新高考化学一轮复习考点巩固卷07 化学反应与能量（2份打包，原卷版+解析版）

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1．下列变化过程，既属于氧化还原反应又是放热反应的是
A．与反应B．浓稀释
C．灼热的炭与反应D．甲烷与的燃烧反应
【答案】D
【详解】A．与反应属于吸热反应，但不是氧化还原反应，A不符合；
B．浓稀释放热，不是化学变化，B不符合；
C．灼热的炭与反应生成CO，属于吸热反应，且是氧化还原反应，C不符合；
D．甲烷与的燃烧反应属于放热的氧化还原反应，D符合；
答案选D。
2．中和热测定实验中用盐酸和溶液进行实验，下列说法不正确的是
A．酸碱混合时，量筒中溶液应缓缓倒入小烧杯中，不断用玻璃棒搅拌
B．装置中的大小烧杯之间填满碎泡沫塑料的作用是保温隔热减少热量损失
C．实验中用过量，目的是为了确保酸完全反应
D．改用盐酸跟溶液进行反应，求出的中和热和原来相同
【答案】A
【详解】A．在中和热的测定过程中，酸碱混合时要迅速，并且不能搅拌，防止热量的散失，保证放出的热量都体现在温度计温度的升高上，A选项错误；
B．中和热测定实验成败的关键是做好保温工作，实验中，大小烧杯之间填满碎泡沫塑料的作用是保温隔热，减少热量损失，B选项说法正确；
C．实验中用过量，目的是为了确保酸完全反应，C选项说法正确；
D．反应放出的热量和所用酸以及碱的量的多少有关，改用25mL 0.50ml/L盐酸跟25mL 0.55 ml/L NaOH溶液进行反应，与上述实验相比，生成水的物质的量减少，所放出的热量偏低，但中和热是强酸和强碱反应生成1ml水时放出的热量，与酸碱的用量无关，中和热数值相等， D选项发生正确；
故选A。
3．下列反应属于吸热反应的是
A．Zn与稀盐酸的反应B．焦炭在高温下与水蒸气的反应
C．与稀硫酸的反应D．硫单质在氧气中燃烧
【答案】B
【详解】A．Zn与稀盐酸的反应属于放热反应，A不符合；
B．焦炭在高温下与水蒸气的反应属于吸热反应，B符合；
C．与稀硫酸的反应属于放热反应，C不符合；
D．硫单质在氧气中燃烧属于放热反应，D不符合；
答案选B。
4．下列能正确表示燃烧热热化学方程式的是
A．
B．
C．
D．
【答案】C
【详解】乙烯的燃烧热为1ml乙烯完全燃烧生成二氧化碳和液态水放出的热量，反应的热化学方程式为 ；
故选C。
5．下列说法正确的是
A．浓硫酸与NaOH溶液反应生成1ml水时放出57.3kJ热量
B．稀硫酸和稀Ba(OH)2反应生成1ml水时放出57.3kJ热量
C．1L 1ml/L稀硫酸被NaOH溶液恰好完全中和放出57.3kJ热量
D．0.1ml/L HCl和0.2ml/L NaOH溶液反应的中和热的焓变(ΔH)为-57.3kJ/ml
【答案】D
【详解】A．浓硫酸溶于水后放热，所以浓硫酸与NaOH溶液反应生成1ml水时放出的热量大于57.3kJ，A错误；
B．稀硫酸和稀Ba(OH)2发生中和反应时生成水，还会生成硫酸钡沉淀，生成沉淀的过程放热，所以两者反应生成1ml水时放出的热量大于57.3kJ，B错误；
C．1L 1ml/L稀硫酸被NaOH溶液恰好完全中和生成的是2ml水，所以放热为57.3kJ2=114.6kJ，C错误；
D．中和热是指稀的强酸与稀的强碱反应生成1ml水所放出的热量，表示为ΔH=-57.3kJ/ml，D正确；
故选D。
6．关于反应：①2C2H2(g)+5O2(g)=4CO2(g)+2H2O(l) ΔH=-2600kJ/ml；
②2CO(g)+O2(g)=2CO2(g) ΔH=-566kJ/ml；
③CH4(g)+H2O(g)=CO(g)+3H2(g) ΔH=+216kJ/ml。
下列叙述正确的是
A．CO的燃烧热为ΔH=+283kJ/ml
B．在③进行时，若加入催化剂，可以使ΔH减小
C．若有3.2gCH4与足量水蒸气按③反应，则吸收的热量是43.2kJ
D．若生成相同质量的CO2，C2H2放出的热量小于CO
【答案】C
【详解】A．CO的燃烧热为1 ml CO完全燃烧产生CO2气体时放出热量，则反应热小于0，故根据②2CO(g)+O2(g)=2CO2(g) ΔH=-566 kJ/ml可知CO的燃烧热为ΔH=-283 kJ/ml，A错误；
B．在③进行时，若加入催化剂，可以降低反应的活化能，但不能改变反应物即生成物的总能量，因此不能使ΔH减小，B错误；
C．3.2 g CH4的物质的量是n(CH4)=，根据③CH4(g)+H2O(g)=CO(g)+3H2(g) ΔH=+216 kJ/ml可知：若有3.2 g CH4与足量水蒸气按③反应，则吸收的热量是43.2 kJ，C正确；
D．根据①可知反应产生2 ml CO2气体，放出热量是1300 kJ，而根据②反应可知产生2 ml CO2气体，放出热量是566 kJ，故若生成相同质量的CO2，C2H2放出的热量大于CO，D错误；
故选C。
7．下列有关热化学方程式的叙述正确的是
A．2H2(g)+O2(g)＝2H2O(l) ΔH=-571.6 kJ/ml可以表示氢气的燃烧热
B．已知C(石墨，s)＝C(金刚石，s) ΔH>0，则金刚石比石墨稳定
C．含20.0g NaOH的稀溶液与稀盐酸完全中和，放出28.7 kJ的热量，则该反应的热化学方程式为：NaOH(aq)+HCl(aq)＝NaCl(aq)+H2O(l) ΔH=-28.7kJ/ml
D．已知2C(s)+2O2(g)＝2CO2(g) ΔH1 ；2C(s)+O2(g)＝2CO(g) ΔH2；则ΔH1H3，D正确；
故答案选D。
分值：30分 建议用时：20分钟
考点二 原电池 化学电源
一、选择题（每小题2分，共30分）
1．（2023·河南安阳·统考三模）一种低温Zn - MnO2纤维电池放电时的工作原理如图所示，下列说法正确的是
A．放电时，电子由N电极经电解质溶液流向M电极
B．放电时，溶液中的Zn2+向N电极移动
C．若该装置外电路中有1 ml电子转移，理论上两极质量变化均为32.5 g
D．充电时， M电极的反应式：Mn2+ -2e- +4OH-=MnO2 +2H2O
【答案】C
【分析】放电时，N电极上Zn发生失电子的氧化反应转化成Zn2+，电极反应为Zn-2e-=Zn2+，N电极为负极；M电极上MnO2发生得电子的还原反应转化成ZnxMnO2，电极反应为MnO2+2xe-+xZn2+= ZnxMnO2，M电极为正极；据此作答。
【详解】A．放电时，电子由负极（N电极）经外电路流向正极（M电极），电子不通过电解质溶液，A项错误；
B．放电时，溶液中的阳离子Zn2+向正极（M电极）移动，B项错误；
C．若该装置外电路有1ml电子转移，N电极的电极反应为Zn-2e-=Zn2+，N电极质量减少32.5g，M电极的电极反应为MnO2+2xe-+xZn2+= ZnxMnO2，M电极质量增加32,5g，C项正确；
D．充电时为电解原理，M电极为阳极，电极反应为ZnxMnO2-2xe-=MnO2+xZn2+，D项错误；
答案选C。
2．（2023·浙江·校联考三模）光催化钠离子二次电池的应用研究取得重大进展，该电池工作原理如下图所示。下列有关说法不正确的是

