福建省九地市部分学校2024-2025学年高二上学期开学质量检测数学试卷（解析版）

这是一份福建省九地市部分学校2024-2025学年高二上学期开学质量检测数学试卷（解析版），共19页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的.
1. 若复数z满足，则复数z在复平面内对应的点不可能在（ ）
A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限
【答案】B
【解析】，
若，则，∴复数z可能在第一象限；
若，无解，即复数z不可能在第二象限，故应选B；
若，则，∴复数z可能第三象限；
若，则，∴复数z可能在第四象限．
故选：B.
2. 已知空间向量，则向量在坐标平面上的投影向量是（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】根根据空间中点的坐标确定方法知，
空间中点在坐标平面上的投影坐标，竖坐标为0，横坐标与纵坐标不变.
所以空间向量在坐标平面上的投影坐标是：.
故选：A.
3. 若构成空间的一个基底，则下列向量能构成空间的一个基底的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】对于A，假设共面，则可设
，方程组无解，不共面，可以作为空间一组基底，A正确；
对于B，，∴共面，不能作为空间一组基底，B错误；
对于C，，∴共面，不能作为空间一组基底，C错误；
对于D，，共面，不能作为空间一组基底，D错误.
故选：A.
4. 已知空间单位向量，，两两垂直，则（ ）
A B. C. 3D. 6
【答案】A
【解析】因为空间单位向量两两垂直,
所以，
所以
.故选：A.
5. 如图所示，在四面体A－BCD中，点E是CD的中点，记，，， 则等于（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】连接AE，如图所示，
∵E是CD的中点，，，∴＝＝．
在△ABE中，，又，
∴.
故选：A.
6. 设是两个平面，是两条直线，则下列命题为真命题的是（ ）
A. 若，，，则
B. 若，，，则
C. 若，，，，则
D. 若，，则
【答案】B
【解析】对于A：由，，，可知、可能平行或相交，A错误；
对于B：由，，，则由线面平行的性质定理得，B正确；
对于C：由，，，，可知、可能平行或相交，C错误；
对于D：由，，可知或，D错误．
故选：B.
7. 在中，内角A，B，C的对边分别为a，b，c，若，，则的面积为（ ）
A. 1B. 2C. D.
【答案】B
【解析】由题以及正弦定理得，
所以由余弦定理得，
所以由正弦定理得，
所以，
因为，所以，
所以，故，则，
因为，所以，所以即，
此时即，解得，
所以.
故选：B.
8. 三棱锥满足，二面角的大小为，，，，则三棱锥外接球的体积为（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】设，则，
因为
，
所以，解得：，
即，可知，
过作，连接，则，
可知，且二面角的平面角为，
则为等边三角形，即，
设，因为，
即，解得：或，
可知点与点A重合或与点B重合，两者是对称结构，不妨取点E与点A重合，
则，，由，平面，则平面，
且为二面的平面角，可知为等边三角形，
可将三棱锥补充直棱柱，如图所示，
为底面正的外心，即，
为的外接球球心，可知，
且，
则三棱锥的外接球半径，
所以外接球的体积.
故选：C.
二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的.全部选对的得6分，部分选对的得部分分，有选错或不选的得0分.
9. 某次数学考试后，为分析学生的学习情况，某校从某年级中随机抽取了100名学生的成绩，整理得到如图所示的频率分布直方图．为进一步分析高分学生的成绩分布情况，计算得到这100名学生中，成绩位于内的学生成绩方差为12，成绩位于内的同学成绩方差为10．则（ ）
A.
B. 估计该年级学生成绩的中位数约为77.14
C. 估计该年级成绩在80分及以上的学生成绩的平均数为87.50
D. 估计该年级成绩在80分及以上的学生成绩的方差为30.25
【答案】BCD
【解析】A项，在频率分布直方图中，所有直方图的面积之和为1，
则，解得，故A错误；
项，前两个矩形的面积之和为
前三个矩形的面积之和为.
设该年级学生成绩的中位数为，则，
根据中位数的定义可得，解得，
所以，估计该年级学生成绩的中位数约为，故B正确；
C项，估计成绩在80分以上的同学的成绩的平均数为
分，故C正确；
D项，估计该年级成绩在80分及以上的学生成绩的方差为
，故D正确.
