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    第02讲 等式与不等式(含答案) 备战2025年高考数学一轮复习考点帮(天津专用)学案

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    第02讲 等式与不等式(含答案) 备战2025年高考数学一轮复习考点帮(天津专用)学案

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    这是一份第02讲 等式与不等式(含答案) 备战2025年高考数学一轮复习考点帮(天津专用)学案,文件包含第02讲等式与不等式教师版备战2025年高考数学一轮复习考点帮天津专用docx、第02讲等式与不等式学生版备战2025年高考数学一轮复习考点帮天津专用docx等2份学案配套教学资源,其中学案共36页, 欢迎下载使用。

    1. 5年真题考点分布
    2. 命题规律及备考策略
    【命题规律】本节内容是天津高考卷的必考内容,设题稳定,难度为低难度与中档难度,分值为5分
    【备考策略】1.理解、掌握不等式的性质,能够运用不等式的性质进行比较大小
    2.能掌握一元二次不等式的性质
    3.掌握一元二次不等式根与系数的关系
    4.会解一元二次不等式、能够解决一元二不等式的恒成立与存在成立等问题
    【命题预测】本节内容是天津高考卷的必考内容,一般考查不等式的性质,一元二次不等式的性质等。
    知识讲解
    知识点一.等式与不等式的性质:
    1.两个实数比较大小的方法
    (1)作差法
    a-b >0⟺ a>b,
    a-b =0⟺ a=b,
    a-b 0⟺a>ba∈R,b>0,
    ab=1a,b≠0⟺a=ba,b≠0,
    ab0⟺a0,
    2.等式的性质
    (1)对称性:若a=b,则b=a.
    (2)传递性:若a=b,b=c,则a=c.
    (3)可加性:若a=b,则a+c =b+c.
    (4)可乘性:若a=b,则ac=bc;若a =b,c=d,则ac=bd
    3.不等式的性质
    (1)对称性: a>b ⟺ bb,b>c⟺ a>c;
    (3)可加性a>b ⟺a+c>b+c; a>b, c>d ⟺a+c>b+d
    (4)可乘性: a>b, c >0⟺ac>bc; a>b, c 0,c>d>0⟺ ac>bd;
    (5)可乘方: a>b>0⟺an>bn(n∈N,n≥1);
    (6)可开方a>b>0⟺ na>nb(n∈N,n≥2).
    知识点二.一元二次不等式
    1.一元二次不等式的概念
    2.二次函数与一元二次方程的根、一元二次不等式的解集的对应关系
    3.一元二次不等式的解法
    1.将不等式的右边化为零,左边化为二次项系数大于零的不等式ax2+bx+c>0(a>0)或ax2+bx+c<0(a>0).
    2.求出相应的一元二次方程的根.
    3.利用二次函数的图象与x轴的交点确定一元二次不等式的解集.
    方程的根→函数草图→观察得解,对于的情况可以化为的情况解决
    注:对于二次型一元二次不等式应首先考虑二次项系数的情况,当二次项系数为0时,按照一次不等式来解决,对于二次项系数为负数的情况一般将二次项系数变为正数之后再解。
    注:对于含参一元二次不等式内容首先考虑能不能因式分解,然后就二次方程根进行分类讨论,同时注意判别式韦达定理的应用。
    4.三个“二次”间的关系
    考点一、等式与不等式的性质
    1.(2024·辽宁·模拟预测)若a>b,则下列说法正确的是( )
    A.a2>b2B.lg(a−b)>0C.a5>b5D.a3>b3
    【答案】C
    【分析】利用特殊值判断A、B、D,根据幂函数的性质判断C.
    【详解】对于A:当a=0、b=−1,满足a>b,但是a2b,但是lg(a−b)=lg1=0,故B错误;
    对于C:因为y=x5在定义域R上单调递增,若a>b,则a5>b5,故C正确
    对于D:当a=1、b=−1,满足a>b,但是a3=b3,故D错误.
    故选:C
    2.(2024·山东滨州·二模)下列命题中,真命题的是( )
    A.若a>b,则ac>bcB.若a>b,则a2>b2
    C.若ac2≥bc2,则a≥bD.若a+2b=2,则2a+4b≥4
    【答案】D
    【分析】由不等式的性质可判断A,B,C,利用基本不等式a+b≥2ab,当且仅当a=b时等号成立,即可判断D.
    【详解】对于A,由a>b,c=0可得ac=bc,故A错误;
    对于B,由a>0,b<0,a<b,可得a2<b2,故B错误;
    对于C,若ac2≥bc2,且当c=0时,可得a,b为任意值,故C错误;
    对于D,因为2a+4b=2a+22b≥22a⋅22b=22a+2b=4,当且仅当a=2b=1时,等号成立,
    即2a+4b≥4,故D正确.
    故选:D.
    1.(22-23高三上·甘肃定西·阶段练习)已知a>b>0,cbcB.ac>bcC.bc2>ac2D.ab−bc>0
    【答案】D
    【分析】对于ACD,利用作差法判断,对于B,利用幂函数的性质比较.
    【详解】对于A,因为a>b>0,c0
    D.若a>b>0,则a+1b>b+1a
    【答案】D
    【分析】举反例即可推出A,B,C错误,D利用反比例函数单调性和不等式可加性即可证得.
    【详解】当a=−1,b=−1时,a+b=−2,所以A错.
    当a0时,ab>0,则1b>1a>0,则a+1b>b+1a成立,所以D正确.
    故选:D
