2024年山西省壶关县数学九年级第一学期开学达标检测模拟试题【含答案】

这是一份2024年山西省壶关县数学九年级第一学期开学达标检测模拟试题【含答案】，共23页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。

一、选择题（本大题共8个小题，每小题4分，共32分，每小题均有四个选项，其中只有一项符合题目要求）
1、（4分）某校办工厂生产的某种产品，今年产量为200件，计划通过改革技术，使今后两年的产量都比前一年增长一个相同的百分数，使得三年的总产量达到1 400件．若设这个百分数为，则可列方程（ ）
A．B．
C．D．
2、（4分）以和为根的一元二次方程是（ ）
A．B．C．D．
3、（4分）下列各式计算正确的是（ ）
A．+=B．2﹣=
C．D．÷=
4、（4分）如图四边形ABCD是正方形，点E、F分别在线段BC、DC上，∠BAE＝30°．若线段AE绕点A逆时针旋转后与线段AF重合，则旋转的角度是（ ）
A．30°B．45°C．60°D．90°
5、（4分）下列各图象能表示是的一次函数的是（ ）
A．B．
C．D．
6、（4分）下列式子一定成立的是（ ）
A．B．C．D．
7、（4分）某工厂计划用两年时间使产值增加到目前的4倍，并且使第二年增长的百分数是第一年增长百分数的2倍，设第一年增长的百分数为x，则可列方程得（ ）
A．（1+x）2＝4B．x（1+2x+4x）＝4
C．2x（1+x）＝4D．（1+x）（1+2x）＝4
8、（4分）如图，将△ABC沿着水平方向向右平移后得到△DEF，若BC=5，CE=3，则平移的距离为( )
A．1B．2C．3D．5
二、填空题（本大题共5个小题，每小题4分，共20分）
9、（4分）如图，小亮从点O出发，前进5m后向右转30°，再前进5m后又向右转30°，这样走n次后恰好回到点O处，小亮走出的这个n边形的每个内角是__________°，周长是___________________m.
10、（4分）如图，为正三角形，是的角平分线，也是正三角形，下列结论：①：②：③，其中正确的有________（填序号）.
11、（4分）如图，在中，，点D,E,F分别是AB,AC,BC边上的中点，连结BE,DF,已知则_________．
12、（4分）某一次函数的图象经过点（1，），且函数y的值随自变量x的增大而减小，请写出一个满足上述条件的函数关系式：______________.
13、（4分）如图所示，在菱形中，对角线与相交于点．OE⊥AB，垂足为，若，则的大小为____________．
三、解答题（本大题共5个小题，共48分）
14、（12分）甲、乙两个机器人检测零件，甲比乙每小时多检测10个，甲检测300个与乙检测200个所用的时间相等.甲、乙两个机器人每小时各检测零件多少个？
15、（8分）计算：(2﹣1)2+(+4)(-4)．
16、（8分）计算与化简：
（1）－；
（2）(3+)2
（3）+；
（4）÷（x－）
17、（10分）感知：如图，在菱形ABCD中，，点E、F分别在边AB、AD上若，易知≌．
探究：如图，在菱形ABCD中，，点E、F分别在BA、AD的延长线上若，与是否全等？如果全等，请证明；如果不全等，请说明理由．
拓展：如图，在▱ABCD中，，点O是AD边的垂直平分线与BD的交点，点E、F分别在OA、AD的延长线上若，，，求的度数．
18、（10分）由中宣部建设的“学习强国”学习平台正式上线，这是推动新时代中国特色社会主 义思想，推进马克思主义学习型政党和学习型社会建设的创新举措.某校党组织随机抽取了 部分党员教师某天的学习成绩进行了整理，分成 5 个小组（ x 表示成绩，单位：分，且20  x  70 ），根据学习积分绘制出部分频数分布表和部分频数分布直方图，其中第 2，第5 两组测试成绩人数直方图的高度比为 3：1，请结合下列图表中相关数据回答下列问题：
（1）填空： a  ， b   ；
（2）补全频数分布直方图；
（3）据统计，该校共有党员教师 200 人，请你估计每天学习成绩在 40 分以上（包括 40 分） 的党员教师人数.