A．充电时，电子从光催化电极流出通过导线流向石墨电极
B．放电时，每消耗1 ml ，离子交换膜左室电解质溶液质量减少46 g
C．充电时，通过离子交换膜进入右室
D．放电时，石墨电极的电极反应式为
【答案】B
【分析】由图可知，放电时，石墨电极为负极，S2-失去电子发生氧化反应生成在负极，电极反应式为4S2—-6e—=，光催化电极为正极，离子在正极得到电子发生还原反应生成碘离子，电极反应式为+2e—=3I—，为维持电荷守恒，左侧钠离子透过阳离子离子交换膜移向右侧；充电时，与直流电源负极相连的石墨电极为阴极，光催化电极为阳极。
【详解】A．由分析可知，充电时，与直流电源负极相连的石墨电极为阴极，光催化电极为阳极，则电子从光催化电极流出，通过导线流向石墨电极，故A正确；
B．由分析可知，放电时，石墨电极为负极，光催化电极为正极，为维持电荷守恒，左侧钠离子透过离子交换膜移向右侧，每消耗1mlNaI3时，2ml钠离子从左室迁移到右室，则离子交换膜左室电解质溶液质量减少46g，故B正确；
C．由分析可知，放电时，为维持电荷守恒，左侧钠离子透过阳离子离子交换膜移向右侧，则充电时，钠离子透过阳离子离子交换膜移向左侧，故C错误；
D．由分析可知，放电时，石墨电极为负极，S2-失去电子发生氧化反应生成在负极，电极反应式为4S2——6e—=，故D正确；
故选C。
3．（2023·山东青岛·统考三模）以和为正、负极电极材料组装的可充电电池具有较高循环使用寿命，工作原理为(已知：在溶液中以的形式存在)。下列说法错误的是
A．放电过程中负极的电极反应为
B．放电过程中正极附近增大
C．充电过程中转移时，阳极质量减小28g
D．充电过程中转移时，理论上溶液的减小1
【答案】D
【详解】A．放电时的总方程式为，负极失电子，化合价升高，所以是Pb失去电子，电极反应式为，A正确；
B．放电时正极要生成氢氧根离子，碱性增大，pH值增大，B正确；
C．充电过程中阳极失去电子，变成MnO2，1ml参与反应转移，减少的质量相当于是1mlCO的质量，故为28g，C正确；
D．转移时由0.3ml被消耗，有1mlKOH被消耗，但是不能说pH值减小了1，D错误；
故选D。
4．（2023·贵州毕节·统考三模）微生物燃料电池是一种通过微生物降解污染物同步回收电能的处理系统，具有绿色、安全、碳排放量低的特点，其工作原理如图所示。下列说法错误的是

