初中数学北师大版（2024）九年级下册1 圆课时训练

这是一份初中数学北师大版（2024）九年级下册1 圆课时训练，共33页。试卷主要包含了单选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题
1．如图，是的直径，，分别与相切于点，点，若，，则的长为( )
A．1B．2C．D．
2．如图，在中，为直径，为弦，点C为弧的中点，以点C为切点的切线与的延长线交于点E，连接交于点F， 若，，则的长度为（ ）
A．3B．C．4D．
3．如图，正六边形螺帽的边长为2，则这个螺帽的面积是（ ）

A．B．6C．D．
4．如图，AB为圆O的直径，BC为圆O的一弦，自O点作BC的垂线，且交BC于D点．若AB=16，BC=12，则△OBD的面积为何？（ ）
A．6B．12C．15D．30
5．一个正三角形和一个正六边形的面积相等，则它们的边长比为（ ）
A．﹕1B．3﹕1C．﹕1D．2﹕1
6．如图，抛物线与x轴交于A，B两点，D是以点为圆心，1为半径的圆上的动点，E是线段AD的中点，连接OE，BD，则线段OE的最小值是（ ）
A．B．2C．D．
7．如图，已知圆心角∠BOC＝120°，则圆周角∠BAC的大小是（ ）
A．60°B．80°C．100°D．120°
8．如图，AB为的直径，，则（ ）
A．B．72°C．D．
9．如图，在等腰△ABC中，∠BAC＝120°，AD是∠BAC的角平分线，且AD＝6，以点A为圆心，AD长为半径画弧，交AB于点E，交AC于点F，将阴影部分剪掉，余下扇形AEF，将扇形AEF围成一个圆锥的侧面，AE与AF正好重合，圆锥侧面无重叠，求这个圆锥的高为（ ）
A．2B．C．4D．
10．如图，PA 、PB是⊙O的切线，A、 B 为切点，OP交AB于点D，交⊙O于点C , 在线段AB、PA、PB、PC、CD中，已知其中两条线段的长，但还无法计算出⊙O直径的两条线段是（ ）
A．AB、CDB．PA、PCC．PA、ABD．PA、PB
11．如图，在Rt△ABC中，∠C＝90°，AC＝BC，点O在AB上，经过点A的⊙O与BC相切于点D，交AB于点E，若CD＝，则图中阴影部分面积为（ ）
A．B．C．D．
12．如图，切于，切于，交于，连接，下列结论中，错误的是（ ）．

A．B．C．D．以上都不对
二、填空题
13．如图，AB是⊙的直径，CD是弦，若AB=10cm，CD=8cm ,那么A、B两点到直线CD的距离之和为 .
14．如图，直径的半圆，绕点B顺时针旋转，此时点A到了点，则图中阴影部分的面积的是 （结果保留）

15．能够重合的两个圆是 ．
注意：
1）半径 的两个圆是等圆；
2）同圆或等圆的半径 ．
在同圆或等圆中，能够互相重合的弧叫做 ．
注意：
1）等弧的长度一定 ；
2）长度相等的弧是等弧．
16．已知一个扇形的面积是，弧长是，则这个扇形的半径为 ．
17．如图，四边形和均为正方形，且点，，在半圆的弧上，点，，在半圆的直径上，点，，在一条直线上，若半圆的半径为，则阴影部分的面积为 ．
三、解答题
18．如图，为的切线，C为切点，D是上一点，过点D作，垂足为F，交于点E，连接并延长交于点G，连接，已知E为弧的中点．

