江苏省扬州市高邮市2024-2025学年高三上学期10月月考物理试题

这是一份江苏省扬州市高邮市2024-2025学年高三上学期10月月考物理试题，共11页。试卷主要包含了10等内容，欢迎下载使用。

注意事项：
1．本试卷共5页，满分为100分，考试时间75分钟．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在答题卡的规定位置．
3．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；作答非选择题，必须用0.5毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
4．如需作图，必须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．
一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分．每题只有一个选项最符合题意．
1．关于万有引力定律和开普勒定律的说法中正确的是（ ）
A．无论和是否相等，它们之间的万有引力大小都相等
B．在和之间放入第三个物体，则和间的万有引力将增大
C．由开普勒第三定律得，k为中心天体的质量
D．火星与太阳中心连线和地球与太阳中心连线在相同时间内扫过的面积相等
2．小明将一个充气至直径为1m的乳胶球，以某一速度水平投向小海，第二次小明将气放掉后以相同的速度投出，则在两次接球的过程中（ ）
A．小海对乳胶球不做功
B．乳胶球的动量变化量不等
C．乳胶球对小海的作用力相等
D．小海对乳胶球作用力的冲量相等
3．如图是手机吸附在磁性支架上静止时的侧视图，若手机的重力为G，手机与水平方向的夹角为θ，下列说法正确的是（ ）
A．手机受到3个力作用
B．手机受到的支持力大小为
C．支架对手机的作用力大小为G
D．θ减小时，支架对手机的摩擦力增大
4．2024年4月30日，神舟十七号载人飞船圆满完成任务，通过一系列变轨操作后，飞船于18时在东风着落场成功着陆，下列说法正确的是（ ）
A．飞船在三个轨道上的运行周期
B．飞船在轨道Ⅱ上P处的机械能大于Q处的机械能
C．飞船在轨道Ⅲ上的Q处点火进入轨道Ⅱ时，动能减小
D．飞船在轨道Ⅱ上P处的加速度等于轨道Ⅲ上Q处的加速度
5．某同学想测试自己的弹跳力，在教室门口竖直向上跳起，手指刚好碰到门窗上沿，已知该同学身高1.75m，体重约为60kg，门窗上沿离地2.6m，则他双脚离地时的动能约为（ ）
A．240JB．510JC．1035JD．1560J
6．游乐园有一种游戏设施叫做“魔盘”，游戏规则是：缓慢增大水平魔盘角速度，谁最后被甩出去，谁就会赢得比赛；下列四位同学想赢得比赛，其它条件相同的情况下（ ）
A．甲同学认为应该抱一重物B．乙同学认为躺着比坐着好
C．丙同学认为靠近边缘好D．丁同学认为靠近中心好
7．某同学按如图所示的步骤完成“探究两个互成角度的力的合成规律”实验．下列说法中正确的是（ ）
A．步骤b中，的方向不一定要相互垂直
B．步骤b中，两个弹簧测力计的示数需接近量程
C．步骤c中，弹簧测力计必须竖直向上拉
D．步骤c中，只需保证橡皮筋的伸长量与步骤b中相同
8．以下关于四幅图的说法，正确的是（ ）
A．图甲中礼花弹爆炸的瞬间机械能守恒
B．图乙中A、B用压缩的弹簧连接放于光滑的水平面上，释放后A的动量守恒
C．图丙中子弹击穿木球的过程中，子弹和木球组成的系统动量守恒
D．图丁中小车位于光滑的水平面上，人将小球水平向左抛出后，车、人和球组成的系统动量守恒
9．如图所示，某同学去坐过山车，人随车在竖直平面内沿半径为R的圆轨道运动，下列说法中正确的是（ ）
A．人经过最低点时，处于失重状态
B．车经过最高点时的速度可以小于
C．人经过最高点时，保险装置对人一定有拉力
D．人经过与圆心等高处时，座椅对人的作用力一定指向圆心
10．彩虹滑道是一款旱地仿滑雪设备，其模型如图所示．人的质量为50kg，滑板（表面平整）的质量为10kg，开始由机械装置将人和滑板一起拉上顶端，然后让人和滑板一起从滑道顶端由静止开始沿直线下滑，人与滑板的动摩擦因数为，由于滑道洒了肥皂水，可认为接触面光滑，g取，下列说法正确的是（ ）
