2024-2025学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）月考物理试卷（9月）（含答案）

这是一份2024-2025学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）月考物理试卷（9月）（含答案），共9页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、单选题：本大题共6小题，共24分。
1.如图是一物体的位移−时间图像，下列说法正确的是
A. 4 s内，物体可能做曲线运动B. 3 s时物体的运动方向发生了改变
C. CD段表示物体做匀减速直线运动D. 4 s内，物体的位移大小为60 m
2.马步是练习武术最基本的桩步。马步桩须双脚分开略宽于肩，采取半蹲姿态，因姿势有如骑马一般，而且如桩柱般稳固，因而得名。如图所示，某人站在水平地面上保持马步姿势不动，则下列说法正确的是( )
A. 人受到3个力的作用B. 人对地面的压力就是重力
C. 地面对人的支持力是由地面的形变产生的D. 地面对人有水平向后的摩擦力
3.如图所示，寒风萧瑟的冬天已经来临，手握一杯热腾腾的奶茶是一件很温暖的举动，下列说法正确的是( )
A. 奶茶杯对手的摩擦力竖直向上B. 此时的摩擦力为静摩擦力
C. 当我们增大手握杯子的力，摩擦力增大D. 当杯中的奶茶越来越少时，摩擦力不变
4.直升机应急救援能更快速到达作业现场，实施搜索救援工作。如图所示，救援人员利用绳索吊起伤员之后，和伤员保持相对静止，他们在竖直方向上的速度vy、水平方向上的位移x随时间t的变化图像分别如图甲、乙所示，忽略空气阻力，则在此过程中( )
A. 伤员的重力势能不断减少
B. 伤员先处于超重状态，后处于失重状态
C. 绳子的拉力始终做正功
D. 从地面上观察，伤员的运动轨迹为一条倾斜的直线
5.如图(a)，我国某些农村地区人们用手抛撒谷粒进行水稻播种。某次抛出的谷粒中有两颗的运动轨迹如图(b)所示，其轨迹在同一竖直平面内，抛出点均为O，且轨迹交于P点，抛出时谷粒1和谷粒2的初速度分别为v1和v2，其中v1方向水平，v2方向斜向上。忽略空气阻力，两谷粒质量相同，关于两谷粒在空中的运动，下列说法正确的是( )
A. 谷粒1的加速度小于谷粒2的加速度B. 谷粒2在最高点的速度等于零
C. 两谷粒从O到P的运动时间相等D. 两谷粒从O到P过程重力做功相等
6.如图甲所示，长木板A放在光滑的水平面上，质量为m=2 kg的另一物体B(可看成质点)以水平速度v0=2 m/s滑上原来静止的长木板A的上表面。由于A，B间存在摩擦力，之后A，B速度随时间变化情况如图乙所示。下列说法正确的是(g取10 m/s2)( )
A. 木板A最终获得的动能为2 JB. 系统损失的机械能为4 J
C. 木板A的最小长度为2 mD. A、B间的动摩擦因数为0.1
二、多选题：本大题共3小题，共18分。
7.密绕在轴上的一卷地膜用轻绳一端拴在轴上，另一端悬挂在墙壁上A点，如图所示，当逆时针缓慢向下用力F抽出地膜时，整卷地膜受的各个力要发生变化，不计地膜离开整卷时对地膜卷的粘扯拉力和地膜卷绕轴转动时的摩擦力，但在D点地膜与墙壁间有摩擦力，随着地膜的不断抽出，下述分析正确的是( )
A. 地膜卷受墙的支持力与轻绳的拉力的合力变小
B. 悬挂地膜的轻绳上的拉力在增大
C. 拉动地膜的力在减小
D. 地膜对墙的压力在增大
8.2021年5月15日，我国火星探测器“天问一号”成功着陆火星，“天问一号”在着陆前经历了几个减速阶段，其中打开反冲发动机时“天问一号”处于减速阶段，情景如图所示。关于“天问一号”在该阶段的说法，正确的是( )
A. 研究下降时的姿态，不可以将它视为质点
B. 在减速下降的过程中，它的惯性增大
C. 喷出“燃气”减速下降阶段，它处于超重状态
D. 反冲发动机对“燃气”的作用力可能小于“燃气”对反冲发动机的作用力
9.如图，一辆货车利用跨过光滑定滑轮的轻质不可伸长的缆绳提升一箱货物，已知货箱的质量为m0，货物的质量为m，货车向左做匀速直线运动，在将货物提升到图示的位置时，货箱速度为v，连接货车的缆绳与水平方向夹角为θ，不计一切摩擦，下列说法正确的是
A. 货车的速度等于vcsθB. 货物处于超重状态
C. 缆绳中的拉力F T小于(m ​0+m)gD. 货车的对地面的压力小于货车的重力
三、实验题：本大题共2小题，共16分。
10.某同学用轻弹簧OC和弹簧秤a、b做“探究求合力的方法”实验(如图甲)。该同学先测量轻弹簧OC的劲度系数，将该弹簧竖直悬挂起来(如图丙)，在自由端挂上砝码盘。通过增加盘中砝码，测得几组砝码的质量m和对应的弹簧伸长量x，画出m−x图线(如图丁)，对应点已在图上标出(如图乙所示)。
(1)由图丁可知，该弹簧的劲度系数为_______N/m(取g=10m/s2，结果保留两位有效数字)
(2)该同学用弹簧OC和弹簧秤a、b做“探究求合力的方法”实验。在保持弹簧伸长20.00cm不变的条件下：
①关于该实验，下列操作必要的是_______。
A. 要保证连接弹簧C端的两根细线长度相等
B. 实验时需要注意保证各弹簧秤、轻弹簧及细线在同一水平面内
C. 每次拉伸弹簧时只需保证弹簧的伸长量相同，C点位置可任意变化
D. 记录弹簧秤的示数的同时，必须记录各拉力的方向
②弹簧秤a、b间夹角为90°，弹簧秤a的读数是_______N(图乙中所示)，则弹簧秤b的读数为_______N。(第二空保留2位小数)
11.图为“探究加速度与物体受力及质量的关系”的实验装置图。图中A为小车，B为装有砝码的托盘，C为一端带有定滑轮的长木板，小车后面所拖的纸带穿过电火花计时器，电火花计时器接50Hz交流电，小车的质量为M，托盘及砝码的总质量为m。