B卷（50分）
一、填空题（本大题共5个小题，每小题4分，共20分）
19、（4分）计算的结果等于______________.
20、（4分）已知菱形OABC在平面直角坐标系的位置如图所示，顶点A（5，0），OB=，点P是对角线OB上的一个动点，D（0，1），当CP+DP最短时，点P的坐标为_____．
21、（4分）如图，矩形中，, 将矩形绕点顺时针旋转,点分别落在点处,且点在同一条直线上,则的长为__________．
22、（4分）不等式4﹣3x＞2x﹣6的非负整数解是_____．
23、（4分）如图,点在的平分线上,,垂足为,点在上,若,则__．
二、解答题（本大题共3个小题，共30分）
24、（8分）在平面直角坐标系中,规定：抛物线y=a(x−h) +k的关联直线为y=a(x−h)+k.
例如：抛物线y=2(x+1) −3的关联直线为y=2(x+1)−3，即y=2x−1.
(1)如图,对于抛物线y=−(x−1) +3.
①该抛物线的顶点坐标为___，关联直线为___，该抛物线与其关联直线的交点坐标为___和___；
②点P是抛物线y=−(x−1) +3上一点,过点P的直线PQ垂直于x轴,交抛物线y=−(x−1) +3的关联直线于点Q.设点P的横坐标为m,线段PQ的长度为d(d>0)，求当d随m的增大而减小时，d与m之间的函数关系式，并写出自变量m的取值范围。
(2)顶点在第一象限的抛物线y=−a(x−1) +4a与其关联直线交于点A,B(点A在点B的左侧)，与x轴负半轴交于点C，直线AB与x轴交于点D，连结AC、BC．
①求△BCD的面积(用含a的代数式表示).
②当△ABC为钝角三角形时，直接写出a的取值范围。
25、（10分）某公司经营甲、乙两种商品，两种商品的进价和售价情况如下表：
两种商品的进价和售价始终保持不变．现准备购进甲、乙两种商品共20件．设购进甲种商品件，两种商品全部售出可获得利润为万元．
（1）与的函数关系式为__________________；
（2）若购进两种商品所用的资金不多于200万元，则该公司最多购进多少合甲种商品？
（3）在（2）的条件下，请你帮该公司设计一种进货方案，使得该公司获得最大利润，并求出最大利润是多少？
26、（12分）如图，在▱ABCD中，AC、BD交于点O，BD⊥AD于点D，将△ABD沿BD翻折得到△EBD，连接EC、EB．
（1）求证：四边形DBCE是矩形；
（2）若BD=4，AD=3，求点O到AB的距离．
参考答案与详细解析
一、选择题（本大题共8个小题，每小题4分，共32分，每小题均有四个选项，其中只有一项符合题目要求）
1、B
【解析】
根据题意：第一年的产量+第二年的产量+第三年的产量=1且今后两年的产量都比前一年增长一个相同的百分数x．
【详解】
解：已设这个百分数为x．
200+200（1+x）+200（1+x）2=1．
故选：B．
本题考查对增长率问题的掌握情况，理解题意后以三年的总产量做等量关系可列出方程．
2、B
【解析】
根据已知两根确定出所求方程即可．
【详解】
以2和4为根的一元二次方程是x2﹣6x+8=0，
故选B．
此题考查了根与系数的关系，弄清根与系数的关系是解本题的关键．
3、B
【解析】
A选项中，因为，所以A中计算错误；
B选项中，因为，所以B中计算正确；
C选项中，因为，所以C中计算错误；
D选项中，因为，所以D中计算错误.
故选B.
