备战2025年高考数学一轮复习综合课件——等式与不等式的性质

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考点03 等式与不等式的性质7类常见考点全归纳（精选52题）考点一 比较两个数(式)的大小考点二 不等式的性质及应用考点三 求代数式的取值范围考点四 不等式的证明考点五 糖水不等式考点六 不等式的实际应用考点七 不等式的综合问题知识点1两个实数比较大小的方法(1)作差法eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\co1(a－b>0⇔a >　b,a－b＝0⇔a ＝　ba，b∈R,a－b<0⇔a <　b))(2)作商法eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\co1(\f(a,b)>1⇔a >　b,\f(a,b)＝1⇔a ＝　ba∈R，b>0,\f(a,b)<1⇔a <　b))知识点2等式的基本性质（1）对称性：如果a＝b，那么b＝a；（2）传递性：如果a＝b，b＝c，那么a＝c；（3）可加性：如果a＝b，那么a±c＝b±c；（4）可乘性：如果a＝b，那么ac＝bc；（5）可除性：如果a＝b，c≠0，那么ac＝bc.知识点3不等式的基本性质归 纳 拓 展1．a>b，ab>0⇒eq \f(1,a)<eq \f(1,b).2．a<0b>0，d>c>0⇒eq \f(a,c)>eq \f(b,d).4．若a>b>0，m>0，则eq \f(b,a)<eq \f(b＋m,a＋m)；eq \f(b,a)>eq \f(b－m,a－m)(b－m>0)．1、比较两数(式)大小的方法注：比较两实数大小的方法（1）作差(商)法：作差(商)⇒变形⇒判断．（2）构造函数法：利用函数的单调性比较大小．①利用函数性质比较数、式的大小，得到函数的单调区间是问题求解的关键，解题时，指数、对数、三角函数单调性的运用是解题的主要形式．②通过对称性、周期性，可以将比较大小的数、式转化到同一个单调区间，有利于其大小比较．③导数工具的应用，拓宽了这类问题的命题形式和解题难度，值得我们关注和重视．实例：【多选】(2023·邯郸高三期末)设0ln(cb＋1)B．(c＋1)a<(c＋1)bC．ab>aa>baD．logcalogcb，所以C、D不正确；又由函数y＝ln x是增函数，y＝cx是减函数，可得ca>cb，则ca＋1>cb＋1，所以ln(ca＋1)>ln(cb＋1)，所以A正确；因为01，所以函数y＝(c＋1)x是增函数，可得(c＋1)a<(c＋1)b，所以B正确．故选AB.（3）中间量法：利用中间量法比较两式大小，一般选取“0”或“1”作为中间量.利用中间量法比较不等式大小时要根据已知数、式灵活选择中间值．指数式比较大小，一般选取1或指数式的底数作为中间值；对数式比较大小，一般选取0或1作为中间值，其实质就是根据对数函数f(x)＝logax(a>0，且a≠1)的单调性判断其与f(1)，f(a)的大小．实例：(2024·吉林一中月考)已知x＝ln π，y＝log52，z＝e－eq \f(1,2)，则( )A．xln e＝1，y＝log52eq \f(1,2)且z＝e－eq \f(1,2)z>y.故选D.特殊值法利用特殊值法比较不等式的大小时需要注意以下问题：选择项两数大小是确定的，如果出现两数大小由某个参数确定或大小不确定的选项，就无法通过特殊值进行检验；赋值应该满足前提条件：当一次赋值不能确定准确的选项，则可以通过二次赋值检验，直至得到正确选项．实例：若0b>0，m>0，则(1)真分数性质：eq \f(b,a)<eq \f(b＋m,a＋m)；eq \f(b,a)>eq \f(b－m,a－m)(b－m>0). (2)假分数性质：eq \f(a,b)>eq \f(a＋m,b＋m)；eq \f(a,b)<eq \f(a－m,b－m)(b－m>0). 其中真分数性质也常被称为“糖水不等式”，即“糖水加糖后，糖水更甜(浓度变大)；糖水析出糖后，糖水变淡(浓度变小). ”3、判断不等式命题的真假要注意以下几点：（1）在判断一个关于不等式命题的真假时，先把要判断的命题和不等式的性质联系起来考虑，找到与命题相近的性质，并根据性质判断命题的真假，有时还要用到其他知识.