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    高三数学一轮复习第六章数列第三课时等比数列学案

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    高三数学一轮复习第六章数列第三课时等比数列学案

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    这是一份高三数学一轮复习第六章数列第三课时等比数列学案,共11页。
    考点一 等比数列基本量的运算
    1.通项公式:an=a1qn-1=amqn-m.
    2.前n项和公式:Sn=na1q=1,a11-qn1-q=a1-anq1-qq≠1.
    提醒:(1)求等比数列前n项和时,若公比q不明确,需分类讨论.
    (2)等比数列{an}的前n项和Sn=A+B·Cn⇔A+B=0,公比q=C(A,B,C均不为零).
    [典例1] (1)等差数列{an}的公差为d,且满足a3,a5,a8成等比数列,则da1=( )
    A.12 B.0或12
    C.2 D.0或2
    (2)(2024·吉林东北师大附中模拟)已知各项均为正数的等比数列{an}的前3项和为14,且a5=3a3+4a1,则a2 024=( )
    A.22 021 B.22 022
    C.22 023 D.22 024
    (1)B (2)D [(1)因为a3,a5,a8成等比数列,
    所以a52=a3a8,即(a1+4d)2=(a1+2d)(a1+7d),
    所以(a1-2d)d=0,解得d=0或a1=2d,
    即da1=0或12.故选B.
    (2)设等比数列{an}的公比为q,q>0,
    a1+a2+a3=14⇒a1+a1q+a1q2=14, ①
    又a5=3a3+4a1,所以a1q4=3a1q2+4a1, ②
    由①②解得q=2,a1=2,则an=a1qn-1=2n,
    故a2 024=22 024.故选D.]
    等比数列的通项公式与前n项和公式共涉及五个量a1,an,q,n,Sn,已知其中三个就能求另外两个(简称“知三求二”).特别地,当等比数列的公比不明确时,往往需要分类讨论.
    跟进训练1 (1)(2024·东北三校联考)已知数列{an}为等比数列,其前n项和为Sn,若a2a6=-2a7,S3=-6,则a6等于( )
    A.-2或32 B.-2或64
    C.2或-32 D.2或-64
    (2)(2024·徐州模拟)已知数列{an}为等比数列,a2=6,6a1+a3=30,则a4=________.
    (1)B (2)54或24 [(1)∵数列{an}为等比数列,
    a2a6=-2a7=a1a7,解得a1=-2,
    设数列的公比为q,则S3=-6=-2-2q-2q2,
    解得q=-2或q=1,
    当q=-2时,a6=(-2)6=64,
    当q=1时,a6=-2.
    (2)由a1·q=6,6a1+a1·q2=30,
    解得q=3,a1=2或q=2,a1=3,
    a4=a1·q3=2×33=54或a4=3×23=24.]
    考点二 等比数列的判定与证明
    1.等比数列的定义:一般地,如果一个数列从第2项起,每一项与它的前一项的比都等于同一个常数(不为零),那么这个数列叫做等比数列.这个常数叫做等比数列的公比,通常用字母q表示,定义的表达式为an+1an=q(n∈N*,q为非零常数).
    2.等比中项:如果在a与b中间插入一个数G,使a,G,b成等比数列,那么G叫做a与b的等比中项,此时,G2=ab.
    提醒:“G2=ab”是“a,G,b成等比数列”的必要不充分条件.
    [典例2] (2024·福建漳州模拟)已知数列{an}满足a1=1,nan+1=2(n+1)an,设bn=ann.
    (1)求b1,b2,b3;
    (2)判断数列{bn}是否为等比数列,并说明理由;
    (3)求{an}的通项公式.
    [解] (1)由条件可得an+1=2n+1nan.
    将n=1代入,得a2=4a1,而a1=1,所以a2=4.
    将n=2代入,得a3=3a2,所以a3=12.
    从而b1=1,b2=2,b3=4.
    (2){bn}是首项为1,公比为2的等比数列.
    由条件可得an+1n+1=2ann,即bn+1=2bn,
    又b1=1,所以{bn}是首项为1,公比为2的等比数列.
    (3)由(2)可得ann=2n-1,所以an=n·2n-1.
    通常用定义法证明一个数列为等比数列,即若an+1an=q(q为非零常数,n∈N*)或anan-1=q(q为非零常数且n≥2,n∈N*),则{an}是等比数列.判断一个数列是等比数列常常借助于定义法、等比中项法、前n项和公式法等.