4、A
【解析】
根据正方形的性质可得AB=AD，∠B=∠D=90°，再根据旋转的性质可得AE=AF，然后利用“HL”证明Rt△ABE和Rt△ADF全等，根据全等三角形对应角相等可得∠DAF=∠BAE，然后求出∠EAF=30°，再根据旋转的定义可得旋转角的度数．
【详解】
解：∵四边形ABCD是正方形，
∴AB=AD，∠B=∠D=90°，
∵线段AE绕点A逆时针旋转后与线段AF重合，
∴AE=AF，
在Rt△ABE和Rt△ADF中，
，
∴Rt△ABE≌Rt△ADF（HL），
∴∠DAF=∠BAE，
∵∠BAE=30°，
∴∠DAF=30°，
∴∠EAF=90°-∠BAE-∠DAF=90°-30°-30°=30°，
∴旋转角为30°．
故选：A．
本题考查了正方形的性质，旋转的性质，全等三角形的判定与性质，求出Rt△ABE和Rt△ADF全等是解题的关键，也是本题的难点．
5、B
【解析】
一次函数的图象是直线．
【详解】
解：表示y是x的一次函数的图象是一条直线，观察选项，只有B选项符合题意．
故选：B．
本题考查了函数的定义，一次函数和正比例函数的图象都是直线．
6、D
【解析】
根据平方根、二次根式的加法及二次根式有意义的条件即可得到答案.
【详解】
A. 因为不知道a是否为正数，所以不能得到；
B. 因为不知道a，b是否同为正数或负数，所以不能得到 ；
C. 因为，所以错误；
D.因为，所以正确.故选择D.
本题考查平方根、二次根式的加法及二次根式有意义的条件，解题的关键是掌握平方根、二次根式的加法及二次根式有意义的条件.
7、D
【解析】
设第一年增长的百分数为x，则第二年增长的百分数为2x，根据“计划用两年时间使产值增加到目前的1倍”列出方程即可．
【详解】
解：设第一年增长的百分数为x，则第二年增长的百分数为2x，
根据题意，得（1+x）（1+2x）＝1．
故选：D．
此题主要考查了由实际问题抽象出一元二次方程，解答本题的关键是读懂题意，设出未知数，找出合适的等量关系，列方程．
8、B
【解析】
根据平移的性质即可求解.
【详解】
∵△ABC沿着水平方向向右平移后得到△DEF, BC=5,CE=3，
∴BE=2，即平移的距离为2.
故选B.
此题主要考查平移的性质，解题的关键是熟知平移的性质.
二、填空题（本大题共5个小题，每小题4分，共20分）
9、150, 60
【解析】
分析：回到出发点O点时，所经过的路线正好构成一个外角是30°的正多边形，根据正多边形的性质即可解答.
详解：由题意可知小亮的路径是一个正多边形，
∵每个外角等于30°，
∴每个内角等于150°.
∵正多边形的外角和为360°，
∴正多边形的边数为360°÷30°=12（边）.
∴小亮走的周长为5×12=60.
点睛：本题主要考查了多边形的内角与外角，牢记多边形的内角与外角概念是解题关键.
10、①②③
【解析】
由等边三角形的性质可得AE=AD，∠CAD=∠BAD=30°，AD⊥BC，可得∠BAE=∠BAD=30°，且AE=AD，可得EF=DF，“SAS”可证△ABE≌△ABD，可得BE=BD，即可求解．
【详解】
解：∵△ABC和△ADE是等边三角形，AD为∠BAC的角平分线，
∴AE=AD，∠CAD=∠BAD=30°，AD⊥BC，
∴∠BAE=∠BAD=30°，且AE=AD，
∴EF=DF
∵AE=AD，∠BAE=∠BAD，AB=AB
∴△ABE≌△ABD（SAS），
∴BE=BD
∴正确的有①②③
故答案为：①②③
本题考查了全等三角形的证明和全等三角形对应边相等的性质，考查了等边三角形各边长、各内角为60°的性质，本题中求证△ABE≌△ABD是解题的关键．
11、1
【解析】
已知BE是Rt△ABC斜边AC的中线，那么BE=AC；EF是△ABC的中位线，则DF=AC，则DF=BE=1．
【详解】
解：，E为AC的中点，
，
分别为AB,BC的中点，
．
故答案为：1.
