湖北省宜昌市五峰县2024年中考模拟物理试卷（解析版）

这是一份湖北省宜昌市五峰县2024年中考模拟物理试卷（解析版），共19页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1. 下列物理量最接近实际的是（ ）
A. 初中物理课本长约26cm
B. 中学生正常体温约42℃
C. 人正常步行的速度为10m/s
D. 一盏日光灯的功率约900W
【答案】A
【解析】A．初中物理课本长约26cm，故A符合题意；
B．中学生正常体温约37℃，故B不符合题意；
C．人正常步行的速度为1.1m/s，故C不符合题意；
D．一盏日光灯的功率约40W，故D不符合题意。
2. 琴和瑟是我国传统的两种乐器，通过弹拨琴和瑟的弦使之发声。下列说法正确的是（ ）
A. 正在发声的琴弦，没有振动
B. 琴和瑟发出的声音，可以在真空中传播
C. 琴和瑟发出的声音音调相同时，它们的响度一定相同
D. 人们依据音色的不同，能区分出琴和瑟的声音
【答案】D
【解析】A．一切发声的物体都在振动，所以正在发声的琴弦，在振动，故A错误；
B．声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播，故B错误；C．音调与振动频率有关，响度与振幅有关，琴和瑟发出的声音音调相同时，只能说明它们振动频率一样，但不能说明响度相同，故C错误；D．琴和瑟材料与结构不同，发出声音的音色不同，所以可以根据音色来分出琴和瑟，故D正确。
3. 下列四幅光路图能正确解释生活中现象的是（ ）
A. 图甲：岸上的人看见水中的物体
B. 图乙：物体通过小孔形成实像
C. 图丙：光从室外透过窗户玻璃进入室内
D. 图丁：人观察对岸的树木在水中倒影
【答案】A
【解析】A．图甲中，岸上的人看见水中的物体，是水中的物体发出或反射的光从水中斜射向空气，折射角大于入射角，故A正确，符合题意；B．图乙中，小孔成像应该成的是倒立的实像，而光路图是正立的，故B错误，不符合题意；C．图丙中，光从室外透过窗户玻璃进入室内要发生两次折射，第一次折射是从空气斜射进入玻璃，折射光线应该靠近法线偏折，折射角小于入射角；第二次是玻璃斜射进入空气，折射光线应该远离法线偏折，折射角大于入射角，光路图错误，故C错误，不符合题意；D．图丁中，人观察对岸的树木在水中倒影，属于光的反射现象，光应该从树木经水面反射后进入人眼，故D错误，不符合题意。
4. 铸造青铜器时，工匠将铜料加热化为铜液注入模具，铜液冷却成形，青铜器铸造初步完成。下列说法正确的是（ ）
A. 铜料化为铜液需要放热B. 铜料化为铜液是熔化
C. 铜液冷却成形需要吸热D. 铜液冷却成形是凝华
【答案】B
【解析】AB．熔化是固态变成液态，铜料化为铜液是熔化现象，熔化过程需要吸热，故A错误，B正确；CD．凝固是液态变成固态，铜液冷却成形是凝固现象，凝固过程需要放热，故CD错误。
5. 如图甲所示一幅漫画立在桌面上，小明把一个装有水的圆柱形玻璃杯放在漫画前，惊奇地发现，透过水杯看到漫画中的老鼠变“胖”了，还掉头奔向猫，如图乙所示，下列关于此现象的说法正确的是（ ）
A. 透过水杯看到变“胖”的老鼠是虚像
B. 装有水的圆柱形玻璃杯相当于一个凹透镜
C. 将漫画逐渐靠近水杯，透过水杯看到的老鼠始终是掉头的
D. 将漫画离水杯远一些，透过水杯看到的老鼠会变“瘦”一些
【答案】D
【解析】AB．圆柱形玻璃杯装有水后，形成一个中间厚边缘薄的凸透镜，由图可知此时透过水杯看到变“胖”的老鼠是倒立、放大的实像，故AB错误；
C．将漫画逐渐靠近水杯，即物距减小，而当物距小于焦距时，成正立、放大的虚像，透过水杯看到的老鼠始终是向右跑的，故C错误；
D．将漫画离水杯远一些，即物距变大，像距变小，像变小，则透过水杯看到的老鼠会变“瘦”一些，故D正确。
故选D。
6. 关于下面四幅图的说法正确的是（ ）
A. 管中水面上升，是因为流体中流速越大的位置压强越大
B. 将竖直玻璃管倾斜，水银柱的长度不变
C. 把水气压计从山下移到山顶，细管内的水柱上升
D. 盆景中的水位能保持一定高度，是利用了连通器原理
【答案】C