(1)若的直径为10，求的长；
(2)试探究出与之间的数量关系，并说明你的结论（用两种方法证明）
19．如图，在的正方形网格中，每个小正方形的顶点称为格点，其中点、、、均为格点，过点，，的圆弧与线段交于点．仅用无刻度的直尺，按要求画图，保留作图痕迹．
(1)在图①中，确定所在圆的圆心．
(2)在图②中的上，确定点，使．
(3)若每个小正方形的边长均为1，则图②中的长为 ．
20．如图，有一座圆弧形拱桥，桥下水面宽，为16米，拱高为4米．
(1)求桥拱的半径；
(2)若大雨过后，洪水泛滥到河面宽度为12米时，求水面涨高了多少？
21．筒车是我国古代利用水力驱动的灌溉工具，车轮缚以竹筒，旋转时低则舀水，高则泻水．如图，水力驱动筒车按逆时针方向转动，竹筒把水引至A处，水沿射线方向泻至水渠，水渠所在直线与水面平行．设筒车为，与直线交于P，Q两点，与直线交于B，C两点，恰有，连接．
(1)求证：为的切线；
(2)筒车的半径为，，．当水面上升，A，O，Q三点恰好共线时，求和的度数；
(3)在（2）的条件下，直接写出筒车在水面下的最大深度（精确到．参考值：，）．
22．筒车是我国古代利用水利驱动的灌溉工具，如图所示 2，筒车按逆时针方向转动，每绕一圈需要，筒车与水面分别交于、，且． ，筒车的轴心距离水面的高度 长为，筒车上均匀分布着若干个盛水筒，若以某个盛水筒 刚浮出水面时开始计算时间．
(1)求筒车的半径；
(2)盛水桶从刚浮出水面绕到离水面最高点时，求它走过的路径长：
(3)拟修建接水槽，盛水桶绕至接水槽后自然翻落，水沿着接水槽流入农田． 所在直线与 相切，当盛水桶从浮出水面至绕到上用时时，求接水槽的长．
23．如图，为的直径，D为延长线上一点，过点D作的切线，切点为C，过点B作交的延长线于点E，连接．
(1)求证：平分；
(2)连接，交于点F，若，求的半径．
24．如图，是的外接圆，于，交于点，
(1)求证：；
(2)连结并延长交于点，延长交于，连结交于点，若平分，
①若，，求的长．
②连结，若，，求：关于的函数关系式及其定义域
参考答案：
1．B
【分析】本题主要考查了圆周角定理、切线长定理、切线的性质、等边三角形的判定与性质、解直角三角形，由切线长定理得出，结合推出是等边三角形，得到，，由切线的性质可得，从而得到，由圆周角定理可得，最后由余弦的定义可得，即可得出答案，熟练掌握以上知识点并灵活运用是解此题的关键．
【详解】解：，分别与相切于点，点，
，
，
是等边三角形，
，，
与相切于点，
，
，
，
是直径，
，
，
，
故选：B．
2．C
【分析】本题主要考查了垂径定理的推论，切线的性质，平行线分线段成比例定理，勾股定理，连接交于H，由切线的性质和垂径定理的推论得到，则由平行线分线段成比例定理得到，据此求出，则，再利用勾股定理求出答案即可．
【详解】解：如图所示，连接交于H，
∵是切线，
∴，
∵点C为弧的中点，
∴，
∴，
∴，
∵，
∴，
∴，
∴，
故选：C．
3．C
【分析】此题主要考查正多边形的计算问题，解题的关键是正确的构造直角三角形，然后求出长，然后求出面积即可．
【详解】解：设正六边形的中心是O，一边是AB，则，，过O作于，