（2）在应用不等式的性质时，不可以强化或弱化不等式成立的条件，如“同向不等式”才可以相加，“同向正数不等式”才可以相乘．（3）在不等关系的判断中，赋值法是非常有效的方法．4、利用不等式的性质判断正误的2种方法利用不等式性质进行命题的判断时，判断不等式是否成立，需要逐一给出推理判断(判断成立时)或反例说明(判断不成立时)，在实际考查中，多与一些常见函数单调性结合考查. (1)直接法：对于说法正确的，要利用不等式的相关性质或函数的相关性质证明；对于说法错误的只需举出一个反例即可；(2)特殊值法：注意取值一定要遵循三个原则：一是满足题设条件；二是取值要简单，便于验证计算；三是所取的值要有代表性．5、利用待定系数法求代数式的取值范围利用不等式性质可以求某些代数式的范围，但应注意两点：一是必须严格运用不等式的性质；二是在多次运用不等式的性质时有可能扩大了变量的范围.解决的途径是先确立所求范围的整体与已知范围的整体的数量关系，最后通过“一次性”不等关系运算求解.注：在约束条件下求多变量函数式的范围时，不能脱离变量之间的约束关系而独立分析每个变量的范围，否则会导致范围扩大，而只能建立已知与未知的直接关系.已知M1b，给出下列不等式：①；②a3>b3；③；④2ac2>2bc2；⑤>1；⑥a2＋b2＋1>ab＋a＋b.其中一定成立的不等式的序号是________．【答案】②⑥【解析】令，，排除①，，排除③选项，，排除⑤.当时，排除④.由于幂函数为上的递增函数，故，②是一定成立的.由于，故.故⑥正确.所以一定成立的是②⑥.7．（2024·全国·高三专题练习）已知，则正数的大小关系为（    ）A． B．C． D．【答案】A【分析】根据对数式与指数式之间的互化，以及作商法比较大小，即可比较的大小，由对数函数的单调性以及中间值法即可比较三者的大小.【详解】由，得，由，得，因此，即；由，得，于是，所以正数的大小关系为.故选:A.8．（2024·山东青岛·统考模拟预测）已知，，，则、、的大小关系为（    ）A． B． C． D．【答案】C【分析】利用作差法结合基本不等式可得出、的大小关系，利用中间值结合指数函数、对数函数的单调性可得出、的大小关系，综合可得出、、的大小关系.【详解】因为，所以，，则，因为，所以，，则，所以因为，即，因此，.故选：C.9．（2024·全国·高三专题练习）已知，，则（    ）A． B．C． D．【答案】D【分析】根据对数函数的单调性及对数的运算法则，判断、计算的符号，作商比较的大小即可得解.【详解】因为，所以，又因为，所以，又因，所以且，所以，所以，故选：D10．（2024·全国·高三专题练习）已知，，，则（    ）A． B．C． D．【答案】A【分析】由幂函数、对数函数性质的性质得，，然后可判断的正负，再利用对数的运算法则、换底公式可判断与1的大小，从而得出结论．【详解】因为，所以．，因为，所以，即．，因为，所以，即．综上，．故选：A．考点二 不等式的性质及应用11．（2024·山东枣庄·统考模拟预测）若，，，且，则下列不等式一定成立的是（    ）A． B． C． D．【答案】B【分析】利用不等式的性质，判断选项的结论是否成立.【详解】若，，，满足，但，，不成立，A选项错误；，，则有，即，B选项正确；，当时，不成立，C选项错误；当时，，则D选项错误.故选：B12．（2024·全国·高三专题练习）设，则使成立的一个充分不必要条件是（   ）A． B． C． D．【答案】B【分析】结合充分不必要条件的定义，对A，；对B，；对C，；对D，，需要讨论a、b的符号 ，即可进一步判断【详解】对A，，故A不成立；对B，，故B成立；对C，，不一定推出，故C不成立；对D，，若，故D不成立.故选：B13．（2024·全国·高三专题练习）已知实数满足，则下列不等式恒成立的是（ ）A． B．C． D．【答案】D【分析】根据已知条件取特殊值或者作差法比较大小，依次判断各选项即可得出结果.【详解】令，则，即.所以A选项错误；令，则，即，所以B选项错误；令，则，所以C选项错误；因为，由得，所以D选项正确.故选:D.14．【多选】（2024·全国·高三专题练习）已知，则下列不等式恒成立的是（    ）A． B．C． D．【答案】AC【分析】根据已知条件，结合不等式的性质，作差法以及特殊值法，即可求解.