(1)关于实验，下列说法正确的_________。
A.实验中托盘及砝码的总质量应远小于小车的质量M
B.长木板必须保持水平
C.实验时应先接通电源后释放小车
D.作a−m图像便于得出加速度与质量的关系

(2)图乙为某次实验得到的一条纸带，两相邻计数点间有四个点未画出，纸带上标出了相邻计数点之间的距离，打计数点4时小车的速度大小是__________m/s；小车运动的加速度大小是__________m/s2。(结果均保留两位小数)
(3)实验时，某同学忘记了平衡摩擦力这一操作，因此他测量得到的a−F图像，可能是图丙中的图线。__________(选填“①”、“②”或“③”)
四、计算题：本大题共3小题，共38分。
12.如图所示，粗糙水平面与光滑斜面在C点处相连，物体通过C点时速度大小不变。一个质量为m=1kg的物体，由静止从光滑斜面上的A点自由释放，做初速度为零的匀加速直线运动，经过C点进入水平面，到达B点停止运动。已知A点与水平面高度差H=45cm，斜面倾角53°，物体与水平面间动摩擦因数为0.5，sin37°=0.6，cs37°=0.8，求：
(1)经过C点的速度，从A到C所用的时间；
(2)如果从B点施加一个水平推力F，到C点撤去F，物体由于惯性恰好能到A点，求力F。
13.如图，圆管构成的半圆形轨道竖直固定在水平底面上，轨道半径R，MN为直径且与水平面垂直，直径略小于圆管内径的小球A以某速度冲进轨道，到达半圆轨道最高点M时与静止于该处的质量为与A相同的小球B发生碰撞，碰后两球粘在一起飞出轨道，落地点距N为2R .重力加速度为g，忽略圆管内径，空气阻力及各处摩擦均不计，求：
(1)粘合后的两球从飞出轨道到落地的时间t;
(2)小球A冲进轨道时速度v的大小．
14.如图为某药品自动传送系统的示意图．该系统由水平传送带、竖直螺旋滑槽和与滑槽平滑连接的平台组成，滑槽高为3L，平台高为L。药品盒A、B依次被轻放在以速度v0匀速运动的传送带上，在与传送带达到共速后，从M点进入滑槽，A刚好滑到平台最右端N点停下，随后滑下的B以2v0的速度与A发生正碰，碰撞时间极短，碰撞后A、B恰好落在桌面上圆盘内直径的两端。已知A、B的质量分别为m和2m，碰撞过程中损失的能量为碰撞前瞬间总动能的14。A与传送带间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，AB在滑至N点之前不发生碰撞，忽略空气阻力和圆盘的高度，将药品盒视为质点。求：
(1)A在传送带上由静止加速到与传送带共速所用的时间t；
(2)B从M点滑至N点的过程中克服阻力做的功W；
(3)圆盘的圆心到平台右端N点的水平距离s．
参考答案
1.B
2.C
3.B
4.C
5.D
6.D
7.AC
8.AC
9.BD
10.(1) 50
(2) BD## DB 8.00 6.00

11. AC##CA 0.34 0.50 ③
12.(1)从A到C根据动能定理
mgH=12mv C2−0
解得
vC=3m/s
物体在斜面上运动时加速度大小为
a=mgsin53∘m=gsin53∘=8m/s2
从A到C所用的时间为
tAC=vCa=0.375s
(2)从A到B根据动能定理
mgH−μmgxBC=0
解得
xBC=0.9m
当从B点施加一个水平推力F后，从B到A根据动能定理
FxBC−mgH−μmgxBC=0
解得
F=10N

13.(1)粘合后的两球飞出轨道后做平抛运动，竖直方向分运动为自由落体运动，有 2R=12gt2 …①，解得：t=2 Rg …②
(2)设球A质量为m，在N点速度为v，与小球B碰撞前速度大小为v1，把球A冲进轨道最低点时的重力势能定为0，由机械能守恒定律知12mv2=12mv12+2mgR …③
设碰撞后粘合在一起的两球速度大小为v2，则 v2=2Rt= gR
由动量守恒定律知 mv1=2mv2 …④
综合②③④式得： v=2 2gR
14.解：(1)A在传送带上运动时的加速度大小a=μg
由静止加速到与传送带共速所用的时间t=v0a=v0μg
(2)设由B从M点滑至N点的过程中克服阻力做的功为W，由动能定理可得2mg⋅3L−W=122m(2v0)2−12⋅2mv02
解得W=6mgL−3mv02
(3)AB碰撞过程由动量守恒定律和能量关系可知
2m⋅2v0=mv1+2mv2
12⋅2m⋅(2v0)2−(12mv12+12⋅2mv22)=14[12⋅2m⋅(2v0)2]
解得v1=2v0，v2=v0(另一组v1=23v0v2=53v0舍掉)
两物体平抛运动的时间t1= 2Lg
则s−r=v2t1，s+r=v1t1
解得s=3v02 2Lg