【解析】A．A管中水面上升，是因为流体中流速越大的位置压强越小，故A错误；
B．在托里拆利实验中，水银柱的高度是指管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度，这一高度的大小是由外界大气压决定的，因此在大气压不变的情况下，玻璃管倾斜，水银柱高度不变，但水银柱长度会变长，故B错误；
C．把水气压计从山下带到山上，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱会升高，故C正确；
D．在一个标准大气压下，大气压可以支持约高的水柱。瓶中水面能高于盆内水面不会流出来，正是因为盆景中的水与大气相通，是大气压支持着瓶内的水不会流出来，不是利用连通器原理，故D错误。
故选。
7. 如图所示为乒乓球在水平地面上弹跳时产生的轨迹的一部分，对此分析正确的是（ ）

A. 在图中乒乓球的弹跳方向为自右向左
B. 在E、F两点动能相等
C. 乒乓球到达最高点时处于平衡状态
D. 乒乓球到达E点时所有的力都消失，乒乓球将做匀速直线运动
【答案】D
【解析】A．从图可知，乒乓球的弹跳高度由于与空气的摩擦，机械能逐渐减小，自左向右越来越低，所以在图中乒乓球的弹跳方向为自左向右，故A错误；
B．由于与空气的摩擦，在弹跳的过程中机械能转化为其他形式的能，所以机械能逐渐减小，在E、F两点高度相同，重力势能相同，则动能必然逐渐减小，不可能相等，故B错误；
C．图中乒乓球始终做曲线运动，运动状态一直在变，因而受力不平衡，不处于平衡状态，故C错误；
D．乒乓球到达E点时具有一定的速度，若所有的力都消失，根据牛顿第一定律知，乒乓球将做匀速直线运动，故D正确。
故选D。
8. 夏天，将饮料放入冰箱冷藏室，饮料温度降低，下列说法正确的是（ ）
A. 饮料将温度传递给冰箱中的空气
B. 饮料放出热量后自身所含热量减少
C. 饮料温度降低的过程伴随着内能的转移
D. 饮料放热是因为饮料的内能比冰箱中空气的内能多
【答案】C
【解析】A．饮料和冰箱冷藏室里的空气温度不同，两者会发生热传递，温度高的饮料会放出热量，将热量传给冰箱中的空气，故A错误；
B．饮料放出热量后温度降低，内能减少，热量是过程量，不能用含有、具有来描述，故B错误；
C．发生热传递时，饮料放出热量，内 能减少，温度降低，冰箱冷藏室里的气体吸收热量，内能增加，温度升高，所以饮料温度降低的过程伴随着内能的转移，给C正确；
D．饮料放热是因为饮料温度比冰箱中空气的温度高，温度高不一定内能多，内能还与物体的质量等因素有关，故D错误。
故选C。
9. 白鹤滩水电站位于云南省巧家县和四川省宁南县境内，是中国第二大水电站，如图所示，它的建设对促进西部开发、实现“西电东送”、促进经济发展等具有重要的意义。下列说法错误的是（ ）
A. 水能属于可再生能源
B. 水电站将水的机械能转化为电能
C. 水坝建造成上窄下宽依据了流体压强与流速的关系
D. 水库可以降低周围昼夜温差，是因为水的比热容较大
【答案】C
【解析】A．水能是一种清洁、无污染的可再生能源，故A正确，不符合题意；
B．水电站工作时，主要是利用流动的水带动叶轮转动，叶轮又带动发电机里的转子转动，使发电机发电，在整个工作过程中，将水的势能和动能转化为电能，故B正确，不符合题意；
C．液体压强随深度的增加而增大，当水位上升时，坝底受到的压强越大，水坝建成上窄下宽是为了防止大坝被水压垮，故C错误，符合题意；
D．因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜温差小，故D正确，不符合题意。
故选C。
10. 人类最早的磁化技术出现在我国宋代。据《武经总要》记载，如图所示，古人先将鱼形铁烧红，令铁鱼头尾指向南北，然后将其放入水中冷却，依靠地磁场获得磁性，再将其放入水中漂浮，制成指南鱼，图中是它静止时的指向。下列判断正确的是（ ）
A. 鱼形铁不能被磁体吸引B. 指南鱼周围存在磁感线
C. 指南鱼鱼头应标注“N”D. 指南鱼的腹部磁性最强
【答案】C
【解析】A．磁性是指能够吸引铁、钴、镍等物质的性质；鱼形铁是用铁制成的，能被磁体吸引，故A错误；