A．石墨纤维电极为电池负极
B．电池工作时，Pt电极比石墨纤维电极电势低
C．正极反应式：O2+4e-+4H+=2H2O
D．放电过程中H+从石墨纤维电极区通过质子交换膜移向Pt电极区
【答案】B
【分析】有机物变为CO2发生氧化反应为负极，而O2变为H2O发生还原反应为正极。
【详解】A．由上分析，石墨纤维为负极，A项正确；
B．电池工作时，正极电势（Pt）大于负极（石墨纤维），B项错误；
C．正极反应为O2+4e-+4H+=2H2O，C项正确；
D．放电时，带正电的离子移向正极，所以H+通过质子交换膜移向Pt电极，D项正确；
故选B。
5．（2023·辽宁沈阳·辽宁实验中学校考模拟预测）双盐Mg-CS2电池由Li+替代了Mg2+在正极材料中的嵌入，解决了Mg2+扩散缓慢、锂离子电池锂枝晶生长等问题，其充、放电过程如图所示。下列说法错误的是

A．放电时，CS2电极的电势高于Mg电极
B．放电时，每转移2mle-，正极质量减少14g
C．充电时，若充电电压为2.0V，可能造成电池性能衰减
D．充电时，充电电压为2.75V时，阳极反应为：
【答案】B
【分析】由图可知，放电时，Mg作负极，电极反应式为Mg-2e-=Mg2+，右侧电极为正极，电极反应式为CS2+4Li++4e-=C+2Li2S，充电时，Mg作阴极，右侧电极为阳极，据此分析作答。
【详解】A．放电时，Mg作负极，CS2电极为正极，正极的电势高于负极，则CS2电极的电势高于Mg电极，A正确；
B．放电时，右侧电极为正极，电极反应式为CS2+4Li++4e-=C+2Li2S，每转移2 ml e-正极质量增加2ml×7g/ml=14g，B错误；
C．由图可知，若充电电压为2.0V，充电过程中C会转化为C3S4，放电时C3S4不能参与反应，故会造成电池性能衰减，C正确；
D．由图可知，若充电电压为2.75V，右侧电极为阳极，电极反应式为C+2Li2S-4e-=CS2+4Li+，D正确；
故答案为：B。
6．（2023·四川遂宁·统考模拟预测）从节约能源和保护生态环境的角度来看，燃料电池是最具有发展前途的发电技术。NH3﹣O2燃料电池装置如图所示，下列说法错误的是
A．电池工作时，O2得到电子，发生还原反应
B．电极b上的电极反应式为2NH3＋6OH--6e-=N2＋6H2O
C．燃料电池能量之间的转化是由电能转化为化学能
D．电池工作时，溶液中的Na＋向电极a迁移
【答案】C
【分析】电极b上，NH3转化为N2和H2O，N元素化合价升高，发生氧化反应，电极b为负极，电极反应式为；电极a为正极，发生还原反应，电极反应式为。
【详解】A．由分析可知，电极a为正极，发生还原反应，O2得到电子，A项正确；
B．由分析可知，电极b上的电极反应式为2NH3＋6OH--6e-=N2＋6H2O，B项正确；
C．燃料电池将化学能转化为电能，C项错误；
D．电池工作时，阳离子移向电池正极，则溶液中的Na＋向电极a迁移，D项正确；
答案选C。
7．（2023·广西玉林·统考模拟预测）一种成本低、稳定性好的全碱性多硫化物—空气液流二次电池工作时，原理如图所示。下列说法正确的是

A．连接负载时，电极A为正极
B．膜a为阴离子交换膜，膜b为阳离子交换膜
C．连接负载时，负极区的电极反应式为：S-2e-=S
D．连接电源时，电路中每通过2NA个电子，生成NaOH的质量为80g
【答案】C
【详解】A．根据图示，连接负载时，A电极发生反应 ，A电极发生氧化反应，电极A为负极，故A错误；
B．根据图示，电池工作时，膜a、膜b之间生成NaOH，膜a为阳离子交换膜，膜b为阴离子交换膜，故B错误；
C．根据图示，连接负载时，A电极发生氧化反应，电极A为负极，负极区的电极反应式为：S-2e-=S，故C正确；
D．连接电源时，电路中每通过2NA个电子，有2mlNa+通过膜a进入阴极区，2mlOH-通过膜b进入阳极区，所以消耗NaOH的质量为80g，故D错误；
选C。
8．（2023·河北保定·统考二模）、和熔融可制作燃料电池，其原理如图所示，该电池在放电过程中石墨I电极上生成可循环使用的氧化物，下列说法错误的是
A．石墨I为负极，发生氧化反应
B．石墨II电极反应式为
C．若电路中有电子转移，则理论上石墨II处需消耗(标准状况下)
D．放电过程中移向石墨I电极
【答案】D
【分析】、和熔融可制作燃料电池，NO2作燃料、O2作氧化剂，所以石墨I为负极、石墨II为正极，石墨I电极上失去电子生成N2O5，电极反应式为NO2+NO- e-= N2O5，石墨II电极反应式为，以此解答。
【详解】A．由分析可知，石墨I为负极，发生氧化反应，故A正确；
B．由分析可知，石墨II电极反应式为，故B正确；
C．石墨II为正极，电极方程式为：，若电路中有电子转移，则理论上石墨II处需消耗0.25ml，标准状况下得体积为0.25ml×22.4L/ml=5.6L，故C正确；
D．放电过程中阳离子移向正极，石墨I电极为负极，故D错误；
故选D。
9．（2023·陕西咸阳·统考三模）最近科学家研发了“全氢电池”，工作原理如图所示。下列说法正确的是

