2024-2025学年四川省遂宁市射洪中学九年级（上）开学物理试卷（含解析）

这是一份2024-2025学年四川省遂宁市射洪中学九年级（上）开学物理试卷（含解析），共18页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.下列数据最接近实际情况的是( )
A. 拿起一个鸡蛋的力大约5NB. 一个中学生对水平地面的压力约为500N
C. 一个中学生正常步行的速度约为3m/sD. 珠穆朗玛峰上的大气压为1标准大气压
2.一同学把掉在地面上的物理课本捡起放回桌面上。根据你对物理课本重力和课桌高度的估测，该同学捡起课本时手对书做的功约为( )
A. 300JB. 30JC. 3JD. 0.3J
3.小明闻到烟味，对爸爸说：“你一吸烟，我和妈妈都跟着被动吸烟。”小明这样说的科学依据是( )
A. 一切物体都是由分子组成的
B. 分子在不停地做无规则的运动
C. 分子之间存在相互作用力
D. 有的分子之间只有引力，有的分子之间只有斥力
4.用弹簧测力计沿水平方向两次拉着同一物体在同一水平面上运动，两次运动的s−t图象如图所示，其对应的弹簧测力计示数分别为F1、F2，拉力做功的功率分别为P1、P2，则它们的关系正确的是( )
A. F1>F2 P1>P2
B. F1=F2P1P2
D. F1ρ酒精)，已知三个容器底面受到的压力相等，请判断三种液体的质量大小( )
A. 硫酸质量最大B. 水的质量最大
C. 酒精质量最大D. 三者质量关系不能确定
7.如图所示，甲、乙两个实心圆柱体放在水平地面上，它们对地面的压强相等，则下列判断正确的是( )
A. 甲的密度大，甲受到的重力大
B. 甲的密度小，甲受到的重力小
C. 甲的密度小，甲受到的重力大
D. 甲的密度大，甲受到的重力小
8.如图所示，烧杯的底面积是200cm2，里面装有一定量的水(图甲).用弹簧测力计吊着未知金属体，先将金属体浸没在水中(图乙)，水位升高到B处，示数是17N，再将金属体缓慢提出，使水位下降到AB的中点C处，示数是22N(不计金属体带出的水).下列选项中错误的是( )
A. 金属体的质量是2.7kg
B. 金属体的体积是500cm3
C. 金属体浸没时受到的浮力是10N
D. 从甲到乙，烧杯对地面的压强增大了500Pa
9.某商场内设有自动售货机，方便购物者购买。它可通过手机扫码(闭合S1)或通过投币(闭合S2)，启动电动机完成自动售货；在光线较暗时光控开关S3自动闭合，接通灯泡照明。图中电路设计符合要求的是( )
A. B. C. D.
10.用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球(如图所示)，发现验电器的两个金属箔片张开。以下说法正确的是( )
A. 毛皮和橡胶棒摩擦的过程中橡胶棒失去了电子
B. 验电器的金属箔片张开是因为金属箔失去电子
C. 此过程中，瞬间产生的电流方向是从箔片流向橡胶棒
D. 此过程中，瞬间产生的电流方向是从橡胶棒流向箔片
11.如图所示的电路中，电源电压不变，闭合电键S后，灯L1、L2都发光。一段时间后，其中一灯突然熄灭，电压表的示数不变，则产生这一现象的原因是( )
A. 灯L1短路
B. 灯L2短路
C. 灯L1断路
D. 灯L2断路
12.如图所示是一个电吹风的简化电路，A是吹风机(电动机)，B是电热丝，则下列说法中不正确的是( )
A. 若只闭合开关S1，吹出的是冷风B. 若只闭合开关S2，吹出的是热风
C. 若开关S1、S2都断开，不吹风D. 若开关S1、S2都闭合，吹热风
13.如图下列判断错误的是( )
A. S1、S2都闭合时，L1、L2、L3并联
B. S1、S2都断开时，L1、L2、L3串联
C. S1断开，S2闭合时，L2、L3并联后再与L1串联
