四川省宜宾市叙州区2023_2024学年高三数学上学期10月月考文试题含解析

这是一份四川省宜宾市叙州区2023_2024学年高三数学上学期10月月考文试题含解析，共19页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
第I卷选择题（60分）
一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.
1. 已知全集，集合满足，则（）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】根据补集定义求出集合，再判断即可.
【详解】因为，且，
所以，
所以，，，.
故选：D
2. 已知复数，则（）
A. B. C. 2D.
【答案】A
【解析】
【分析】根据题意得到，结合复数模的计算公式，即可求解.
【详解】由复数，可得，所以.
故选：A.
3. 若函数，则（）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据函数的解析式由内到外可计算得出的值.
【详解】由题意可得，则.
故选：C.
4. 函数在上的图象大致为（）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据函数的奇偶性，结合特殊值，即可排除选项.
【详解】首先，所以函数是奇函数，故排除D，，故排除B，
当时，，故排除A，只有C满足条件.
故选：C
5. 已知函数，，则的值为（）
A. 1B. 0C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】构造函数，判断函数为奇函数，即得解.
【详解】解：构造函数，则，故函数为奇函数.
又，∴，∴.
故选：B
6. 若，则（）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】利用诱导公式化简已知条件，可求得的值，再将所求利用二倍角正弦公式展开，然后借助平方关系将其转化为分式齐次式，最后利用商数关系化简即可求解.
详解】解：∵，
∴，
∴，
∴，
故选：C.
7. 现代建筑讲究线条感，曲线之美让人称奇.衡量曲线弯曲程度的重要指标是曲率，曲线的曲率定义如下：若是的导函数，是的导函数，则曲线在点处的曲率.函数的图象在处的曲率为（）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】求出、，代值计算可得出函数的图象在处的曲率.
【详解】因为，所以，，
所以，，
所以.
故选：D.
8. 若，则（）
A. B. C. D. 1
【答案】C
【解析】
【分析】将用替换后，解方程解出即可.
【详解】因为，
可得，
可得，
解得，因为，所以，
所以，
所以.
故选：C
9. 已知函数，则（）
A.
B. 函数有一个零点
C. 函数是偶函数
D. 函数的图象关于点对称
【答案】D
【解析】
【分析】根据题意，判断函数的单调性，结合单调性性质判断A，由指数函数的性质可得，结合零点定义判断B，举反例判断C，证明，由此可得函数的对称性，判断D，综合可得答案．
【详解】函数的定义域为，
对于A，函数，
函数在R上为增函数，易得在R上为增函数，
则有，A错误；
对于B，，有，则有，
所以没有零点，B错误；
对于C，，，
所以，不是偶函数，C错误；
对于D，因为，
所以
所以，
所以函数的图象关于点对称，D正确；
故选：D．
10. 如图，四边形为矩形，下底面宽丈，长丈，上棱丈，与平面平行．与平面的距离为1丈，则它的体积是（）
A. 4立方丈B. 5立方丈C. 6立方丈D. 8立方丈
【答案】B
【解析】
【分析】过作平面，垂足为，过作平面，垂足为，过作，交于，交于，过作，交于，交于，则它的体积，由此能求出结果．
【详解】解：过作平面，垂足为，过作平面，垂足为，
过作，交于，交于，过作，交于，交于，
则它的体积：
（立方丈）．
故选：．
11. 将的图象横坐标伸长为原来的2倍，再向右平移个单位长度，得到的图象，若在上单调递增，则正数的取值范围为（）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】利用三角函数图象的变换规律求得的解析式，进而得的解析式，再利用三角函数的单调性求得的范围．
【详解】将的图象横坐标伸长为原来的2倍，得到的图象，
再向右平移个单位长度，得到的图象．
，
由，，
得，
∴的增区间为，
若在上单调递增，则，
∴且，∴且，
又，∴当时，，
故答案为：B．
12. 已知，，，则的大小关系为（）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】分别构造和，求导判断出在上的单调性，比较出函数值与端点值的大小关系，进而得出的大小关系．
【详解】令，
则恒成立，即在上单调递增，且，
故，取，则，即，
可得，即；
令，
则恒成立，即在上单调递减，且，
故，取，则，即，
可得，即；
综上可得：的大小关系为
故选：B
第II卷非选择题
二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分
13. 已知实数，满足约束条件则的最大值是______．
【答案】7
【解析】
【分析】由约束条件作出可行域，化目标函数为直线方程的斜截式，数形结合得到最优解，把最优解的坐标代入目标函数即可得解.
【详解】如图，画出可行域，设则，直线经过点时，取得最大值，
联立可得，此时最大值是7．
故答案为：7.
14. 已知角的顶点为坐标原点，始边与x轴的非负半轴重合，点在角的终边上，则______.
【答案】##
【解析】
【分析】根据三角函数的定义和二倍角公式可得答案.
【详解】根据三角函数的定义可知，，
由二倍角公式得.
故答案为：.
15. 在上单调递减，则实数m的最大值是______．
【答案】##
【解析】
【分析】利用二倍角公式及辅助角公式化简函数，求出含有数0的单调递减区间，再借助集合的包含关系求解作答.
【详解】依题意，，
由得，因此，函数含有数0的单调递减区间是，
因在上单调递减，于是得，即，解得，
所以实数m的最大值是.
故答案为：
16. 若存在，使得，则的取值范围是__________.
【答案】
【解析】
【分析】首先注意到，故考虑切线放缩，从而，所以，考虑取等条件是否成立即可.