此题主要考查了三角形中位线定理以及直角三角形斜边上的中线等知识，用到的知识点为：（1）直角三角形斜边的中线等于斜边的一半；（2）三角形的中位线等于对应边的一半．
12、y=-x-1(答案不唯一)．
【解析】
根据y随着x的增大而减小推断出k＜1的关系，再利用过点（1，-2）来确定函数的解析式．
【详解】
解：设一次函数解析式为y=kx+b,
∵一次函数y随着x的增大而减小，
∴k＜1．
又∵直线过点（1，-2），
∴解析式可以为：y=-x-1等．
故答案为：y=-x-1(答案不唯一)．
此题主要考查了一次函数的性质，得出k的符号进而求出是解题关键．本题是开放题，答案不唯一。
13、65°
【解析】
先根据菱形的邻角互补求出∠BAD的度数，再根据菱形的对角线平分一组对角求出∠BAO的度数，然后根据直角三角形两锐角互余列式计算即可得解．
【详解】
在菱形ABCD中，∠ADC=130°，∴∠BAD=180°﹣130°=50°，∴∠BAO∠BAD50°=25°．
∵OE⊥AB，∴∠AOE=90°﹣∠BAO=90°﹣25°=65°．
故答案为65°．
本题考查了菱形的邻角互补，每一条对角线平分一组对角的性质，直角三角形两锐角互余的性质，熟练掌握性质是解题的关键．
三、解答题（本大题共5个小题，共48分）
14、甲机器人每小时各检测零件30个，乙机器人每小时检测零件20个。
【解析】
设乙机器人每小时检测零件个，则甲机器人每小时各检测零件（）个,根据题意列出方程即可.
【详解】
解：设乙机器人每小时检测零件个，则甲机器人每小时各检测零件（）个
由题得
解得
检验，符合题意，则甲：.
本题考查的是分式方程，熟练掌握分式方程是解题的关键.
15、-4
【解析】
利用完全平方公式和平方差公式计算．
【详解】
解：原式
．
本题考查了二次根式的混合运算：先把二次根式化为最简二次根式，然后进行二次根式的乘除运算，再合并即可．在二次根式的混合运算中，如能结合题目特点，灵活运用二次根式的性质，选择恰当的解题途径，往往能事半功倍．
16、（1）；（2）19+6；（3）；（4）.
【解析】
（1）先把化简为最简二次根式，再按照实数的运算法则计算即可；（2）根据实数的运算法则，利用完全平方公式计算即可；（3）先通分，再按照同分母分式的加法法则计算即可；（4）先把括号内的式子通分计算，再按照分式的除法法则计算即可.
【详解】
（1）－
=2-
=.
（2）(3+)2
=32+6+()2
=9+6+10
=19+6.
（3）+
=+
=
=.
（4）÷（x－）
=÷
=
=.
本题考查实数的运算和分式的运算，熟练掌握运算法则是解题关键.
17、探究：和全等，理由见解析；拓展：．
【解析】
探究：△ADE和△DBF全等，利用菱形的性质首先证明三角形ABD为等边三角形，再利用全等三角形的判定方法即可证明△ADE≌△DBF；
拓展：因为点O在AD的垂直平分线上，所以OA=OD，再通过证明△ADE≌△DBF，利用全等三角形的性质即可求出∠ADE的度数．
【详解】
探究：和全等．
四边形ABCD是菱形，
．
，
．
为等边三角形
．

，
≌；
拓展：
点O在AD的垂直平分线上，

．
．
，，
≌

．
本题考核知识点：菱形性质，等边三角形性质，全等三角形判定和性质等.知识点多，但不难. 解题关键点：熟记相关知识点.
18、（1），；（2）如图；（3）人.
【解析】
（1）根据3组的人数除以3组所占的百分比，可得总人数，进而可求出1组，4组的所占百分比，则、的值可求；
（2）由（1）中的数据补全频数分布直方图；
（3）根据题意，每天学习成绩在 40 分以上（包括 40 分）即是第3、4、5组，共占，再进一步结合总体人数计算即可.