    3.(2024·天津·一模)已知a,b∈R,则“b>a”是“a2a时,有b>a≥0,则a2a”是“a2b⇔a−b>0,因此要比较a,b的大小,作差,通分,利用对数的运算性质,即可求得a,b的大小;利用对数函数y=lnx的单调性,可知ln2π>ln6>0,然后利用不等式的可乘性,即可得出a,c的大小.
    【详解】解:a−b=ln264−ln2ln3=ln2+ln32−4ln2ln34=ln2−ln324>0,∴a>b,
    而ln2π>ln6>0,∴ln22π4>ln264,即c>a,
    因此c>a>b.
    故选:C.
    2.(2024·四川成都·模拟预测)已知a,b为实数,则使得“a>b>0”成立的一个必要不充分条件为( )
    A.1a>1bB.ln(a+1)>ln(b+1)
    C.a3>b3>0D.a−1>b−1
    【答案】B
    【分析】利用不等式的性质、结合对数函数、幂函数单调性,充分条件、必要条件的定义判断即得.
    【详解】对于A,1a>1b ,不能推出a>b>0,如1−3>1−2,反之a>b>0 ,则有1a1b是a>b>0的既不充分也不必要条件,A错误;
    对于B,由lna+1>lnb+1,得a+1>b+1>0,即a>b>−1,
    不能推出a>b>0 ,反之a>b>0,则a>b>−1,
    因此ln(a+1)>ln(b+1)是a>b>0的必要不充分条件,B正确;
    对于C,a3>b3>0⇔a>b>0,a3>b3>0是a>b>0的充分必要条件,C错误;
    对于D,由a−1>b−1,得a>b≥1>0,反之a>b>0不能推出a>b≥1,
    因此a−1>b−1是a>b>0的充分不必要条件,D错误.
    故选:B.
    1.(22-23高三上·天津河西·期末)若a,b,c∈R,a>b,则下列不等式成立的是( )
    A.1abc
    【答案】C
    【分析】举反例排除ABD,利用不等式的性质判断C即可得解.
    【详解】对于A,取a=1,b=−1,满足a>b,但1a>1b,故A错误;
    对于B,取a=1,b=−1,满足a>b,但a2=b2,故B错误;
    对于D,取c=0,则ac=bc,故D错误;
    对于C,因为c2+1≥1>0,则1c2+1>0,
    又a>b,所以ac2+1>bc2+1,故C正确.
    故选:C.
    2.(2023·天津·一模)设a>0,b>0,则“a>b”是“1a0,由1a0,则a−b>0,即a>b,
    因此,若a>0,b>0,则“a>b”是“1a1”是“a+1a>2”的( ).
    A.充分不必要条件B.必要不充分条件
    C.充要条件D.既不充分也不必要条件
    【答案】A
    【分析】判断“a>1”和“a+1a>2”之间的逻辑推理关系,即得答案.
    【详解】当a>1时,a+1a−2=a2−2a+1a=(a−1)2a>0,
    故a+1a>2,即a>1成立,则a+1a>2成立;
    当a=12时,a+1a=12+2>2,但推不出a>1成立,
    故“a>1”是“a+1a>2”的充分不必要条件,
    故选:A
    4.(2024·北京西城·一模)设a=t−1t,b=t+1t,c=t2+t,其中−10,
    f'x=3ax2+2bx+c有两个不相等的正实数根x1,x2,且fx在−∞,x1,x2,+∞上单调递增,在x1,x2上单调递减,
    所以a>0,x1+x2=−2b3a>0,x1x2=c3a>0,
    所以b0,
    综上:a>0,b0,d>0.
    故选:A
    3.(2023·全国·高考真题)已知集合M=−2,−1,0,1,2,N=xx2−x−6≥0,则M∩N=( )
    A.−2,−1,0,1B.0,1,2C.−2D.2
    【答案】C
    【分析】方法一:由一元二次不等式的解法求出集合N,即可根据交集的运算解出.
    方法二:将集合M中的元素逐个代入不等式验证,即可解出.
    【详解】方法一:因为N=xx2−x−6≥0=−∞,−2∪3,+∞,而M=−2,−1,0,1,2,
    所以M∩N= −2.
    故选:C.
    方法二:因为M=−2,−1,0,1,2,将−2,−1,0,1,2代入不等式x2−x−6≥0,只有−2使不等式成立,所以M∩N= −2.
    故选:C.
    4.(2017·天津·高考真题)设x∈R,则2−x≥0是−1≤x−1≤1 的( )
    A.充分不必要条件B.必要不充分条件
    C.充要条件D.既不充分也不必要条件
    【答案】B
    【分析】根据充分条件、必要条件的定义结合集合的包含关系可解.
    【详解】设p:若2−x≥0,则x≤2,
    q:若−1≤x−1≤1,则0≤x≤2;
    则q表示的集合是p表示的集合真子集,
    即2−x≥0是−1≤x−1≤1必要不充分条件,
    故选:B.
    5.(天津·高考真题)设集合A=x|4x−1|≥9,x∈R,B=xxx+3≥0,x∈R,则A∩B=( )
    A.(−3,−2]B.(−3,−2]∪0,52C.(−∞,−3]∪52,+∞D.(−∞,−3)∪52,+∞
    【答案】D
    【分析】根据含绝对值不等式和分式不等式的解法求出集合A,B,再根据交集的定义即可得出答案.
    【详解】因为A=x4x−1≥9,x∈R={xx≥52或x≤−2=−∞,−2∪52,+∞,
    B=x|xx+3≥0,x∈R=xx≥0或x0)的解集
    {x|xx2}
    eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\c1(x\b\lc\|\rc\ (\a\vs4\al\c1(x≠-\f(b,2a)))))
    R
    ax2+bx+c0)的解集
    {x|x1

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