黑龙江省牡丹江市海林市朝鲜族中学2024-2025学年高三上学期9月月考物理试卷（解析版）

这是一份黑龙江省牡丹江市海林市朝鲜族中学2024-2025学年高三上学期9月月考物理试卷（解析版），共12页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

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一、单选题（每小题5分，共35分）
1. 一小车沿直线运动，从t = 0开始由静止匀加速至t = t1时刻，此后做匀减速运动，到t = t2时刻速度降为零。在下列小车位移x与时间t的关系曲线中，可能正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】x—t图像的斜率表示速度，小车先做匀加速运动，因此速度变大即0—t1图像斜率变大，t1—t2做匀减速运动则图像的斜率变小，在t2时刻停止图像的斜率变为零。
故选D。
2. 一游客在武夷山九曲溪乘竹筏漂流，途经双乳峰附近的M点和玉女峰附近的N点，如图所示。已知该游客从M点漂流到N点的路程为，用时，M、N间的直线距离为，则从M点漂流到N点的过程中（ ）
A. 该游客的位移大小为
B. 该游客的平均速率为
C. 该游客的平均速度大小为
D. 若以所乘竹筏为参考系，玉女峰的平均速度为0
【答案】C
【解析】
【详解】A．位移指的是从M点漂流到N点的有向线段，故位移大小为，故A错误；
B．从M点漂流到N点的路程为，用时，则平均速率为
故B错误；
C．该游客的平均速度大小为
故C正确；
D．以玉女峰为参考系，所乘竹筏的平均速度为，若以所乘竹筏为参考系，玉女峰的平均速度也为，故D错误；
故选C。
3. 一遥控玩具小车在平直路上运动的位移－时间图象如图所示，则（ ）
A. 8 s末小车的位移为20 m
B. 前10 s内小车的加速度为3 m/s2
C. 20 s末小车的速度为-1m/s
D. 前25 s内小车做单方向直线运动
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】AB．s-t图象中斜率表示速度，由图可知小车在0~10s内的速度为
故小车在0~10s内做匀速直线运动，加速度为0，8s末汽车的位移为
故AB错误；
C．由图知10~25s内小车的速度为
即20s末小车的速度为-1m/s，故C正确；
D．由图可知，小车在15s末速度方向变为负方向，故D错误。
故选C。
4. 2021世界乒乓球锦标赛男子单打决赛中，中国选手樊振东以总比分4比0战胜瑞典选手夺得冠军。若某回合中，乒乓球以的速度飞向球拍，在时间被球拍以的速度原路打回，则乒乓球在该段时间内的平均加速度大小为（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】规定乒乓球反弹回来的方向为正方向，则在该段时间内的平均加速度为
所以，乒乓球在该段时间内的平均加速度大小为4.5×104m/s2。
故选D。
5. 建筑工人用图示的定滑轮装置运送建筑材料．质量为70.0kg的工人站在地面上，通过定滑轮将20.0kg的建筑材料以0．500m／s2的加速度拉升，忽略绳子和定滑轮的质量及定滑轮的摩擦，则工人对地面的压力大小为(g取10m／s2．)

A. 510 NB. 490 NC. 890 ND. 910 N
【答案】B
【解析】
【详解】对建筑材料进行受力分析根据牛顿第二定律有,得绳子的拉力大小等于F=210N,然后再对人受力分析由平衡的知识得,得FN=490N,根据牛顿第三定律可知人对地面间的压力为490N，B对.
6. 为研究超重、失重现象，某同学在盛水的塑料瓶的侧壁扎了一个小孔，水从小孔喷出，如图所示。t=0时刻，他提着水瓶向上加速运动，t1时刻松手，t2时刻水瓶上升到最高点，之后水瓶自由下落。不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A. 0~t1时间内，没有水从侧壁流出
B. t1~t2时间内，水和水瓶处于超重状态
C. t1~t2时间内，没有水从侧壁流出
D. t2时刻之后，水和水瓶处于超重状态
【答案】C
【解析】
【详解】A．时刻，手提着水瓶向上加速，整体处于超重状态，一定会有水从小孔流出，故A错误；
BC．时刻水和水瓶只受重力的作用，处于完全失重的状态，水和水之间无相互作用，因此不会有水从侧壁流出，故B错误，C正确；
D．时刻之后，水瓶和水依然处于完全失重的状态，没有水从侧壁流出，故D错误。
故选C。
7. 如图甲是一款手机支架，其表面采用了纳米微吸材料，用手触碰无粘感，接触到平整光滑的硬性物体时，会牢牢吸附物体，如图乙是手机静止吸附在支架上的侧视图，若手机的重力为G，手机与水平方向的夹角为θ，下列说法正确的是（ ）