D. S1闭合，S2断开时，对L1、L2形成短路
二、填空题：每空1分，共11分。
14.大气压随海拔高度的增加而______(选填“增大”、“减小”或“不变”)，首次证明大气压存在的著名实验是______实验．
15.如图所示，已知动滑轮的重力为2N，不计摩擦和绳重，当竖直向上的力F=20N时，恰能使重物G匀速上升，则重物G= ______N，重物G上升10cm，F向上移动______cm。
16.如图所示，在倒置的透明漏斗里放置一个乒乓球，用手指托住乒乓球，松手后，乒乓球受重力作用将下落；若向倒置的漏斗用力吹气再松手时，乒乓球不但没有被吹下去，反而被“吸”住了。这是因为乒乓球上方空气的流速______(填“大于”、“小于”或“等于”)其下方空气的流速，依据流速越大的位置压强越______的原理，乒乓球受压强的作用而不下落。
17.如图所示，完全相同的圆柱形容器中，装有不同的两种液体甲、乙，在两容器中，距离同一高度分别有A、B两点。若两种液体的质量相等，则A、B两点的压强关系是pA______pB；若A、B两点的压强相等，则两种液体对容器底的压强关系是p甲______p乙(两空选填“>”、“=”或“”、“P2.故B错误，C正确。
故选：C。
(1)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关。
弹簧测力计拉动木块在水平面上匀速直线运动时，水平方向上木块受到拉力和滑动摩擦力作用，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力。
(2)根据P=Fv判断拉力的功率。
本题通过图象可以判断木块进行匀速直线运动，匀速直线运动的物体受到平衡力作用，根据平衡力条件判断拉力和滑动摩擦力大小关系，根据P=Fv判断功率大小的变化。
5.B
【解析】解：A、做托里拆利实验时，若有空气进入管内，水银柱的高度会变小，则测出的大气压值比实际值小，故A错误；
B、用吸管吸饮料时是在大气压的作用下把饮料吸入人的口腔，是利用了大气压，故B正确。
C、用高压锅煮饭，是利用了锅内气压升高，水的沸点升高的原理，故C错误；
D、用吸盘能将玻璃板提起是大气压的作用，故D错误。
故选：B。
A、做托里拆利实验时，玻璃管中混进少许空气，会产生一定的压强，这些压强与水银柱产生的压强之和，与外界大气压平衡，所以，混进少许空气，水银柱的高度会变小，使测出的大气压小于实际；
B、用吸管从瓶中吸取饮料，是利用了大气压。
C、高压锅是利用锅内气压增大、沸点升高的原理煮熟食物的。
D、抽出盘内的空气，当外界压强大于内部压强时，大气压产生较大的压力作用在吸盘上。
学会从纷繁复杂的物理现象中探索出现象遵循的规律，是我们在学习物理的过程中必备的一种技能。
6.C
【解析】解：设酒精的深度为ℎ1，密度为ρ1；
则酒精对容器底的压强：P1=ρ1gℎ1；
若容器的底面积为S1.则酒精对容器底的压力：
F酒精=P1S1=ρ1gℎ1S1；
酒精的重力：G酒精=m酒精g=ρ1V1g；
由图示装酒精的容器的形状可知：ℎ1S1G硫酸；即：m酒精g>m水g>m硫酸g，
∴m酒精>m水>m硫酸。
故选：C。
液体对容器底的压强p=ρgℎ，液体对容器底的压力F=ps=ρgℎs，
右边容器(上口大、下口小)，酒精对容器底的压力FG硫酸；
知道它们对容器底部的压力相等，从而得出三种液体重力之间的大小关系，进而知道其质量关系。
本题中要用好三种液体对容器底压力相等这一条件，本题的难点在于如何比较三种容器中液体对容器底的压力与其受到的重力的大小关系。
7.D
【解析】解：它们对地面的压强相等，根据公式p=FS=mgS=ρVgS=ρgℎ=ρgℎ可知，甲的小于高度乙的高度，所以甲的密度大于乙的密度；
根据公式p=FS可知，甲的底面积小，所以甲对地面的压力小，也就是甲的重力小。
故选：D。
