四川省遂宁市射洪中学2024-2025学年高二上学期第一学月考试物理试题（Word版附解析）

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1.B【详解】A.自然界中的电荷只有正电荷和负电荷两种，A正确，不符合题意；
B.点电荷类似于质点，是一种理想化模型，元电荷是指最小电荷量，B错误，符合题意；
C.电场是物质存在的一种形式，C正确，不符合题意；
D.仅受电场力的带电粒子在电场中的运动轨迹上某点的切线方向为速度方向，而电场线上某点的切线方向为电场强度方向，与带电粒子所受的电场力方向相同或相反，若电场线与轨迹重合，带电粒子的速度方向与合力方向共线，粒子一定做直线运动，若电场线为曲线，轨迹与电场线必定不重合，D正确，不符合题意。故选B。
2.C【详解】A. 用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，故A错误；
B.玻璃棒靠近圆筒时，圆筒会感应出与玻璃棒近异远同的异号电荷，所以圆筒上部感应出负电荷，故B错误；
C.圆筒被吸引到玻璃棒的过程中，受到的静电力大于其重力，故C正确；
D.圆筒碰到玻璃棒后，圆筒会带上与玻璃棒电性相同的正电荷，故D错误。故选C。
3.D【详解】A.根据题意可知，等量同种电荷的等势面分布图，如图所示
由沿电场线方向，电势逐渐降低可知，离两个点电荷的距离越远电势越低，由于点离两个点电荷的距离大于点离两个点电荷的距离，则有故A错误；
BD.c、d两点离两个点电荷的距离相等，由对称性可知，c、d两点电势相等，电场强度的大小相等，但方向不同，由于点离两个点电荷的距离小于c、d两点离两个点电荷的距离，则有由可知，带负电的试探电荷从c点沿cd移动到d点，试探电荷的电势能先减少后增加，故B错误，D正确；C.由于c点离两个点电荷的距离大于点离两个点电荷的距离，则有则带正电的试探电荷从c点沿cm移动到m点，试探电荷的电势能增加，故C错误。故选D。
4.B【详解】设A的上表面边长为L，厚度为d，则B的上表面边长为，厚度为，左右两侧加上电压后，A的电阻B的电阻
由于两侧加上的电压相同，因此A、B两金属块中电流之比为2：1。故选B。
5.A【详解】B.根据电场线的疏密与电场强度的强弱的关系，判断出a点的电场强度大，故a点的电场力大，根据牛顿第二定律可知，带电粒子在a点的加速度比b点的加速度大，故B错误；
D.粒子的运动轨迹向左下弯曲，说明粒子受到的电场力大体向左，电场线方向不明，无法判断粒子的电性，无法比较a点与b点电势的高低，故D错误；
AC.若粒子从b运动到a，电场力对粒子做正功，粒子的动能增大，电势能减小，则粒子在a点的速度较大，在a点电势能较小，同理若粒子从a运动到b，得到的结果不变，故A正确，C错误。故选A。
6.A【详解】AB.由题意，电容器两板所带电量不变，根据，
则电场强度可知，极板之间间距改变，极板之间的电场强度不变，由于
可知，A极板下移时，dPB不变，则P点电势不变，故A正确，B错误；
CD.结合上述，B极板上移时，dPB减小，则P点电势减小，故CD错误。故选A。
7.D【详解】A.两个正点电荷在O处的合场强为零，负点电荷在O处的场强不为零，根据场强的叠加原理可知，O点场强不为零，故A错误；
B.电场线垂直于等势面，根据对称性可知，A、B两点的电场强度大小相等，由于负点电荷的存在，A点叠加后的场强方向斜向左上方，B点叠加后的场强方向斜向右上方，方向不同，故B错误；C.B、C之间的电势差故C错误；
D.电子在A点的电势能为电子在C点的电势能为
所以电子在A点的电势能EpA小于在C点的电势能EpC，故D正确。故选D。
8.C【详解】A.根据等量同种电荷电场线的分布可知，a、c两点电场强度大小相等，方向相反，故A错误；B.根据等量同种电荷电场线的分布情况和对称性可知，a、c两点的电势相等，则点电荷在a点电势能等于在c点电势能，故B错误；
C.沿电场线方向电势降低，在MN连线的中垂线上，O点电势最高，故C正确；
D.由对称性知O点的场强为零，MN连线的中垂线上无穷远处电场强度为零，电荷从d点静止释放，在它从d点运动到b点的过程中，加速度可能先减小再增大，也可能先增大后减小再增大再减小，故D错误。故选C。