A. 手机受到的支持力大小为Gcsθ
B. 手机受到支持力不可能大于G
C. 纳米材料对手机的作用力大小为Gsinθ
D. 纳米材料对手机的作用力大小为G
【答案】D
【解析】
【详解】AB．因为采用了纳米微吸材料，斜面会对手机存在一个吸引力，所以手机受到的支持力大小不可能为，其大小可能大于G，也可能小于G，取决于吸附力的大小，故AB错误；
CD．手机受到竖直向下的重力和纳米材料的作用力，根据受力平衡可知，纳米材料对手机的作用力大小为G，方向竖直向上，故C错误，D正确。
故选D。
二、多选题（每小题6分，共18分）
8. 如图所示，两个相似的斜面体A、B在竖直向上的力F的作用下静止靠在竖直粗糙墙壁上。关于斜面体A和B的受力情况，下列说法正确的是（ ）

A. A一定受到四个力
B. B可能受到四个力
C. B与墙壁之间一定有弹力和摩擦力
D. A与B之间一定有摩擦力
【答案】AD
【解析】
【详解】C．对A、B整体受力分析，如图甲所示，受到向下的重力和向上的推力F，由平衡条件可知B与墙壁之间不可能有弹力，因此也不可能有摩擦力，故C错误；
BD．对B受力分析如图乙所示，其受到重力、A对B的弹力及摩擦力而处于平衡状态，故B受到三个力，A与B之间一定有摩擦力，故B错误， D正确；
A．对A受力分析，如图丙所示，受到重力、推力、B对A的弹力和摩擦力，共四个力，故A正确。
故选AD。