【详解】对于，因为，所以，则，故选项成立；对于，作差：，由已知可知：，当的符号不确定，故与的大小关系不确定，故选项错误；对于，作差： ，因为，所以，，则，即，故选项正确；对于，当，，时，满足，但，故选项错误；综上：不等式恒成立的是，故选：.15.【多选】（2023·重庆·统考模拟预测）已知，，则下列关系式一定成立的是（    ）A． B．C． D．【答案】BD【解析】因为，所以或，当时，，A不成立，，，由，故，当且仅当，即时，等号成立，因为，故等号不成立，故；当时，，，不妨设，则，故此时C不成立，由，故，当且仅当，即时，等号成立，因为，故等号不成立，故；综上：BD一定成立.故选：BD16．【多选】（2024·全国·模拟预测）已知实数，则下列不等式正确的是（    ）A． B． C． D．【答案】BC【分析】根据不等式的性质即可结合选项逐一求解.【详解】对于A，D，，满足，此时，，故A，D错误.（判断一个结论错误时，举反例即可）对于B，，，得，故B正确.对于C，由得，又，所以，故C正确.故选：BC17.【多选】（2023·全国·校联考模拟预测）若，则下列结论正确的是（    ）A． B．C． D．【答案】ACD【解析】∵，则，，∴，即，A正确；例如，，，，， 显然，B错误；由得，，∴，即，C正确；易知，，，，∴，D正确；故选：ACD．18．（2024·北京·人大附中校考模拟预测）若实数、满足，则下列不等式中成立的是（    ）A． B．C． D．【答案】D【分析】对于D，结合对数函数的单调性即可判断；对于ABC，取，即可判断.【详解】由题意，，所以，故D正确；当，时，，但，，，故A，B，C错误.故选：D.19．（2024·黑龙江哈尔滨·哈尔滨三中校考模拟预测）已知，则下列不等式不一定成立的是（    ）A． B．C． D．【答案】D【分析】A选项，根据不等式基本性质得到；B选项，利用基本不等式求解；C选项，利用作差法比较大小；D选项，可举出反例.【详解】A选项，因为，所以，不等式两边同时乘以，可得，故A正确；B选项，因为，所以，由基本不等式可得，当且仅当，即时，等号成立，但，故等号取不到，，B正确；C选项，，因为，，故，故，C正确；D选项，不妨设，则故选：D20．【多选】（2024·山东·校联考二模）已知实数满足，且，则下列说法正确的是（    ）A． B． C． D．【答案】BC【分析】根据已知等式可确定，结合不等式性质和作差法依次判断各个选项即可.【详解】对于A，，，，A错误；对于B，，，，，，，，即，B正确；对于C，，，，即，C正确；对于D，，D错误.故选：BC.21．【多选】（2024·福建·统考模拟预测）已知，则下列结论正确的是（    ）A． B． C． D．的最小值为6【答案】AC【分析】解不等式和可判断A，C，取特值可排除B，利用将转化为来求解最小值，确定D.【详解】A：，因为，所以故A正确；B：，显然满足条件，故B错误；C：，故C正确；D：，由于在上为增函数，故最小值为，D错误．故选AC．22．【多选】（2024·湖南永州·统考三模）已知，下列命题为真命题的是（    ）A．若，则 B．若，则C．若，则 D．若，则【答案】BD【分析】根据不等式的性质结合作差法逐项判断即可.【详解】对于A项，，因为，所以，所以，所以，即：，故A项错误；对于B项，，因为，所以，，所以，即：，故B项正确；对于C项，，因为，所以，，，所以，即：，故C项错误；对于D项，因为，又因为，所以，，所以，即：，故D项正确.故选：BD考点三 求代数式的取值范围23．（2023春·河北·高三统考学业考试）已知，，分别求(1)(2)(3)的取值范围.【答案】(1)；(2)；(3).【分析】利用不等式的性质进行求解（1）（2）（3）即可.【详解】（1），而，所以有（2）；（3），而，所以有.24．【多选】（2024·全国·高三专题练习）已知实数x，y满足则（    ）A．的取值范围为 B．的取值范围为C．的取值范围为 D．的取值范围为【答案】ABD【解析】利用不等式的性质直接求解.【详解】因为，所以.因为，所以，则，故A正确；因为，所以.因为，所以，所以，所以，故B正确；因为，所以，则，故C错误；因为，所以，则，故D正确.故选：ABD.25．（2024·全国·高三专题练习）已知，，的取值范围是_______________【答案】【分析】设，解出，再利用不等式的可加性求解即可得出．