[物理]广东省佛山市2023-2024学年九年级下学期3月月考试题(解析版)

这是一份[物理]广东省佛山市2023-2024学年九年级下学期3月月考试题(解析版)，共20页。
1．答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的准考证号、姓名、考场号和座位号填写在答题卡上，用2B铅笔在“考场号”和“座位号”栏相应位置填涂自己的考场号和座位号．将条形码粘贴在答题卡“条形码粘贴处”．
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液，不按以上要求作答的答案无效．
4．考生必须保持答题卡的整洁，考试结束后，将试卷和答题卡一并交回．
一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．
1. 下列是几个同学估测的数值，其中最接近实际的是（ ）
A. 中学生受到的重力约为50N
B. 中学生的正常体温为36.7℃
C. 教室里一盏节能灯正常发光时的电流是10A
D. 某段高速公路限速120m/s
【答案】B
【解析】A．中学生的质量通常在50kg左右。根据重力公式G=mg，我们可以计算出中学生受到的重力大约为500N，远大于50N。故A不符合题意；
B．正常情况下，人的体温在37℃左右，波动范围很小。中学生的正常体温也应在这个范围内。36.7℃正好处于这个范围内，故B符合题意;
C．教室里一盏节能灯的功率通常较小，一般在几十瓦左右。根据电功率公式，在电压U一定的情况下（教室电压通常为220V），功率P越小，电流I也越小。因此，教室里一盏节能灯正常发光时的电流应远小于10A。故C不符合题意；
D．高速公路上汽车的速度通常较快，但限速一般是以km/h为单位来表示的。120m/s换算为432km/h，这个速度远远超过了高速公路的限速标准。故D不符合题意。
2. 根据日常生活中的场景，在下列四个生活实例中，目的是减小摩擦的是（ ）
A. 自行车轮表面凹凸不平
B. 运动鞋底部有很多小凸起
C. 行李箱装有滚轮
D. 下雪天给汽车轮胎上装防滑链
【答案】C
【解析】ABD．自行车轮表面凹凸不平、运动鞋底部有很多小凸起、下雪天给汽车轮胎上装防滑链都是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故ABD不符合题意；
C．行李箱装有滚轮是将滑动摩擦变滚动摩擦，可以减小摩擦力，故C符合题意。
故选C。
3. 春节期间，小明的妈妈在家里做煎堆（如图），香气四溢说明（ ）
A. 分子可以再分B. 分子间存在斥力
C. 分子间存在引力D. 分子在不停地做无规则运动
【答案】D
【解析】香气四溢是香气分子扩散到空气中的结果，香气分子在不停地做无规则运动，它们从煎堆表面扩散到空气中，然后随着空气流动被带到房间的各个角落，从而使我们闻到香气。
故选D。
4. 唐朝诗人高骈在《山亭夏日》中的诗句“绿树阴浓夏日长，楼台倒影入池塘”，描写了酷夏特有的情趣，倒影形成的原因是（ ）
A. 光反射B. 光沿直线传播
C. 光的折射D. 光的色散
【答案】A
【解析】“楼台倒影”是楼台通过水面所成的虚像，属平面镜成像现象，所成的像是正立的虚像，平面镜成像其实质是光的反射。
5. 下面是小明同学对电学知识的理解，其中错误的是（ ）
A. 验电器是根据同种电荷互相排斥的原理制成的
B. 在电源外部，电流的方向是从电源正极流向电源负极
C. 通常情况下硬币不是导体
D. 发光二极管具有单向导电性
【答案】C
【解析】A．验电器的工作原理是同种电荷相互排斥。当带电体接触验电器的金属球时，验电器的两片金属箔会带上与带电体相同的电荷，由于同种电荷相互排斥，所以金属箔会张开。故A正确，不符合题意；
B．在电源外部，电流方向是从电源的正极出发，经过电路中的用电器，最后流回电源的负极。这是电流在电路中的基本方向。故B正确，不符合题意；