【详解】不妨设，求导得，
而在上单调递增，且，
所以当时，，此时单调递减，
当时，，此时单调递增，
所以，
所以等号成立当且仅当，
注意到，
所以考虑切线放缩有，
从而，
又，所以，
由以上分析可知不等式取等，当且仅当，，
接下来考虑是否成立：
不妨设，则，即单调递增，
注意到，
所以由零点存在定理可知，使得.
综上所述：若存在，使得，则只需，从而的取值范围是.
故答案为：.
【点睛】关键点点睛：解决问题关键是考虑切线放缩，从而，另一个关键的地方是证明是否成立，从而即可顺利求解.
三、解答题：共 70 分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第 17～21 题为必考题，每个试题考生都必须作答.第 22、23 题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共 60 分.
17. 将函数的图象向左平移个单位长度后得到函数的图象．
（1）若为奇函数，求的值；
（2）若在上单调递减，求的取值范围．
【答案】（1）或或；
（2）.
【解析】
【分析】（1）利用倍角公式、辅助角公式化简函数式再平移得，结合奇偶性计算即可；
（2）利用三角函数的单调性计算即可.
【小问1详解】
易知，
向左平移个单位长度得，
因为为奇函数，所以，
故，
因为，所以或或；
【小问2详解】
由（1）知，
，
则由题意可知，
结合，取时分别得，，
即.
18. 在△ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，且.
（1）求；
（2）已知，，求△ABC的面积.
【答案】（1）
（2）
【解析】
【分析】（1）利用平面向量的数量积的定义结合余弦定理即可求出结果；
（2）由正弦边角关系得，，结合求值，应用正弦定理求，进而求出三角形的面积.
【小问1详解】
由已知，
所以，
结合余弦定理，，
化简得：，所以．
【小问2详解】
由正弦定理知，即，又，所以，
显然，即，故，
由，
又，则，
所以的面积.
19. 设为实数，函数，．
（1）求的极值；
（2）对于，，都有，试求实数的取值范围．
【答案】（1）极小值为，无极大值.
（2）
【解析】
【分析】（1）由导数得出函数的单调性，进而得出极值；
（2）由导数得出，的值域，由的值域是的值域的子集得出实数的取值范围．
【小问1详解】
，当时，；当时，；
即函数在上单调递减，在上单调递增；
函数的极小值为，无极大值.
【小问2详解】
由（1）可知，函数在上单调递增，则.
，，当时，；当时，；
即函数在上单调递减，在上单调递增；
因为，所以，.
即.
因为，，都有，
所以的值域是的值域的子集.
即，解得.
即实数的取值范围为.
20. 如图，在直四棱柱中，底面为菱形，，，，分别为，的中点.
（1）求证：平面平面；
（2）若，求点到平面的距离.
【答案】（1）证明见解析
（2）
【解析】
【分析】（1）根据题意，先根据线面垂直的判定定理可得平面，然后根据面面垂直的判定定理即可得到结果.
（2）根据题意，将点到平面的距离转化为三棱锥的高，然后根据等体积法即可得到结果.
【小问1详解】
因为为菱形，，所以为等边三角形，且，分别为，的中点，则，
又因为为直四棱柱，则平面，且平面，则，且
所以平面，又因为平面，所以平面平面.
【小问2详解】
因为直四棱柱，，，分别为，的中点，
所以，，
，，，
因为底面为菱形，，所以，，
由（1）知平面，设点到平面的距离为，则，
因为，所以，因为，因为，，，
所以，设点到平面的距离为，
因为，所以，因此.
故点到平面的距离为.
21设函数.
（1）求函数的单调区间；
（2）若关于x的方程有两个不相等的实数根､，当时，证明：.（注：…是自然对数的底数）
【答案】（1）单调递减区间为，单调递增区间为
（2）证明见解析
【解析】
【分析】（1）先求定义域，再求导函数，利用导函数的正负求解的单调区间；（2）结合第一问，利用放缩法和分析法及函数的单调性进行证明.
【小问1详解】
函数的定义域为，因为
令，所以；，所以
所以的单调递减区间为，单调递增区间为；
【小问2详解】
由（1）知，，当时，，
于是，所以，要证：只要证：，
又在上单调递增
即证：即证：
由题意知，而，所以原命题得证.
【点睛】导函数处理多元不等式证明问题，要选择合适的方法，就本题需要先研究两个变量的大小关系，然后利用放缩法，结合函数的单调性进行证明.
（二）选考题：共 10 分。请考生在第 22、23 题中任选一题作答.如果多做，则按所做的第一题计分.
[选修 4-4：坐标系与参数方程]
22. 在平面直角坐标系xOy中，设曲线的参数方程为（t为参数），以坐标原点O为极点，以x轴正半轴为极轴建立极坐标系，设曲线的极坐标方程为．
（1）求曲线的普通方程；
（2）若曲线上恰有三个点到曲线的距离为，求实数a的值．
【答案】（1）
（2）
【解析】
【分析】（1）曲线的参数方程消去参数即可求出曲线的普通方程；
（2）首先曲线的极坐标方程转化为普通方程，可以得到曲线是圆，要使曲线上恰有三个点到曲线的距离为，圆心到直线的距离，求解方程即可.
【小问1详解】
由已知得代入，消去参数t得
曲线的普通方程为．
【小问2详解】
由曲线的极坐标方程得，
又，，，
所以，即，
所以曲线是圆心为，半径等于的圆．
因为曲线上恰有三个点到曲线的距离为，
所以圆心到直线的距离，
即，解得．
[选修 4-5：不等式选讲]
23. 设函数.
（1）解不等式；
（2）当x∈R，0