【详解】设，即，∴，解得.∴，∵，∴①，∵，∴②，①②，得，即的取值范围.故答案为：.26．（2024·全国·高三专题练习）已知，则的取值范围是_____．【答案】【解析】利用换元法，结合不等式的性质进行求解即可.【详解】设，因此得：，，，因为，所以，因此，所以.故答案为： 27.（2023·广东·高三校联考期末）已知，，则的取值范围为（    ）A． B． C． D．【答案】D【解析】设，所以，则，又，所以，，由不等式的性质得：，则的取值范围为.故选：D.28．（2024·全国·高三专题练习）已知，，则的取值范围是（    ）A． B． C． D．【答案】C【分析】先把转化为，根据，，求出的范围，利用单增，求出z的范围即可.【详解】.设，所以，解得：，，因为，，所以，因为单调递增，所以.故选：C29．（2024·全国·高三专题练习）已知有理数a，b，c，满足，且，那么的取值范围是_________．【答案】【分析】根据不等式的性质求得的取值范围.【详解】由于，且，所以，，，所以.故答案为：30.（2023·全国·高三专题练习）已知－30，求证：≤；（2）已知c>a>b>0，求证：【答案】（1）证明见解析；（2）证明见解析.【分析】（1）由不等式的性质，先得到，两边同时+1，即得证；（2）由不等式的性质，先得到，两边乘以c,可得，两边同时-1，可得，再两边取倒数，即得证.【详解】证明：（1）∵bc≥ad，bd>0，∴，∴＋1≥＋1，∴≤.（2）∵c>a>b>0，∴c－a>0，c－b>0.∵a>b>0，∴又∵c>0，∴，∴，又c－a>0，c－b>0，∴35.（2023·全国·高三专题练习）已知，求证.【答案】证明见解析.【分析】由于所证不等式的左边是两分式和的形式，宜采用作差比较法再对差式通分、变形，由于分母是因式积的形式，故重点在对分子的变形，尽量化为因式积成平方式和，便于运用条件加以讨论.【详解】证明：.由，可知，，从而，又，，又，因此上式分子、分母均小于零，，即.36．（2024·贵州贵阳·统考模拟预测）已知实数，，满足．(1)若，求证：；(2)若，，求的最小值．【答案】(1)证明见解析(2)【分析】（1）根据不等性质变形证明不等式；（2）由已知得，且，利用基本不等式可求的最值，进而得解.(1)证明：由，且，得，，故，所以，所以，即；(2)解：由且，得，且，所以，当且仅当，即时取等号，所以的最小值为．37．（2024·全国·校联考模拟预测）设a，b，c都是正数，，且的最小值为1．(1)求的值；(2)证明：．【答案】(1)1(2)证明见详解．【分析】（1）由结合最小值即可求解结果；（2）结合（1）结果可得，讨论大小即可证明结论．(1)，因为a，b，c都是正数，且的最小值为1，所以．(2)．若时，，，若时，，，所以．同理可证，，所以．故．38.（2023·全国·高三专题练习）证明命题：“若在中分别为角所对的边长，则”【答案】证明见解析【分析】由作差法证明，再由证明.【详解】证明：取，因为，所以，即.所以 又因为，故，所以.考点五 糖水不等式39．（2024·湖北·校联考模拟预测）已知，则“”是“”的（    ）A．充分不必要条件 B．必要不充分条件 C．充要条件 D．既不充分也不必要条件【答案】A【分析】结合作差法比较代数式的大小关系，判断“”和“”之间的逻辑推理关系，可得答案.【详解】由题意，若，结合，则，故“”是“”的充分条件；者，则，取满足，但不满足，故“”不是“”的必要条件．于是“”是“”的充分不必要条件，故选：A．40.【多选】（2023·全国·高三专题练习）已知糖水中含有糖()，若再添加糖完全溶解在其中，则糖水变得更甜了(即糖水中含糖浓度变大)，根据这个事实，下列不等式中一定成立的有（    ）A． B．C． D．【答案】ABD【解析】对于A，由题意可知，正确；对于B，因为，所以，正确；对于C，即，错误；对于D，，正确.故选：ABD41.（2023·山西·统考一模）我们都知道一杯糖水中再加入一些糖，糖水会更甜．这句话用数学符号可表示为：，其中，且a，b，．据此可以判断两个分数的大小关系，比如_________（填“＞”“＜”）．【答案】>【解析】令，则，令，则，所以，，根据题设知：.故答案为：>42.（2023·福建·高三校联考阶段练习）若克不饱和糖水中含有克糖，则糖的质量分数为，这个质量分数决定了糖水的甜度.