2023年 四川省 自贡市 数学 中考真题 解析版

这是一份2023年 四川省 自贡市 数学 中考真题 解析版，共9页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
1．（4分）（2023•自贡）如图，数轴上点A表示的数是2023，OA＝OB，则点B表示的数是（ B ）
A．2023B．﹣2023 C．D．﹣
2．（4分）（2023•自贡）自贡恐龙博物馆今年“五一”期间接待游客约110000人．人数110000用科学记数法表示为（ C ）
A．1.1×104B．11×104C．1.1×105D．1.1×106
3．（4分）（2023•自贡）如图中六棱柱的左视图是（ A ）
A．B．C．D．
4．（4分）（2023•自贡）如图，某人沿路线A→B→C→D行走，AB与CD方向相同，∠1＝128°，则∠2＝（ C ）
A．52°B．118°C．128°D．138°
5．（4分）（2023•自贡）如图，边长为3的正方形OBCD两边与坐标轴正半轴重合，点C的坐标是（ C ）
A．（3，﹣3）B．（﹣3，3）C．（3，3）D．（﹣3，﹣3）
6．（4分）（2023•自贡）下列交通标志图案中，既是中心对称图形又是轴对称图形的是（ B ）
A． B． C．D．
7．（4分）（2023•自贡）下列说法正确的是（ D ）
A．甲、乙两人10次测试成绩的方差分别是S甲2＝4，S乙2＝14，则乙的成绩更稳定
B．某奖券的中奖率为，买100张奖券，一定会中奖1次
C．要了解神舟飞船零件质量情况，适合采用抽样调查
D．x＝3是不等式2（x﹣1）＞3的解，这是一个必然事件
8．（4分）（2023•自贡）如图，△ABC内接于⊙O，CD是⊙O的直径，连接BD，∠DCA＝41°，则∠ABC的度数是（ C ）
A．41°B．45°C．49°D．59°
9．（4分）（2023•自贡）第29届自贡国际恐龙灯会“辉煌新时代”主题灯组上有一幅不完整的正多边形图案，小华量得图中一边与对角线的夹角∠ACB＝15°，算出这个正多边形的边数是（ D ）
A．9B．10C．11D．12
10．（4分）（2023•自贡）如图1，小亮家、报亭、羽毛球馆在一条直线上．小亮从家跑步到羽毛球馆打羽毛球，再去报亭看报，最后散步回家．小亮离家距离y与时间x之间的关系如图2所示．下列结论错误的是（ D ）
A．小亮从家到羽毛球馆用了7分钟
B．小亮从羽毛球馆到报亭平均每分钟走75米
C．报亭到小亮家的距离是400米
D．小亮打羽毛球的时间是37分钟
11．（4分）（2023•自贡）经过A（2﹣3b，m），B（4b+c﹣1，m）两点的抛物线y＝﹣x2+bx﹣b2+2c（x为自变量）与x轴有交点，则线段AB长为（ B ）
A．10B．12C．13D．15
【解析】＝﹣，Δ＝b2﹣4×（﹣）×（﹣b2+2c）≥0，∴b＝c+1，b2≤4c，∴c＝1，∴AB＝|（4b+c﹣1）﹣（2﹣3b）|＝12，
12．（4分）（2023•自贡）如图，分别经过原点O和点A（4，0）的动直线a，b夹角∠OBA＝30°，点M是OB中点，连接AM，则sin∠OAM的最大值是（ A ）
A．B． C． D．
【分析】作△AOB的外接圆⊙T，连接OT，TA，TB，取OT的中点K，连接KM．证明KM＝TB＝2，推出点M在以K为圆心，2为半径的圆上运动，当AM与⊙K相切时，∠OAM的值最大，此时sin∠OAM的值最大．
【解答】解：作△AOB的外接圆⊙T，连接OT，TA，TB，取OT的中点K，连接KM．∵∠ATO＝2∠ABO＝60°，TO＝TA，∴△OAT是等边三角形，
