2024-2025学年江苏省苏州震泽中学高一（上）月考物理试卷（10月）（含答案）

这是一份2024-2025学年江苏省苏州震泽中学高一（上）月考物理试卷（10月）（含答案），共8页。试卷主要包含了单选题，实验题，简答题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.2023年9月23日至10月8日，第19届亚运会在杭州市举行，中国队共收获了201枚金牌、1枚银牌、71枚铜牌的好成绩。下列项目比赛过程中，可将运动员视为质点的是( )
A. 研究撑竿跳高比赛的技术动作时B. 研究10000m比赛的成绩时
C. 研究跳远比赛的空中姿态时D. 研究双人10m跳台成绩时
2.下列说法正确的是( )
A. 时间、位移、速度、加速度都是矢量
B. 描述矢量既要说明大小，又要指明方向
C. −7m/s的速度比5m/s的速度小
D. 矢量和标量没有严格的区别，同一个物理量有时是矢量，有时是标量
3.2024年4月25日，“神舟十八号”载人飞船发射成功，之后与空间站“天和”核心舱成功对接，在轨运行如图所示，则对接后( )
A. 选坐在飞船内的宇航员为参考系，“天和”核心舱是运动的
B. 选坐在飞船内的宇航员为参考系，“神舟十八号”飞船是运动的
C. 选“天和”核心舱为参考系，“神舟十八号”飞船是运动的
D. 选“神舟十八号”飞船为参考系，“天和”核心舱是静止的
4.一辆汽车在平直公路上行驶，从t= 0时刻起，其位移(x)随时间(t)、加速度(a)随时间(t)的图像分别如图甲、乙所示。由图可知( )
A. 0 ∼ 6 s过程汽车的速度越来越大
B. 0 ∼ 6 s过程汽车的平均速度大小为6 m/s
C. t= 0时刻汽车的速度大小为10 m/s
D. t= 4 s时刻汽车的速度大小为5 m/s
5.小球以v1=3 m/s的速度水平向右运动，碰到墙壁经t=0.01 s后以v2=2 m/s的速度沿同一直线反弹。小球在这0.01 s内的平均加速度为( )
A. 100 m/s2，方向向右B. 100 m/s2，方向向左
C. 500 m/s2，方向向左D. 500 m/s2，方向向右
6.一质点自原点开始在x轴上运动，初速度v0>0，加速度a>0，当a值不断减小直至为零时，质点的( )
A. 速度不断减小，位移不断减小
B. 速度不断减小，位移继续增大
C. 速度不断增大，当a=0时，位移达到最大值
D. 速度不断增大，当a=0时，速度达到最大，位移不断增大
7.甲、乙两小车沿同一平直路面同向行驶，t=0时刻，甲在乙前方16m处，它们的v−t图像如图所示，两车均可视为质点，则下列说法正确的是( )
A. 乙车的加速度大于甲车的加速度
B. 两车只能相遇一次
C. 在t=6s时，两车相遇
D. 在t=6s时，乙车在甲车前方2m处
8.甲和乙两物体(均可视为质点)从空中自由下落，同时落至水平地面，甲、乙两物体运动的v−t图像如图所示，不计空气阻力，下列说法正确的是( )
A. 甲和乙在空中运动时速度大小一定相同
B. 甲和乙速度变化快慢相同
C. 甲和乙开始下落位置距离地面高度相同
D. 从开始下落到落地，甲、乙的平均速度相等
9.如图所示，在气垫导轨上安装有两个光电计时装置A、B，A、B间距离为L=30cm，为了测量滑块的加速度，在滑块上安装了一个宽度为d=1cm的遮光条，现让滑块以某一恒定加速度通过A、B，记录遮光条通过A、B的时间分别为0.010s、0.005s，则下列说法正确的是( )
A. 滑块加速度为5m/s2B. 滑块通过B的速度为2cm/s
C. 滑块通过A的速度为1cm/sD. 滑块在A、B间的平均速度为3m/s
10.一个质点正在做匀加速直线运动，用固定在地面上的照相机对该质点进行闪光照相，闪光时间间隔为1s。分析照片得到的数据，发现质点在第1次、第2次闪光的时间间隔内移到了2m；在第2次、第3次闪光的时间间隔内移动了5m，由此不可求得的是( )
A. 第1次闪光时质点的速度 B. 质点运动的加速度
C. 质点运动的初速度 D. 从第3次闪光到第4次闪光这段时间内质点的位移
11.某次排球比赛中球员竖直向上起跳扣球，将该球员的运动看作匀变速直线运动，离地后重心上升的最大高度为H，若通过第一个H5所用的时间为t，则通过最后H5的时间为( )
A. 6− 5tB. 5−2tC. 6+ 5tD. 5+2t
二、实验题：本大题共1小题，共8分。
12.(1)甲同学进行“探究小车速度随时间变化的规律”实验时，得到图1所示的纸带，已知计时器打点的时间间隔为0.02 s，按打点先后顺序每隔4个点取1个计数点，得到了O、A、B、C、D等几个计数点，如下图所示，用刻度尺量得OA=1.60 cm、AB=2.00 cm、BC=2.40 cm、CD=2.80 cm。由此可知，打C点时纸带的速度大小为 _m/s。纸带运动的加速度大小为 m/s2(以上结果保留两位小数)；
(2)另一同学乙利用如下图2所示的装置在气垫导轨上研究匀变速直线运动，滑块上装有宽度为d的遮光条，d=0.70 cm，滑块在钩码作用下先后通过两个光电门，用光电计时器记录遮光条通过光电门1的时间Δt以及遮光条从光电门1运动到光电门2的时间t，用刻度尺测出两个光电门之间的距离x。
a.实验时，滑块从光电门1的右侧某处由静止释放，测得滑块经过第一个光电门时遮光条遮光时间为Δt=20ms，则遮光条经过光电门1时的速度v= ；(结果保留两位有效数字)
b.保持其它实验条件不变，只调节光电门2的位置，滑块每次都从同一位置由静止释放，记录几组x(单位为
m)及其对应的t(单位为s)，作出xt−t图象如图3，图像不过原点的原因是 ，滑块加速度的大小a= 。
(结果保留两位有效数字)
三、简答题：本大题共1小题，共8分。
13.如图所示是一玩具汽车的速度—时间图像。
(1)求0∼1s内该玩具汽车的加速度大小；
(2)求0∼4s内该玩具汽车的位移大小；
(3)求0∼7s内该玩具汽车的平均速率。
四、计算题：本大题共3小题，共40分。
14.如图所示，一滴雨滴从离地面20m高的楼房屋檐自由下落，下落5m时，到达窗口上沿，再经Δt=0.2s的时间通过窗口，g取10m/s2，问：
(1)雨滴落地前瞬间的速度大小；
(2)窗口的高度ℎ；
(3)该雨滴最后1s内下落的平均速度大小。
15.某校一课外活动小组自制一枚火箭，设火箭从地面发射后，始终在垂直于地面的方向上运动。火箭点火后可认为做匀加速直线运动，经过4s到达离地面40m高处时燃料恰好用完，接着做竖直上抛运动。若不计空气阻力，取g=10m/s2，求
(1)燃料恰好用完时火箭的速度；
(2)火箭上升离地面的最大高度；
(3)火箭从发射到残骸落回地面过程的总时间(计算结果用根号表示)。
16.如图甲所示为某综艺节目的躲球游戏。现将运动过程进行简化，如图乙所示，泡沫球从A点静止开始沿斜面匀加速直线下滑，加速度为4m/s2，A距斜面底端B长度为18m，泡沫球到达B点后没有速度损失，然后在水平面上做匀减速直线运动，加速度大小为0.5m/s2，参与游戏的玩家的一开始站在C点，当小球到达B点时，玩家由静止开始以加速度大小2m/s2开始向右做匀加速直线运动，到达8m/s后做匀速直线运动，C点的位置玩家可自由选择，在不被球追上的前提下BC的距离越小，得分越高。求：
(1)泡沫球到达B时的速度大小；
(2)玩家得分最高的情况下，玩家不被球追上的临界速度是多大？
(3)玩家得分最高的情况下，所选择BC的距离。
参考答案
1.B
2.B
3.D
4.B
5.C
6.D
7.D
8.B
9.A
10.C
11.D