如果在此糖水中再添加克糖，生活经验告诉我们糖水会变甜，从而可抽象出不等式(，)数学中常称其为糖水不等式.依据糖水不等式可得出___________(用“”或“”填空)；并写出上述结论所对应的一个糖水不等式___________.【答案】；【解析】空1：因为，所以可得：；空2：由空1可得：，即.故答案为：；考点六 不等式的实际应用43．（2024·北京·高三专题练习）刘老师沿着某公园的环形道（周长大于）按逆时针方向跑步，他从起点出发、并用软件记录了运动轨迹，他每跑，软件会在运动轨迹上标注出相应的里程数．已知刘老师共跑了，恰好回到起点，前的记录数据如图所示，则刘老师总共跑的圈数为（   ）A．7 B．8 C．9 D．10【答案】B【分析】利用环形道的周长与里程数的关系建立不等关系求出周长的范围，再结合跑回原点的长度建立方程，即可求解.【详解】设公园的环形道的周长为，刘老师总共跑的圈数为，（），则由题意，所以，所以，因为，所以，又，所以，即刘老师总共跑的圈数为8.故选：B44．（2024·全国·高三专题练习）近年来受各种因素影响，国际大宗商品价格波动较大，我国某钢铁企业需要不间断从澳大利亚采购铁矿石，为保证企业利益最大化，提出以下两种采购方案.方案一：不考虑铁矿石价格升降，每次采购铁矿石的数量一定；方案二：不考虑铁矿石价格升降，每次采购铁矿石所花的钱数一定，则下列说法正确的是（    ）A．方案一更经济 B．方案二更经济C．两种方案一样 D．条件不足，无法确定【答案】B【分析】设第一次价格为，第二次价格为，进而求解两种方案的平均数，并比较大小即可.【详解】解：设第一次价格为，第二次价格为，方案一：若每次购买数量，则两次购买的平均价格为，方案二：若每次购买钱数为，则两次购买的平均价格为，所以，，即，当且仅当时，“=”号成立，所以方案二更经济.故选：B45．（2024·全国·高三专题练习）为满足人民群众便利消费、安全消费、放心消费的需求，某社区农贸市场管理部门规划建造总面积为的新型生鲜销售市场．市场内设蔬菜水果类和肉食水产类店面共80间．每间蔬菜水果类店面的建造面积为，月租费为万元；每间肉食水产店面的建造面积为，月租费为0.8万元．全部店面的建造面积不低于总面积的80%，又不能超过总面积的85%．①两类店面间数的建造方案为_________种．②市场建成后所有店面全部租出，为保证任何一种建设方案平均每间店面月租费不低于每间蔬菜水果类店面月租费的90%，则的最大值为_________万元．【答案】 16 1【解析】（1）设蔬菜水果类和肉食水产类店分别为，根据条件建立不等关系和相等关系，求解，确定解的个数；（2）平均每间店的收入不低于每间蔬菜水果类店面月租费的90%建立不等式，根据不等式恒成立求的最大值即可.【详解】设蔬菜水果类和肉食水产类店分别为,（1）由题意知，，化简得：，又，所以，解得：，共种；（2）由题意知，，，，，即的最大值为1万元，故答案为：16；1【点睛】本题主要考查了不等式在实际问题中的应用，不等式的性质，属于难题.46．（2024·上海·高三专题练习）某研究所开发了一种抗病毒新药，用小白鼠进行抗病毒实验．已知小白鼠服用1粒药后，每毫升血液含药量（微克）随着时间（小时）变化的函数关系式近似为．当每毫升血液含药量不低于4微克时，该药能起到有效抗病毒的效果．(1)若小白鼠服用1粒药，多长时间后该药能起到有效抗病毒的效果？(2)某次实验：先给小白鼠服用1粒药，6小时后再服用1粒，请问这次实验该药能够有效抗病毒的时间为多少小时？【答案】(1)小时(2)小时【分析】（1）根据，代入第一段解析式中求不等式即可.（2）根据分段函数的函数值要不低于4，分段求解即可.【详解】（1）设服用1粒药，经过小时能有效抗病毒，即血液含药量须不低于4微克，可得，           解得，                                       所以小时后该药能起到有效抗病毒的效果．（2）设经过小时能有效抗病毒，即血液含药量须不低于4微克；若，药物浓度，                        解得，                                       若，药物浓度，         化简得，所以；                若，药物浓度，                解得，所以；                          综上，                                      所以这次实验该药能够有效抗病毒的时间为小时．