山东省临沂市2024年中考模拟（一）物理试卷（解析版）

这是一份山东省临沂市2024年中考模拟（一）物理试卷（解析版），共26页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图与实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1. 物理学在生活中的应用无处不在，我们要成为“物理知识”的好朋友，下列估测正确的是（ ）
A. 人步行的速度大约是1.5m/s
B. 人体感觉温暖又舒适的房间温度大约33℃
C. 人体电阻大约100Ω
D. 中学生身高大约160dm
【答案】A
【解析】A．人正常步行的速度约为1-1.5m/s，故A正确；
B．人体感觉温暖又舒适的房间温度大约23℃，故B错误；
C．一般情况下人体电阻值在2kΩ~20MΩ范围内，故C错误；
D．中学生身高大约160cm，故D错误。
故选A。
2. 能量、信息人们十分关注，以下说法正确的是（ ）
A. 北斗卫星系统具有定位、导航等功能，它是利用电磁波传递信息的
B. 小明在荡秋千，当秋千荡到最低点时小明的动能最大，速度最慢
C. 太阳能、风能、水能都是不可再生能源，它们都可以转化为电能
D. 由于能量转化是守恒的，所以自然界的能源是取之不尽用之不竭的
【答案】A
【解析】A．我国自行研制的北斗卫星导航系统具有定位、导航和通信等功能，它是利用电磁波传递信息的，导航仪、地面端的中心控制系统、导航卫星间可以相互传递信息；故A正确；
B．小明荡秋千荡到最低点时，小明的质量不变，速度最大，动能最大，故B错误；
C．风能、水能、太阳能可以源源不断地从自然界获得，属于可再生能源，它们都可以转化为电能，故C错误；
D．能量是守恒的，但是能量的转化和转移是有方向性的，能源的利用是有条件的，我们所能利用的能源是有限的，所以需要节约能源，故D错误。
故选A。
3. 如图所示，关于声现象的描述和分析，正确的是（ ）
A. 吹笛子时，按住不同的气孔是为了改变声音的音色
B. 医生用听诊器为病人检查身体，是利用声音传递能量
C. 公路两旁的隔音蛟龙，是在声源处减弱噪声
D. 拉奏二胡时，手在不同位置按弦，是为了改变声音的音调
【答案】D
【解析】A．吹笛子时，按住不同的气孔，空气柱的长短发生了变化，音调会改变，故A错误；
B．医生用听诊器为病人检查身体，是利用了声音传递信息，故B错误；
C．公路两旁的隔音蛟龙，是在传播过程中减弱噪声，故C错误；
D．拉奏二胡时，手在不同位置按弦，弦振动的频率改变，音调改变，故D正确。
故选D。
4. 2023年3月24日傍晚，月球运行至地球与金星之间，三者排成一条直线，月球把金星完全挡住，使金星短时间内完全“消失”。这种月掩金星天象与下图哪种光现象的原理相同（ ）
A. 海市蜃楼B. 手影游戏
C. 水中倒影D. 水面“折“枝
【答案】B
【解析】A．月掩金星天象是由于光的直线传播形成的，海市蜃楼属于光的折射现象，故A不符合题意；
B．手影游戏属于光的直线传播，故B符合题意；
C．水中倒影属于光的反射，故C不符合题意；
D．水面“折”枝属于光的折射现象，故D不符合题意。
5. 下列物态变化需要吸热的是（ ）
①热水瓶口冒“白气”
②夏天，洒在地板上的水很快就干了
③用久了的白炽灯灯丝变细
④冬天玻璃窗上产生冰花
A. ①③B. ②③C. ③④D. ①④
【答案】B
【解析】①热水瓶口冒“白气”是水蒸气遇冷液化成的小水珠，需要放出热量，故①不符合题意；
②夏天，洒在地板上的水很快就干了，属于汽化现象，汽化吸热，故②符合题意；
③用久了的白炽灯灯丝变细，属于升华现象，升华吸热，故③符合题意；
④冬天玻璃窗上产生冰花，属于凝华现象，凝华放热，故④不符合题意。
6. 用图甲所示装置探究冰的熔化特点，绘制出如图乙所示的图象，则（ ）
A. 应先固定试管再固定烧杯
B. 冰的熔化过程持续了
C. 冰熔化时温度和内能都不变
D. 水的比热容比冰的比热容大
【答案】D
【解析】A．为了不使试管碰到烧杯壁和底，应先固定烧杯再固定试管，故A不符合题意；
B．由乙图知冰的熔化过程用的时间为
故B不符合题意；
C．冰熔化时，吸收热量，温度保持不变，但它的内能增加，故C不符合题意；
D．由图乙知，因为水和冰均加热，因此水和冰块吸收的热量相同，水的温度变化的少，说明水的吸热能力大，即比热容大，故D符合题意。
故选。
7. 关于温度、内能、热量、热值和比热容，下列说法正确的是（ ）
a.温度高的物体含有的热量多
b.某种燃料完全燃烧时热值会变大
c.内能大的物体其温度一定高