A．吸附层a发生的电极反应为：
B．NaClO4的作用是传导离子并参与电极反应
C．电解质溶液中Na+向左移动，ClO向右移动
D．全氢电池的总反应为：2H2+O2=2H2O
【答案】A
【分析】电子由吸附层a流向b以及吸附层a上氢气失去电子与氢氧根结合生成水；吸附层b上氢离子得到电子生成氢气可知，吸附层a为负极，吸附层b为正极。据此分析可得：
【详解】A．电子由吸附层a流出且氢气在吸附层a上与氢氧根结合生成水，则吸附层a发生的电极反应为：，故A正确；
B．的作用是离子的定向移动而形成电流，，但不参与电极反应，故B错误；
C．由分析可知，吸附层a为负极、吸附层b为正极；阳离子（）向正极移动（向右移）；阴离子（）移向负极（即向左移动），故C错误；
D．吸附层a上氢气失去电子与氢氧根结合生成水；吸附层b上氢离子得到电子生成氢气可知，“全氢电池”工作时，将酸与碱反应的化学能转化为电能，则其总反应为：，故D错误；
答案选A。
10．（2023·北京朝阳·统考三模）某同学利用下列电池装置探究的氧化性和还原性。电流表显示电子由铁电极流向石墨电极，石墨电极上未见Fe析出，下列分析不正确的是

A．盐桥中的阳离子进入右侧烧杯溶液中
B．一段时间后两烧杯溶液中均增大
C．当两烧杯溶液中相等时，说明反应已达到平衡状态
D．由A、B中的现象可知，还原性小于Fe、氧化性小于
【答案】C
【分析】该反应为Fe+2Fe3+=3Fe2+，负极为铁单质失电子生成亚铁离子，正极为铁离子得电子生成亚铁离子，据此分析下列选项。
【详解】A．铁电极失电子为负极，石墨电极为正极，阳离子从负极向正极移动，故盐桥中阳离子进入石墨电极溶液中，A正确；
B．负极反应为Fe-2e-=Fe2+，石墨电极上发生的反应为Fe3++e-=Fe2+，两侧均反应生成亚铁离子，故一段时间后两烧杯溶液中均增大，故石墨电极溶液中亚铁离子浓度增大，B正确；
C．负极反应为Fe-2e-=Fe2+，正极反应为2Fe3++2e-=2Fe2+，设两边均为1L溶液，一段时间后转移电子为2xml时两极溶液中亚铁离子浓度相等，则0.10+x=2x+0.05，得x=0.05，则右边消耗铁离子为0.05ml＜1ml，则反应仍能继续进行，故不能说明反应达到平衡状态，C错误；
D．负极反应为Fe-2e-=Fe2+，正极反应为2Fe3++2e-=2Fe2+，总反应为Fe+2Fe3+=3Fe2+，反应中氧化剂为Fe3+，还原剂为Fe，Fe2+既是氧化产物也是还原产物，故Fe2+还原性小于Fe，氧化性小于Fe3+，D正确；
故答案选C。
11．（2023·浙江·校联考模拟预测）直接燃料电池是一种新型化学电源，其工作原理如图所示。电池放电时，下列说法不正确的是

A．电池工作时，电极I电势低
B．电极Ⅱ的反应式为：
C．电池总反应为：
D．当电路中转移0.1ml电子时，通过阳离子交换膜的为3.9g
【答案】C
【分析】电池工作时，电势低的是负极，电子从负极流向正极，故电极I为负极，电极Ⅱ为正极，负极：H2O2-2e-+2OH-=O2+2H2O，正极: 。
【详解】A．电池工作时，电势低的是负极，电子从负极流向正极，故电极I电势低，A正确；
B．电极Ⅱ为正极，电极反应式为：，B正确；
C．该电池放电过程中，负极区的OH-来自KOH，正极区的 来自H2SO4，K+通过阳离子交换膜进入正极区与硫酸根结合生成K2SO4，因此电池总反应为：，C错误；
D．当电路中转移0.1ml电子时，通过阳离子交换膜的为0.1ml，即3.9g，D正确；
故选C。
12．（2023·福建南平·统考三模）西北工业大学推出一种新型电池。该电池能有效地捕获，将其转化为，再将产生的电解制氨，过程如图所示。下列说法错误的是