A．上拉过程中，摩擦力对人做负功
B．加速上拉过程中，拉力不能超过450N
C．下滑过程中，人所受支持力的冲量为零
D．下滑过程中，人所受摩擦力的冲量沿斜面向下
11．如图所示，小王同学从静止开始沿斜面下滑，经圆弧滑道至A点起跳．此过程中可将人视为质点，不计摩擦力及空气阻力，以滑道最低点所在平面为零势能面，分别为人的速率、机械能、动能、重力势能、水平位移，下列图像正确的是（ ）
A．B．C．D．
二、非选择题：共5题，共56分．其中第12题~第15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位
12．某兴趣小组为探究平抛运动的特点，做了如下几个实验：
（1）用象棋中的两枚棋子，一枚置于拇指与弯曲的食指之间，另一枚放于中指上，它们处于同一高度，如图1所示，食指弹击放于中指上的棋子使其水平飞出，同时拇指食指间的棋子被释放．由此可判断___________
A．平抛运动的水平分运动是匀速直线运动
B．平抛运动的竖直分运动是自由落体
C．降低手所在高度，两棋子不同时落地
（2）兴趣小组利用如图2所示装置在白纸上“打下”一系列痕迹点，如图3所示，其中一个偏
差较大的点产生的原因可能是该次实验___________
A．斜槽轨道不光滑B．挡板MN未水平放置
C．A球未从静止释放D．A球释放的高度偏低
（3）在图3上画出平抛运动的轨迹___________
（4）在图3上建立直角坐标系，其中O点为平抛运动的起点．在轨迹上任取一点，测量出其到x轴的距离为a，到y轴的距离为b，重力加速度为g，小球质量为m，则小球经过该点时的动量大小为___________（用a、b、m、g表示）
（5）根据所画轨迹，能否证明平抛运动的水平分运动是匀速直线运动？如果可以，请写出证明方案；如果不能，请写出理由．
13．北斗卫星导航系统中有一部分是地球同步卫星．已知地球半径为R，自转周期为T，第一宇宙速度为v，引力常量为G，求：
（1）地球的质量；
（2）地球同步卫星距离地面的高度．
14．两名静止在太空中的宇航员需会合，宇航员甲打开左手上的喷气口阀门，喷出200g速度为的气体后关闭阀门，假定宇航员甲沿直线运动．两者靠近时宇航员甲用右手恰好抓住宇航员乙的左手，然后一起运动．已知两宇航员及所有附属装备的总质量均为80kg，求：
（1）喷气后宇航员甲的速度大小；
（2）宇航员乙对甲的冲量大小．
15．如图所示，弧形轨道、竖直圆轨道、水平直轨道AB和倾角的斜轨道BC平滑连接，轨道均固定竖直平面内，圆轨道半径为0.5m．质量的小滑块从弧形轨道离地高处静止释放．滑块与轨道BC间的动摩擦因数为，其余轨道均可视为光滑，忽略空气阻力．（取），求：
（1）滑块运动到最高点D时轨道对滑块的作用力大小；
（2）滑块在斜面上从B点运动到最高点E（图中未标出）的时间；
（3）滑块第一次返回到BE中点时重力的功率．
16．如图所示，竖直轨道AB、CD和半圆轨道平滑连接，轨道均光滑，半圆轨道BC半径为R．一根长为R的轻杆两端分别固定质量均为m的小球P、Q．现用水平力F作用于P上使其静止，此时Q位于BC的最低点．重力加速度为g，求：
（1）F大小；
（2）将轻杆提至图中虚线处，此时Q与B点重合，由静止释放轻杆，求Q运动至半圆形轨道最低点时的速度大小；
（3）将轻杆从图中虚线处由静止释放后，小球P的最大动能．
2024-2025学年第一学期高三年级10月学情调研测试
物理参考答案
一、单选题
二、非选择题
12（1）B（2）D
（3）只要是用平滑曲线将除偏差较大的点以外的点连接起来即可
（4）mb2g2a+2ag
（5）能或可以证明方案
方案一：在轨迹上任取几点，保证相邻两点间的竖直距离等间距增加，则相邻两点间时间相等，再测量相邻两点间的水平距离，若在误差允许的范围内相等，则可证明平抛运动的水平分运动是匀速直线运动。
方案二：如图所示，在平滑曲线上取A、B、C、D四个点，这四个点对应的坐标分别，、、，使
则有