d.比热容大的物质吸热或放热的本领强
e.物体只吸收热量而不对外做功，温度不一定升高
f.物体吸收了热量，内能一定增加，温度一定升高
g.100℃的水蒸气具有的内能一定比100℃水具有的内能大
A. abdB. cdgC. efgD. de
【答案】D
【解析】热量是在热传递过程中传递内能的多少，是过程量，不能说物体含热量，a错误；热值是燃料本身的特性，热值的大小只与燃料的种类有关，与燃烧程度无关，b错误；内能大小与物体的质量、温度、状态等都有关系，因此内能大的物体温度不一定高，c错误；比热容表示的是单位质量的某种物质，温度升高（或降低）1℃，吸收（或放出）的热量，比热容是物质本身的一种特性，比热容大的物质吸热或放热的本领强，d正确；物体只吸收热量而不对外做功，物体的内能增加，但是物体的温度不一定升高，如晶体熔化过程中不断吸热，温度不变，e正确，f错误；内能不只与温度有关也与物体质量、状态等因素有关，所以100℃的水蒸气具有的内能不一定比100℃水具有的内能大，g错误。故D正确，ABC错误。
8. 下列是教材中涉及电与磁的探究实验或实验结论的情景示意图，其中实验原理或结论与动圈式话筒的工作原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】动圈式话筒利用的是电磁感应原理。
A．该装置探究的电流的磁效应与线圈匝数的关系，故A不符合题意；
B．该装置是奥斯特实验，表示通电导体周围存在磁场，故B不符合题意；
C．该装置研究的是电磁感应现象，故C符合题意；
D．该装置探究的是通电导体在磁场中受到力的作用，故D不符合题意。
故选C。
9. 为保障安全，某品牌破壁机设置了安全开关S1和工作开关S2。当杯体放在主机上时，S1自动闭合，安全指示灯亮起；再闭合S2，电动机才能启动；安全开关S1不闭合，电动机不能启动。下列电路，符合要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】A．从该电路图可以看到，闭合S1，根据电流的流法可知，安全指示灯亮起，电动机不启动，再闭合S2，电动机才能启动，安全开关S1不闭合，不管S2是否闭合，电动机都不能启动，故A符合题意；
B．从该电路图可以看到，只闭合S1，根据电流的流法可知，电路是断开的，电路没有电流，安全指示灯不亮，这电路不符合要求，故B不符合题意；
C．从该电路图可以看到，只闭合S1，根据电流的流法可知，电动机能启动，安全指示灯不亮，这电路不符合要求，故C不符合题意；
D．从该电路图可以看到，只闭合S1，根据电流的流法可知，安全指示灯亮起，闭合S2，电动机才能启动，但是这是一个并联电路，安全开关S1不闭合，而闭合S2，电动机还是能启动的，这电路不符合要求，故D不符合题意。
故选A。
10. 我国高铁技术已成功走向世界，下列有关说法正确的是（ ）

A. 列车高速行驶时，列车的速度可以达到
B. 列车高速行驶时附近气体流速变大，气压变小
C. 列车高速行驶时速度越快，列车做的功就越多
D. 列车减速驶入车站时，列车的机械能保持不变
【答案】B
【解析】A．高铁的时速最快可以达到300km/h 以上，但远远低于300m/s ，故A错误；
B．当列车通过时车体附近气体流速大，造成人和列车之间的空气流速大，压强变小，故B正确；
C．根据功的公式
W=Fs=Fvt
可知，列车做功的多少取决于列车的牵引力、列车的速度以及运行时间，因此列车行驶速度快，不一定做功就越多，故C错误；
D．列车减速进站时，质量不变，速度减小，动能减小；高度不变，重力势能不变，由于机械能等于动能与势能之和，所以机械能减小，故D错误。
11. 为了提倡低碳生活，方便市民绿色出行，我市建设了公共自行车租赁系统（如图）。关于自行车，下列说法正确的是（ ）

A. 宽大的车座可以减小压力
B. 铝合金的车圈可减轻质量
C. 粗糙的轮胎花纹可以减小摩擦
D. 刹车手柄是一个费力杠杆
【答案】B
【解析】A．宽大的车座，可以在压力一定时，增大受力面积来减小人对车的压强，但不能减小压力，故A错误；
B．车圈为铝合金材质，密度较小，在体积相等的情况下，整车质量越小，可减轻质量，故B正确；
C．轮胎上刻有花纹，这是在压力一定的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故C错误；
D．自行车的刹车手柄在使用时，动力臂大于阻力臂，所以刹车手柄是一个省力杠杆，故D错误。
故选B。
12. 学校大门旁竖直放置了一块平面镜，小张同学逐渐靠近平面镜的过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 小张的像逐渐变大