    跟进训练2 (多选)(2024·太原模拟)设等比数列{an}的公比为q,则下列结论正确的是( )
    A.数列{anan+1}是公比为q2的等比数列
    B.数列{an+an+1}是公比为q的等比数列
    C.数列{an-an+1}是公比为q的等比数列
    D.数列1an是公比为1q的等比数列
    AD [对于A,由anan+1an-1an=q2(n≥2)知数列{anan+1}是公比为q2的等比数列;对于B,当q=-1时,数列{an+an+1}的项中有0,不是等比数列;对于C,当q=1时,数列{an-an+1}的项中有0,不是等比数列;对于D,1an+11an=anan+1=1q,所以数列1an是公比为1q的等比数列.]
    考点三 等比数列性质的应用
    1.在等比数列{an}中,若m+n=p+q=2k(m,n,p,q,k∈N*),则am·an=ap·aq=ak2.
    2.若数列{an},{bn}(项数相同)是等比数列,则{λan}(λ≠0),1an,{an2},{an·bn},anbn仍然是等比数列.
    3.若等比数列{an}的前n项和为Sn,则Sn,S2n-Sn,S3n-S2n仍成等比数列,其公比为qn,q=-1且n为偶数时除外.
    4.等比数列的单调性:当q>1,a1>0或0<q<1,a1<0时,{an}是递增数列;
    当q>1,a1<0或0<q<1,a1>0时,{an}是递减数列;
    当q=1时,{an}是常数列.
    [典例3] (1)(2024·湛江一中月考)若等比数列{an}中的a5,a2 019是方程x2-4x+3=0的两个根,则lg3a1+lg3a2+lg3a3+…+lg3a2 023等于( )
    A.2 0243 B.1 011
    C.2 0232 D.1 012
    (2)(2024·双鸭山模拟)已知数列{an}是等比数列,Sn为其前n项和,若a1+a2+a3=4,a4+a5+a6=8,则S12等于( )
    A.40 B.60
    C.32 D.50
    (1)C (2)B [(1)由题意得a5a2 019=3,
    根据等比数列的性质知,
    a1a2 023=a2a2 022=…=a1 011a1 013=a1 012a1 012=3,
    于是a1 012=312,
    则lg3a1+lg3a2+lg3a3+…+lg3a2 023
    =lg3(a1a2a3…a2 023)
    =lg3(31 011·312)=2 0232.
    (2)由题意知,数列S3,S6-S3,S9-S6,S12-S9是等比数列,
    即4,8,S9-S6,S12-S9是等比数列,
    ∴S12=4+8+16+32=60.]
    (1)在等比数列中,若Sn≠0,则Sn,S2n-Sn,S3n-S2n成等比数列(q=-1且n为偶数时除外);
    (2)等比数列中,依次m项积仍为等比数列,但公比发生变化;
    (3)性质“当m+n=p+q(m,n,p,q∈N*)时,有am·an=ap·aq”常用来转化条件.
    跟进训练3 (1)(2024·山西大同模拟)已知等比数列{an}共有2n项,其和为-240,且奇数项的和比偶数项的和大80,则公比q=________.
    (2)(2024·广东广州六中模拟)设等比数列{an}的前n项和为Sn,若S6S3=3,则S9S6=________.
    (1)2 (2)73 [(1)由题意,得S奇+S偶=-240,S奇-S偶=80,
    解得S奇=-80,S偶=-160,
    所以q=S偶S奇=-160-80=2.
    (2)设等比数列{an}的公比为q,易知q≠-1,由等比数列前n项和的性质可知S3,S6-S3,S9-S6仍成等比数列,
    ∴S6-S3S3=S9-S6S6-S3,
    又由已知得S6=3S3,
    ∴S9-S6=4S3,
    ∴S9=7S3,
    ∴S9S6=73.]
    课后习题(三十三) 等比数列
    1.(湘教版选择性必修第一册P26例1改编)在等比数列{an}中,a3=2,a7=8,则a5等于( )
    A.5 B.±5 C.4 D.±4
    C [∵a52=a3a7=2×8=16,∴a5=±4.
    又∵a5=a3q2>0,∴a5=4.]
    2.(人教A版选择性必修第二册P37练习T1(3)改编)在等比数列{an}中,a3=32,S3=92,则a2的值为( )
    A.32 B.-3
    C.-32 D.-3或32
    D [由S3=a1+a2+a3=a3(q-2+q-1+1),得
    q-2+q-1+1=3,即2q2-q-1=0,
    解得q=1或q=-12.
    ∴a2=a3q=32或-3.故选D.]
    3.(人教A版选择性必修第二册P37练习T4改编)已知三个数成等比数列,若它们的和等于13,积等于27,则这三个数为________.