0.40
0.35m/s
经过光电门1的速度不为0
0.30m/s2

13.(1)根据 v−t 图像的斜率表示加速度，可知 0∼1s 内该玩具汽车的加速度大小为
a=ΔvΔt=−4−01m/s2=4m/s2
(2)根据 v−t 图像与横轴围成的面积表示位移，可知 0∼4s 内该玩具汽车的位移大小为
x=12×(2+4)×4m=12m
(3) 4∼7s 内该玩具汽车的位移大小为
x′=12×3×4m=6m
则 0∼7s 内该玩具汽车的路程为
s=x+x′=18m 0∼7s 内该玩具汽车的平均速率为
v=st=187m/s

14.解：(1)根据H=12gt2，代入数据解得雨滴运动时间为：t=2s
由速度—时间公式，可得雨滴落地的速度为：v=gt=10×2m/s=20m/s；
(2)雨滴在到达窗口上沿时的速度为v1，由速度—位移公式得：v12=2gℎ1
其中ℎ1=5m，代入数据解得：v1=10m/s
ℎ=v1Δt+12g(Δt)2
代入数据解得：ℎ=2.2m；
(3)雨滴前1s的位移为：ℎ2=12gt2=12×10×12m=5m
雨滴落地前最后1s内的位移等于：ℎ′=H−ℎ2=20m−5m=15m，根据平均速度：v−=ℎ′t′=151m/s=15m/s。
答：(1)雨滴落地前瞬间的速度大小为20m/s；
(2)窗口的高度为2.2m；
(3)该雨滴最后1s内下落的平均速度是15m/s。
15.解：
(1)燃料用完前火箭做匀加速直线运动，设燃料恰好用完时火箭的速度为v，平均速度为：v=ℎt=404m/s=10m/s，
燃料恰好用完时火箭的速度为：v=2v=20m/s；
(2)火箭燃料耗尽后能够继续上升的高度：ℎ1=v22g=20m；
故火箭离地的最大高度：H=ℎ+ℎ1=40m+20m=60m；
(3)残骸落回地面过程的过程是自由落体运动，设下落的时间为t1，则H=12gt12，
解得t1= 2Hg= 2×6010=2 3s，
设火箭燃料耗尽后能够继续上升的时间为t2，则t2=vg=2010s=2s，
所以总时间：t=4s+2s+2 3s=6+2 3s。

16.(1)泡沫球达B时的速度大小 vB ，则有
vB2−0=2a1xAB
代入数据解得
vB=12m/s
(2)泡沫球做匀减速运动，当 v=8m/s 时，用时为t，有
v=vB−a2t
解得
t=8s
该过程位移为
x=v+vB2t=80m
人匀加速阶段
v=a3t1
解得
t1=4s因此玩家不被球追上的临界速度是8m/s。
(3)此时人的位移为
x1=12a3t 12=16m
匀速阶段，人的位移
x2=vt−t1=32m
故
xBC=x−x1−x2=32m