B. 小张想通过平面镜看完自己的全身像，则平面镜的高度至少为整个身高的一半
C. 小张在平面镜中看见了小王，则小王在平面镜中看不见小张
D. 小张在平面镜中所成的像是实像
【答案】B
【解析】平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等．
平面镜中成像大小跟物体大小有关，跟物体到平面镜的距离无关．A、根据平面镜成像特点知物像大小相等，小张同学逐渐靠近平面镜的过程中，小张的像大小不变．故A错误；
B、假设眼睛在头顶，根据平面镜成像原理，小张的头与他镜子里虚像的脚底连线过平面镜中点，这就是平面镜的底端，顶端与头顶对齐，则镜子至少为人身高的一半．故B正确；
C、因为光路是可逆的，所以小张在平面镜中看见了小王，小王一定能在平面镜中看见小张．故C错误；
D、平面镜成的像是虚像．故D错误．
故选B．
13. 滨河路改建扩建工程正在进行，工人师傅用如图所示简单机械搬运路牙石，下列说法正确的是（ ）

A. 该简单机械是一个省力杠杆
B. 钢管长度就是动力臂的长度
C. 用车轮运送是为了增大与地面的摩擦力
D. 手握钢管的位置越靠近车轮就越省力
【答案】A
【解析】A．该简单机械使用时动力臂大于阻力臂，是一个省力杠杆，故A正确；
B．动力臂是从支点到动力作用线的距离，钢管长度不一定是动力臂的长度，故B错误；
C．用车轮运送是变滑动为滚动，减小了摩擦，故C错误；
D．手握钢管的位置越靠近车轮，动力臂越小，在阻力和阻力臂一定时，动力臂越小，越费力，故D错误。
故选A。
14. 如图所示，小伙伴们在玩滑板车，脚蹬地后，人和车一起沿水平路面向前运动。下列说法正确的是（ ）
A. 人对车的压力和车对人的支持力是一对平衡力
B. 蹬地时，地面对脚的支持力是由于地面形变产生的
C. 停止蹬地后，车最终会停下来，说明运动需要力来维持
D. 车在滑行过程中所受的力突然全部消失，车将立即停下来
【答案】B
【解析】A．人对车的压力和车对人的支持力作用在不同物体上，不是平衡力，故A错误；
B．蹬地时，脚对地面有压力的作用，地面发生了形变，地面对脚的支持力是由于地面形变产生的，故B正确；
C．停止蹬地后，车最终会停下来，车的运动状态发生改变，说明力是改变物体运动状态的原因，故C错误；
D．车在滑行过程中所受的力突然全部消失，由牛顿第一定律可知，车将做匀速直线运动，故D错误。
故选B。
15. 避险车道是在长且陡的下坡路段､行车道外侧增设的､供刹车失灵车辆驶离正线并安全减速的专用车道｡如图所示是上坡险车道型避险车道，避险车道上铺有很多小石子，车道尽头有废旧轮胎或防撞墙｡下列分析错误的是（ ）
A. 小石子可以增大失控车辆与避险车道之间的摩擦力
B. 失控车辆在避险车道向上运动速度减小时，动能减少
C. 失控车辆撞击废旧轮胎时，将动能转化成重力势能
D. 在避险车道上停下来的失控车辆仍具有惯性
【答案】C
【解析】A．小石子增大了地面的粗糙程度，可以增大失控车辆与避险车道之间的摩擦力，故A正确，不符合题意；
B．动能的大小和速度有关，物体质量不变时其速度减小，动能会随之减小，故B正确，不符合题意；
C．失控车辆撞击废旧轮胎时，将动能转化成废旧轮胎的弹性势能，故C错误，符合题意；
D．一切物体都有惯性，故D正确，不符合题意。
故选C。
16. 关于家庭电路和安全用电，下列说法错误的是（ ）
A. 多个大功率用电器工作时，可同时使用同一个插座
B. 发生触电事故时应立即切断电源
C. 使用验电笔时，手要接触笔尾金属体
D. 家用电器金属外壳要接地，防止触电
【答案】A
【解析】A．家庭电路中各用电器是并联的，一个插座上同时使用多个大功率用电器，会造成干路电流过大，引起火灾，故A错误，符合题意；
B．发生触电事故时应立即切断电源，再进行救援，避免自己在施救过程当中也发生触电事故，故B正确，不符合题意；
C．使用验电笔时，手要接触笔尾金属体，但是不能接触笔尖金属体，故C正确，不符合题意；
D．家用电器金属外壳要接地，防止触电，有金属外壳的家用电器要使用三脚插头，故D正确，不符合题意。
故选A。
17. 如图所示电路的电源电压为1.5V，电阻R1的阻值为2Ω，闭合开关后，电流表的示数为0.3A，则（ ）

A. 通过R1的电流大于0.3AB. 电阻R1和R2是并联的
C. 电压表的示数为0.9VD. 电阻R2的阻值为3Ω
【答案】D
【解析】由实物图可知，电流从电源正极流出，依次流过开关、电阻R1、电流表、电阻R2、最后流回电源负极，所以电阻R1和R2是串联的，电压表并联在R1两端测R1两端的电压；