C．硬币通常由金属制成，而金属是电的良导体。因此，硬币是导体而不是绝缘体。故C错误，符合题意；
D．发光二极管（LED）是一种具有单向导电性的电子器件。它只允许电流从它的正极流向负极，如果电流方向相反，则LED不会发光。这是LED的一个重要特性。故D正确，不符合题意。
6. 如图所示是某小组“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置及根据实验数据绘制的图象，下列分析正确的是（ ）
A. 水面上方出现的“白气”是升华现象
B. 烧杯上加纸盖是为了减少热量散失
C. 水沸腾时温度不变，因此不需要吸热
D. 水的沸点是100℃
【答案】B
【解析】A．水面上方出现的“白气”并不是升华现象，而是液化现象。升华是指物质从固态直接变为气态，不经过液态的过程。而这里看到的“白气”实际上是水蒸气遇冷后液化形成的小水滴，故A错误；
B．烧杯上加纸盖的主要目的是为了减少热量的散失。在加热过程中，如果热量散失过多，会影响水沸腾的观察和温度的测量。加盖可以减少热量的对流和辐射散失，使实验效果更明显，故B正确；
C．水沸腾时虽然温度保持不变，但这并不意味着水不需要吸热。实际上，水在沸腾过程中仍然需要持续吸收热量来维持沸腾状态。如果停止加热，水的沸腾会立即停止，故C错误；
D．从图中可以看出，水在加热到98℃时开始沸腾，得水的沸点是98℃，故D错误。
故选B。
7. 如图所示，是木棒的一端缠绕一些铜丝做成的密度计放入盛有甲、乙两种不同液体的两个烧杯中静止后的情形，下列说法正确的是（ ）
A. 甲液体的密度大
B. 密度计在乙液体中受到的浮力大
C. 密度计在两种液体中排开液体体积一样大
D. 木棒的一端缠绕一些铜丝，可以让密度计竖立在液体中
【答案】D
【解析】ABC．密度计的设计原理是利用了物体在液体中的浮沉条件，即漂浮时浮力等于重力。由于密度计的重力不变，所以在两种液体中受到的浮力是相等的。根据阿基米德原理，在浮力相等的情况下，液体的密度与排开液体的体积成反比。从图中我们可以看出，密度计在甲液体中排开的体积较大，所以甲液体的密度较小。故ABC错误；
D．木棒的一端缠绕一些铜丝，主要是为了让密度计的重心降低，从而使其能够竖立在液体中并保持稳定。如果重心过高，密度计就容易倾倒。故D正确。
二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分．
8. 常见物质由______、原子构成，如图是原子核式结构模型，B是原子核，A是______、带______电。
【答案】分子 核外电子 负
【解析】[1]由分子动理论可知，常见物质是由分子和原子构成的。
[2][3]卢瑟福根据α粒子散射实验验证了原子的核式结构模型：原子是由位于原子中心的原子核和绕着原子核高速旋转的电子构成的。其中原子核带正电并且集中了原子的绝大部分质量，核外电子带负电。它是一种核式结构，与太阳系的结构相似。
9. 如图甲，人说话时，用手摸喉咙感觉喉咙在动，说明声音是由物体的_________产生的；乙图中把玻璃罩内的空气抽出的过程中，听到闹钟发出的响声越来越弱，说明__________不能传播声音；丙图中击打鼓时的情景，用力越大，听到声音的__________（选填“音调”“响度”“音色”）越大。
【答案】振动 真空 响度
【解析】[1]声音是由物体振动产生的，人说话时声音是由声带的振动产生的，所以用手摸喉咙感觉喉咙在动。
[2]把正在发声闹钟放在玻璃罩内，逐渐抽出罩内空气，传声的介质逐渐减少，铃声越来越小，说明真空不能传声。
[3]声音的响度与振动幅度有关，越用力敲鼓，鼓的振幅越大，发生声音的响度越大。
10. 如图是小明自制的发电机模型，用纸做一个小风车固定在转动轴上，将小发电机与小量程电流表相连。有风吹动小风车时，小量程电流表的指针___________（选填“会”“不会”）偏转，它利用了___________原理；如果将图中的小量程电流表换成___________，就变成了电动机模型。