9. 如图所示是一个简易起吊设施的示意图，AC是质量不计的撑杆，A端与竖直墙用铰链连接，一滑轮固定在A点正上方，C端吊一重物，BC绳连接在滑轮与C端之间。现施加一拉力F缓慢将重物P向上拉，在AC杆达到竖直前（ ）
A. BC绳中的拉力FT越来越大
B. BC绳中的拉力FT越来越小
C. AC杆中的支撑力FN越来越大
D. AC杆中的支撑力FN大小不变
【答案】BD
【解析】
【分析】
【详解】作出C点的受力示意图，如图所示
由图可知力的矢量三角形与几何三角形ABC相似。根据相似三角形的性质得
==
解得BC绳中的拉力为
FT=G
AC杆中的支撑力为
FN=G
由于重物P向上运动时，AB、AC不变，BC变小，故FT减小，FN大小不变，故选BD
10. 如图所示装置，两根细绳拴住一小球，保持两细绳间的夹角θ=120°不变，若把整个装置在纸面内顺时针缓慢转过90°，则在转动过程中，CA绳的拉力F1、CB绳的拉力F2的大小变化情况是（ ）
A. F1先变小后变大B. F1先变大后变小
C. F2一直变小D. F2最终变为零
【答案】BCD
【解析】
【详解】画小球的受力分析图，构建力的矢量三角形，由于这个三角形中重力不变，另两个力间的夹角(180°－θ)保持不变，这类似于圆周角与对应弦长的关系，作初始三角形的外接圆(任意两边的中垂线交点即外接圆圆心)，然后让另两个力的交点在圆周上按F1、F2的方向变化规律滑动，力的三角形的外接圆正好是以初态时的F2为直径的圆周，知F1先变大后变小，F2一直变小，最终CA沿竖直方向，此时F1＝mg，F2变为零，BCD正确，A错误。
故选BCD。
三、实验题（每空2分，共12分）
11. 某同学用如图甲所示装置测量当地的重力加速度，器材如下：一端有挡板、长为 L的光滑木板，一把刻度尺，一个质量为 m的重物，一劲度系数为 k的轻弹簧。实验步骤如下：
（1）将木板水平放置，弹簧的左端固定在挡板上；
（2）将重物贴近弹簧右端;
（3）将木板的右端缓慢抬高不同的高度，测出弹簧的长度 x1、和此时木板右端到水平面的高度、，以x为纵轴，__________（选填“h”或“”）为横轴，作出的图像如图乙所示，其图像斜率大小为P，则当地的重力加速度为__________，图像纵轴截距的物理意义是__________。
【答案】 ①. ②. ③. 弹簧原长
【解析】
【详解】[1]设木板与水平面的夹角为，弹簧劲度为k，原长为，根据题意，有
即为
因此以h为横轴；
[2]因为斜率的大小为P，故有
当地的重力加速度为
[3]由公式可得，图象纵轴的截距为弹簧原长。
12. 某同学利用如图所示的装置来“探究两个互成角度的力的合成规律”：在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的重量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子的拉力FTOA、FTOB和FTOC，回答下列问题：
（1）改变钩码个数，实验能完成的是________。（绳子能承受的拉力足够大）
A．钩码个数N1= N2= 2，N3= 4
B．钩码的个数N1= N3= 3，N2= 4
C．钩码的个数N1= N2= N3= 4
D．钩码的个数N1= 3，N2= 4，N3= 5
（2）在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是________。
A．标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向和钩码个数
B．量出OA、OB、OC三段绳子的长度
C．用量角器量出三段绳子之间的夹角
D．用天平测出钩码的质量
（3）在作图时，你认为图中________（填“甲”或“乙”）是正确的。
【答案】 ① BCD##BDC##CBD##CDB##DBC##DCB ②. A ③. 甲
【解析】
【详解】（1）[1]对O点受力分析如图所示
OA、OB、OC分别表示FTOA、FTOB、FTOC的大小，由于三个共点力处于平衡，所以FTOA、FTOB的合力大小等于FTOC，且
FTOC < FTOA＋FTOB
即
|FTOA－FTOB| < FTOC < FTOA＋FTOB
故选BCD。
（2）[2]A．为探究求合力方法，必须作受力图，所以先明确受力点，即标记结点O的位置，其次要作出力的方向并读出力的大小，最后作出力的图示，故最重要的一个步骤是要记录钩码的个数和记录OA、OB、OC三段绳子的方向，A正确；
BC．其中OA、OB、OC三段绳子的长度和三段绳子之间的夹角不必测量，BC错误；
D．由于每个钩码质量相同，三个力的大小可以用钩码重力的倍数来表示，故不需要测出钩码的质量，D错误。
故选A。
（3）[3]以O点为研究对象，F3的实际作用效果在OC这条线上（竖直方向），由于误差的存在，F1、F2的合力的理论值与实际值有一定偏差，故题图甲符合实际，题图乙不符合实际。
四、计算题（12+23，共35分）
13. 如图所示，一架质量m=5.0×103kg的喷气式飞机，从静止开始在机场的跑道上滑行，经过距离x=5.0×102m，达到起飞速度v=60m/s。在这个过程中飞机受到的平均阻力是飞机重量的0.02倍，g取10m/s2，求：
（1）飞机滑行时的加速度为多大；
（2）飞机滑行时受到的牵引力多大。

【答案】（1）；（2）1.9×104N
【解析】
【详解】（1）飞机在加速过程中，由运动学公式得
所以
（2）由牛顿第二定律得
所以
14. 如图所示，物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入水平面，最后停在C点。现每隔0.2s通过传感器测量物体的运动速率v，下表给出了部分测量数据，设物体在AB段和BC段的运动都是匀变速直线运动，且经过B点前后速率不变，求：
（1）物体在AB段和BC段的加速度a1和a2；
（2）物体运动到B点时的速率vB；
（3）当t=0.8s时物体的速率。

【答案】（1），方向沿斜面向下；，方向与物体运动的方向相反；（2）2.5m/s；（3）2.3m/s
【解析】
【详解】（1）物体在AB段的加速度
方向沿斜面向下
物体在BC段的加速度
加速度大小为，方向与物体运动方向相反
（2）由表可知，物体开始运动的时刻t0=0.2s，设运动到B点的时刻为t，有
则
解得
，
（3）由（2）知t=0.7s时物体到达B点，速度达到最大，故t=0.8s时物体在BC上匀减速直线运动了0.1s，此时物体的速率
t（s）
0.0
0.2
0.4
0.6
…
1.4
1.6
…
v（m/s）
0.0
0.0
1.0
2.0
…
1.1
0.7
…