A．d电极为电解池的阳极
B．电池总反应式为：
C．c极区溶液的pH升高
D．电路中转移时，理论上能得到
【答案】D
【分析】由图可知，锌为活泼金属，失去电子发生氧化反应，a为负极、b为正极，则c为阴极、d为阳极；
【详解】A．由分析可知，d电极为电解池的阳极，A正确；
B．电池总反应为锌和二氧化氮反应生成亚硝酸锌：，B正确；
C．c极区为阴极区，亚硝酸根离子发生还原生成，溶液碱性增强，故溶液的pH升高，C正确；
D．c极区为阴极区，亚硝酸根离子发生还原生成，电子转移为，则电路中转移时，理论上能得到，D错误；
故选D。
13．（2023·北京海淀·101中学校考三模）利用微生物燃料电池可处理有机废水获得电能，同时实现海水淡化。现以溶液模拟海水，用如图装置处理有机废水(以含的溶液为例)。
下列说法正确的是
A．正极反应为
B．隔膜1为阳离子交换膜，隔膜2为阴离子交换膜
C．工作一段时间后室下降，室升高
D．处理理论上B室中有发生迁移
【答案】C
【分析】a极上失电子生成，a极为负极，b极氧气得电子，b极为正极，据此分析解答。
【详解】A．b极氧气得电子，电解质环境为碱性，电极反应：，故A错误；
B．该装置可实现海水淡化，则B室中钠离子应透过隔膜2进入正极区，B室中氯离子透过隔膜1进入A室，隔膜1为阴离子交换膜，隔膜2为阳离子交换膜，故B错误；
C．室电极反应：，反应生成氢离子下降，室，反应生成氢氧根离子升高，故C正确；
D．由以上电极反应可知失去8ml电子，为使电荷平衡，则B室中有发生迁移，故D错误；
故选：C。
14．（2023·山东德州·统考三模）我国科学家研究出一种新型水系电池，其结构如下图，该电池既能实现乙炔加氢又能提供电能，下列说法正确的是
A．通过阴离子交换膜向a电极移动
B．左侧极室中减小
C．a极的电极反应式为
D．每转移，右侧极室中溶液质量增大34g
【答案】C
【详解】A．b中锌化合价升高变为氧化锌，则b为负极，根据“同性相吸”，则通过阴离子交换膜向b电极移动，故A错误；
B．左侧极室中a极的电极反应式为，若有2ml电子转移，从a室迁移到b室的氢氧根为2ml，反应生成的氢氧根为2ml，a室内氢氧根数目不变，但溶液体积减小，因此增大，故B错误；
C．根据前面分析右边为负极，左边为正极，则a极发生还原反应，电极反应式为，故C正确；
D．每转移，有2ml氢氧根移动到右侧极室，根据，则右侧极室中溶液质量增大为1ml水的质量即18g，故D错误；
综上所述，答案为C。
15．（2023·辽宁·校联考模拟预测）工业上，常用电渗析法淡化海水。某小组模拟淡化海水原理，设计如图所示装置。锂电池反应为。下列叙述错误的是
A．M极为阳极，膜2为阳离子交换膜
B．锂电池放电时，负极的电极反应式为
C．基态锰原子中有15种不同运动状态的电子
D．N极收集到11.2L气体(标准状况)时理论上转移1ml电子
【答案】C
【分析】由题干信息可知，电极M与锂离子电池的正极相连，是阳极，电极反应为：2Cl- -2e-=Cl2↑，电极N与锂离子电池的负极相连，是阴极，电极反应为：2H++2e-=H2↑，阳离子由M极移向N极，阴离子由N极移向M极，即膜1为阴离子交换膜，膜2为阳离子交换膜，据此分析解题。
【详解】A．由分析可知，M极为阳极，膜2为阳离子交换膜，A正确；
B．由题干信息可知，锂电池电池反应为：，故放电时，负极的电极反应式为：，B正确；
C．已知Mn是25号元素，其核外有25个电子，根据鲍利不相容原理可知，基态锰原子中有25种不同运动状态的电子，C错误；
D．由分析可知，N极电极反应为：2H++2e-=H2↑，故N极收集到11.2L气体(标准状况)时理论上转移电子的物质的量为：=1ml，D正确；
故答案为：C。
分值：30分 建议用时：20分钟
考点三 电解池 金属的腐蚀与防护
一、选择题（每小题2分，共30分）
1．（2023·上海·统考模拟预测）电解食盐水间接氧化法去除工业废水中氨氮的原理如图所示，通过电解氨氮溶液(含有少量的NaCl)，将转化为(无逸出)，下列说法正确的是
A．M为负极B．N极附近pH值不变化
C．D．电解后上升
【答案】C
【分析】该装置为电解池装置，在M电极上氯离子失去电子生成氯气(无 Cl2逸出)，然后氯气将氨氧化为氮气，氯气又被还原为氯离子，在这过程中氯离子做了催化剂，M电极为阳极，阳极区的总反应为；N电极为阴极，电极反应为2H2O+2e-=H2↑+2OH-。
【详解】A．由分析可知，M电极为阳极，A错误；
B．由分析可知，N电极为阴极，电极反应为2H2O+2e-=H2↑+2OH-，故该电极附近pH增大，B错误；
C．M电极为阳极，阳极区的总反应为，阴极的电极反应为2H2O+2e-=H2↑+2OH-，根据电路中电子转移守恒可知，生成的氢气更多，C正确；
D．由分析可知，在阳极上氯离子失去电子生成氯气，然后氯气又被氨还原为氯离子，电解后氯离子浓度不可能上升，D错误；
故选C。
2．（2023·浙江·校联考一模）利用电解池原理可将转化为燃料或者化学品。下图通过将与辛胺反应耦合，实现了两电极体系中产物的高选择性合成。