A．已知电流表的示数为0.3A，由串联电路各处电流相等可知，通过R1的电流等于0.3A，故A不符合题意；
B．电阻R1和R2是串联的，故B不符合题意；
C．由可知，电阻R1两端的电压为
电压表测R1两端的电压，所以电压表的示数为0.6V，故C不符合题意；
D．电阻R2的阻值为
故D符合题意。
故选D。
18. 如图甲所示，闭合开关后两只电压表V1和V2的指针偏转角度相同，位置如图乙所示，则下列说法正确的是（ ）
A. 电源电压为14V
B. 灯L1两端电压为12V
C. 灯L2两端电压为2.4V
D. 灯L1、L2电阻之比为1∶4
【答案】D
【解析】ABC．由电路图可知，两灯串联，电压表V1测量电源电压，电压表V2测量灯L1两端的电压。由于闭合开关后两只电压表V1和V2的指针偏转角度相同，说明V1表接的是大量程，分度值为0.5V，读数为12V，即电源电压为12V；V2表接的小量程，分度值为0.1V，读数为2.4V，即L1两端的电压为2.4V；根据串联电路电压特点可知，L2的电压为
U2=U-U1=12V-2.4V=9.6V
故ABC错误；
D．L1两端的电压为2.4V，L2两端的电压为9.6V，根据串联正比分压可得，灯L1、L2电阻之比为
19. 水平桌面上甲、乙两个相同的烧杯内盛有相同深度的盐水：现将两个相同的小球分别放入其中，小球静止时如图所示，则（ ）

A. 甲杯中的小球受到的浮力大B. 乙杯中盐水的密度大
C. 乙杯杯底受到的压强大D. 甲杯对水平面的压强大
【答案】D
【解析】AB．如图可知，两小球分别漂浮和悬浮，浮力均等于物体受到的重力，因为两小球重力相等，所以两小球受到的浮力相等；根据可知，小球排开乙液体的体积大于排开甲液体的体积，可得知，故AB不符合题意；
C．因为两液体液面相平，根据可知，液体的密度越大，容器底部受到的压强越大，所以甲容器底部受到的压强大，故C不符合题意；
D．因为甲容器中液体的体积大于乙容器中液体的体积，且甲容器中液体的密度大于乙容器中液体的密度，所以甲容器中液体的重力大，容器的重力相等，小球的重力相等，所以整个装置中甲容器对桌面的压力大于乙容器对桌面的压力，受力面积相同，所以甲容器对桌面的压强大于乙容器对桌面的压强，故D符合题意。
故选D。
20. 闭合开关S，滑片P从b端移动到a端的过程中，小灯泡的I-U关系图像如图乙所示；滑片P移到a端时，小灯泡恰好正常发光。下列说法中正确的是（ ）
A. 小灯泡的额定电压为3V
B. 该电路总功率变化范围为12W～36W
C. 滑动变阻器的最大阻值为9Ω
D. 小灯泡正常发光1min，消耗电能为24J
【答案】C
【解析】由图甲知，小灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测小灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
A．当滑片P移到a端时，只有小灯泡接入电路，根据知，当电源电压一定时，电阻越小电流越大，所以此时电路中的电流最大，电压表的示数最大，小灯泡恰好正常发光，由图乙知，小灯泡的额定电压为U额=12V，通过小灯泡的电流I额=2.0A，故A错误；
B．由A分析知，电源电压为
U=U额=12V
由图乙知，电路中的最大电流为I大=2.0A，最小电流为I小=1.0A，则该电路的最大功率为
P大=UI大=12V×2.0A=24W
最小功率为
P小=UI小=12V×10A=12W
即该电路总功率变化范围为12W~24W，故B错误；
C．当滑片P移到b端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，灯泡两端的电压最小，由图乙可知，此时灯泡两端的电压UL小=3V，通过灯泡的电流I小=1.0A，根据串联电路电压的规律知，此时滑动变阻器两端的电压为
UR大=U-UL小=12V-3V=9V
根据串联电路电流规律知，此时通过滑动变阻器的电流为
IR=I小=1.0A
则滑动变阻器的最大阻值为
故C正确；
D．由A分析知，小灯泡正常发光时的功率为
P额=U额I额=12V×2.0A=24W
小灯泡正常发光1min，消耗的电能为
W=P额t=24W×1×60s=1440J
故D错误。
故选C。
二、填空题（每空1分，共18分）
21. 用一个重200N的红色物块进行下列实验：
（1）用水平拉力拉着物块在水平面上做匀速直线运动，撤去拉力后木块能继续运动，这是由于木块具有___________；