    1,3,9或9,3,1 [设这三个数为aq,a,aq,则a+aq+aq=13,a·aq·aq=27,解得a=3,q=13或a=3,q=3,
    ∴这三个数为1,3,9或9,3,1.]
    4.(人教A版选择性必修第二册P40练习T1改编)一个球从256米的高处自由落下,每次着地后又跳回到原来高度的一半,当它第6次着地时,共经过的路程是________米.
    752 [设小球每次着地后跳回的高度构成数列{an},则数列{an}为等比数列, a1=128,q=12,
    S5=128×1-1251-12=248,
    共经过的路程为256+2S5=752(米).]
    5.等比数列x,3x+3,6x+6,…的第4项等于( )
    A.-24 B.0
    C.12 D.24
    A [由x,3x+3,6x+6成等比数列,知(3x+3)2=x·(6x+6),解得x=-3或x=-1(舍去).所以此等比数列的前三项为-3,-6,-12.故第4项为-24,故选A.]
    6.(2024·济宁一中月考)公比不为1的等比数列{an}满足a5a6+a4a7=8,若a2am=4,则m的值为( )
    A.8 B.9
    C.10 D.11
    B [∵公比不为1的等比数列{an}满足a5a6+a4a7=8,∴a5a6=a4a7=4,由a2am=4,
    ∴2+m=5+6=11,解得m=9.]
    7.(2024·开封模拟)等比数列{an}的前n项和为Sn=32n-1+r,则r的值为( )
    A.13 B.-13
    C.19 D.-19
    B [由等比数列前n项和的性质知,Sn=32n-1+r=13×9n+r,∴r=-13.]
    8.(2024·天津北辰区模拟)我国古代数学著作《算法统宗》中有这样一个问题:“三百七十八里关,初行健步不为难,次日脚痛减一半,六朝才得到其关,要见次日行里数,请公仔细算相还.”其大意为:“有一个人走378里路,第一天健步行走,从第二天起脚痛,每天走的路程为前一天的一半,走了6天后到达目的地.”则该人第四天走的路程为( )
    A.6里 B.12里
    C.24里 D.48里
    C [由题意可知,该人所走路程形成等比数列{an},其中q=12,
    因为S6=a11-1261-12=378,解得a1=192,所以a4=a1·q3=192×18=24.]
    9.(2024·北京模拟)设等比数列{an}满足a1+a2=48,a4+a5=6,则公比q=________,lg2(a1a2a3…an)的最大值为________.
    12 15 [因为a1+a2=48,所以由a4+a5=6,
    可得q3(a1+a2)=6,q3=18,q=12.
    由a1+a2=48,可得a1+12a1=48⇒a1=32,
    所以an=32·12n-1=26-n,
    lg2(a1a2a3…an)=lg2(25·24·…·26-n)=lg225+6-nn2=n11-n2,
    因为n11-n2=-12n-1122+1218,n∈N*,
    所以n=5或6时,n11-n2有最大值,最大值为15.]
    10.(2024·厦门调研)等比数列{an}满足an>0,且a2a8=4,则lg2a1+lg2a2+lg2a3+…+lg2a9=________.
    9 [由题意可得a2a8=a52=4,a5>0,所以a5=2,则原式=lg2(a1a2…a9)=9lg2a5=9.]
    11.(2024·山东潍坊模拟)记数列an的前n项积为Tn,写出一个同时满足①②的数列an的通项公式:an=________.
    ①an是递增的等比数列;②T3=T6.
    2n-5(答案不唯一) [∵T3=T6,∴a4a5a6=1,
    ∴a5=1.
    不妨设q=2,则a1=116,an=116×2n-1=2n-5.]
    12.(2024·威海模拟)记数列{an}的前n项和为Sn,已知a1=1,Sn+1=4an+1.设bn=an+1-2an.
    (1)求证:数列{bn}为等比数列;
    (2)设cn=|bn-100|,Tn为数列{cn}的前n项和.求T10.
    [解] (1)证明:由Sn+1=4an+1,
    得Sn=4an-1+1(n≥2,n∈N*),
    两式相减得an+1=4an-4an-1(n≥2),
    所以an+1-2an=2(an-2an-1),
    所以bnbn-1=an+1-2anan-2an-1=2an-2an-1an-2an-1=2(n≥2),
    又a1=1,S2=4a1+1,
    故a2=4,a2-2a1=2=b1≠0,
    所以数列{bn}为首项与公比均为2的等比数列.
    (2)由(1)可得bn=2·2n-1=2n,
    所以cn=|2n-100|=100-2n,n≤6,2n-100,n>6,
    所以T10=600-(21+22+…+26)+27+28+29+210-400
    =200-21-261-2+27+28+29+210=200+2+28+29+210=1 994.

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