【答案】会 电磁感应 电源
【解析】[1]有风吹动小风车时，闭合电路的一部分导体切割磁感线，产生感应电流，小量程电流表的指针会发生偏转。
[2]它利用了电磁感应原理，将机械能转化为电能。
[3]如果将图中的小量程电流表换成电源，有电源，通电导线在磁场中受到了力的作用，将电能转化为机械能。
11. 2023年9月21日，“天宫课堂”第四课如约而至．授课过程中师生的互动信息是利用______传递的。中国空间站的供电主要依靠太阳能，太阳能是通过太阳内部的氢原子核在超高温下发生______释放的；太阳能既是清洁能源，又是______再生能源。
【答案】电磁波 聚变 可
【解析】[1]电磁波可以传递信息，真空中可以传递电磁波。太空直播授课。授课过程中师生的互动信息是利用电磁波传递的。
[2]太阳能是通过太阳内部的氢原子核在超高温下发生聚变释放的。
[3]太阳能可以在自然界里源源不断的得到补充，所以属于可再生能源。
12. 在杭州亚运会女排决赛中，中国女排战胜对手勇夺冠军。球员在击打排球时，手感到疼痛，是因为物体间力的作用是______；排球离手后可以继续向前运动，是因为排球具有______；如图所示，若排球运动到最高点Q时所受的外力全部消失，排球将______（选填“静止”“沿a方向运动”“沿b方向运动”或“沿c方向运动”）。
【答案】相互的 惯性
沿a方向运动
【解析】[1]球员在击打排球时，手感到疼痛，是因为手给排球一个力，排球也给手一个力，说明物体间力的作用是相互的。
[2]一切物体都有保持原来运动状态的性质，叫做惯性，排球离手后可以继续向前运动，是因为排球具有惯性。
[3]此时排球主要受到重力作用，重力改变排球的运动状态，所以排球在上升过程中，速度不断减小，最后在竖直方向速度是零，但由于惯性，在水平方向仍然运动，若此时所受外力同时消失，根据牛顿第一运动定律知，排球将沿水平方向做匀速直线运动，即沿a方向运动。
13. 杭州亚运会开幕式上，数字火炬手大跨步来到主火炬台，数字火炬手相对于地面是______的；主火炬使用再生“绿色零碳”甲醇作为燃料，已知甲醇的热值约为，完全燃烧0.42kg甲醇放出热量为______J，若这些热量完全被水吸收，可使质量为46kg的水温度升高______℃。（已知水的比热容为）
【答案】运动 9.66×106J 50
【解析】[1]数字火炬手大跨步靠近主火炬台的过程中，数字火炬手与地面之间的位置不断发生改变，所以数字火炬手相对于地面是运动的。
[2]甲醇完全燃烧放出的热量为
[3]由，可使质量为46kg的水温度升高
14. 图甲是小灯泡L和电阻R的图像。将小灯泡L和电阻R接入图乙所示电路中，电源电压恒为2V。开关S闭合时，干路电流为______A，R的阻值为______Ω，此时电路的总功率为______W。
【答案】
【解析】[1]由乙图可知，闭合开关后L与R并联，电流表测干路电流，电源电压为2V，由并联电路电压规律可知，L与R两端的电压都为2V，由甲图可知此时通过L和R的电流分别为0.5A和0.2A，由并联电路电流规律可知，电流表示数为
[2] 由可知，R的阻值为
[3]由可知，电路总功率为
三、作图题：本题7分．
15. （1）春节，小明用细绳将灯笼悬挂在门口，灯笼处于静止状态，如图所示。画出灯笼的受力示意图。
（2）如图，是一束光入射到水和空气分界面，画出对应的反射光线和折射光线。
（3）如图，用笔画线代替导线，根据安全用电知识，将图中元件接入家庭电路中，要求：①开关控制电灯；②三孔插座单独接入。
【答案】（1） （2） （3）
【解析】（1）灯笼处于静止状态，灯笼受到竖直向下的重力和竖直向上的拉力，过物体的重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示；过物体的重心沿竖直向上的方向画一条带箭头的线段，并用符号F表示，如下图所示：