∵A（4，0），∴TO＝TA＝TB＝4，∵OK＝KT，OM＝MB，∴KM＝TB＝2，
∴点M在以K为圆心，2为半径的圆上运动，当AM与⊙K相切时，∠OAM的值最大，此时sin∠OAM的值最大，∵△OTA是等边三角形，OK＝KT，
∴AK⊥OT，∴AK＝＝＝2，∵AM是切线，KM是半径，
∴AM⊥KM，∴AM＝＝＝2，过点M作ML⊥OA于点L，KR⊥OA于点R，MP⊥RK于点P．∵∠PML＝∠AMK＝90°，
∴∠PMK＝∠LMA，∵∠P＝∠MLA＝90°，∴△MPK∽△MLA，
∴＝＝＝＝，设PK＝x，PM＝y，则有ML＝y，AL＝x，
∴y＝+x①，y＝3﹣x，解得，x＝，y＝，
∴ML＝y＝，∴sin∠OAM＝＝＝．故选：A．
二、填空题（共6个小题，每小题4分，共24分）
13．（4分）（2023•自贡）计算：7a2﹣4a2＝ 3a2 ．
14．（4分）（2023•自贡）请写出一个比小的整数 4（答案不唯一） ．
15．（4分）（2023•自贡）化简：＝ x﹣1 ．
16．（4分）（2023•自贡）端午节早上，小颖为全家人蒸了2个蛋黄粽，3个鲜肉粽，她从中随机挑选了两个孝敬爷爷奶奶，请问爷爷奶奶吃到同类粽子的概率是 ．
17．（4分）（2023•自贡）如图，小珍同学用半径为8cm，圆心角为100°的扇形纸片，制作一个底面半径为2cm的圆锥侧面，则圆锥上粘贴部分的面积是 cm2．

【分析】求出弧长为4πcm，半径为8cm的扇形所对应的圆心角度数，进而求出粘贴部分的圆心角度数，利用扇形面积的计算方法进行计算即可．
18．（4分）（2023•自贡）如图，直线y＝﹣x+2与x轴，y轴分别交于A，B两点，点D是线段AB上一动点，点H是直线y＝﹣x+2上的一动点，动点E（m，0），F（m+3，0），连接BE，DF，HD．当BE+DF取最小值时，3BH+5DH的最小值是 ．
【分析】作出点C（3，﹣2），作CD⊥AB于点D，交x轴于点F，此时BE+DF的最小值为CD的长，利用解直角三角形求得，利用待定系数法求得直线CD的解析式，联立即可求得点D的坐标，过点D作DG⊥y轴于点G，此时3BH+5DH的最小值是5DG的长，据此求解即可．
三、解答题（共8个题，共78分）
19．（8分）（2023•自贡）计算：|﹣3|﹣（+1）0﹣22．
解：原式＝3﹣1﹣4＝﹣2．
20．（8分）（2023•自贡）如图，在平行四边形ABCD中，点M，N分别在边AB，CD上，且AM＝CN．求证：DM＝BN．
【解答】证明：∵四边形ABCD是平行四边形，
∴AB∥CD，AB＝CD，∵AM＝CN，
∴AB﹣AM＝CD﹣CN，即BM＝DN，
又∵BM∥DN，∴四边形MBND是平行四边形，
∴DM＝BN．
【点评】本题考查了平行四边形的判定与性质，熟练掌握平行四边形的性质，证明BM＝DN是解题的关键．
21．（8分）（2023•自贡）某校组织七年级学生到江姐故里研学旅行，租用同型号客车4辆，还剩30人没有座位；租用5辆，还空10个座位．求该客车的载客量．
【解答】解：设该客车的载客量为x人，根据题意得：4x+30＝5x﹣10，
解得：x＝40．答：该客车的载客量为40人．
22．（8分）（2023•自贡）某校为了解“世界读书日”主题活动开展情况，对本学期开学以来学生课外读书情况进行了随机抽样调查，所抽取的12名学生课外读书数量（单位：本）数据如下：2，4，5，4，3，5，3，4，1，3，2，4．

（1）补全学生课外读书数量条形统计图；
（2）请直接写出本次所抽取学生课外读书数量的众数、中位数和平均数；