B．磁体周围存在磁场，故指南鱼被磁化后周围存在磁场；磁感线是为了形象描述磁场而画的一些线，磁感线实际并不存在，故B错误；
C．将做好的指南鱼放入水盆中，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，指南鱼的N极指向地磁场的南极，即地理的北极，即指南鱼鱼头应标注“N”，故C正确；
D．磁体的磁极磁性最强，指南鱼的鱼头与鱼尾磁性最强，故D错误。
故选C。
11. 如图所示，2022年10月12日，三名航天员在中国空间站的“问天”实验舱，为全国的中小学生进行了第三次天宫授课。下面关于空间站的说法中合理的是（ ）

A. 太阳能电池板工作时，将太阳能转化为内能
B. 在空间站中，分子间相互作用的引力和斥力消失
C. 实验舱中的LED屏幕，主要是由半导体材料制成的
D. 航天器中各工作单元的电路都应采用串联方式，以便统一控制
【答案】C
【解析】A．太阳能电池板工作时，将太阳能转化为电能，故A错误，不符合题意；
B．空间站核心舱中分子间仍存在相互作用的引力或斥力，故B错误，不符合题意；
C．实验舱中的LED屏幕是由发光二极管构成，二极管具有单向导电性，主要是由半导体材料制成的，故C正确，符合题意；
D．航天器中各工作单元的电路都应采用并联方式，这样便于维修，避免相互影响，故D错误，不符合题意。
故选C。
12. 下列描述正确的是（ ）
A. 奥斯特发现了电磁感应现象
B. 法拉第首先发现了电流周围有磁场
C. 安培发现了通电螺线管的磁极性与电流方向的关系
D. 欧姆发现了电流通过导体产生的热量与电流电阻和通电时间的关系
【答案】C
【解析】A．奥斯特发现了电流周围存在磁场，故A错误；
B．法拉第发现了电磁感应现象，故B错误；
C．安培最早发现通电螺线管的磁场和电流方向的关系，故C正确；
D．焦耳揭示了电流通过导体产生的热量与电流、电阻和通电时间的关系，得出了焦耳定律，故D错误。
故选C。
13. 小明家上月底查看电能表示数为，本月底查看时电能表读数如图所示，则下列说法正确的（ ）
A. 电能表使用时与用电器并联接入家庭电路
B. 当电路接入大功率用电器时铝盘转速加快
C. 该电能表可以接在电压为380V的动力电路
D. 他家在这个月内内消耗的电能为418kW·h
【答案】B
【解析】A．电能表使用时与用电器串联接入家庭电路，故A错误；
B．电能表是测量消耗电能即电功的仪表，由公式W=Pt可知，功率越大，相同时间内消耗的电能越多，则电能表的铝盘转的越快，故B正确；
C．电能表上的“220V”表示这个电能表应该接在220V的电路中使用，故C错误；
D．电能表显示的数字中最后一位是小数，单位为kW·h，其上月底示数为781.5kW·h，本月底示数为823.3kW·h，则他家在这个月内消耗的电能为
W=823.3kW·h-781.5kW·h=41.8kW·h
故D错误。
故选B。
14. 小林受穿戴式“智能体温计”（如图甲所示）的启发，设计了一个如图乙所示的体温计电路图，用电表示数大小反映温度高低，热敏电阻的阻值随温度的升高而增大，定值电阻起保护电路的作用。下列分析正确的是（ ）
A. 该电路中的电表是电流表B. 温度变化时两端电压不变
C. 温度升高时电路中电流变大D. 温度降低时电路的总功率变大
【答案】D
【解析】A．由图可知，该电路为串联电路，由于电表并联在热敏电阻R1的两端，因此该电表为电压表，故A错误；
BC．当热敏电阻的温度升高时，热敏电阻的阻值变大，电路的总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，根据U=IR可知，定值电阻R2 两端的电压变小，根据串联电路的电压规律可知，热敏电阻两端的电压变大，即电压表示数变大，故BC错误；
D．温度降低时，热敏电阻的阻值变小，串联电路的总电阻变小，电路中的电流变大，电源电压不变，根据P=UI可知，电路消耗的总功率变大，故D正确。
故选D。
15. 在老旧小区改造中，工人利用滑轮组将重400N的建筑材料提升到楼顶，如图所示。已知工人对绳子的拉力为250N，建筑材料在5s内匀速上升5m，不计绳重及摩擦。此过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 动滑轮所受重力为10NB. 滑轮组所做的有用功为2500J