如图，在中，，，
∴，，
∴．
这个正六边形的面积．
故选：C．
4．A
【详解】试题分析： ∵OD⊥BC，
∴BD=CD=BC=×12=6，
在Rt△BOD中，∵OB=AB=8，BD=6，
∴OD==2，
∴S△OBD=OD•BD=×2×6=6．
考点：垂径定理；勾股定理．
5．A
【分析】根据题意画出图形，分别设出边长并表示出面积后即可利用面积相等得到答案．
【详解】设正三角形的边长为a，则正六边形的边长为b；
（1）过A作AD⊥BC于D，则∠BAD=30°，
AD=AB•cs30°=a•=a，
∴S△ABC=BC•AD=×a×a=a2；
（2）连接OA、OB，过O作OD⊥AB；
∵∠AOB==60°，
∴∠AOD=30°，
OD=，
∴S△OAB=，
∴S六边形=6S△OAB=6×=，
∵S△ABC=S六边形
∴a2=
解得：a：b=：1
故选A．
【点睛】本题考查了正三角形及正六边形的性质，解答此题的关键是根据题意画出图形，结合正多边形的性质解答．
6．B
【分析】根据抛物线解析式即可得出A点与B点坐标，结合题意进一步可以得出BC长为5，利用三角形中位线性质可知OE=BD，而BD最小值即为BC长减去圆的半径，据此进一步求解即可.
【详解】∵，
∴当时，，
解得：，
∴A点与B点坐标分别为：(，0)，(3，0)，
即：AO=BO=3，
∴O点为AB的中点，
又∵圆心C坐标为(0，4)，
∴OC=4，
∴BC长度=，
∵O点为AB的中点，E点为AD的中点，
∴OE为△ABD的中位线，
即：OE=BD，
∵D点是圆上的动点，
由图可知，BD最小值即为BC长减去圆的半径，
∴BD的最小值为4，
∴OE=BD=2，
即OE的最小值为2，
故选：B.
【点睛】本题主要考查了抛物线性质与三角形中位线性质的综合运用，熟练掌握相关概念是解题关键.
7．A
【详解】试题分析：因为圆心角∠BOC＝120°，圆周角为圆心角的一半，则圆周角∠BAC是60°
考点：圆心角和圆周角的关系．
点评：在圆中，一段弧所对应的圆周角是其所对应的圆心角的一半．
8．D
【分析】题目主要考查圆周角定理和三角形内角和定理，根据题意得出，然后利用三角形内角和定理求解，再由圆周角定理即可求解．
【详解】解：∵AB为的直径，
∴．
∵，
∴，
∴．
故选D．
9．D
【分析】设圆锥的底面圆的半径为r，利用圆锥的侧面展开图为一扇形，这个扇形的弧长等于圆锥底面的周长，扇形的半径等于圆锥的母线长和弧长公式得到，解得，然后利用勾股定理计算这个圆锥的高h．
【详解】解：设圆锥的底面圆的半径为r，
根据题意得，解得，
这个圆锥的高，
故选D．
【点睛】本题主要考查了圆锥的侧面展开图和弧长公式，解题的关键在于能够熟练掌握圆锥的侧面展开图为一扇形，这个扇形的弧长等于圆锥底面的周长，扇形的半径等于圆锥的母线长．
10．D
【详解】A、构造一个由半径、半弦、弦心距组成的直角三角形，根据垂径定理以及勾股定理即可计算；
B、根据切割线定理即可计算；
C、首先根据垂径定理计算AD的长，再根据勾股定理计算PD的长，连接OA，根据射影定理计算OD的长，最后根据勾股定理即可计算其半径；
D、根据切线长定理，得PA=PB．相当于只给了一条线段的长，无法计算出半径的长．
故选D．
11．C
【分析】连接，于H，如图，根据切线的性质得到，则四边形为矩形，由矩形的性质得出，则，接着计算出，，然后利用扇形的面积公式，利用图中阴影部分面积进行计算．
【详解】解：连接，过O作于H，如图，
，，
，
与相切于点D，
，
∴四边形为矩形，
，
在中，，
，
在中，
，
，，
∴图中阴影部分面积．
故选：C．
【点睛】本题考查了切线的性质：圆的切线垂直于经过切点的半径．若出现圆的切线，必连过切点的半径，构造定理图，得出垂直关系．也考查了扇形面积的计算．
12．D
【分析】连接，，根据切线长定理可得，再证明，问题得解．
【详解】连接，，如图，