考点七 不等式的综合问题47.（2023·全国·高三专题练习）已知正实数x，y满足，则下列不等式恒成立的是（    ）A． B． C． D．【答案】D【分析】利用特殊值判断AC，利用不等式性质及指数函数单调性判断B，根据排除法判断D.【详解】取，则不成立，故A错误；由，当时，，所以，即，故B错误；取时，，而，所以，故C错误；由ABC错误，排除法知，故D正确.故选：D48．（2024·上海·高三专题练习）已知函数(其中)满足：对任意，有，则的最小值为_________．【答案】【解析】根据题意，，可得，，且，，所以将用和表示，即可求最值.【详解】因为，对任意，有，所以，，即，，所以 ，当，时最大为，此时最小为，所以的最小值为，故答案为：【点睛】关键点点睛：本题的关键点是根据，有，可知，，由，可得，，所以可以用和表示，再配方，根据平方数的性质求最值.49.（2023·河南郑州·统考二模）已知，则下列结论正确的是（    ）A． B．C． D．【答案】B【分析】由题设，，结合重要不等式、基本不等式判断各项的正误即可.【详解】由题设，，所以，故A错；且，而，故B对；，故C错；，设，则，则在上递增，所以，故D错.故选：B.50．（2024·全国·高三专题练习）已知正数满足且成等比数列，则的大小关系为（    ）A． B．C． D．【答案】D【分析】令，通过求导可得到，再通过正数成等比数列，可得到，利用作商法可得到即，即可得到答案【详解】令，则，当时，，单调递增，所以，所以，故，因为正数成等比数列，所以即，故，所以，故，综上所述，，故选：D51．（2024·全国·高三专题练习）设，，，则（    ）A． B．C． D．【答案】D【分析】令，，求导研究函数的单调性，从而得到，利用不等式的性质比较得出，从而求得答案.【详解】令，，，可以判断在上单调递增，，所以，，所以，又因为，，所以，即，所以，故选：D.52．（2024·全国·高三专题练习）已知a，b，c满足，，则（    ）A．， B．，C．， D．，【答案】B【分析】构造函数，利用其单调性，分，，讨论即可.【详解】由题意得，即，则，则，令，根据减函数加减函数为减函数的结论知：在上单调递减，当时，可得，，两边同取以5为底的对数得，对通过移项得，两边同取以3为底的对数得，所以，所以 ，所以，且，故此时，，故C,D选项错误，时，，，且，故A错误,下面严格证明当时，，，根据函数在上单调递增，且，则当时，有，，，下面证明：，要证：，即证：，等价于证明，即证：，此式开头已证明，对，左边同除分子分母同除，右边分子分母同除得，则故当时，，则当时，可得，，两边同取以5为底的对数得，对通过移项得，两边同取以3为底的对数得，所以，所以 ，所以，且，故，故此时，，下面严格证明当时，，当时，根据函数，且其在上单调递减，可知，则，则，根据函数函数在上单调递增，且，则当时，， 下面证明：，要证：即证：，等价于证，即证：，此式已证明，对，左边同除分子分母同除，右边分子分母同除得，则，故时，，则当时，，则，，综上，，故选：B.【点睛】关键点睛：本题的关键在于构造函数，利用其单调性及，从而得到之间的大小关系，同时需要先求出的范围，然后再对进行分类讨论.性质性质内容特别提醒对称性a>b⇔ bb，b>c⇒ a>c　⇒可加性a>b⇔ a＋c>b＋c　⇔可乘性a＞b，c＞0⇒ac　＞　bc；注意c的符号a＞b，c＜0⇒ac　＜　bc；同向可加性a＞b，c＞d⇒a＋c　＞　b＋d；⇒同向同正可乘性a＞b＞0，c＞d＞0⇒ac＞bd；⇒可乘方性a>b>0⇒ an>bn　(n∈N，n≥1)a，b同为正数可开方性a>b>0⇒eq \r(n,a)>eq \r(n,b)(n∈N，n≥2)a，b同为正数作差法作商法原理设a，b∈R，则a－b>0⇒a>b；a－b＝0⇒a＝b；a－b<0⇒a0，b>0，则eq \f(a,b)>1⇒a>b；eq \f(a,b)＝1⇒a＝b；eq \f(a,b)<1⇒a

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