C. 工人所用拉力的功率为400WD. 滑轮组的机械效率为80%
【答案】D
【解析】A．由图可知，拉着动滑轮的绳子段数n=2，根据可知，动滑轮的重力为
故A错误；
B．滑轮组所做的有用功
故B错误；
C．工人所用拉力的总功
拉力的功率
故C错误；
D．滑轮组的机械效率
故D正确。
故选D。
二、填空题：本大题共5小题，共10分。
16. 小丽和同学们一起坐在游船上赏花，他们闻到了花香，从物理学角度来看，这属于___________现象；以___________为参照物，小丽是静止的。
【答案】扩散 游船
【解析】[1]不同物质在互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散。小丽和同学们一起坐在游船上赏花，他们闻到了花香，从物理学角度来看，这属于扩散现象。
[2]小丽和同学们一起坐在游船上赏花，以游船为参照物，小丽相对游船的位置没有发生变化，故小丽是静止的。
17. 如图所示，封闭在注射器中的空气被压缩的过程中，筒内密封气体的密度_________，内能______。（两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）
【答案】变大 变大
【解析】[1]封闭在注射器中的空气被压缩的过程中，桶内空气质量不变时，体积变小，由可知，桶内空气密度变大。
[2]封闭在注射器中的空气被压缩的过程中，对气体做功，将机械能转化为空气的内能，空气的内能增大。
18. 下图是小明用抹布做清洁时的情景，当小明向左擦拭桌面时，抹布受到桌面的摩擦力方向是向___________的，为了擦干净桌面上一小团“顽固”污遗，他加大了用力，这是为了___________摩擦。
【答案】右 增大
【解析】[1]当小明向左擦拭桌面时，此时抹布相对于桌面向左运动，抹布受到桌面的摩擦力方向与抹布的运动方向相反，即抹布受到桌面的摩擦力方向是向右的。
[2]加大用力是为了在接触面的粗糙程度不变时，通过增大压力从而增大摩擦。
19. 如图所示为浮力控制背心，气瓶可以对气囊进行充气或放气来实现浮沉。小华与浮力背心总质量为80kg，当潜到密度为1.1×103kg/m3的海水中5m深处时小华与浮力背心总体积为0.07m3，此时受到总的浮力是_________ N；若小华想上浮到水面，应按下气囊的__________（选填“充气阀”或“排气阀”）。（g=10N/kg）
【答案】770 充气阀
【解析】[1]小华和浮力背心受到总的浮力为
[2]若小华想上浮到水面，应按下气囊的充气阀，使浮力背心排开水的体积变大，根据可知所受浮力变大，小华和浮力背心受到浮力大于总重力时，小华将上浮到水面。
20. 学校在操场上举办春季运动会的开幕式，入场时，小华竖直举着八（3）班的班牌走在最前列，如图所示，若匀速前进时，班牌受到水平向后风的阻力为20N，作用在点A上。若将班牌视为杠杆，AC间的距离是BC间距离的3倍。她将图中B点作为支点，手对另一点施加的力为__________N，这个力的方向是水平__________（选填“向前”或“向后”）。若她将图中C点作为支点，手对另一点施加的力为__________N。

【答案】40 向后 60
【解析】[1] AC间的距离是BC间距离的3倍
根据杠杆平衡条件得
解得
[2]阻力会让杠杆逆时针转动，为了阻止杠杆转动,作用在C点D的动力要阻碍杠杆逆时针转动，故此力的方向向后。
[3] 根据杠杆平衡条件得
解得
三、作图题：本大题共1小题，共2分。
21. 图甲是某宾馆床头柜上的开关示意图，图乙是其控制的电路，其中S1为旋钮开关，单独控制台灯的通断和亮度；S2为单独控制电视插座的开关．请在图乙中将电路图连接完整，要求符合安全用电原则．
【答案】
【解析】台灯旋钮开关相当于滑动变阻器，它是控制台灯的，应与台灯串联，且开关应接在火线的一侧；开关S2是控制电视机的，它应与电视机插座串联，且开关应接在火线的一侧；如下图所示：
四、实验探究题：本大题共3小题，共13分。