下列说法正确的是
A．装置中b电极为阴极，发生还原反应
B．电极a的电极反应可能为：
C．中间的离子交换膜一定是质子交换膜
D．电解过程中，a、b两极反应物物质的量之比为2∶1
【答案】B
【分析】利用电解池原理可将CO2转化为燃料或者化学品，反应过程中碳元素的化合价降低，得到电子，则a极为阴极，CO2转化为燃料或者化学品，b极为阳极，辛胺转化为辛氰。据此回答问题。
【详解】A．装置中b电极为阳极，失去电子，发生氧化反应，故A错误；
B．电极a为阴极，电极反应可能为：，故B正确；
C．若电解液中性时，中间的离子交换膜是质子交换膜，若电解液碱性时，中间的离子交换膜是阴离子交换膜，故C错误；
D．电解过程中，a极CO2转化为燃料或者化学品，b极辛胺转化为辛氰，由于电极a的产物不确定，则反应物物质的量之比不确定，故D错误；
故选：B。
3．（2023·河北·校联考模拟预测）利用和废气作原料，通过电化学原理制备光气原料气的装置如图所示。下列说法错误的是
A．a为直流电源的负极
B．有机电解液有利于增大的溶解度
C．若用盐酸代替有机电解液，电极产物可能改变
D．若产生，理论上左室液体增重
【答案】D
【分析】含HCl的废气在通直流电的条件下失电子产生氯气，故连接的b极为正极，a极为负极，阴极上含有CO2的废气得电子产生CO；
【详解】A．还原生成，该电极是阴极，故为直流电源的负极，选项A正确；
B．为非极性分子，在有机溶剂中的溶解度较大，有利于在阴极放电，选项B正确；
C．左室中的电极反应式为，若用盐酸代替有机电解液，溶液中的易在阴极放电产生，选项C正确；
D．若产生，电路中转移电子，阴极产生，同时有通过质子交换膜进入左室，因此，左室增重：，选项D错误；
答案选D。
4．（2023·辽宁·校联考模拟预测）工业上，常用电渗析法淡化海水。某小组模拟淡化海水原理，设计如图所示装置。锂电池反应为。下列叙述错误的是
A．M极为阳极，膜2为阳离子交换膜
B．锂电池放电时，负极的电极反应式为
C．基态锰原子中有15种不同运动状态的电子
D．N极收集到11.2L气体(标准状况)时理论上转移1ml电子
【答案】C
【分析】由题干信息可知，电极M与锂离子电池的正极相连，是阳极，电极反应为：2Cl- -2e-=Cl2↑，电极N与锂离子电池的负极相连，是阴极，电极反应为：2H++2e-=H2↑，阳离子由M极移向N极，阴离子由N极移向M极，即膜1为阴离子交换膜，膜2为阳离子交换膜，据此分析解题。
【详解】A．由分析可知，M极为阳极，膜2为阳离子交换膜，A正确；
B．由题干信息可知，锂电池电池反应为：，故放电时，负极的电极反应式为：，B正确；
C．已知Mn是25号元素，其核外有25个电子，根据鲍利不相容原理可知，基态锰原子中有25种不同运动状态的电子，C错误；
D．由分析可知，N极电极反应为：2H++2e-=H2↑，故N极收集到11.2L气体(标准状况)时理论上转移电子的物质的量为：=1ml，D正确；
故答案为：C。
5．（2023·重庆沙坪坝·重庆南开中学校考模拟预测）资源化利用是实现碳中和的一种有效途径，如图是在电催化下产生合成气(CO和)的一种方法(不考虑的溶解)。下列说法正确的是电源

A．电极a与电源的正极相连
B．每消耗22.4L(标况下)，个透过离子交换膜进入b极区
C．a极区中逐渐增大，b极区逐渐增大
D．外电路转移1ml电子，阳极区溶液质量增加48g
【答案】D
【分析】该装置有外加电源，因此属于电解装置，根据装置图，a电极上CO2→CO，碳元素的化合价降低，因此a电极为阴极，b为阳极，根据电解原理进行分析，据此分析；
【详解】A．根据上述分析，a电极为阴极，根据电解原理，a电极应与电源的负极相连，故A错误；
B．根据装置图，a电极上生成CO和氢气，消耗1mLCO2时，由于生成氢气的量未知，无法判断转移电子物质的量，即无法确定透过离子交换膜的SO粒子数，故B错误；
C．电解过程中，a极电极反应式为2HCO+2e-=H2↑+2CO、CO2+2e-+2HCO=CO+2CO，电极区c(CO)逐渐增大，b极为阳极，电极反应式为C6H5CH2OH-2e-+2CH3COO-=C6H5CHO+2CH3COOH，c(CH3COO-)逐渐减小，故C错误；
D．由电荷守恒可知，外电路转移1ml电子，有0.5mlSO由左侧向右侧迁移，阳极区溶液质量增加0.5ml×96g/ml=48g，故D正确；
答案为D。
6．（2023·湖南·校联考三模）一种新型燃料电池以二氧化硫和氧气为原料，工作原理如图甲所示。某小组同学利用该燃料电池，通过惰性电极电解氯化铵和盐酸的方法制备NCl3，如图乙所示。下列说法不正确的是

A．d极区流出的Y溶液是浓盐酸
B．电解时图甲中电极b与图乙中电极c相连接
C．c极上发生的电极反应为+3Cl--6e-=NCl3+4H+
D．电路中每通过1mle-，就有1mlH+从a极区迁移到b极区，1mlCl-从d极区迁移到c极区
【答案】A
【详解】A．d极产生氢气，说明是氢离子放电，则为电解质的阴极，流出的为稀盐酸，A错误；
B．电极b上通入氧气，为原电池的正极，c为电解池的阳极，故电解时b与c相连，B正确；
C．c为电解池的阳极，是溶液中的铵根离子反应生成三氯化氮，电极反应为+3Cl--6e-=NCl3+4H+，C正确；
D．电路中通过1ml电子，就有1ml氢离子通过质子交换膜迁移到b极区，装置乙中有1ml氯离子从d迁移到c极区，D正确；
故选A。
7．（2023·重庆沙坪坝·重庆八中校考二模）我国学者利用双膜三室电解法合成了，该方法的优点是能耗低、原料利用率高，同时能得到高利用。价值的副产品，其工作原理如图所示。下列说法错误的是