（2）在发生反射时，反射角等于入射角；光从空气中斜射入水中，折射角小于于入射角，折射光线靠近法线，如下图所示：
（3）首先辨别上面三根线地线、火线、零线。灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。如下图所示：
四、实验题：本大题共3小题，第16小题6分，第17小题7分，第18小题7分，共20分．
16. （1）以下各图中，小木块的长度为______cm；电压表的示数为______V。
（2）小明用如图所示的弹簧测力计探究浮力的大小跟排开液体所受重力的关系，记录数据如下表：
上表数据中，有一个数据记录有误，有误的是______（选填“”“”“”“”“”“”），应该记录为______N。
（3）电子秤一个（如图甲，最小测量值0.1g）、带刻度的烧杯一个（100mL）、圆形黑色小贴纸．实验方法：
①如图甲，将烧杯放置在电子秤上，进行归零操作（电子秤会自动除去空烧杯的质量，如图乙）。
②在电子秤相应位置上用黑色小贴纸粘贴一个新的小数点和密度单位（如图丙）．
③将未知的待测液体注入烧杯，直至液面与______mL（选填“50”“80”或“100”。）刻线齐平，此时液晶屏上显示的数字即为待测液体的密度值。
④实验过程中，细心的同学发现将测量液体倒入烧杯后，烧杯的内壁上附着一些气泡，实验结束时还未消失，此时电子称显示液体的密度值比真实值______（选填“偏大”“偏小”或“一样”）。
【答案】（1）2.50 2.25 （2）F2 2.0 （3）100 偏小
【解析】（1）[1]对于刻度尺的读数，我们需要先确定刻度尺的分度值，即相邻两条刻度线表示的长度。然后，观察被测物体的起始端和末端对应的刻度线，用末端刻度线减去起始端刻度线，即可得到物体的长度。从图中可以看出，刻度尺的分度值为1mm，小木块的左端与0刻度线对齐，右端在2.50cm处，所以小木块的长度为2.50cm。
[2]从图中可以看出，电压表选择的是0∼3V的量程，分度值为0.1V，指针指在2.2V和2.3V之间，所以电压表的示数为2.25V。
（2）从表中数据可以看出，物体浸没在水中时测力计的读数F2是一个整数，其它的读数均有一位小数，故F2记录有误，应记为2.0N。
（3）[1]在实验过程中，我们需要将未知的待测液体注入烧杯，并控制液体的体积。由于电子秤的最小测量值为0.1g，且我们需要通过电子秤直接读出液体的密度值，因此我们需要选择一个合适的液体体积，使得电子秤能够准确测量并显示出对应的密度值。由图丙可知，小数点向左移动了两位，即原来的百位为新的个位，所以液体的体积应控制为100mL。
[2]在实验过程中，如果烧杯的内壁上附着了一些气泡，并且这些气泡在实验结束时还未消失，那么它们将会占据一部分烧杯的体积，导致我们实际测量的液体体积偏小。在电子秤上我们测量的是液体的质量，这个质量就会偏小，因此，此时电子秤显示的液体密度值比真实值偏小。
17. 小明同学用如图所示的微小压强计来探究影响液体内部压强大小的因素：
（1）小明发现U形管两侧液面不相平，于是取下软管，待液面相平后，再将软管装回，发现______；
A. U形管两液面相平
B. 与软管连接侧液面高
C. 与软管连接侧液面低
（2）实验前，用手指按压橡皮膜，发现U形管中的液面不发生变化，说明该装置______（选填“漏气”或“不漏气”）；
（3）此实验通过______来反映液体内部压强的大小；
（4）实验时，小明将探头放入水下，U形管两侧水面高度差为20厘米，此时U形管内外的气压差为______Pa；
（5）正确操作后，分析______三图的实验现象，可以得出结论：同种液体，同一深度，液体向各个方向的压强相同。比较C、D两图，可以得出结论：______；