（2）用一只动滑轮将物块匀速向上提升2m，不计摩擦和滑轮的重力，此过程所用拉力为___________N，拉力所做的功是___________ J；将物块匀速向上提升的过程中，物块的机械能___________；
（3）将物块浸没在水中，物块排开30kg的水，则物块受到的浮力是___________N（取10N/kg）；放开物块后，物块会___________ （填“上浮”“悬浮”或“下沉”）；
（4）能从不同角度看到物块，说明光在物块表面发生了___________反射；物块呈现红色是因为物块表面___________（选填“吸收”或“反射”）红光。
【答案】（1）惯性 （2）100 400 增加 （3）300 上浮 （4）漫 反射
【解析】（1）撤去拉力后木块能继续运动，这是由于木块具有惯性，还要保持原来的运动状态不变。
（2）[1]不计摩擦和滑轮的重力，此过程所用拉力为
[2]拉力端绳子移动的距离为
s=2h=2×2m=4m
拉力所做的功为
W=Fs=100N×4m=400J
[3]将物块匀速向上提升的过程中，其质量不变，速度不变，高度变高，物块的动能不变，重力势能增加，机械能增加。
（3）[1]将物块浸没在水中，物块排开30kg的水，则物块受到的浮力为
F浮=G排=m排g=30kg×10N/kg=300N
[2]因为F浮>G，所以放开物块后，物块会上浮。
（4）[1]我们能从不同角度看到物块，说明光在物块表面发生了漫反射而进入了我们的眼睛。
[2]物块呈现红色是因为物块表面反射红光。
22. （1）“强军筑梦，挺进深蓝”。海军372潜艇起航驶离军港，奔赴深海大洋。该潜艇完全浸没后，下潜过程中所受的压强___________，从密度小的海域进入密度大的海域所受的浮力___________（均选填“变大”“不变”或“变小”）；
（2）乘客在动车站台候车时一定要站在警戒线以内，否则动车进站时，乘客易被“吸”向车身而造成伤害事故，这是因为流体流速越大的地方，压强越___________；如图是进站后的动车静止在水平轨道上，此时它受到的重力和___________是一对平衡力。
【答案】（1）变大 变大 （2）小 支持力
【解析】（1）[1]该潜艇完全浸没后，下潜过程中，深度变大，根据可得，该潜艇下潜过程中所受液体压强变大。
[2]该潜艇完全浸没后从密度小的海域进入密度大的海域，根据阿基米德原理 可得，液体密度变大，排开液体的体积不变，则浮力变大。
（2）[1]动车高速行驶时，动车周围的空气流速大压强小，乘客会被大气压压向动车。
[2]动车静止，竖直方向上受车重力和铁轨对车支持力大小相等、方向相反，作用在同一直线上，作用在同一物体上，是一对平衡力。
23. （1）甲、乙两电阻的I-U图像如图所示。若将它们并联连接到电压为1.5V的电源上，干路的电流是___________A；若将它们串联在电压为3.5V的电源上，此时乙电阻的阻值为___________Ω；
（2）某品牌电动玩具警车的内部等效电路如图，电源电压6V，阻值为2Ω的警灯与线圈电阻为0.5Ω的电动机串联。当玩具警车正常匀速行驶时，通过电动机线圈的电流为1A，则警灯两端的电压是___________V；2min内电动机线圈产生的热量是___________J；
（3）如图是一款“运动手环”，其主要部分是一段内置有一小块磁铁的密闭的空心塑料管，管外缠绕着线圈。戴着这种手环走路时塑料管跟着手一起运动，磁铁则在管内反复运动，线圈中便会产生电流。生活中___________（选填：发动机或电动机）是根据这个原理工作的。此机器工作的能量转换是___________。
【答案】（1）0.45 12.5 （2）2 60 （3）发电机 机械能转化为电能
【解析】（1）[1]将甲和乙并联在电压1.5V的电源上时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，U甲=U乙=1.5V，由图像可知，通过两元件的电流分别为I甲=0.3A，I乙=0.15A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流
I=I甲+I乙=0.3A+0.15A=0.45A
[2]两元件串联在电压恒为3.5V的电源上时，因串联电路中各处的电流相等，且电源的电压等于各分电压之和，所以，由图像可知，当电路中的电流I′=0.2A，U甲′=1V，U乙′=2.5V时符合，则此时乙电阻的阻值为
（2）[1]由图可知，警灯和电动机串联，根据串联电路的电流特点可知，通过警灯的电流IL=IM=1A；由可知，警灯两端的电压