A．b为电源负极，气体X为
B．膜I、膜Ⅱ依次适合选用阴离子交换膜、阳离子交换膜
C．电解过程中需及时补充NaCl
D．制得的同时NaOH溶液质量增加80g
【答案】D
【分析】由图可知，左边电极氯化亚铜转化为氯化铜，失电子发生氧化反应，作阳极，电极反应式为；右边电极作阴极，电极反应式为。左边作阳极，右边作阴极，则a为电源正极，b为电源负极，据此分析解答。
【详解】A．由图可知，左边电极氯化亚铜失去电子，发生氧化反应，作阳极，右边电极为阴极，故b为电源负极，阴极上的得电子生成，A正确；
B．饱和食盐水中的通过膜Ⅱ移入阴极区，同时制得副产品NaOH，饱和食盐水中的通过膜I移入阳极区，补充消耗的，则膜I、膜Ⅱ依次适合选用阴离子交换膜、阳离子交换膜，B正确；
C．左边电极为阳极，电极反应式为，阴极电极反应式为，生成氢氧根离子，钠离子向右侧迁移，右侧NaOH浓度变大，氯离子向左侧迁移，因而NaCl浓度变小，需及时补充，C正确；
D．总反应为，由，结合电极反应式可知，制得转移2ml电子，同时有迁移并放出，故氢氧化钠溶液增重，D错误；
故选D。
8．（2023·安徽·校联考三模）天津大学化学团队以CO2和辛胺为原料实现了甲酸和辛腈的高选择性合成，工作原理如图(隔膜a只允许OH-通过)所示。下列说法错误的是

A．Ni2P电极的电势比In/In2O3-x电极的高
B．In/In2O3-x电极上可能有副产物H2生成
C．电解过程中，OH-由In/In2O3-x电极区向Ni2P电极区迁移
D．电路中转移2ml电子时，阴极区溶液质量增加44g(不考虑气体的溶解)
【答案】D
【分析】由图中In/In2O3-x电极上CO2→HCOO-可知，CO2发生得电子的还原反应，In/In2O3-x电极为阴极，阴极反应为：CO2+2e-+H2O═HCOO-+OH-，则Ni2P电极为阳极，辛胺在阳极上发生失电子的氧化反应生成辛腈，电极反应为CH3(CH2)6CH2NH2+4OH--4e-=CH3(CH2)6CN+4H2O，据此分析解答。
【详解】A．根据分析，Ni2P电极为阳极，连接电源的正极，电势比In/In2O3-x电极的高，A正确；
B．In/In2O3-x电极为阴极，阴极反应为：CO2+2e-+H2O═HCOO-+OH-，也可能发生2H2O+2e-═2OH-+H2↑，B正确；
C．电解过程中，阴离子向阳极移动，则OH-由In/In2O3-x电极区向Ni2P电极区迁移，C正确；
D．阴极反应为：CO2+2e-+H2O═HCOO-+OH-，当电路中有2ml电子转移时，阴极区液体质量增加1ml CO2的质量，同时减少2ml OH-的质量，则阴极区溶液质量增加44g-34g=10g，D错误；
故选：D。
9．（2023·江苏·统考二模）用电解法对酸性含氯氨氮废水进行无害化处理的过程如图所示。下列说法正确的是