9.BCD【详解】A.设点电荷在O点的动能为，根据题意，点电荷从O点运动到x=5x0处时速度刚好为零，根据动能定理可得可知电场力对电荷做功，由于O点与x=5x0处的电势差为根据电场力做功与电势差的关系可知，点电荷带负电，故A错误；B.根据图像的切线斜率表示电场强度，可知该电荷沿x轴正方向运动过程中，场强先变小后变大，点电荷受到的电场力先变小后变大，则点电荷的加速度先减小后增大，故B正确；C.从图像上可以看出，电势先增大后减小，则负电荷的电势能先减小后增大，根据功能关系可以，电场力先做正功后做负功，故C正确；D.点电荷从O点运动到x=5x0处，根据动能定理可得解得点电荷在O点的动能大小为
故D正确。故选BCD。
10.BD【详解】A.分析带电小球受力，受重力mg、电场力F，小球运动轨迹为直线，那么小球受力的合力也必定沿运动轨迹直线斜向下，由力合成的三角形定则求合力，如图所示，由解析图可知，当电场力F与小球运动轨迹直线垂直时，电场力F最小，场强最小，则有
F=qEmin=mgsinθ解得A错误；B.场强是最小值时，电场力与小球运动方向垂直，所以电场力对小球可能不做功，B正确；C.小球带正电，受电场力方向只能向右侧，所以电场方向不可能向左，C错误；
D.如果小球受电场力方向与运动方向之间的夹角大于90°，则电场力对小球可能做负功，小球的电势能可能增加，D正确；故选BD。
11.AC【详解】A.电场强度方向沿电场线的切线方向，由图可知，A、C两点的电场强度方向相同，故A正确；
B.电场线的疏密表示电场强度的大小，由图可知，B点的电场强度比D点的小，故B错误；
C.沿着电场线电势逐渐降低，由图看出，C点电势比A点电势高，由
正电荷在C点的电势能高于在A点的电势能， 故C正确；
D.正电荷由D点静止释放，受电场力方向沿曲线的切线方向，所以运动的轨迹不会沿电场线的方向，故D错误。故选AC。
12. 电势差（电压） 减小 减小
【详解】（1）[1]静电计指针偏转程度表示电容器两极板间电势差的大小；
（2）[2]两极板正对面积减小，根据得出电容减小；
[3]两极板距离减小，电容增大，由
可知，两极板电势差减小，指针偏转角减小。
13. 1.010 （2）B D G C
【详解】（1）[1]固定刻度读数为1mm，可动刻度读数为
则此金属丝的直径为1.010mm；
（2）[2]电源的电动势E=4.5V，所以电压表选B；
[3]待测电阻中最大电流约为Imax=0.5A，故电流表选D；
[4]为方便实验操作，且待测电阻的电压从零开始可以连续调节，所以滑动变阻器应选较小阻值的，即选G；
（3）[5]根据题意得灯泡电阻远小于电压表内阻，所以选择电流表外接法，由于待测电阻的电压从零开始可以连续调节，变阻器采用分压式接法，故ABD错误，C正确。
故选C。
14.(1)1.0×10－8N，方向沿MO指向O (2)100 N/C，方向沿OM连线背离O (3)100 N/C，方向沿OM连线背离O (4)M点场强大
【详解】（1）电荷q在电场中M点所受的作用力是电荷Q通过它的电场对q的作用力，根据库仑定律，得FM＝.因为Q带正电，q带负电，库仑力是吸引力，所以电场力的方向沿MO指向O.
（2）M点的场强EM＝N/C＝100 N/C，其方向沿OM连线背离O，因为它的方向跟负电荷所受电场力的方向相反.
（3）场强是反映电场的力的性质的物理量，它是由形成电场的电荷Q及场中位置决定的，与试探电荷q是否存在无关.故M点的场强仍为100 N/C，方向沿OM连线背离O.
（4）由E∝得，M点场强大.
15.（1）；（2）；（3）
【详解】（1）在加速电场中，根据动能定理得解得
（2）电子在偏转电场中做类平抛运动，在平行于极板方向做匀速运动，运动时间为
在垂直于极板方向做匀加速运动，根据牛顿第二定律得
电子从偏转电场射出时垂直于极板方向的分速度为速度偏转角正切值
（3）电子从偏转电场射出时的偏转距离为
16.(1)(2)(3)，与竖直方向成角斜向下
【详解】（1）在a点，根据牛顿第二定律得解得小球在a点的速度大小
（2）小球由c到a过程，逆向为平抛运动如图所示
水平方向竖直方向由几何关系知联立解得
（3）由分析可知，小球受到的重力mg与电场力qE的合力F沿着轨道半径时对轨道的压力最大，如图d点所示。
，故方向解得
小球从a到d过程中，由动能定理有
在d点，根据牛顿第二定律有联立解得
根据牛顿第三定律得小球对轨道的最大压力大小，与竖直方向成角斜向下。
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
B
C
D
B
A
A
D
C
AD
BCD
题号
11
12








答案
BD
AC