22. 如图为小明做“探究固体熔化时温度的变化规律”的实验。
（1）小明实验时，每隔一段时间记录一次温度计的示数。某时刻温度计B的示数如图甲所示，为________℃。
（2）图乙是温度计 A、B的温度随时间变化的图像。小明观察时发现，试管内出现液体时A的示数就不再升高，当固体全部变成液体后温度再升高。此现象说明固体是_________（填“晶体”或“非晶体”）。
（3）t0时刻烧杯中的水开始沸腾，分析图像可知，水沸腾的特点是：吸收热量，________。t0时刻试管中的物质处于_________态（选填“固”“固液共存”或“液”）。
【答案】（1）81 （2）晶体 （3）温度不变 固液共存
【解析】（1）由图可知，温度计的分度值为1℃，液面对应的刻度线为81，所以示数为81℃。
（2）因为晶体熔化时具有固定的熔点，由试管内出现液体时A的示数就不再升高，当固体全部变成液体后温度再升高，可说明固体有固定熔点，是晶体。
（3）[1]水沸腾的特点是继续吸热，温度保持沸点不变。
[2]t0时刻试管中的物质正在熔化，但还没有完全变成液体，故属于固液共存状态。
23. 如图1是小亮同学用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验装置。

（1）比较图乙和图丙，可以得出结论__________；
（2）比较图乙和图丁，得出“液体密度越大，液体的压强越大”的结论，你认为小亮的判断不合理的原因__________；
（3）小亮还通过如图2的步骤进行了探究实验。
①对比A和__________的实验可以证明浮力的大小与深度无关；
②根据图中的数据测量出物体密度为______kg/m3。（g=10N/kg，ρ水=0.8×103kg/m3）
【答案】（1）同种液体，深度越深，液体压强越大 （2）没有控制深度一定 （3）C、D 4×103
【解析】（1）因为液体压强大小是通过压强计的U形管中两侧液体的高度差来显示的，且高度差越大说明液体压强越大，比较图乙和图丙可知液体密度相同，而探头所处液体深度不同，因此由图可知同种液体，深度越深，液体的压强越大。
（2）液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，比较图乙和图丁可知液体密度不同且探头所处液体深度也不同，因此得出“液体密度越大，液体的压强越大”的结论是不合理的。
（3）[1]要证明浮力的大小与深度无关，根据控制变量法，应控制液体的密度、物体排开液体的体积都相同，而物体浸没在液体中的深度不同，所以由图可知应对比C和D两次实验。
[2]图2A中物体的重力G=4N，由图A、C可知，物体完全浸没在水中受到的浮力
F浮C=G-F示C=4N-3N=1N
物体的体积为
物体密度为
24. 小明同学用“伏安法”测量定值电阻Rx的阻值，实验器材连接如图甲所示，电源电压恒定不变，请接着完成下列问题：
（1）实验中，当电压表示数为2.4V时，电流表的示数如图乙所示，测得Rx的电阻____Ω，接下来他移动滑片，又测出两次对应的电压和电流值，并求出电阻，多次实验的目的是___________________；
（2）小明还想测量小灯泡的电阻，用一个小灯泡替换定值电阻，测出了小灯泡的几组电流与电压值，如上表所示，当电压为1V时，这个小灯泡的电阻可能_________（选填“大于”“小于”或“等于”）7.5Ω；
（3）小明利用上述部分元件来探究光敏电阻的特性，他设计的实验电路如图丙所示。实验中，小明需要保持小灯泡正对光敏电阻（不考虑其他光源对光敏电阻阻值的影响，忽略小灯泡阻值变化），然后闭合开关，调节滑动变阻器来改变___________，同时观察___________，从而得出光敏电阻的阻值随着光照强度变化的规律。
【答案】（1）10 见解析 （2）小于 （3）灯泡的亮度 电流表的示数
【解析】（1）[1][2]当电压表示数为2.4V时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.24A，则定值电阻Rx的阻值为
为了减小误差，应多次测量取平均值。
（2）灯丝的电阻受温度的影响，且随温度的降低而变小，当灯泡两端电压为1.5V时，通过灯泡的电流为0.2A，此时灯泡的电阻为