UL=ILRL=1A×2Ω=2V
[2]2min内电动机线圈产生的热量
Q=IM2RMt=(1A)2×0.5Ω×2×60s=60J
（3）[1][2]根据“运动手环”的特点可知，当塑料管运动时，磁铁在管中反复运动，线圈切割磁感线而产生电流。因此，运动手环的基本原理是电磁感应，产生电流的过程中将机械能转化为电能，与发电机的工作原理是相同的。
三、作图与实验探究题（24题2分，25题3分，26题3分，27、28、29、30题每题4分，共24分）
24. （1）如图所示，一物体静止在斜面上，请你画出该物体所受重力的示意图。
（2）如图所示，根据通电线圈的磁感线方向在图中标出电源右端“+”或“”极。
【答案】（1） （2）
【解析】（1）用一根带箭头的线段来表示力的三要素，这种表示方法叫力的示意图，重力的作用点（重心）在物体的几何中心上，重力的方向是竖直向下的。如图所示

（2）在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，回到S极，所以通电螺线管的右端为N极，左端为S极，利用安培定则，可以判断电流是从通电螺线管的左端流入的，所以电源的左端为正极，右端即为负极，如图所示
25. 如图是小芊同学做“探究凸透镜成像规律”实验的装置。
（1）当蜡烛位于图中的B处时，移动光屏到D处，观察到光屏上呈现清晰的像，此时像和物大小相等，则该凸透镜焦距为___________cm。
（2）小芊同学把蜡烛往右移动5cm，屏上的像变得模糊。要使像变清晰，光屏应向___________（选填“左”或“右”）适当移动，___________就是这一原理的应用。
【答案】（1）10.0 （2）右 投影仪
【解析】（1）（1）[1]根据图中数据可知，物距
u=50.0cm-30.0cm=20.0cm
像距
v=70.0cm-50.0cm=20.0cm
则根据凸透镜成像规律可知
u=v=20cm=2f
则f=10cm
（2）[1][2]小芊同学把蜡烛往右移动5cm，物距
u=20cm-5cm=15cm
即物距在一倍焦距和二倍焦距之间，像成在2倍焦距以外，故要使像变清晰，光屏应向右适当移动，此时光屏上的像应该是倒立、放大的实像，应用于投影仪。
26. 酒精消毒液已成为居家必备用品。小强利用天平、量筒等实验器材测量某酒精消毒液的密度。
（1）将天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，此时指针位置如图甲所示，应向___________调节平衡螺母直至天平平衡；
（2）测量步骤如下：
①在烧杯中倒入适量消毒液，用天平测出烧杯和消毒液的总质量为78g；
②将烧杯中部分消毒液倒入量筒，液面位置如图乙所示；
③用天平测出烧杯和剩余消毒液的质量如图丙所示；
④消毒液的密度为___________g/cm3。
（3）将烧杯中部分消毒液倒入量筒时，若有几滴消毒液溅到量筒壁上，则消毒液密度的测量值比真实值会___________（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
【答案】（1）左 （2）0.85 （3）偏大
【解析】（1）天平放在水平台上，游码移至标尺左端的零刻度线处，发现指针指在分度盘的右侧，说明天平的右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端调节，使天平平衡。
（2）将烧杯中部分消毒液倒入量筒，液面对应40mL，所以消毒液的体积为：V=40mL=40cm3。由图丙知，烧杯和剩余消毒液的质量
m=20g+20g+4g=44g
量筒中消毒液的质量
m/=78g-44g=34g
消毒液的密度
（3）将烧杯中部分消毒液倒入量筒时，若有几滴消毒液溅到量筒壁上，会造成所测体积偏小，根据可知：则消毒液密度的测量值比真实值会偏大。
27. 焦耳小组用如图所示的装置探究“水沸腾时温度变化特点”的实验；
（1）甲图装置错误的地方是___________；
（2）沸腾时水中气泡情形如图乙中___________（选“A”或“B”）；
（3）当水温接近90℃时，每隔1min记录一次温度，并绘制了如图丙所示水温随时间变化的图像，由图像可知水的沸点是 ___________ ℃，水沸腾时的特点是吸热但温度不变；
（4）通过这个实验，焦耳小组的李颖同学终于明白妈妈用炉火炖汤时，在沸腾后总是 ___________（选填“保持大火”、“调为小火”）的道理。
【答案】（1）温度计的玻璃泡碰到了容器底 （2）A （3）97 （4）调为小火