实心圆柱体对地面的压力等于物体自身的重力，对地面的压强根据公式p=FS=mgS=ρVgS=ρgℎ可求甲、乙的密度的大小关系；根据公式p=FS可求甲乙重力的大小关系。
本题考查压强公式及其变形的灵活运用，还要知道在水平面上物体对地面的压力等于物体自身的重力。
8.B
【解析】解：
设金属体重为G，当金属体浸没水中时，F示=G−F浮=17N，------①
将金属体缓慢提出，当水位下降到AB的中点C时，排开水的体积减半，浮力减半，
此时F示′=G−12F浮=22N，------------②
②−①得：
12F浮=22N−17N=5N，
当金属体浸没水中时，受到的浮力F浮=10N，---------故C正确，但不符合题意；
∵F浮=ρ水V排g，
∴金属体的体积：
V=V排=F浮ρ水g=10N1×103kg/m3×10N/kg=0.001m3=1000cm3，-----故B错，符合题意；
②×2−①得：
G=27N，
金属体的质量：
m=Gg=27N10N/kg=2.7kg，------------------故A正确，但不符合题意；
从甲到乙，烧杯对地面的压力增大值：
ΔF=G−F示=27N−17N=10N，
Δp=ΔFS=10N200×10−4m2=500Pa.-----------------故D正确，但不符合题意。
故选：B。
(1)设金属体重为G，当金属体浸没水中时，F示=G−F浮，将金属体缓慢提出，当水位下降到AB的中点C时，排开水的体积减半，浮力减半，可得F示′=G−12F浮，联立方程组可求G和金属体浸没时受浮力大小；再根据阿基米德原理的推导公式F浮=ρ水V排g求金属体浸没时排开水的体积，即金属体的体积；
(2)从甲到乙，求出烧杯对地面的压力增大值ΔF=G−F示，再利用压强公式求压强增大值。
本题考查了学生对密度公式、重力公式、阿基米德原理的掌握和运用，利用好称重法测浮力是本题的关键。
9.D
【解析】解：由题意可知，通过手机扫码使开关S1闭合或通过投币使开关S2闭合，都能启动电动机完成自动售货，说明开关S1和开关S2可以独立工作、互不影响，则开关S1和开关S2应并联，再与电动机串联；
由题知，在光线较暗时光控开关S3自动闭合，接通灯泡照明(即灯泡只由光控开关S3控制)，因灯泡与电动机工作时互不影响，则两用电器应并联；
结合选项图可知，只有D图符合题意。
故选：D。
根据题意可知，通过手机扫码和投币都可以启动电动机完成自动售货，说明开关S1和开关S2可以独立工作、互不影响即为并联；再由照明灯泡与电动机工作时互不影响可知电动机与照明灯并联，且照明灯泡只由光控开关控制，据此分析进行解答。
本题考查了串并联电路的设计，关键要知道：串联电路中各元件间相互影响，并联电路中各支路间互不影响。
10.C
【解析】解：A、毛皮和橡胶棒摩擦的过程中，橡胶棒原子核束缚电子的能力强，得到电子而带负电。故A错误；
B、验电器的金属箔片张开是因为橡胶棒上的部分电子转移到验电器，使验电器的金属箔片带了同种电荷，而同种电荷相互排斥，所以箔片张开。故B错误；
CD、橡胶棒接触验电器的金属球时，橡胶棒上带负电的电子从橡胶棒转移到验电器上，故电流的方向是从验电器的箔片到橡胶棒。故C正确、D错误。
故选：C。
(1)摩擦起电的实质是电荷的转移，原子核束缚电子的能力强，得到电子带负电，原子核束缚电子的能力弱，失去电子带正电；
(2)验电器是检验物体是否带电的仪器，其制作原理是：同种电荷相互排斥；
(3)用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷，当接触验电器上端的金属球时，橡胶棒上的电子会转移到验电器上；人们规定：正电荷定向移动的方向为电流的方向。
知道实验室中如何取得正电荷和负电荷，且明白验电器的工作原理是解决该题的关键。
11.CD