当灯泡两端电压为1V时，灯泡的电阻小于7.5Ω。
（3）[1][2]由图丙可知，该电路为两个支路并联，且各支路两端的电压都等于电源电压；小灯泡与滑动变阻器串联形成一个支路，当滑片由左向右移动时，滑动变阻器的阻值变小，则该支路的电流增大，小灯泡变亮，同时观察，电流表的示数，如果电流表的示数变大，说明该支路的电阻减小，说明光敏电阻的阻值随着小灯泡亮度的增加而减小。
五、计算题：本大题共3小题，共15分。
25. 2022年北京冬奥会上的“最快的冰”十分引人注目。其制冰过程就是在平整的混凝土冰板层下方管道内注入低温的液态二氧化碳，再在冰板层上进行洒水作业，从而冻成厚度为几毫米的冰面。
（1）简要分析说明制冰原因。
（2）制冷过程中会产生大量的热，这些热量可以回收供周边居民使用，一年下来可节省约1.8×106度的电能。相当于完全燃烧多少千克的煤放出的热量？这些电能能使多少质量的水升高50℃？【q煤=3×107J/kg，c水=4.2×103J/（kg·℃）】
【答案】（1）见解析 （2）2.16×105kg，3.1×107kg
【解析】（1）冰是晶体，水的凝固点是，液态的二氧化碳会发生汽化现象，汽化吸热，使混凝土冰板层的温度是零下十几摄氏度，所以将水洒在上面，水会放出热量，达到凝固点，再继续放热，结成冰。
（2）[1]所节约的电能
根据公式得知，完全燃烧煤的质量
[2]由可得水的质量
26. 无油空气炸锅，通过发热管迅速加热锅内空气，利用风扇形成循环的热流，使盛放篮内的食品均匀受热，不放油也能达到类似煎炸的效果，其烹制食物脂肪含量低，美味，无油烟味，深受广大市民青睐。图甲所示为某品牌空气炸锅，该空气炸锅有高温、中温、低温三挡。简化工作电路图如图乙所示，其发热元件为两个电阻，R1=50Ω，额定工作电压为220V，高温挡发热功率为1210W。
（1）根据空气炸锅的工作原理，发热管、风扇、盛放篮三者的位置从上到下依次是__________。
A. 发热管、风扇、盛放篮B. 风扇、盛放篮、发热管
C. 风扇、发热管、盛放篮D. 都可以
（2）求该电路中R2的阻值________。
（3）求该空气炸锅低温挡发热功率________。
【答案】（1）C （2）200Ω （3）193.6W
【解析】（1）食物用盛放篮盛放后只有上表面方便通过空气加热，因此放在最下；通过发热管加热后的锅内空气密度变小，浮力大于重力会上升，要利用大功率风扇把热空气吹到食物上，因此，风扇在最上面。发热管、风扇、盛放篮三者的位置从上到下依次是风扇、发热管、盛放篮。
故选C。
（2）由图可知，当开关S1闭合，开关S接b端时，R1、R2并联，因并联电路的总电阻小于任一分电阻，此时电路中的电阻最小，由可知，电功率最大，为高温挡；R1的电功率
因为电路的总功率等于各用电器功率之和，所以R2的电功率
电路中R2的阻值
（3）低温时，R1、R2串联，根据串联电阻规律知，电路的总电阻
该空气炸锅低温挡发热功率
27. 如图为我国研制的某款智能机器人，机器人利用磁敏电阻等器件控制驱动电机运转，来监控调节移动速度。下表为机器人的部分参数。
“电池比能量”为单位质量电池所能输出的电能。
（1）若机器人与地面接触的总面积为100cm2，计算机器人对地面的压强；
（2）计算电池储存的能量；
（3）若机器人以最大速度沿水平路面匀速直线运动7min，求此过程中机器人受到的阻力。
【答案】（1）5×104Pa （2）5.04×106J （3）240N
【解析】（1）机器人总质量m= 50kg，机器人的总重力
机器人对水平地面的压力
机器人对地面的压强
（2）电池比能量为140W.h/kg， 电池所能输出总能量
（3）驱动电机的输入总功率为400W，驱动电机的工作效率60%，机械功率为
机器人沿水平路面匀速直线运动时，阻力与牵引力是一对平衡力，机器人所受阻力为
实验次序
1
2
3
电压/V
1.5
2.0
2.5
电流/A
0.20
0.25
0.28
电池的质量
10kg
机器人总质量
50kg
电池比能量
140W•h/kg
驱动电机的输入总功率
400W
移动速度
0.1﹣1m/s
驱动电机的工作效率
60%