【解析】（1）[1]如图甲，温度计碰到了容器底部。
（2）[2]水沸腾之前，水上层的温度低于下层，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大，所以，A为水沸腾时的情形。
（3）[3]图乙中温度计分度值为1℃，则示数为97℃，即水沸点是97℃。
（4）[4]根据水沸腾时的特点是吸热但温度不变，所以，在沸腾后，温度是不变的，应该调为小火进行加热，同时，也可以节约能源。
28. 为了探究“影响液体内部压强大小的因素”，依依采用U形管液体压强计装置进行实验。
（1）调节好装置，进行实验，比较图甲、乙可知，液体内部压强与___________有关；
（2）在图乙中保持探头的位置不变，改变探头的方向，U形管两液面的高度差不变，表明在相同条件下，液体内部向各个方向的压强___________（选填“相等”或“不相等”）；
（3）如图丙所示，橡皮管和玻璃管侧壁管口相连通，当向玻璃管中吹气时，U形管内液面较高的是___________（选填“a”或“b”）侧；
（4）小王自制另一套装置探究液体压强与什么因素有关。如图丁所示，在一个右侧开孔并贴上橡皮膜的塑料瓶中装入部分水，然后将瓶子放入装有盐水的烧杯中，内外液面相平，发现橡皮膜内凹，说明当深度相同时，___________越大，液体压强越大。
【答案】（1）深度 （2）相等 （3）a （4）液体密度
【解析】（1）比较图甲、乙可知，液体密度相同，根据转换法，产生的压强不同，故液体内部压强与深度有关。
（2）在图乙中保持探头的位置不变，改变探头的方向，U形管两液面的高度差不变，表明在相同条件下，液体内部向各个方向的压强相等。
（3）流速大的地方压强小，如图丙所示，橡皮管和玻璃管左侧壁管口相连通，当向玻璃管中吹气时；U形管内左侧气压变小，而右侧管口空气流速不变，压强不变，大于左侧管口压强，将液体向左侧压，液面较高的是a侧。
（4）如图丁所示，在一个右侧开孔并贴上橡皮膜的塑料瓶中装入部分水，然后将瓶子放入装有盐水的烧杯中，内外液面相平，发现橡皮膜内凹，则盐水产生的压强大，而盐水密度大于水，说明当深度相同时，液体密度越大，液体压强越大。
29. 在探究电流与电阻的关系时，电源电压为10V，选用的四个定值电阻的阻值分别为10Ω、15Ω、20Ω、30Ω。
（1）如图所示实验电路有一根导线连接错误，请在连接错误的导线上打“X”并补画出正确的连线；（ ）
（2）先将30Ω的定值电阻接入电路，闭合开关并移动滑片至电压表示数为6V；
（3）断开开关，将20Ω的定值电阻换上后闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向___________移动，确保电压表的示数为6V；
（4）换成15Ω和10Ω的电阻，重复上述实验，并收集实验数据如表所示。由数据可知，电压一定时，___________。
（5）为顺利完成实验，选用滑动变阻器的最大阻值应大于___________Ω。
【答案】（1） （3）右 （4）通过导体电流与导体的电阻成反比 （5）20
【解析】（1）[1]原电路图中，定值电阻和电压表没有接入电路，在探究电流与电阻的关系实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端，如图所示：

（3）[2]实验中，当把30Ω的电阻换成20Ω的电阻后，根据分压原理，定值电阻两端的电压变小，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要减小滑动变阻器两端的电压，由分压原理可知，要减小滑动变阻器的阻值，故应把滑动变阻器滑片向右滑动，确保电压表的示数为6V。
（4）[3]由表中数据可知，电流与电阻的乘积为
为一定值，故由数据可知，电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
（5）[4]实验中使用的定值电阻阻值最大为30Ω，定值电阻两端的电压始终保持UV=6V，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压为
U滑=U-UV=10V-6V=4V
滑动变阻器分得的电压为定值电阻两端电压的倍，串联电路电流相等，根据公式，滑动变阻器的阻值为定值电阻阻值的倍，当接入30Ω的定值电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为
即所选择的滑动变阻器的最大阻值不能小于20Ω。