【解析】解：A、如果灯L1短路，将发生电源短路，两个灯泡都不发光，故A不符合题意；
B、如果灯L2短路，将发生电源短路，不仅两个灯泡都不发光，同时会烧坏电流表，故B不符合题意；
C、如果灯L1断路，此时电路为L2的基本电路，灯L2发光，灯L1不发光，而电源电压保持不变，因此电压表示数不变，故C符合题意；
D、如果灯L2断路，此时电路为L1的基本电路，灯L1发光，灯L2不发光，而电源电压保持不变，因此电压表示数不变，故D符合题意。
故选：CD。
由电路图可知，两灯泡并联，电流表测灯L1的电流，电压表测并联电路两端电压。根据电流表、电压表在电路中特征逐一进行判断。
此题考查了用电流表、电压表来判断电路故障，根据电路特点能判断出电路中电流、电压的变化。
12.B
【解析】解：A.若只闭合开关S1，吹风机工作，电热丝不工作，吹出的是冷风，故A正确；
B.若只闭合开关S2，由于干路开关S1断开，吹风机与电热丝都不工作，不吹风，故B错误；
C.若开关S1、S2都断开，吹风机与电热丝都不工作，不吹风，故C正确；
D.若开关S1、S2都闭合，吹风机与电热丝并联，都工作，吹热风，故D正确。
故选：B。
并联电路中干路的开关控制所有用电器，支路的开关控制本支路的用电器。A工作时吹风，B工作时发热，同时工作时吹热风。
对于这类结合生活中的电器考查电路连接情况的题目，要结合串并联电路的电流流向特点进行分析。
13.C
【解析】解：A、当S1、S2都闭合时，L1、L2、L3为并列连接，即L1、L2、L3并联，故A正确；
B、当S1、S2都断开时，L1、L2、L3为顺次连接，即L1、L2、L3串联，故B正确；
C、当S1断开，S2闭合时，为L1的基本电路，L2、L3被短路，故C错误；
D、当S1闭合，S2断开时，为L3的基本电路，L1、L2被短路，故D正确．
故选C．
串联电路是指元件顺次连接的电路；并联电路是指元件并列连接的电路．根据串并联电路的特点和开关的状态进行分析．
本题考查开关在电路中的作用，关键是会识别串联电路和并联电路，会根据通路判断用电器是否工作．
14.减小；马德堡半球
【解析】解：大气压的大小随海拔高度的增加而减小．
首次证明大气压存在的著名实验是马德堡半球实验．
故答案为：减小；马德堡半球实验．
大气压的大小随高度的增加而减小．马德堡半球实验证明了大气压的存在．
马德堡半球实验以及大气压与高度的关系都是与大气压有关的基础知识，是我们应该熟知的，难度不大．
15.9 5
【解析】解：因动滑轮轴上的力是绳子上的力的二倍加上动滑轮的重力，
所以，2G+G动=F，
G=F−G动2=20N−2N2=9N，
因拉力作用在轴上，省一半的距离，
所以，重物上升10cm，力F向上移动5cm。
故答案为：9；5。
知道动滑轮的质量，根据G=mg求出动滑轮的重力，动滑轮轴上的力是绳子上的力的二倍加上动滑轮的重力，轴移动的距离是绳子自由端移动的距离的一半。
本题考查了动滑轮的特点，注意不要机械地利用使用动滑轮省力一半的结论，要具体问题具体分析。
16.大于 小
【解析】解：从漏斗的上方吹气，气体从乒乓球的上方流出，从而使乒乓球上方气体流速大于下方气体流速，而流体的流速越大，压强越小，所以上方压强小于下方压强，压强差使乒乓球受到向上的托力，不掉下来。
故答案为：大于；小。
液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大，压强越小。用力吹气，使乒乓球上方的空气的流速增大，压强减小。
掌握流体流速和压强的关系，并能用流体压强知识解释有关问题。
17.< >
【解析】解：
(1)由图知VAρB，
A、B下方对容器底的压强：
pA下>pB下，
因为两种液体的质量相等，液体对容器底的压强p=FS=GS=mgS，
所以液体对容器底的压强：
pA底=pB底，
因为液体对容器底的压强pA底=pA+pA下，pB底=pB+pB下，