故选：BCD.
10. 在中，设角所对的边分别为a,b,c，则下列命题一定成立的是（ ）
A. 若，则是锐角三角形
B. 若，，，则有唯一解
C. 若是锐角三角形，，，设面积为S，则
D. 若是锐角三角形，则
【答案】BCD
【解析】，
，
，
为锐角，但不能确定角是否为锐角，
故不一定是锐角三角形，故错误；
由正弦定理得，
，，
有唯一解，故正确；
，
，，
，
又，解得，
，，
，
，
，即，故正确；
是锐角三角形，
，
又，
，，
又在上单调递增，
，，
，
故正确；
故选：.
11. 如图，在棱长为2的正方体中，均为所在棱的中点，动点P在正方体表面运动，则下列结论中正确的为（ ）

A. 在中点时，平面平面
B. 异面直线所成角的余弦值为
C. 在同一个球面上
D. ，则点轨迹长度为
【答案】ACD
【解析】对于选项A：取的中点，连接，

在棱长为2的正方体中，均为所在棱的中点，
易知，平面，在面内，
所以，面，面，，
所以面，面，所以，
连接，是正方形，，
因为面，面，所以，
因为面，面，，
所以面，因为面，所以，
综上，面，面，又，
所以面，面，故平面平面，故A正确；
对于选项B：取的中点，连接，则，
所以是异面直线所成的角，
又，则，故B错误；
对于选项C：记正方体的中心为点，则，
所以在以为球心，以为半径的球面上，故C正确；
对于选项D：因为，且为的中点，
所以，故，
所以点轨迹是过点与平行的线段，且，
所以，故D正确；
故选：ACD.
三、填空题：本题共3小题，每小题5分，共15分.
12. 若圆锥的底面半径为，侧面积为，则该圆锥的体积为__________.
【答案】
【解析】设圆锥的母线长为，则，解得，因此圆锥的高，
所以圆锥的体积.
13. 甲、乙、丙、丁四支足球队进行单循环比赛（即每支球队都要跟其他各支球队进行一场比赛），最后按各队的积分排列名次，积分规则为每队胜一场得3分，平一场得1分，负一场得0分.若每场比赛中两队胜、平、负的概率都为，则在比赛结束时，甲队输一场且积分超过其余每支球队积分的概率为______．
【答案】
【解析】甲队在输了一场且其积分仍超过其余三支球队的积分，
三队中选一队与甲比赛，甲输，，例如是丙甲，
若甲与乙、丁两场比赛都输，则乙、丁、丙积分都大于甲，不合题意；
若甲与乙、丁的两场比赛一赢一平，则甲只得4分，
这时，丙乙、丙丁两场比赛中丙只能输，否则丙分数不小于4分，不合题意，
在丙输的情况下，乙、丁已有3分，
那个它们之间的比赛无论什么情况， 乙、丁中有一人得分不小于4分，不合题意；
若甲全赢（概率是）时，甲得6分，其他3人分数最高为5分，
这时丙乙，丙丁两场比赛中丙不能赢，
否则丙的分数不小于6分，只有全平或全输或一输一平，
①若丙一平一输，概率，如平乙，输丁，则乙丁比赛时，丁不能赢，概率；
②若丙两场均平，概率是，乙丁这场比赛无论结论如何均符合题意；
③若两场丙都输，概率是，乙丁这场比赛只能平，概率是；
综上概率为．
14. 如图，已知点是圆台的上底面圆上的动点，在下底面圆上，，，，，则直线与平面所成角的正弦值的最大值为________.
【答案】
【解析】连接，过点作垂直于的延长线于点，以为坐标原点，建立空间直角坐标系如下所示：
在三角形中，因为，
故，
则，
则，
，
故点，又，，，
设点，，
由，可得，
，，
设平面的法向量m=x,y,z，
则，即，
取，则，
故平面的法向量，
又，
设直线与平面所成角为，，
则，
因为，且，
故令，，，
则，，，
又，所以，
，即，
所以的最大值为.
四、解答题：本题共5小题，共77分.解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
15. 记的内角的对边分别为，已知.
