2025届四川省新高考教研联盟高三上学期八省适应性联考模拟演练考试（二）物理试题

这是一份2025届四川省新高考教研联盟高三上学期八省适应性联考模拟演练考试（二）物理试题，共24页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题
1．一质点做直线运动，当t=t0时，x> 0，v>0，a>0，以后加速度a均匀减小，则以下说法正确的是（ ）
A．位移开始减小，直到加速度等于零B．位移继续增大，直到加速度等于零
C．速度继续增大，直到加速度等于零D．速度开始减小，直到加速度等于零
2．在建筑工地上有时需要将一些建筑材料由高处送到低处，为此工人们设计了一种如图所示的简易滑轨：两根圆柱形木杆AB和CD相互平行，斜靠在竖直墙壁上，把一摞瓦放在两木杆构成的滑轨上，瓦将沿滑轨滑到低处。在实际操作中发现瓦滑到底端时速度较大，有可能摔破，为了防止瓦被损坏，下列措施中可行的是（ ）
A．减少每次运送瓦的块数B．增多每次运送瓦的块数
C．减小两杆之间的距离D．增大两杆之间的距离
3．如图所示，竖直平面内有一固定半圆环，AB为其直径且AB水平，O为圆心，一质量m=0.5kg的小球套在圆环上的P点，小球受到三个拉力F1、F2、F3作用保持静止状态，三个拉力的方向如图所示。已知F2=4N， ，sin37°=0.6，cs37°=0.8，g=10m/s2，则圆环对小球的支持力为（ ）
A．8NB．10N
C．12ND．15N
4．一个动能为2.0eV的电子从很远处向一个固定的质子飞去。电子接近质子时被俘获，同时放出一个光子，电子和质子形成一个处于基态的静止氢原子。已知氢原子的基态能量为，光在真空中的速度为，电子电量的大小和普朗克常量分别为和。所放出的光子的波长最接近的值是（ ）
A．79nmB．91nmC．107nmD．620nm
5．如图所示，在竖直平面内正方形Oabc区域内有沿x轴正方向的匀强电场，在等腰直角三角形cde区域内存在沿y轴正方向的匀强电场，且两个区域内的电场强度大小相等。在正方形Oabc区域内的某些位置由静止释放电子后，这些电子均可到达x轴上的e点，已知Oa=Oe，不计电子的重力作用，则这些位置的横坐标x与纵坐标y之间的函数关系式为（ ）
A．y=2xB．y=4xC．y=x2D．y=2x2
6．如图所示，水平面内的等边三角形BCD的边长为L，顶点C恰好位于光滑绝缘直轨道AC的最低点，A点到B、D两点的距离均为L，A点在BD边上的竖直投影点为O。y轴上B、D两点固定两个等量的正点电荷，在z轴两电荷连线的中垂线上必定有两个场强最强的点，这两个点关于原点O对称。在A点将质量为m、电荷量为的小球套在轨道AC上（忽略它对原电场的影响）将小球由静止释放，已知静电力常量为k，重力加速度为g，且，忽略空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．图中的A点是z轴上场强最强的点
B．轨道上A点的电场强度大小为
C．小球刚到达C点时的加速度为
D．小球刚到达C点时的动能为
7．n理想气体经过一个缓慢的过程，从状态P沿抛物线到达状态Q，其（体积）（绝对温度）图如图所示。已知此过程中当时，温度达到最大值（其中和分别是状态P的压强和体积，是普适气体常量）。若状态P和Q的温度和都等于，则该过程的p（压强）-V图为（ ）
A．B．
C．D．
二、多选题
8．如图所示电路中，电源的电动势、内阻及各电阻的阻值都标记在了图中，电压表和电流表均为理想电表，当滑动变阻器的滑片P向a端移动时，电压表V、和的示数分别为U、和，三个电压表示数变化量的绝对值分别为，和，电流表A的示数为I，电流表示数变化量的绝对值为，以下说法中正确的是（ ）
A．增大，不变
B．电源的总功率和效率均增大
C．
D．如果设流过电阻的电流变化量的绝对值为，流过滑动变阻器的电流变化量的绝对值为，则
9．如图所示，半径为R的圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B, M为磁场边界上一点，有无数个带电量为q(q>0)、质量为m的相同粒子在纸面内向各个方向以相同的速率通过M点进入磁场，这些粒子射出边界的位置均处于边界的某一段圆弧上，这段圆弧的弧长是圆周长的.不计粒子的重力，不计粒子间的相互作用，下列说法正确的是
