2022年广东高考物理一轮复习第七章恒定电流阶段质量检测题

这是一份2022年广东高考物理一轮复习第七章恒定电流阶段质量检测题，共10页。试卷主要包含了单项选择题，双项选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
(时间60分钟，满分100分)
一、单项选择题(本题共4个小题，每小题4分，共16分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求)
1．如图1所示，均匀的长方形薄片合金电阻板abcd，ab边长L1，ad边
长L2，当端点Ⅰ和Ⅱ、Ⅲ和Ⅳ接入电路时，RⅠⅡ∶RⅢⅣ＝ ( )
A．L1∶L2 B．L2∶L1 图1
C．L12∶L22 D．L22∶L12
解析：设电阻板厚为D，当端点Ⅰ和Ⅱ接入电路时，导体的长为L2，横截面积为L1D，
根据电阻定律RⅠⅡ＝ρeq \f(l,S)＝ρeq \f(L2,L1D)；同理，RⅢⅣ＝ρeq \f(L1,L2D)；所以RⅠⅡ∶RⅢⅣ＝L22∶L12.D项
正确．
答案：D
2．(2010·海南模拟)“神舟”七号载人飞船上的电子仪器及各种动作的控制都是靠太阳能
电池供电的．由于光照而产生电动势的现象称为光伏效应．“神舟”飞船上的太阳能
电池就是依靠光伏效应设计的单晶硅太阳能电池．在正常照射下，太阳能电池的光电
转换效率可达23%.单片单晶硅太阳能电池可产生0.6 V的电动势，可获得0.1 A的电流，
则每秒照射到这种太阳能电池上的太阳光的能量是 ( )
A．0.24 J B．0.25 J
C．0.26 J D．0.28 J
解析：根据W＝UIt可得每秒太阳能电池产生的能量为W＝0.6×0.1×1 J＝0.06 J，设
太阳每秒照射的能量为Q，则由能量守恒定律得Q×23%＝W，所以Q＝0.26 J故C
正确．
答案：C
3．(2009·重庆高考)某实物投影机有10个相同的强光灯L1～L10(24 V/200 W)和10个相同
的指示灯X1～X10(220 V/2 W)，将其连接在220 V交流电源上，电路如图2所示．若工
作一段时间后L2灯丝烧断，则 ( )
图2
A．X1的功率减小，L1的功率增大
B．X1的功率增大，L1的功率增大
C．X2的功率增大，其他指示灯的功率减小
D．X2的功率减小，其他指示灯的功率减小
解析：L2灯丝烧断后电路的总电阻增大，电路中总电流减小，流过其他指示灯、强光
灯的电流都同比例的减小，消耗的功率都减小，两端的电压都减小，则X2两端电压
增大，消耗的功率也增大，C正确．
答案：C
4．(2010·黄冈模拟)酒精测试仪用于对机动车驾驶人员是否酗酒及其他严禁
酒后作业人员的现场检测，它利用的是一种二氧化锡半导体型酒精气体
传感器．酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的变化而变化，在如 图3
图3所示的电路中，不同的酒精气体浓度对应着传感器的不同电阻，这样，显示仪表
的指针就与酒精气体浓度有了对应关系．如果二氧化锡半导体型酒精气体传感器电阻
的倒数与酒精气体的浓度成正比，那么，电压表示数U与酒精气体浓度c之间的对应
关系正确的是 ( )
A．U越大，表示c越大，c与U成正比
B．U越大，表示c越大，但是c与U不成正比
C．U越大，表示c越小，c与U成反比
D．U越大，表示c越小，但是c与U不成反比
解析：题中给出传感器电阻r′的倒数与酒精气体浓度c是正比关系，即eq \f(1,r′)＝kc，电
压表示数U＝eq \f(R0E,r′＋R＋R0＋r)＝eq \f(R0E,\f(1,kc)＋R＋R0＋r)＝eq \f(kR0E,k(R＋R0＋r)＋\f(1,c))，可以看出电压与浓度
的关系不是正比关系，但随浓度的增加而增加．故只有选项B正确．
答案：B
二、双项选择题(本题共5小题，每小题6分，共30分．每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全选对的得6分，只选1个且正确的得1分，错选或不选的得0分)
5．如图4所示，定值电阻R1＝10 Ω，R2＝8 Ω，当开关S接“1”时，电流表示
数为0.20 A，那么当S接“2”时，电流表示数的可能值为(电源内阻不可忽
略) ( ) 图4
A．0.28 A B．0.23 A
C．0.22 A D．0.19 A
解析：开关接“2”后，电路的总电阻减小，总电流一定增大，所以不可能是0.19 A，
故D错；路端电压一定减小，一定小于2 V，因此电流一定小于0.25 A，故A错，B、
C对．
答案：BC
6．(2010·珠海联考)一般地说，用电器的工作电压并不等于额定电压，家庭里通常不备电
压表，但可以借助电能表测出用电器的实际工作电压．现在电路中只接入一个电热水