（6）在探究液体内部压强与液体密度的关系时，发现使用水和盐水进行实验的过程中，U形管两侧液面高度差变化不明显，可以采取的改进措施：______。
【答案】（1）A （2）漏气 （3）U形管两侧液面高度差 （4）2000 （5）D、E、F 同种液体，深度越深，液体压强越大 （6）使用两种密度相差较大的液体进行实验
【解析】（1）U形管两侧液面不相平，于是取下软管，待液面相平后，再将软管装回，此时左右气压相等，故U形管两液面相平，故选A。
（2）压强计按压U形管左右液面高度差无变化说明装置漏气。
（3）根据转换法，U形管两侧液面高度差来反映液体内部压强的大小。
（4）根据p=ρgh，此时U形管内外的气压差为
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2000Pa
（5）[1]探究液体压强和方向的关系，需使深度和液体密度相同，故选D、E、F进行实验。
[2]由C、D两图，液体密度相同，深度越深，液体压强越大，故可得出结论：同种液体，深度越深，液体压强越大。
（6）由p=ρgh可得，当探头的深度相同时，烧杯中的液体密度越大，压强越大，则U形管两侧液面高度差越大，故可使用两种密度相差较大的液体进行实验。
18. 在伏安法测电阻的实验中，老师为同学们提供的实验器材有：2节新干电池，电流表、电压表各一个，开关一个，阻值约为10Ω的待测电阻，滑动变阻器三个，导线若干。
（1）滑动变阻器规格如下，为较好地完成该实验应选择哪个滑动变阻器______；
A. “5Ω 1A”
B. “30Ω 2A”
C. “200Ω 2A”
（2）用笔画线代替导线将图中电路连接完整；______
（3）连接电路时，开关应______；闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到______；
（4）闭合开关S，发现电流表无示数，而电压表有示数，则电路故障可能是______；
（5）排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P做了多组实验并记录了数据，如下表所示，则待测电阻______（结果保留1位小数）：
（6）考虑到电表自身有电阻，小明发现所测电阻的阻值比实际值偏小，请分析原因：______。
【答案】（1）B （2） （3）断开 最大阻值处 （4）待测电阻Rx处断路 （5）9.9 （6）电压表有内阻，分去了一部分电流，使得电流表的示数偏大，根据欧姆定律可知，所测电阻偏小。
【解析】（1）在滑动变阻器规格的选择上，我们需要考虑滑动变阻器的最大电阻值是否足够大，以便在实验中能够调节电路中的电流和待测电阻两端的电压。同时，我们还需要考虑滑动变阻器允许通过的最大电流是否大于电路中的最大电流。对于“5Ω 1A”的滑动变阻器，其最大电阻值较小，调节范围有限，可能无法满足实验需求；对于“200Ω 2A”的滑动变阻器，虽然其最大电阻值很大，但考虑到实验中待测电阻的阻值约为10Ω，且电源电压只有3V，在实际操作中也可能不太方便，不容易调节待测电阻两端的电压；而“30Ω 2A”的滑动变阻器则既满足了最大电阻值足够大的要求（相对于待测电阻和电源电压而言），又允许通过的最大电流大于电路中的最大电流（根据欧姆定律可估算出电路中的最大电流约为0.3A），因此是较为合适的选择。
（2）电路连接时，需要注意电流表应串联在电路中，且其正负接线柱要接正确（即电流从正接线柱流入，从负接线柱流出）；电压表应并联在待测电阻两端，同样需要注意其正负接线柱的接法。如图所示：
（3）[1][2]在连接电路时，开关应处于断开状态，这是为了防止在连接电路的过程中因电路闭合而发生短路或触电等危险情况。同时，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处，这是为了在闭合开关后能够逐渐减小滑动变阻器的阻值，从而逐渐增大电路中的电流和待测电阻两端的电压，使实验过程更加安全、可控。