A．粒子从M点进入磁场时的速率
B．粒子从M点进入磁场时的速率
C．若将磁感应强度的大小变为，则粒子射出边界的圆弧长度变为原来的
D．若将磁感应强度的大小变为，则粒子射出边界的圆弧长度变为原来的
10．如图，两竖直墙面的间距为，一个质量为、边长为的正方形木块被一轻直弹簧顶在左侧墙面上，弹簧右端固定在右侧墙面上，且弹簧与墙面垂直。已知木块与墙面之间的最大静摩擦因数为，弹簧原长为，劲度系数为，重力加速度大小为。下列说法正确的是（ ）
A．如果，则木块不处于平衡状态
B．如果，则墙面对木块的正压力为
C．如果，则木块受到的静摩擦力大小为
D．为使木块在此位置保持平衡状态，最小为
三、实验题
11．某同学用如图甲所示的装置验证机械能守恒定律。A点距光电门B的高度为h。
（1）用十分度游标卡尺测量小球的直径，若测量结果如图乙所示，则小球的直径 。
（2）将小球从A点由静止释放，若小球通过光电门B的时间为t，则小球通过光电门B时的速度大小 （用d、t表示）。
（3）已知，当地的重力加速度大小为g，若满足关系式 （用d、t表示），则说明在误差允许的范围内，小球下落过程中机械能守恒。
12．某同学为了测量电源的电动势和内阻，根据元件的不同，分别设计了以下两种不同的电路。
实验室提供的器材有：
两个相同的待测电源，辅助电源；
电阻箱、，滑动变阻器、；
电压表，电流表；
灵敏电流计，两个开关、。
主要实验步骤如下：
①按图连接好电路，闭合开关和，再反复调节和，或者滑动变阻器、，使电流计的示数为0，读出电流表、电压表示数分别为、。
②反复调节电阻箱和（与①中的电阻值不同），或者滑动变阻器、，使电流计的示数再次为0，读出电流表、电压表的示数分别为、。
回答下列问题：
(1)哪套方案可以更容易得到实验结果 （填“甲”或“乙”）。
(2)电源的电动势的表达式为 ，内阻为 。
(3)若不计偶然误差因素的影响，考虑电流、电压表内阻，经理论分析可得， （填“大于”“小于”或“等于”）， （填“大于”“小于”或“等于”）。
四、解答题
13．如图，中空的水平圆形转盘内径r=0.6m，外径足够大，沿转盘某条直径有两条光滑凹槽，凹槽内有A、B、D、E四个物块，D、E两物块分别被锁定在距离竖直转轴R=1.0m处，A、B分别紧靠D、E放置。两根不可伸长的轻绳，每根绳长L=1.4m，一端系在C物块上，另一端分别绕过转盘内侧的光滑小滑轮，穿过D、E两物块中间的光滑圆孔，系在A、B两个物块上，A、B、D、E四个物块的质量均为m=1.0kg，C物块的质量=2.0kg，所有物块均可视为质点，（取重力加速度g=10m/s²），计算结果可用最简的分式与根号表示）
(1)启动转盘，转速缓慢增大，求A、D以及B、E之间恰好无压力时的细绳的拉力及转盘的角速度；
(2)停下转盘后，将C物块置于圆心O处，并将A、B向外测移动使轻绳水平拉直，然后无初速度释放A、B、C物块构成的系统，求A、D以及B、E相碰前瞬间C物块的速度；
(3)碰前瞬间解除对D、E物块的锁定，若A、D以及B、E一经碰撞就会粘在一起，且碰撞时间极短，求碰后C物块的速度。
14．半导体掺杂是集成电路生产中最基础的工作，某公司开发的第一代晶圆掺杂机主要由三部分组成：离子发生器，控制器和标靶。简化模型如图所示，离子发生器产生电量为＋q，质量为m的离子，以足够大速度沿电场的中央轴线飞入电场；控制器由靠得很近的平行金属板A、B和相互靠近的两个电磁线圈构成（忽略边缘效应），极板A、B长为，间距为d，加上电压时两板间的电场可当作匀强电场，两电磁线圈间的圆柱形磁场可以当作匀强磁场，磁感应强度与电流的关系B=kI，k为常数，匀强电场与（柱形）匀强磁场的中轴线互相垂直相交，磁场横截面的半径为；标靶是半径为R的单晶硅晶圆，并以晶圆圆心为坐标原点，建立Oxy正交坐标系。晶圆与匀强电场的中轴线垂直，与匀强磁场的中轴线平行，且与匀强电场中心和柱形匀强磁场中轴线的距离分别为和，其中。，I=0时，离子恰好打到晶圆的（0，0）点。
（1）当，时，离子恰好能打到（0，-R）点，求的值。