（1）求；
（2）若的面积为，求．
解：（1）由正弦定理得，，即，
由余弦定理得，，
又，
所以．
（2）因为的面积为，所以，即，
由，则，即，
所以，即．
16. 如图，AB是圆的直径，平面PAC面ACB，且APAC.
（1）求证：平面；
（2）若，求直线AC与面PBC所成角的正弦值.
解：（1）因为平面PAC面ACB，且APAC.，平面PAC面ACB ，平面PAC，
所以PA面ACB，又因为平面PBC，
所以PA，又因为AB是圆的直径，
所以，
因为平面，
所以平面；
（2）建立如图所示的空间直角坐标系，
因为，
所以，
所以，
则，
设平面PBC的法向量为m=x,y,z，
则，
而，设直线AC与面PBC所成角为，
则，
所以直线AC与面PBC所成角的正弦值为.
17. 某校为了增强学生的身体素质，积极开展体育锻炼，并给学生的锻炼情况进行测评打分.现从中随机选出100名学生的成绩（满分为100分），按分数分为，共6组，得到如图所示的频率分布直方图.

（1）求的值，并求这100名学生成绩的中位数（保留一位小数）；
（2）若认定评分在80,90内的学生为“运动爱好者”，评分在90,100内的学生为“运动达人”，现采用分层抽样的方式从不低于80分的学生中随机抽取6名学生参加运动交流会，大会上需要从这6名学生中随机抽取2名学生进行经验交流发言，求抽取的2名发言者中恰好“运动爱好者”和“运动达人”各1人的概率.
解：（1）依题意，，解得.
前三组的频率为，
所以中位数为分.
（2）的频率为，的频率为，两者的比例是，
所以抽取的名学生中，中的有人，记为；
在中的有人，记为；
从中抽取人，基本事件有，
共种，其中恰好“运动爱好者”和“运动达人”各1人的是：
，共种，故所求概率为.
18. 如图所示的空间几何体是以为轴的圆柱与以为轴截面的半圆柱拼接而成，其中为半圆柱的母线，点为弧的中点.
（1）求证：平面平面；
（2）当，平面与平面夹角的余弦值为时，求点到直线的距离.
解：（1）过作交弧上一点，连结，如图所示：
则为弧的中点，则且，
所以四边形为平行四边形，所以.
由题意可知，，为等腰直角三角形，
则；
因为为弧的中点，所以,
则为等腰直角三角形，
则，
所以，
则,
因为，则，又，
又因为、面，
所以平面，因为面，
所以平面平面.
（2）由题意知，两两垂直，所以为坐标原点，
以分别为轴，轴，轴的空间直角坐标系，如图所示：
设，又，
则A0,0,0，，，，，
，，，，，
设平面的一个法向量为n1=x1,y1,z1，
则，即，令，，
设平面的一个法向量为，
则，即，令，，
设平面与平面的夹角为,
，
解得（负舍），
所以，，，
则，,
,
所以点到直线的距离为.
19. 在中，，，，分别是上的点，满足且经过的重心，将沿折起到的位置，使，是的中点，如图所示.
（1）求证：平面；
（2）求与平面所成角的大小；
（3）在线段上是否存在点，使平面与平面成角余弦值为？若存在，求出的长度；若不存在，请说明理由.
解：（1）因为在中，，，且，
所以，，则折叠后，，
又平面，
所以平面，平面，所以，
又已知，且都在面内，所以平面；
（2）由（1），以为轴，为轴，为轴，建立空间直角坐标系.
因为，
故，
由几何关系可知，，，，
故，，，，，，
，，，
设平面的法向量为，
则，即，
不妨令，则，，.
设与平面所成角的大小为，
则有，
设为与平面所成角，故，
即与平面所成角的大小为；
（3）假设在线段上存在点，使平面与平面成角余弦值为.
在空间直角坐标系中，，，，
设，则，，
设平面法向量为，则有，即，
不妨令，则，，所以，
设平面的法向量为，则有，
即，
不妨令，则，，所以，
若平面与平面成角余弦值为.
则满足，
化简得，解得或，
即或，
故在线段上存在这样的点，使平面与平面成角余弦值为.
此时的长度为或.