壶，壶的铭牌和电能表的铭牌分别如图5(a)和(b)所示．测得电能表的转盘转过125转
的时间为121秒，则下列结论正确的是 ( )
图5
A．图(b)中对应的电表读数为32308度
B．在这段时间中，电热水壶消耗的电能为181500 J
C．利用这段时间内电热水壶消耗的电能可供“200 V,60 W”的白炽灯正常工作2500 s
D．此时加在电热水壶上的实际电压为200 V
解析：图(b)中对应的电能表读数为3230.8度，所以A项错误；电热水壶消耗的电能
W＝(125×3.6×106)÷3000 J＝1.5×105 J，所以B项错误；根据W＝Pt计算，可得C
项正确；电热水壶实际的电功率P实＝eq \f(W,t)，由P＝eq \f(U2,R)得U实＝U额 eq \r(\f(P实,P额))＝ eq \r(\f(1.5×105,121×1500))
×220 V＝200 V，所以D正确．
答案：CD
7．压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小．某位同学利用压敏电阻设
计了判断电梯运动状态的装置，其装置示意图如图6所示，将压敏电阻
平放在电梯内，受压面朝上，在上面放一物体 m，电梯静止时电流表示
数为I0，电梯在不同的运动过程中，电流表的示数分别如图7甲、乙、 图6
丙、丁所示，下列判断中正确的是 ( )
图 7
A．甲图表示电梯可能做匀速直线运动
B．乙图表示电梯可能做匀加速上升运动
C．丙图表示电梯可能做匀加速上升运动
D．丁图表示电梯可能做匀减速下降运动
解析：当电流表示数为I0时，对物体有：FN＝mg.即物体处于平衡状态，A正确；当
电流表示数>I0时，物体对压敏电阻的压力FN>mg，物体处于超重状态．乙图I逐渐
增大，表示物体向上的加速度逐渐变大，B错；丙图I保持不变，表示物体向上的加
速度不变，答案C正确；丁图I逐渐减小，表示物体向上的加速度逐渐变小，所以D
错误．
答案：AC
8．(2010·上海模拟)在图8所示的电路中，电源电动势为E，内电阻不
能忽略．闭合S后，调整R的阻值，使电压表的示数增大ΔU，在
这一过程中 ( )
A．通过R1的电流增大，增量为ΔU/R1 图8
B．R2两端的电压减小，减小量为ΔU
C．通过R2的电流减小，减小量小于ΔU/R2
D．路端电压增大，增大量为ΔU
解析：“调整R的阻值，使电压表的示数增大ΔU”，那一定是R变大了，并联电路
的电阻变大，根据串联电路中电压和电阻成正比，电压表的示数变大了．由于总电阻
变大，所以总电流变小，内电压和R2两端电压都变小，减小量之和为ΔU.故选项A、
C正确．
答案：AC
9．(2010·扬州模拟)高温超导限流器由超导部件和限流电阻并联组成，如
图9所示，超导部件有一个超导临界电流Ic，当通过限流器的电流I>Ic
时，将造成超导体失超，从超导态(电阻为零)转变为正常态(一个纯电
阻)，以此来限制电力系统的故障电流．已知超导部件的正常态电阻 图9
R1＝3 Ω，超导临界电流Ic＝1.2 A，限流电阻R2＝6 Ω，小灯泡L上标有“6 V,6 W”
的字样，电源电动势E＝8 V，内阻r＝2 Ω，原来电路正常工作，现L突然发生短路，
则 ( )
A．短路前通过R1的电流为eq \f(2,3) A
B．短路后超导部件将由超导状态转化为正常态
C．短路后通过R1的电流为eq \f(4,3) A
D．短路后通过R1的电流为2 A
解析：小灯泡L上标有“6 V,6 W”，该灯泡的电阻RL＝U2/P＝62/6 Ω＝6 Ω，短路前
由于电路正常工作，电路的总电阻为R＝RL＋r＝6 Ω＋2 Ω＝8 Ω，总电流为I＝E/R
＝1 A，所以短路前通过R1的电流为I1＝1 A，选项A错误；当L突然短路后，电路
中电流为I＝E/r＝4 A>Ic＝1.2 A，超导部件由超导态转变为正常态，则此时电路中总
电阻为R′＝2 Ω＋2 Ω＝4 Ω，总电流I′＝E/R′＝8/4 A＝2 A，短路后通过R1的电流
为I1′＝eq \f(4,3) A，故选项B、C正确．
答案：BC
三、非选择题(本题包括3小题，共54分．按题目要求作答，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)
10．(12分)(2010·杭州学军中学模拟)利用图10所示电路测量一
量程为300 mV的电压表的内阻RV，RV
的实验步骤如下：
按电路图正确连接好电路，把滑动变阻器R的滑片P滑 图10
到a端，闭合开关S2，并将电阻箱R0的阻值调到较大；
②闭合开关S1，调节滑动变阻器滑片的位置，使电压表的指针指到满偏刻度；
保持开关S1闭合和滑动变阻器滑片P的位置不变，断开开关S2，调整电阻箱R0的
阻值大小，使电压表的指针指到满偏刻度的一半；读出此时电阻箱R0的阻值，即等于电压表内阻RV.