（2）当，时，离子能打到点（R，0），求的值。
（3）试导出离子打到晶圆上位置（x，y）与和I的关系式。（提示：磁场中运动时间很短，可以不考虑x方向的影响）
15．一小型风洞实验室内水平桌面上放两根足够长的平行导轨，导轨间距为L，如图甲（俯视）所示。虚线MN左侧区域I有竖直向下的匀强磁场B1，虚线PQ右侧区域Ⅲ有竖直向下的匀强磁场B3，中间区域Ⅱ有水平向左的匀强磁场B2，B1=B2=B，B3=2B。中间区域处于一向上的风洞中，当棒经过此区域时会受到竖直向上的恒定风力F＝mg的作用。长度均为L的导体棒ab、cd与导轨接触良好，两棒质量均为m，棒ab电阻为，棒cd电阻为R，其余电阻不计。两棒最初静止，现给棒ab一个水平向右的瞬间冲量使得其获得初速度v0，已知棒cd到达MN前两棒不相碰且均已匀速。当棒cd刚进入区域Ⅱ时，对棒ab施加一水平向右的外力使棒ab向右做匀加速直线运动，外力随时间变化的图像如图乙所示。已知直线斜率为k，t0时刻棒cd恰好进入区域Ⅲ，棒cd进入区域Ⅲ后瞬间撤去棒ab上的外力。区域Ⅰ、Ⅲ导轨光滑，中间区域导轨粗糙且与棒cd的动摩擦因数为μ，两棒在运动过程中始终与导轨垂直且接触良好，棒ab始终在区域Ⅰ运动。已知，，重力加速度为g。求：
（1）棒ab刚开始运动时，棒两端的电势差Uab；
（2）图乙中t=0时刻外力F0多大，t0时刻棒ab的速度多大；
（3）棒cd进入区域Ⅲ后的过程中闭合回路产生的焦耳热多大。
参考答案：
1．C
【详解】因v>0，a>0，即加速度和速度同向，物体做加速度运动，随着加速度的减小，物体的速度继续增加，当加速度减为零时速度达到最大，此后物体做匀速运动，此过程中速度的方向保持不变，即位移一直增加。
故选C。
2．D
【详解】要使瓦滑到底端的速度相对减小，应当增大瓦与杆之间的摩擦力，由于它们的粗糙程度一定，由
故应增大N1、N2，由图可知，只有增大两杆之间的距离，才能增大N1、N2
。
故选D。
3．D
【详解】对小球受力分析，如图所示
先将F1与F3合成，它们的合力为F13，根据平行四边形定则可知，F13与F2共线同向，且大小是F2的两倍，即
再将重力正交分分解，根据平衡条件，沿半径方向有

代入数据解得
故选D。
4．A
【详解】根据能量守恒可知放出光子能量为
根据
可得波长
故选A。
5．B
【详解】由题意，正方形Oabc区域内某电子在位置坐标x、y由静止释放后，沿x轴负方向做匀加速直线运动，设加速度为a，经y轴时的速度为v0，由速度位移关系公式，则有
进入三角形cde区域的位置为P点，设，电子在三角形cde区域内做类平抛运动，在水平方向则有
在竖直方向则有
两个区域内的电场强度大小相等，则有，又有
联立以上各式解得
故选B。
6．B
【详解】A．由题意可知，如图所示，P为轴上一点，PD连线与轴的夹角为
根据等量同种电荷的电场分布可知点的电场强度竖直向上，大小表示为
整理得
令，，可得函数
对函数求导
令，解得
结合导函数的性质可知，在时，单调递增，在时，单调递减，因此时，电场强度最大，即
由此可知，轴上距离点处的两点电场强度最大，A错误；
B．，轨道上A点的电场强度大小
B正确；
C．由几何关系可知
，
根据对称性可知，、两点的电场强度大小相等，因此，点的电场强度方向沿轴正方向，电场强度大小表示为
小球在点时的受力如图所示
小球在受到的电场力为
沿杆方向的合力为
解得
由此可知小球刚到达C点时的加速度为0，C错误；
D．根据等量同种电场分布和对称关系可知，、两点电势相等，电荷从到的过程中电场力做功为零，根据动能定理可得
解得
D错误。
故选B。
7．D
【详解】由图可知，最高点坐标为（，），则抛物线方程可表示为
将P点或Q点坐标代入方程可得
因此抛物线方程为
又由于
联立解得
故选D。
8．AD
【详解】A．如图所示当滑动变阻器是限流式接法，当滑片P向端移动时，滑动变阻器电阻变大，由
可知增大，根据闭合电路欧姆定律得
得
则
可得不变，故A正确；
B．当滑动变阻器的滑片P向端移动时，滑动变阻器增大，电路中总电阻增大，总电流减小，电源的总功率
得电源的总功率减小；
由电源的效率为
由路端电压为
可知总电流减小时路端电压增大，得电源的效率增大，故B错误；