【详解】
（1）由题意可知总人数（人），
所以4组所占百分比，1组所占百分比，
因为2组、5组两组测试成绩人数直方图的高度比为，
所以，
解得，
所以，
故答案为：，；
（2）由（1）可知补全频数分布直方图如图所示；
（3）每天学习成绩在40 分以上（包括40分）组所占百分比，
该校每天学习成绩在 40 分以上（包括 40 分） 的党员教师人数为（人）.
此题考查了条形统计图以及用样本估计总体，弄清题中的数据是解本题的关键.
一、填空题（本大题共5个小题，每小题4分，共20分）
19、
【解析】
先用平方差公式，再根据二次根式的性质计算可得．
【详解】
解：原式=
=-
=5-9
=-4
故答案为：-4
本题考查了二次根式的混合运算的应用，熟练掌握平方差公式与二次根式的性质是关键．
20、
【解析】
如图连接AC，AD，分别交OB于G、P，作BK⊥OA于K.
∵四边形OABC是菱形，
∴AC⊥OB,GC=AG,OG=BG=2，A. C关于直线OB对称，
∴PC+PD=PA+PD=DA，
∴此时PC+PD最短，
在RT△AOG中,AG=，
∴AC=2，
∵OA⋅BK=⋅AC⋅OB，
∴BK=4,AK==3，
∴点B坐标(8,4)，
∴直线OB解析式为y=x,直线AD解析式为y=−x+1，
由,解得，
∴点P坐标(,).
故答案为：(,).
点睛：本题考查了菱形的性质、轴对称-最短路径问题、坐标与图象的性质等知识，解题的关键是正确找到点P的位置，构建一次函数，列出方程组求交点坐标，属于中考常考题型．
21、
【解析】
根据平行的性质，列出比例式，即可得解.
【详解】
设的长为
根据题意，得
∴
又∵
∴
∴
解得（不符合题意，舍去）
∴的长为.
此题主要考查矩形的性质，关键是列出关系式，即可解题.
22、0，2
【解析】
求出不等式2x+2＞3x﹣2的解集，再求其非负整数解．
【详解】
解：移项得，﹣2x﹣3x＞﹣6﹣4，
合并同类项得，﹣5x＞﹣20，
系数化为2得，x＜2．
故其非负整数解为：0，2．
本题考查了一元一次不等式的整数解，解答此题不仅要明确不等式的解法，还要知道非负整数的定义．解答时尤其要注意，系数为负数时，要根据不等式的性质3，将不等号的方向改变．
23、1.
【解析】
作EG⊥AO于点G，根据角平分线的性质求得EG的长，然后利用直角三角形中30°的直角边等于斜边的一半求解即可．
【详解】
解：如图，作EG⊥AO于点G，
∵点E在∠BOA的平分线上，EC⊥OB，EC=3，
∴EG=EC=3，
∵∠AFE=30°，
∴EF=2EG=2×3=1，
故答案为：1．
本题考查了角平分线的性质，解题的关键是根据角平分线的性质求得EG的长，难度不大．
二、解答题（本大题共3个小题，共30分）
24、（1）①(1,3),y=−x+4,(1,3)和(2,2)；②当m<1,d=m−3m+2; ⩽m<2时,d=−m+3m−2；;（2）①9a;②01.