30. 在“测量小灯泡电阻”的实验中，现有器材：额定电压为2.5V的小灯泡（电阻约为10Ω）、6V的电源、电流表、电压表、开关、滑动变阻器各1个、导线若干。
（1）请用笔画线代替导线，将如图甲所示的实物电路连接完整（导线不得交叉）；
（2）正确连接好电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于___________（选填“A”或“B”）端；
（3）正确连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片P，小灯泡都不亮，电流表几乎无示数，但电压表示数明显。仔细检查，确认连接无误。那么出现的电路故障有可能是下列各种情况中的___________（选填代号）；
A. 电流表内部发生开路B. 灯泡的灯丝断了
C. 灯座的内部出现短路D. 滑动变阻器电阻线断了
（4）排出故障后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，当小灯泡正常发光时，电流表表盘如图乙所示，则此时小灯泡的电阻为___________Ω。（若除不尽，请保留一位小数）
【答案】（1） （2）A （3）B （4）9.6
【解析】（1）滑动变阻器必须保持“一上一下”的接法，所以开关右端和滑动变阻器的上面左端或者右端相连都可以；电压表接在灯泡两端，灯泡额定电压为2.5V，所以电压表选择小量程，故答案如下：
（2）开关闭合前，滑动变阻器的滑片必须处于阻值最大处，所以滑动变阻器滑片要放在A端。
（3）正确连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片P，小灯泡都不亮，电流表几乎无示数，但电压表示数明显。确保连接也无误，那只能说明电压表串联进入电路中，电路中的电阻太大，导致电流太小，也就是灯泡发生断路故障，故ACD不符合题意，B符合题意。
（4）由图甲可知，电流表选用小量程，分度值为0.02A，由图乙读出灯泡正常发光时，电流表示数I=0.26A，所以根据公式可得小灯泡的电阻
四、计算题（每题9分，共18分）
31. 人工智能让我们的生活更加便捷，某酒店迎宾机器人将客人从酒店门口带至前台。这一过程中机器人做匀速直线运动，通过的路程为20m，所受阻力为自身重力的0.05倍，机器人相关参数如表所示，g取10N/kg。
（1）求机器人对地面压强；
（2）求牵引力所做的功；
（3）求机器人全程运动的时间。
【答案】（1） （2）360J （3）20s
【解析】（1）机器人对地面的压力
F=G=mg=36kg×10N/kg=360N
则机器人对地面的压强
（2）机器人受到的阻力
f=0.05G=0.05×360N=18N
机器人匀速行驶时，机器人的牵引力与受到的阻力是一对平衡力，根据二力平衡条件可知，机器人的牵引力
F牵=f=18N
牵引力所做的功
W=F牵s=18N×20m=360J
（3）由可知，机器人全程运动的时间
32. 如图是某款电热水壶内部工作原理的简化电路图，该电热水壶具有“加热”和“保温”两个挡位。R1、R2均为阻值一定的电热丝，其中电热丝R2的阻值为960Ω，“加热”挡的额定功率为1210W。求：
（1）电热丝R1的阻值；
（2）当该电热水壶处于“保温”挡正常工作5min所消耗的电能；
（3）在1个标准大气压下，该电热水壶处于“加热”挡正常工作9min可将1.8kg水从25℃加热到沸腾，则在此过程中，该电热水壶的工作效率为多少？[忽略水汽化对其质量的影响，水的比热容，计算结果精确到0.1%]
【答案】（1）40Ω；（2）1.452×104J；（3）86.8%
【解析】解：由得，在电压一定时，总电阻越小，总功率越大，总电阻越大，总功率越小，由图可知，当S1、S2都闭合时，电路中只有R1工作，总功率大，为“加热”挡，当S1闭合S2断开时，R1、R2串联，总功率小，为保温挡。
（1）由得，电热丝R1的阻值

（2）当该电热水壶处于“保温”挡正常工作5min所消耗的电能

（3）在1个标准大气压下，1.8kg水从25℃加热到沸腾，吸收的热量
消耗的电能
W=Pt=1210W×9×60s=6.534×105J
该电热水壶的工作效率为
答：（1）电热丝R1的阻值是40Ω；
（2）当该电热水壶处于“保温”挡正常工作5min所消耗的电能是1.452×104J；
（3）该电热水壶的工作效率为86.8%。
电压U/V
6
电阻R/Ω
30
20
15
10
电流I/A
0.3
0.4
0.6
整机质量：36kg
行进速度：1m/s
工作电压：24V
工作电流：1A
轮子与地面接触总面积： m2