（4）闭合开关S后，如果发现电流表无示数，而电压表有示数，那么说明电路中存在断路故障。由于电压表有示数，说明电压表与电源两极是连通的，因此断路故障只能发生在电压表并联的部分，即待测电阻Rx​处。
（5）根据，可以将每次实验测得的电压和电流值代入公式中计算电阻值，然后取平均值作为最终结果。计算得到
则待测电阻Rx为
（6）考虑到电表自身有电阻的影响，我们会发现所测电阻的阻值比实际值偏小。这是因为电压表是与待测电阻串联的，因此电压表会分担一部分电流。而我们在计算电阻值时使用的是电流表测得的电流值（即待测电阻的电流与电压表的电流之和），因此计算得到的电阻值会偏小。
五、计算题：本大题共2小题，第19小题6分，第20小题7分，共13分．
19. 我国自行研制的具有国际先进水平的歼-20战斗机，已知歼-20空载质量为，最大飞行速度可达到声速的2.8倍，求：
（1）空载的歼-20静止在水平地面，地面对其的支持力（g取10N/kg）。
（2）若发动机用的推力使战斗机以2倍声速（设声速为340m/s）匀速直线飞行10s，这段时间内发动机做功和发动机的功率。
【答案】（1） （2），
【解析】（1）空载歼-20静止时受力平衡，受到的支持力
（2）发动机的功率
发动机做的功
20. 某品牌汽车电加热座椅垫内部电路如图所示，工作时电源电压为12V，开关S与不同接触点接触时，座椅垫有“高温”“低温”和“关”三个挡位，“高温”挡功率为36W，“低温”挡功率为12W，均为加热电阻且阻值不变。求：
（1）低温挡工作时，电路中的电流；
（2）高温挡工作2min过程中，电路产生的热量；
（3）的阻值。
【答案】（1） （2） （3）
【解析】（1）低温挡工作时
（2）高温挡工作2min过程中，电路产生热量
（3）低挡时
高挡时

的阻值为

六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分．
21. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中，如图甲所示，把凸透镜竖直安装在水平放置的光具座上，且固定在光具座70cm刻度线处。
（1）实验前，调节“F”光源和光屏、凸透镜三者中心大致在______；
（2）将“F”光源移到10cm刻度线处，并调整光屏的位置，如甲所示，可在光屏上得到一个清晰的像，其特点是倒立、______的实像，生活中利用这一原理可以制成______；
（3）保持凸透镜的位置不变，将“F”光源向左调节一段距离后，要想在光屏上成清晰的像，应将光屏______；
（4）为了更精准地找到清晰的像，小明换用了光敏电阻镶嵌式光屏（如图乙），光敏电阻固定在光屏的中央，图丙为其内部工作电路图。操作过程中，记录了电压表的示数U和光屏到透镜的距离v，具体关系如图丁，则清晰的像对应图象中______点．请分析：光照越强时，该光敏电阻的阻值越______。
【答案】（1）同一高度 （2）缩小 照相机 （3）向左移动 （4）B 小
【解析】（1）在实验前，先调节光源、凸透镜和光屏的中心在同一高度，这样可使蜡烛所成的像在光屏中心。
（2）[1][2]由图甲知，物距大于像距，已知光屏上成实像，那么此时物距大于二倍焦距，光屏上承接到倒立、缩小的实像；照相机是根据这一原理制成的。
（3）保持凸透镜的位置不变，将“F”光源向左调节一段距离后，物距变大，要想光屏上成清晰的像，根据凸透镜成实像时“物远像近像变小”的变化规律，应减小像距，即应该将光屏向凸透镜移动。
（4）[1][2]由图丙可知，两电阻串联，电压表并联在定值电阻两端，当电压表示数最大时，根据串联电路电压规律可知，光敏电阻两端电压最小，根据分压原理可知，光敏电阻的阻值最小。因光敏电阻的阻值随着光照强度的增大而减小，所以此时光屏上成的像亮度最大，即成像最清晰，故清晰的像对应图中的B点。