（3）该校有600名学生，请根据抽样调查的结果，估计本学期开学以来课外读书数量不少于3本的学生人数．
【解答】解：（1）如图所示.，
（2）本次所抽取学生课外读书数量的众数为4本，中位数为（本），
平均数为＝（本），
（3）（名），
答：本学期开学以来课外读书数量不少于3本的学生人数为450名．
23．（10分）（2023•自贡）如图1，一大一小两个等腰直角三角形叠放在一起，M，N分别是斜边DE，AB的中点，DE＝2，AB＝4．
（1）将△CDE绕顶点C旋转一周，请直接写出点M，N距离的最大值和最小值；
（2）将△CDE绕顶点C逆时针旋转120°（如图2），求MN的长．
【解答】解：（1）以C为圆心，CM长为半径画圆，连接CN交DE于M1，延长NC交圆于M2，
∵△ACB是等腰直角三角形，N是AB中点，
∴CN平分∠ACB，CN＝AB＝×4＝2，∵△DCE是等腰直角三角形，
∴M1是DE中点，∴CM1＝DE＝×2＝1，
∴M、N距离的最小值是NM1＝CN﹣CM1＝2﹣1＝1，M、N距离的最大值是NM2＝CN+CM2＝2+1＝3．
（2）连接CM，CN，作NH⊥MC交MC延长线于H，
∵△ACB是等腰直角三角形，N是AB中点，
∴CN＝AB＝2，同理：CM＝DE＝1，∵△CDE绕顶点C逆时针旋转120°，
∴∠MCN＝120°，∴∠NCH＝180°﹣∠MCN＝60°，∴CH＝CN＝1，
∴NH＝CH＝，∵MH＝MC+CH＝2，∴MN＝＝．
24．（10分）（2023•自贡）如图，点A（2，4）在反比例函数y1＝图象上．一次函数y2＝kx+b的图象经过点A，分别交x轴，y轴于点B，C，且△OAC与△OBC的面积比为2：1．
（1）求反比例函数和一次函数的解析式；
（2）请直接写出y1≥y2时，x的取值范围．

【解答】解：（1）∵点A（2，4）在反比
例函数y1＝图象上，∴m＝2×4＝8，
∴反比例函数为y1＝，∵△OAC与△OBC的面积比为2：1，A（2，4），
∴B（1，0）或B（﹣1，0），把A（2，4），B（1，0）代入y2＝kx+b得
，解得，∴一次函数为y2＝4x﹣4，
把A（2，4），B（﹣1，0）代入y2＝kx+b得，解得，
∴一次函数为y2＝x+，综上，一次函数的解析式为y2＝4x﹣4或y2＝x+；
（2）当y2＝4x﹣4时，联立，解得或，
由图象可知，y1≥y2时，x的取值范围x≤﹣1或0＜x≤2；
当y2＝x+时，联立，解得或，
由图象可知，y1≥y2时，x的取值范围x≤﹣3或0＜x≤2；
综上，当y2＝4x﹣4时，x的取值范围x≤﹣1或0＜x≤2；当y2＝x+时，x的取值范围x≤﹣3或0＜x≤2．
25．（12分）（2023•自贡）为测量学校后山高度，数学兴趣小组活动过程如下：
（1）测量坡角
如图1，后山一侧有三段相对平直的山坡AB，BC，CD，山的高度即为三段坡面的铅直高度BH，CQ，DR之和，坡面的长度可以直接测量得到，要求山坡高度还需要知道坡角大小．
如图2，同学们将两根直杆MN，MP的一端放在坡面起始端A处，直杆MP沿坡面AB方向放置，在直杆MN另一端N用细线系小重物G，当直杆MN与铅垂线NG重合时，测得两杆夹角α的度数，由此可得山坡AB坡角β的度数．请直接写出α，β之间的数量关系．
（2）测量山高
同学们测得山坡AB，BC，CD的坡长依次为40米，50米，40米，坡角依次为24°，30°，45°；为求BH，小熠同学在作业本上画了一个含24°角的Rt△TKS（如图3），量得KT≈5cm，TS≈2cm．求山高DF．（≈1.41，结果精确到1米）
（3）测量改进