【解析】
（1）①利用二次函数的性质和新定义得到抛物线的顶点坐标和关联直线解析式；然后解方程组 得该抛物线与其关联直线的交点坐标；
②设P（m，-m+2m+2），则Q（m，-m+4），如图1，利用d随m的增大而减小得到m<1或1（2）①先确定抛物线y=-a（x-1）+4a的关联直线为y=-ax+5a，再解方程组
得A（1，4a），B（2，3a），接着解方程-a（x-1）+4a=0得C（-1，0），解方程-ax+5a=0得D（5，0），然后利用三角形面积公式求解；
②利用两点间的距离公式得到AC=2+16a，BC=3+9a，AB=1+a，讨论：当AC+AB【详解】
(1)①抛物线的顶点坐标为(1,3),关联直线为y=−(x−1)+3=−x+4,
解方程组 得 或 ，
所以该抛物线与其关联直线的交点坐标为(1,3)和(2,2)；
故答案为(1,3),y=−x+4,(1,3)和(2,2)；
②设P(m,−m+2m+2),则Q(m,−m+4)，如图1，
∵d随m的增大而减小，
∴m<1或1当m<1时,d=−m+4−(−m+2m+2)=m−3m+2；
当1综上所述,当m<1,d=m−3m+2; ⩽m<2时,d=−m+3m−2；
(2)①抛物线y=−a(x−1) +4a的关联直线为y=−a(x−1)+4a=−ax+5a，
解方程组得 或 ，
∴A(1,4a),B(2,3a)，
当y=0时,−a(x−1) +4a=0,解得x =3,x =−1,则C(−1,0)，
当y=0时,−ax+5a=0,解得x=5,则D(5,0)，
∴S△BCD=×6×3a=9a；
②AC=2+16a,BC=3+9a,AB=1+a，
当AC+AB当BC+AB1，
综上所述,a的取值范围为01
此题考查二次函数综合题，解题关键在于利用勾股定理进行计算
25、（1）w＝0.5x+40；（2）10；（3）该公司购进甲种商品10件，乙种商品10件时，该公司获得最大利润，最大利润是45万元
【解析】
（1）设该公司购进甲种商品x件，则乙种商品（20﹣x）件，根据题意可得等量关系：公司获得的利润w＝甲种商品的利润+乙种商品的利润，根据等量关系可得函数关系式；
（2）根据资金不多于20万元列出不等式组；
（3）根据一次函数的性质：k＞0时，w随x的增大而增大可得答案．
【详解】
解：（1）设该公司购进甲种商品x件，则乙种商品（20﹣x）件，
根据题意得：w＝（14.5﹣12）x+（10﹣8）（20﹣x），
整理得：w＝0.5x+40；
故答案为：w＝0.5x+40；
（2）由题意得：12x+8（20﹣x）≤200，解得x≤10，
故该公司最多购进10台甲种商品；
（3）∵对于函数w＝0.5x+40，w随x的增大而增大，
∴当x＝10时，能获得最大利润，最大利润为：w＝0.5×10+40＝45（万元），
故该公司购进甲种商品10件，乙种商品10件时，该公司获得最大利润，最大利润是45万元．
此题主要考查了一次函数的应用，关键是正确理解题意，找出等量关系，列出函数关系式．
26、（1）见解析；（2）点O到AB的距离为．
【解析】
（1）先利用折叠的性质和平行四边形的性质得出DE∥BC，DE=BC，则四边形DBCE是平行四边形，再利用BE=CD即可证明四边形DBCE是矩形；
（2）过点O作OF⊥AB，垂足为F，先利用勾股定理求出AB的长度，然后利用 面积即可求出OF的长度，则答案可求．
【详解】
（1）由折叠性质可得：AD=DE，BA=BE，
∵四边形ABCD是平行四边形，
∴AD=BC，AD∥BC，BA=CD，
∴DE∥BC，DE=BC，
∴四边形DBCE是平行四边形，
又∵BE=CD，
∴四边形DBCE是矩形．
（2）过点O作OF⊥AB，垂足为F，
∵BD⊥AD，
∴∠ADB=90°，
在Rt△ADB中，BD=4，AD=3，
由勾股定理得：AB=，
又∵四边形ABCD是平行四边形，
∴OB=OD=，

∴
答：点O到AB的距离为．
本题主要考查平行四边形的性质，矩形的判定，勾股定理，掌握平行四边形的性质，矩形的判定，勾股定理并能够利用三角形面积进行转化是解题的关键．
题号
一
二
三
四
五
总分
得分
进价(万元/件)
售价(万元/件)
甲
12
14.5
乙
8
10