A．DSA电极与外接电源的负极连接
B．发生的电极反应为：
C．降解过程中应该控制条件避免发生反应②
D．1ml HO·和足量反应，转移的电子数为
【答案】C
【详解】A．NH3在DSA电极转化为N2，氮元素从-3价升高为0价，被氧化，该电极是电解池的阳极，与外接电源的正极相连，故A错误；
B．由图示知，Cl-在DSA电极表面转化为Cl2电极反应式为：2 Cl--2e-=Cl2↑，故B错误；
C．反应②中NH3转化为，没有达到氨氮废水无害化处理的目的，所以，降解过程中应该控制条件避免发生反应②，故C正确；
D．羟基自由基中氧元素为-1价，其还原产物中氧元素为-2价，一个HO·可得到一个电子，1ml HO·完全反应时转移的电子数为6.02×1023，故D错误；
故选C。
10．（2023·福建宁德·统考模拟预测）近期，我国科学家提出了一种双极膜硝酸盐还原工艺，原理如图。双极膜中间层中的解离为和，并在直流电场作用下分别向两极迁移。下列说法正确的是
A．n是
B．a接电源正极
C．外电路转移时右室产生
D．左室电极反应为：
【答案】D
【分析】根据图示可知，a极得电子生成NH3，发生还原反应；b极OH-失电子生成氧气，发生氧化反应。
【详解】A．根据分析可知，b为电解池的阳极，阴离子移向阳极，故n为OH-，A错误；
B．根据分析，b为阴极，应接电源负极，B错误；
C．右室电极反应式为4OH--4e-=2H2O+O2，外电路转移时，右室在标准状况下产生，C错误；
D．左室得电子生成NH3，电极反应式为，D正确；
答案选D。
11．（2023·上海虹口·统考二模）对如图所示的实验装置的判断错误的是
A．开关K置于A处时，可减缓铁的腐蚀
B．开关K置于A处时，铁棒表面有氢气产生
C．开关K置于B处时，铁棒一定为负极
D．开关K置于B处时，可通过牺牲阳极的阴极保护法减缓铁的腐蚀
【答案】C
【详解】A．开关K置于A处，则铁为阴极，可减缓铁的腐蚀，A正确；
B．开关K置于A处，铁为阴极，阴极上水得电子生成氢气和氢氧根离子，铁棒表面有氢气生成，B正确；
C．开关K置于B处，X电极的材料未知，无法确定铁棒一定为负极，C错误；
D．开关K置于B处，X金属的活泼性若强于铁，则X为负极，铁为正极被保护，可通过牺牲阳极的阴极保护法减缓铁的腐蚀，D正确；
故答案选C。
12．（2023·北京海淀·统考二模）甲、乙同学分别用如图所示装置验证铁的电化学防腐原理，相同时间后继续进行实验。
实验①：甲同学分别向Ⅰ、Ⅱ中Fe电极附近滴加K3[Fe(CN)6]溶液，Ⅰ中产生蓝色沉淀，Ⅱ中无沉淀。
实验②：乙同学分别取Ⅰ、Ⅱ中Fe电极附近溶液，滴加K3[Fe(CN)6]溶液，Ⅰ、Ⅱ中均无沉淀。
下列说法正确的是
A．Ⅰ是牺牲阳极保护法，正极反应式为
B．Ⅱ为外加电流阴极保护法，Fe电极与外接电源的正极相连
C．由实验①中Ⅰ、Ⅱ现象的差异，推测K3[Fe(CN)6]在Ⅰ中氧化性强于Ⅱ
D．由实验可知，两种保护法均能保护，且Ⅱ保护得更好
【答案】D
【详解】A．由图可知，Fe电极是正极，Zn电极是负极，属于牺牲阳极的阴极保护法，由于电解质溶液呈酸性，故正极上氢离子得电子，则正极的反应为：2H++2e-═H2↑，A错误；
B．外加电流阴极保护法中要保护的电极应与外接电源的负极相连，即Fe电极与外接电源的负极相连，B错误；
C．由于Ⅰ中Fe电极与电解质溶液直接接触，会有少量的Fe直接与酸反应生成Fe2+，与K3[Fe(CN)6]在Ⅰ、Ⅱ中的氧化性无关，C错误；
D．对比Ⅰ、Ⅱ现象的差异可知，两种保护法均能保护Fe，且电解法保护的更好，即Ⅱ保护得更好，D正确；
故答案为：D。
13．（2023·浙江·模拟预测）海港、码头的钢制管桩会受到海水的长期侵袭，常用外加电流法对其进行保护(如图所示，其中高硅铸铁为惰性辅助电极)。下列有关叙述中不正确的是
A．a为负极，b为正极
B．高硅铸铁是作为损耗阳极材料发挥作用的
C．通电时，海水中的阳离子向钢制管柱电极移动
D．通电后使钢制管桩表面的腐蚀电流接近零
【答案】B
【分析】由图可知，该金属防护法为外加直流电源的阴极保护法，钢制管桩与直流电源的负极a极相连，作电解池的阴极，高硅铸铁与直流电源正极b极相连，作阳极。
【详解】A．被保护金属与电源的负极相连作为阴极被保护，则钢制管桩应与电源的负极相连，即a为负极，b为正极，A正确；
B．高硅铸铁为惰性辅助电极，作为阳极材料不损耗，B错误；
C．电解池中，阳离子向阴极移动，即向钢制管柱电极移动，C正确；
D．被保护的钢制管桩作为阴极，从而使得金属腐蚀发生的电子迁移得到抑制，使钢制管桩表面腐蚀电流接近于零，避免或减弱电化学腐蚀的发生，D正确；
故选B。
14．（2023·广东揭阳·普宁二中实验学校校联考二模）为检验牺牲阳极法对钢铁防腐的效果，进行了如图所示实验，下列叙述正确的是
A．一段时间后，铁钉底部a、c处滤纸上均能看到出现蓝色沉淀
B．一段时间后，薄锌片底部b处能看到滤纸变红色
C．薄锌片两端铁钉均为该原电池的正极
D．薄锌片发生的电极反应式为
【答案】C
【分析】该装置形成了一个原电池，锌片作负极，电极反应式为Zn-2e-=Zn2+，两端铁钉作正极，电极反应式为O2+2H2O+4e-=4OH-，从而达到牺牲阳极保护阴极的目的，达到实验目的。本装置中，NaCl溶液为了提供吸氧腐蚀的环境，K3[Fe(CN)6]为了检验亚铁离子生成，若生成亚铁离子，会产生蓝色沉淀，酚酞为了检验氢氧根离子的生成。
【详解】A．由分析可知，锌片作负极，所以铁不会参加反应更不会生成亚铁离子，故无法看到蓝色沉淀生成，A错误；
B．根据分析，锌片作负极发生氧化反应生成Zn2+，两端铁钉作正极，电极反应式为O2+2H2O+4e-=4OH-，应在铁钉底部看到滤纸变红，B错误；
C．由分析可知薄锌片两端铁钉均为该原电池的正极，C正确；
D．根据分析，此电极方程式为吸氧腐蚀的正极发生的反应，所以应发生在铁钉处，D错误；
故选C。
15．（2023·上海闵行·统考二模）国产航母山东舰采用模块制造，然后焊接组装而成。实验室模拟海水和淡水对焊接金属材料的影响，结果如图所示。下列分析正确的是
A．舰艇被腐蚀是因为形成了电解池
B．甲是海水环境下的腐蚀情况
C．被腐蚀时正极反应式为：Fe-2e→Fe2＋
D．焊点附近用锌块打“补丁”延缓腐蚀
【答案】D
【分析】铁比锡活泼，在海水和淡水环境下，均是为负极，为正极，以此解题。
【详解】A．由图可知，舰艇腐蚀是形成原电池，加快反应速率，A错误；
B．海水环境下电解质浓度较大，腐蚀更严重，乙是在海水环境下的腐蚀情况，B错误；
C．两种环境下，正极反应式为，C错误；
D．锌可以和铁形成原电池，但是此时锌为负极，保护了舰体不被腐蚀，D正确；
故选D。