由于测量工作量较大，同学们围绕如何优化测量进行了深入探究，有了以下新的测量方法．
如图4，5，在学校操场上，将直杆NP置于MN的顶端，当MN与铅垂线NG重合时，转动直杆NP，使点N，P，D共线，测得∠MNP的度数，从而得到山顶仰角β1，向后山方向前进40米，采用相同方式，测得山顶仰角β2；画一个含β1的直角三角形，量得该角对边和另一直角边分别为a1厘米，b1厘米，再画一个含β2的直角三角形，量得该角对边和另一直角边分别为a2厘米，b2厘米．已知杆高MN为1.6米，求山高DF．（结果用不含β1，β2的字母表示）
【解答】解：（1）∵铅直线与水平线垂直，∴α+β＝90°，
故α，β之间的数量关系为：α+β＝90°；
（2）在Rt△ABH中，∵AB＝40米，∠BAH＝24°，sin∠BAH＝，
∴sin24°＝，在Rt△TKS中，∵KT≈5cm，TS≈2cm，∠TKS＝24°，
sin∠TKS＝，∴sin24°＝，∴＝，解得BH＝16米，在Rt△CBQ中，
∵BC＝50米，∠CBQ＝30°，∴CQ＝CB＝25米，在Rt△DCR中，
∵CD＝40米，∠DCR＝45°，sin∠DCR＝，
∴DR＝CD•sin∠DCR＝40•sin45°＝（米），
∴DF＝BH+CQ+DR＝16+25+≈69（米），
答：山高DF约为69米；
（3）由题意，得tanβ1＝，tanβ2＝，在Rt△DNL中，∵tanβ1＝，
∴，∴NL＝，在Rt△DCR中，∵tanβ2＝，∴，
∴N'L＝，∵NL﹣N'L＝NN'＝40（米），∴＝﹣＝40，
解得DL＝，∴山高DF＝DL+LF＝+1.6（米），
答：山高DF为（+1.6）米．
26．（14分）（2023•自贡）如图，抛物线y＝﹣x2+bx+4与x轴交于A（﹣3，0），B两点，与y轴交于点C．
（1）求抛物线解析式及B，C两点坐标；
（2）以A，B，C，D为顶点的四边形是平行四边形，求点D坐标；
（3）该抛物线对称轴上是否存在点E，使得∠ACE＝45°，若存在，求出点E的坐标；若不存在，请说明理由．

【解答】解：（1）把点A的坐标代入解析式得b＝，
∴抛物线的解析式为y＝﹣x2﹣x+4，
∴点C的坐标为（0，4），点B的坐标为（1，0）．
（2）以A，B，C，D为顶点的四边形是平行四边形，分三种情况：
①若AC为对角线，设AC的中点为F，则根据中点坐标公式可得F的坐标为（﹣，2），设点D的坐标为（a，b），则有
解得a＝﹣4，b＝4，此时点D的坐标为（﹣4，4），
②若以AB为对角线，设AB的中点为F，则F的坐标为（﹣1，0），
设点D的坐标为（a，b），则有，
解得a＝﹣2，b＝﹣4，此时点D的坐标为（﹣2，﹣4），
③若以BC为对角线，设BC的中点为F，则点F的坐标为（，2），
设点D的坐标为（a，b），则有，
解得a＝4，b＝4，此时点D的坐标为（4，4），
综上所述，点D的坐标为（﹣4，4）或（﹣2，﹣4）或（4，4），
（3）存在，理由如下：∵tan∠ACO＝＝＜1，∴∠ACO＜45°，
∴E不可能出现在直线AC下方，也不可能在直线AC上，
当点E在直线AC上方时，∠ACE＝45°，过点E作EM⊥AC，如图：
根据点A（﹣3，0）和点C（0，4）可得直线AC的解析式为y＝，设直线AC与对称轴交于点H，∴点H（﹣1，），HC＝，∵EH∥y轴，
∴∠EHM＝∠HCO，∴tan∠EHM＝∠HCO＝＝，∴EM＝HM，
∵∠ACE＝45°，∴EM＝CM，∴HC＝HM+CM，即＝HM+HM，
解得HM＝，∴EM＝，在Rt△EMH中，EH＝，
解得EH＝，∴E的纵坐标为＝，∴点E的坐标为（﹣1，）．