22. 某款混合动力汽车由一台内燃机和一台电机组成，对其性能进行测试，其部分参数如下表：
（1）该混合动力汽车的内燃机是四冲程汽油机，如图所示是汽油机的______冲程，该冲程将机械能转化为______能；
（2）该混合动力汽车的电动机工作原理与下图原理相同的是______；
A. B.
C. D.
（3）从表提供信息中计算出该电动汽车配备的电池质量是______kg；
（4）某次从佛山到韶关游玩路程为220km，中途在服务区充电所需费用为26元，则充一度电所需电费______元（保留一位小数）。
（5）该混合动力汽车以纯油驱动行驶100km，若该汽车工作时内燃机热效率为40%，汽车所受阻力为700N，剩余能量则用于为电池充电，则能为电池充电的电量为______J。（汽油密度取，汽油热值取）
【答案】（1）压缩 内 （2）B （3）250 （4）1.5 （5）2.66×107
【解析】（1）[1][2]由图可知，两个气门都关闭，活塞向上，压缩汽缸内气体，对其做功，使其内能增加、温度升高，将机械能转化为内能。因此是压缩冲程。
（2）混合动力汽车的电动机工作原理是通电导体在磁场中受力而运动。
A．图为奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，即电流具有磁效应。故A不符合题意；
B．图中开关闭合后，通电后的导体棒在磁场中受力运动，是电动机的原理。故B符合题意；
C．图中导体棒在蹄形磁体中做切割磁感线运动时会产生感应电流，该现象为电磁感应现象，是发电机的原理。故C不符合题意；
D．话筒利用膜片的振动使线圈做切割磁感线运动产生感应电流，利用了电磁感应原理。故D不符合题意。
故选B。
（3）该电动汽车配备的电池质量是
（4）中途在服务区充电所需费用为26元，则充一度电所需电费
（5）由题意知，燃油能耗7.5L/100km，所以汽车以纯油驱动匀速直线行驶100km，消耗汽油7.5L即7.5×10-3m3，消耗汽油的质量为
m汽油=ρ汽油V=0.7×103kg/m3×7.5×10-3m3=5.25kg
汽油完全燃烧放出的热量为
Q放=m汽油q汽油=5.25kg×4.6×107J/kg=2.415×108J
内燃机的热效率为40%，则转化的能量为
W=ηQ放=40%×2.415×108J=9.66×107J
汽车所受阻力为700N，匀速行驶处于平衡状态，牵引力等于阻力，因此汽车所做机械功为
W机械=Fs=700N×100×103m=7×107J
为电池充电的电量为
W电=W-W机械=9.66×107J-7×107J=2.66×107J
23. 阅读短文，回答下列问题．
金属盒气压计
金属盒气压计是常用的气压计，又叫无液气压计，它的主要部分是一个波纹真空金属盒。为使金属盒不被大气压扁，用弹簧片向外拉着盒盖。金属盒气压计结构图如下图甲所示，主要是由杠杆（图乙）和杠杆（图丙）组成，其中为支点，当外界气压变大（变小）时，金属盒上表面受大气压作用向下（向上）形变，带动杠杆，的A端向下（向上）移动，杠杆的B端向上（向下）移动，再带动杠杆的C端向上（向下）移动，杠杆的D端向右（向左）移动，连杆推动三角齿轮带动指针偏转，在刻度盘上就指示出大气压强的值。（标准大气压取）
（1）气压发生变化时，金属盒的形变属于______（选填“弹性形变”或“塑性形变”）；拿着此气压计从山下到山上，弹簧片对盒盖的作用力______（选填“变大”“变小”或“不变”）；波纹真空金属盒上表面的面积约为，标准大气压下，其受到的大气压力______为N。
（2）杠杆属于______杠杆（选填“省力”“费力”或“等臂”）．若，，当连杆BC与连杆垂直瞬间，测得，则______N。
（3）小明查阅相关资料发现：一般情况下，在海拔3000m以内，大约每升高10m，大气压减小100Pa，结合所学知识，小明将气压计改装成高度计，下图为金属盒气压计刻度盘中的一部分，则气压为90kPa刻度相应的高度为______。
【答案】（1）弹性形变 变小 2020 （2）费力 0.2 （3）1100m
【解析】（1）[1]气压发生变化时，金属盒会发生形变。由于这种形变在气压恢复后能恢复原状，所以属于弹性形变。
[2]由于大气压随海拔的升高而降低，所以金属盒会受到更小的外部大气压力，导致弹簧片对盒盖的作用力变小，以平衡这种外部压力。
[3]根据公式，标准大气压下，波纹真空金属盒上表面受到的大气压力
（2）[1]由图乙可以看出，动力臂L1​小于阻力臂L2​，所以杠杆AO1B是费力杠杆。
[2]根据杠杆平衡条件可得
由于杠杆CO2D在B、C两点受到的力相等（即），所以
（3）减小的大气压为
根据题目给出的信息“在海拔3000m以内，大约每升高10m，大气压减小100Pa”，我们可以得到高度与气压差的关系式
则气压为90kPa刻度相应的高度为
小桶所受的重力
物体所受的重力
物体部分浸在水中时测力计的读数
小桶和排开水所受的总重力（物体部分浸在水中）
物体浸没在水中时测力计的读数
小桶和排开水所受的总重力（物体浸没在水中）
0.5N
3.2N
2.6N
1.1N
2N
1.7N
实验次序
1
2
3
4
电压表
1.00
1.47
1.69
1.98
电流表
0.10
0.15
0.17
0.20
纯电能耗
电池容量
燃油能耗
单位质量电池所包含能量