根据可知相邻点迹之间的时间间隔相等，
若有
则说明钢球在x方向的分运动为匀速直线运动。
方案三：在平滑曲线上取A、B、C三个点，使
，即
即
说明小球抛出后经过O、A、B、C点的时间间隔相等；
若还满足
即
则证明小球的水平分运动是匀速直线运动。
13.解：（1）对近地卫星
（2）对同步卫星
14.解：（1）喷气过程中，宇航员甲与喷出的气体整体动量守恒0=Mv-mv0
代入数据可得v=1m/s
备注：结果没有单位扣。
（2）宇航员甲与乙会合的过程中，由动量守恒得Mv=2Mv´
代入数据可得v’=0.5m/s
对宇航员甲，由动量定理得I=Mv´-Mv
代入数据可得I=40N·s
备注：结果40N▪S没有单位扣，过程量没有计算结果、没有单位不扣分。
15．解：（1）滑块从静止滑至D点的过程中，由机械能守恒可得mgH-2R=12mvD2
对处于D点的滑块受力分析
F
mg
由牛顿第二定律得F+mg=mvD2R
代入数据可得F=3N
备注：若表达式F+mg=mvD2R错误，但受力分析图正确得，若表达式F+mg=mvD2R正确，没有受力分析图得。结果3N没有单位扣，过程量没有计算结果、没有单位不扣分。
（2）滑块从静止滑至B点的过程中，由机械能守恒定律mgH=12mvB2
B在斜面上上滑，受力分析如图
FN
mg
f
方法一、由牛顿第二定律得mgsinθ+μmgcsθ=ma
滑至最高点E，t=vBa=105s
方法二、由动量定理得-（mgsinθ+μmgcsθ）t=0-mvB
解得t=105s
备注：若表达式mgsinθ+μmgcsθ=ma或-（mgsinθ+μmgcsθ）t=0-mvB错误，但受力分析图正确得，若表达式mgsinθ+μmgcsθ=ma或-（mgsinθ+μmgcsθ）t=0-mvB正确，没有受力分析图得。结果105s没有单位扣，过程量没有计算结果、没有单位不扣分。
（3）滑块到达斜面最高点的位移x=vB22a
滑块下滑，受力分析如图
FN
mg
f
由牛顿第二定律得mgsinθ-μmgcsθ=ma´
运动至BE中点时的速度v2=2a´·12x
此时重力的功率P=mgvsin37º=1.2W
备注：结果1.2W没有单位扣，过程量没有计算结果、没有单位不扣分。
16.解：（1）对Q受力分析，如图所示
由平衡条件可知，杆对Q无作用力
备注：若得出杆对Q无作用力，没有受力分析图得。
对P受力分析，如图所示
由平衡条件可得：
备注：若两个表达式正确或直接写F=mgtan60°，没有受力分析图得。
解得F=mgtan60°=3mg
（2）由图中虚线位置至Q到达最低点的过程中，
P、Q速度关系vPcs30°=vQcs30°
hP=R(1+sin30°)，hQ=R
由系统机械能守恒定律可得：mghP+mghQ=12mvP2+12mvQ2
备注：若表达式mgR(1+sin30°)+mgR=12×2mvQ2错误，但速度关系、高度差单独列式且正确，按评分标准给分；若速度关系、高度差没有单独写，但表达式mgR(1+sin30°)+mgR=12×2mvQ2正确得，结果；若速度关系、高度差没有单独写，机械能守恒表达式错误，即使机械能守恒表达式中速度关系或高度差正确也不得分，即得0分。
解得：vQ=52gR
（3）如图所示，当轻杆水平时，P的动能最大
P、Q的速度仍相等
hP=R(1+sin60°)，hQ=Rsin60°
由系统机械能守恒得：mgR(1+sin60°)+mgRsin60°=12×2mvm2
解得：EkP=12mvm2=3+12mgR
备注：若表达式mgR(1+sin60°)+mgRsin60°=12×2mvm2错误，但速度关系、高度差单独列式且正确，按评分标准给分；若速度关系、高度差没有单独写，但表达式mgR(1+sin60°)+mgRsin60°=12×2mvm2正确得；若速度关系、高度差没有单独写，机械能守恒表达式错误，即使机械能守恒表达式中速度关系或高度差正确也不得分，即得0分。题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
答案
A
B
C
C
A
D
A
C
B
B
D