤OP≤OQ+PQ，即可得出结论；
（3）先求出点A，B坐标，进而求出OA，OB，再找出分界点，利用锐角三角函数求解即可得出结论．
【解答】解：（1）如图1，点A（2，0）的垂点距离为OA＝2，
连接OB，过点B作BM⊥x轴于M，作BN⊥y轴于N，
∴∠BNO＝∠BMO＝90°，
∵∠MON＝90°，
∴∠MON＝∠BMN＝∠BNO＝90°，
∴四边形OMBN是矩形，
∴MN＝OB，
∴点B（4，4）的垂点距离为MN＝OB＝＝4，
同理：点C的垂点距离为＝，
故答案为：2，4，；
（2）如图2，
过点P作PM⊥x轴于M，PN⊥y轴于N，连接OP，
由（1）知，点P的垂点距离h＝OP，
∵点Q的坐标为（，1），
∴OQ＝2，
∵PQ﹣OQ≤OP≤OQ+PQ，
∴3﹣2≤OP≤3+2，
∴1≤OP≤5，
∴1≤h≤5；
（3）如图3，设直线l与x轴，y轴的交点为A，B，
针对于直线y＝x+6，
令x＝0，则y＝6，
∴B（0，6），
∴OB＝6，
令y＝0，则x+6＝0，
∴x＝﹣2，
∴A（﹣2，0），
∴OA＝2，
在Rt△AOB中，tan∠OAB＝＝，
∴∠OAB＝60°，
过点O作OM⊥l于M，
∴AM＝OA•cs∠OAB＝2•cs60°＝，
过点M，N分别作x轴的垂线，垂足分别为C，D，
同理：AC＝，即OC＝，
∵OA＝ON，∠BAO＝60°，
∴△AON是等边三角形，
∴OD＝OA＝，
∴t＝﹣或﹣≤t＜0．
【点评】此题是圆的综合题，主要考查了矩形的判定和性质，三角形的三边关系，等边三角形的判定和性质，锐角三角函数，找出分界点是解本题的关键．
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