实验室所提供的器材除待测电压表、电阻箱(最大阻值999.9 Ω)、电池(电动势约1.5 V，
内阻可忽略不计)、导线和开关之外，还有如下可供选择的实验器材：
A．滑动变阻器(最大阻值150 Ω)；
B．滑动变阻器(最大阻值50 Ω)．
根据以上设计的实验方法，回答下列问题：
(1)为了使测量比较精确，从可供选择的实验器材中，滑动变阻器R应选用
________．(填序号)
(2)对于上述测量方法，从实验原理分析可知，在测量无误的情况下，实际测出的电压
表内阻的测量值R测________(填“大于”、“小于”或“等于”)真实值RV；且在其
他条件不变的情况下，若R越大，其测量值R测的误差就越______(填“大”或“小”)．
解析：(1)为使断开开关S2后调节R0时，aP两点的电压几乎不变，R0＋RV比RaP大
得越多，实验误差越小，因此，变阻器R应选最大阻值小些的较好，故滑动变阻器R
选B.
(2)因R0的串联，使UaP电压增大，因此，当电压表示数为eq \f(Um,2)时，R0上的分压大于eq \f(Um,2)，
故R0>RV.实际测出的电压表内阻值R测＝R0>RV，且R越大，测量值R测的误差越大．
答案：(1)B (2)大于 大
11．(20分)如图11所示，图甲为一个电灯两端电压与通过它的电流的变化关系曲线．由图
可知，两者不成线性关系，这是由于焦耳热使灯丝的温度发生了变化的缘故，参考这
条曲线回答下列问题(不计电流表内阻，线路提供电压不变)：
图11
(1)若把三个这样的电灯串联后，接到电压恒定为12 V的电路上，求流过灯泡的电流
和每个灯泡的电阻；
(2)如图乙所示，将两个这样的电灯并联后再与10 Ω的定值电阻R0串联，接在电压恒
定为8 V的电路上，求通过电流表的电流值以及每个灯的实际功率．
解析：(1)由于三个电灯完全相同，所以每个电灯两端的电压为：UL＝eq \f(12,3) V＝4 V
结合图象可得当UL＝4 V时，IL＝0.4 A
故每个电灯的电阻为：R＝eq \f(UL,IL)＝eq \f(4,0.4) Ω＝10 Ω.
(2)设此时电灯两端的电压为U′，流过每个电灯的电流为I，由闭合电路欧姆定律得
E=U′+2IR0
代入数据得U′=8-20I
在图甲上画出此直线如图所示．
可得到该直线与曲线的交点(2 V,0.3 A)，即流过电灯的电流为0.3 A，则流过电流表的
电流为
IA=2I=0.6 A
每个灯的功率为：P＝UI＝2×0.3 W＝0.6 W.
答案：(1)0.4 A 10 Ω (2)0.6 A 0.6 W
12．(22分)(2010·上海长宁区模拟)如图12所示的电路中，定值电阻R0＝10 Ω，R为
电阻箱，S2为单刀双掷开关．闭合S1，将S2切换到a，调节电阻箱，读出其阻值为
R1，记录电压传感器测得的数据为U1，然后保持电阻箱阻值不变，将S2切换到b，
记录电压传感器示数为U2.
图12
(1)试写出电阻Rx的表达式．
(2)若求得电阻Rx＝2.5 Ω，将S2切换到a，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱阻值R
和记录对应的电压传感器数据U，对测得的数据进行处理，绘出如图13所示的eq \f(1,U)－eq \f(1,R)
图线．求电源电动势E和内阻r.
图13
解析：(1)根据闭合电路欧姆定律
E＝eq \f(U1,R1)(R1＋Rx＋R0＋r)
E＝eq \f(U2,R1＋Rx)(R1＋Rx＋R0＋r)
联立方程求得：Rx＝(U2－U1)R1/U1.
(或说明将S2切换到a或切换到b，电流不变，故eq \f(U1,R1)＝eq \f(U2,R1＋Rx)解出Rx同样给分)
(2)利用图线的截距求E
E＝U＋I(Rx＋R0＋r)
eq \f(E,U)＝1＋eq \f(1,R)(Rx＋R0＋r)
令eq \f(1,R)＝0，即得E＝U＝2 V
将数据eq \f(1,R)＝0.2、eq \f(1,U)＝1.8、E＝2 V，代入上式得r＝0.5 Ω.
答案：(1)Rx＝(U2－U1)R1/U1 (2)2 V 0.5 Ω