C．根据闭合电路欧姆定律
则
又
则
由串并联电路特点和欧姆定律可知
则
所以
故C错误；
D．当滑动变阻器的滑片P向a端移动时，增大，电路中总电阻增大，总电流减小，则通过的电流减小，通过的电流等于通过电阻电流和流过滑动变阻器的电流之和，且流过的电流增大，流过滑动变阻器的电流减小，所以减小的量比增大的量更大，得
故D正确。
故选AD。
9．AD
【详解】如图甲所示,，边界上有粒子射出的范围是偏转圆直径为弦所对应的边界圆弧长，偏转圆半径为，得粒子速率为；若将磁感应强度的大小变为，偏转圆半径，得偏转圆半径，粒子射出的范围是偏转圆直径为弦所对应的边界圆弧长，如图乙所示．由几何关系可知，．两次粒子射出边界的圆弧长之比为，．综上分析AD正确．
【点睛】本题考查带电粒子在有界匀强磁场中的运动，解题关键是由洛伦兹力提供向心力求得半径，然后根据几何关系求半径．
10．BD
【详解】AC．如果，则木块受到的最大静摩擦力为
木块处于平衡状态，受到的静摩擦力大小为，A、C错误；
B．如果，木块处于平衡状态，则墙面对木块的正压力等于弹簧的弹力，即
B正确；
D．为使木块在此位置保持平衡状态，至少应使
即k的最小值为
D正确。
故选BD。
11． 9.3
【详解】（1）依题意，小球的直径为
（2）极短时间内的平均速度等于瞬时速度，故小球通过光电门B时的速度大小为
（3）设小球的质量为m，根据机械能守恒定律有
因
可得
如果上式在误差允许的范围内成立，则小球下落过程中机械能守恒。
12． 甲 等于 等于
【详解】(1)[1]甲电路的连接有两个特点：左、右两个电源间的路端电压相等，干路电流相同，电阻箱可以直接读数；乙电路更加适合一般情况，需要采集更多数据，并且需要作图处理数据才可以得到结论，同状态下采集数据，根据闭合电路欧姆定律列式求解电源的电动势和内阻，甲电路更简单。
(2)[2][3]根据闭合电路欧姆定律得
解得
，
(3)[4][5]当电流计的示数为0时，相同电源，电流相等时路端电压相等，此电路中电流表测的是干路电流，电压表测的是两端的电压（路端电压），因此电流表和电压表都是准确值，故
，
13．(1)12.5N，；(2) ；(3)
【分析】（1）AB在细绳拉力作用下做，做匀速圆周运动。C在拉力作用下处于平衡态，结合轻绳上的拉力大小相等可求细绳的拉力及转盘的角速度；
（2）轻绳水平拉直，然后无初速度释放，A、B、C物块构成的系统机械能守恒，结合关联速度的知识，可求C物块的速度；
（3）碰前瞬间解除对D、E物块的锁定，由动量定理可求C物块的速度。
【详解】(1)C物块保持静止，故
，
可以解得
对A、B两个物块，可解得角速度
(2)设碰前A、B速度大小为，C的速度大小为，由绳长不变可知
系统下落过程中机械能守恒
C下降高度
得
(3)设碰后A、D的速度大小为，C的速度大小为，由绳长不变
设绳上拉力的冲量大小为I，由于碰撞时间极短，绳子拉力远大于重力。对C物块运用动量定理
对A、D运用动量定理
解得
【点睛】
解决本题关键：(1)利用系统机械能守恒定律，解决绳子连接的问题时，注意绳两端速度的分解；(2)熟练应用动量定理解决相关问题。
14．（1）；（2）；（3），；，
【详解】（1）在匀强电场中有
，
，
根据相似三角形得
联立解得
（2）粒子在匀强磁场中轨迹图如下
由几何关系得
解得
则
解得
由洛伦兹力提供向心力得
又
解得
（3）纵坐标由匀强电场决定，则
，，
联立解得
由于，则
横坐标由匀强磁场决定，则
解得
由于
又
联立解得
由于，则
15．（1）；（2），；（3）
【详解】（1）棒ab的感应电动势为
联立得
（2）棒ab开始运动到两棒匀速过程两棒动量守恒，有
得
施加外力后任一时刻，对棒ab，有
棒ab做匀加速直线运动
联立得
其中
可得
t0时刻棒ab的速度
（3）棒cd所受摩擦力
时刻
时刻
对棒cd在区域Ⅱ运动过程由动量定理，得
联立得
棒cd进入区域Ⅲ后，对棒ab，有
对棒cd，有
稳定时，有
联立得
，
对两棒能量守恒，有
联立得
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
C
D
D
A
B
B
D
AD
AD
BD