所以A、B两点的压强关系：pApB下，
因为液体对容器底的压强pA底=pA+pA下，pB底=pB+pB下，
所以液体对容器底的压强：
pA底>pB底。
故答案为：。
(1)由图知VAρB，可得A、B下方对容器底的压强关系；因为两种液体的质量相等，液体对容器底的压强p=FS=GS=mgS，可得液体对容器底的压强相等；进而得出A、B两点的压强关系；
(2)由图知A、B深度ℎAρB，进而得出A、B下方对容器底的压强关系，液体对容器底的压强p底=p+p下，可得液体对容器底的压强关系。
解决本题的关键是知道固体压强公式p=FS适用于固体、液体以及气体压强的计算。
18.220 mA 化学
【解析】解：
我国家庭电路的电压为220V；
手电筒中的电流约为0.2A=200mA；
给手机充电的过程，主要是将电能转化为了化学能。
故答案为：220；mA；化学。
根据我国家庭电路的电压、估测手电筒工作时的电流、给手机充电时的能量转化填空。
本题考查了家庭电路的电压、电流大小的估测、给手机充电的能量转化，属于基础题目。
19.解：在阻力与阻力臂一定时，由杠杆平衡条件可知，动力臂越大，动力越小，
由图示可知，OA是最大动力臂，当力F与OA垂直向上时，力F最小，如图所示．
故答案为：力F的示意图如图所示．
【解析】根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长．而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题．
本题考查杠杆中最小力的问题以及力的示意图画法的掌握情况，知道支点与力的作用点的连线为最长的力臂．
20.解：从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这就是最省力的绕法。如图所示：

【解析】滑轮组的省力情况取决于承担物重的绳子的段数，也就是看有几段绳子连着动滑轮，段数越多越省力。
在滑轮组中，绕过动滑轮的绳子股数越多会越省力，即F=1nG。
21.B、C 在受力面积相同时，压力越大，作用效果越明显 不能 > =
【解析】解：(1)要探究压力的作用效果与受力面积的关系，应控制压力相同而受力面积不同，由图示可知，应选B、C两个实验。
(2)分析比较图中C、D、E三次实验，物体的受力面积相同而物体间的压力不同，压力越大，力的作用效果越明显，由此可知：在受力面积相同时，压力越大，压力的作用效果越明显。
(3)比较压力作用效果与压力大小的关系，要控制我们除了控制受力面积相同以外，还应保持两次的压力作用在相同的物体或材料上，这样才符合控制变量法的要求，故通过A、B两次实验来进行探究不符合控制变量法的要求。
(4)在B、C两次实验中，水对瓶底和瓶盖的压强p=ρgℎ，高度、密度不变，则pB=pC，水对瓶底和瓶盖的压力F=pS，SB>SC，则FB>FC；
故答案为：(1)B、C；
(2)在受力面积相同时，压力越大，作用效果越明显；
(3)不能；除了控制受力面积相同以外，还应保持两次的压力作用在相同的物体或材料上；
(4)>；=。
(1)(2)根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，海绵的凹陷程度越大，说明压力的作用效果越明显，用到的科学实验方法是转换法；
压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法；
(3)根据被压物质的形变来反映压力的作用效果，受压面的材料相同且形变要明显，结合控制变量法回答；
(4)分析p=ρgℎ和F=pS分析。
本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用和压强公式的运用，体现了对过程和方法的考查。
匀速 83.3% 相同 多 大 C
【解析】解：(1)钩码静止时，处于平衡状态，受到的力为平衡力，
把动滑轮和钩码看成整体进行受力分析可知，受到向上三股绳子的来和向下钩码和动滑轮的重力，
即3F=G钩码+G动=2N+0.25N=2.25N，
解得：F=0.75N；
(2)为了准确测量，在实验过程中，应沿竖直方向匀速拉弹簧测力计；
(3)第三次实验滑轮组的机械效率：
η=W有W总×100%=GℎFs×100%=2N××0.3m×100%≈83.3%；
(4)由W=Gℎ可知，用同一滑轮组提升不同重物至同一高度，克服动滑轮的重所做的额外功相同；
提升的物重增加时，克服物重所做的有用功变多，
由表中数据可知，滑轮组的机械效率变大；
(5)多次改变提升的物重测量滑轮组的机械效率，是为了进行多次测量，获得多组数据，总结实验规律，使实验结论具有普遍性。
故答案为：
(1)0.75；
(2)匀速；
(3)83.3%；
(4)相同；多；大；
(5)C。
(1)钩码静止时，把动滑轮和钩码看成整体进行受力分析，根据力的平衡条件求出拉力的大小；
(2)实验过程中要匀速直线拉动弹簧测力计，弹簧测力计示数不变，便于读数；
(3)根据η=W有W总×100%=GℎFs×100%求出第一次实验滑轮组的机械效率；
(4)根据W=Gℎ可得：用同一滑轮组提升不同重物至同一高度克服动滑轮的重所做的额外功关系，提升的物重增加时克服物重所做的有用功的变化；进一步分析机械效率得出其变化；
(5)初中物理用实验探究物理问题时要进行多次实验，有的是为了多次测量求平均值来减小误差；有的是多次测量发现变化规律；有的是为了使实验结论具有普遍性。
本题考查了测量滑轮组机械效率的实验，涉及到拉力的计算和滑轮组机械效率的计算以及实验的注意事项、分析实验数据得出结论、多次测量的目的等，要注意影响滑轮组机械效率因素的掌握。
23.1 2 2 4 横截面积 控制变量法和转换法
【解析】解：(1)为了研究电阻与导体材料有关，应控制导体长度和横截面积相同，材料不同，将导线1和导线2先后接入电路A、B两点间。
(2)为了研究电阻与导体的长度有关，应控制导体材料和横截面积相同，长度不同，将导线2和导线4先后接入电路A、B两点间。
(3)导线1和导线3的材料和长度相同，横截面积不同，将导线1和导线3先后接入电路A、B两点间，是为了研究电阻与导体横截面积的关系；
(4)当研究电阻与其中一个因素的关系时，应控制其它的因素不变，这种研究方法叫控制变量法；电阻是看不见摸不到的，我们通过观察电流表的大小间接的推断电阻的大小，这种研究问题的科学方法是转换法。
故答案为：(1)1；2.(2)2；4；(3)横截面积；(4)控制变量法和转换法。
导体的电阻跟导体的长度、材料、横截面积和温度有关，探究导体的电阻跟一个因素的关系时，控制其它物理量不变。
实验中通过电流的大小推断电阻的大小，用到了转换法。
掌握导体的电阻大小的影响因素，利用控制变量法探究导体的电阻跟其中一个因素的关系。
24.解：(1)从图中可知n=3，绳子自由端移动的距离s=3ℎ=3×2m=6m，
总功W总功=Fs=150N×6m=900J，
有用功W有用=Gℎ=360N×2m=720J，
滑轮组的机械效率η=W有用W总=720J900J×100%=80%；
(2)拉力F的功率P=W总t=900J5s=180W。
答：(1)滑轮组的机械效率为80%；
(2)拉力F的功率为180W。
【解析】(1)从图中可知n=3，根据s=3ℎ得出绳子自由端移动的距离，
根据W总功=Fs得出总功，根据W有用=Gℎ得出有用功，根据η=W有用W总得出滑轮组的机械效率；
(2)根据P=W总t得出拉力F的功率。
本题考查功、功率、机械效率的有关知识，关键是灵活运用公式。
25.解：
(1)ρA=mAVA=0.9kg1×10−3m3=0.9×103kg/m3；
(2)∵ρA