∵切于，切于，
∴，即是等腰三角形，
∵，，
∴，
∴，即平分，
∴，即A、B、C三项都正确，
故选：D．
【点睛】本题主要考查了切线长定理，等腰三角形的判定与性质，全等三角形的判定与性质等知识，掌握切线长定理，是解答本题的关键．
13．6cm.
【详解】试题分析：过O作OG⊥CD于G，连接OC，如图所示，
∵OG⊥CD，CD=8cm，∴G为CD的中点，即CG=DG=4cm，
在Rt△OCG中，OC=AB=5cm，CG=4cm，根据勾股定理得：OG==3cm，
又AE⊥EF，OG⊥EF，BF⊥EF，∴AE∥OG∥BF，又O为AB的中点，∴G为EF的中点，即OG为梯形AEFB的中位线，∴OG=（AE+BF），则AE+BF=2OG=6cm．故答案为6cm．
考点：1．垂径定理；2．勾股定理；3．梯形中位线定理．
14．
【分析】本题主要考查了求不规则图形的面积，旋转的性质，根据旋转的性质可得，再由 进行求解即可．
【详解】解：由旋转的性质可得，
∴
，
故答案为：．
15． 等圆 相等 相等 等弧 相等
【解析】略
16．
【分析】本题考查扇形面积公式，根据扇形面积公式直接代入求解即可得到答案．
【详解】解：∵一个扇形的面积是，弧长是，
∴，
解得：，
故答案为：．
17．
【分析】如图，设半圆圆心为O，连接OF、OD，作OH⊥AD于H，根据垂径定理可得DH=AH=AD，利用勾股定理可求出DH的长，进而根据勾股定理可求出GF的长，根据S阴影=S半圆-S正方形ABCD-S正方形ECGF，即可得答案．
【详解】如图，设半圆圆心为O，连接OF、OD，作OH⊥AD于H，
∵四边形和均为正方形，
∴∠ADC=90°，∠FGC=90°，
∵OH⊥AD，
∴DH=AH=AD，四边形CODH是矩形，
∴OC=DH
∵OD=，
∴DH2+OH2=OD2，即DH2+（2DH）2=5，
解得：DH=1，（负值舍去）
∴AD=2，OC=DH=1，
在Rt△OGF中，GF2+OG2=OF2，
∵CG=GF，
∴GF2+（OC+GF）2=5，
解得：GF=1或GF=-2（舍去），
∴S阴影=S半圆-S正方形ABCD-S正方形ECGF=-22-12=，
故答案为：
【点睛】本题考查矩形的判定于性质、正方形的性质、垂径定理及勾股定理，垂直于弦的直径平分弦，并且平分这条弦所对的两条弧；熟练掌握垂径定理是解题关键．
18．(1)
(2)，证明见解析
【分析】（1）根据角之间的关系和边之间的关系得是等边三角形，在中，根据含30度角的直角三角形的性质即可得；
（2）方法一：由为等边三角形，可得，在中，根据直角三角形的性质得，即；
方法二：连接，过点O作，垂足为H，根据题意得，四边形是矩形，所以，根据等边三角形的性质得，根据边之间的关系得CE=OE，根据HL得，即可得，由此即可得．
【详解】（1）解：如图所示，连接．

∵，点E为弧的中点，
∴，，
∵为的切线，C为切点，
∴，
∴，
∵，垂足为F，
∴，
∴，
∴，
∴，
∴，
∴．
∵，
∴是等边三角形，
∴，
∴．
∵的直径为10，
∴，
∵是的直径，
∴，
在中，，，
∴，
∴；
（2）解：，证明如下
证明：方法一：如图所示，

∵，
∴，
∴．
∵，
∴为等边三角形，
∴．
∵，
∴．
∴在中，，
∴，
即；
方法二：如图所示，连接，过点O作，垂足为H，

∴，
∵，
∴四边形是矩形，
∴，
∵是等边三角形，
∴，
∵，
∴，即DE=2EH，
∵，
∴，
∴，
∴，
在和中，
，
∴，
∴，
∴．
【点睛】本题考查了切线的性质，圆周角定理，平行线的判定与性质，等边三角形的判定与性质，矩形的判定与性质，全等三角形的判定与性质，直角三角形的性质，解题的关键是掌握这些知识点．
19．(1)画图见解析
(2)画图见解析
(3)
【分析】（1）如图，连接交格线于，由为直径，弦的垂直平分线与直径的交点为，则即为圆心；
（2）取格点，连接与弧交于，由等腰三角形的性质可得：，则即为所求；
（3）如图，连接，交格线于，证明，，可得，；再利用弧长公式计算即可．
【详解】（1）解：如图，连接交格线于，则即为圆心，
（2）如图，取格点，连接与弧交于，则即为所求；
（3）如图，连接，交格线于，
∵，，
∴，
∴，，
∴，；
∴的长为．
【点睛】本题考查的是等腰三角形的性质，勾股定理的逆定理的应用，勾股定理的应用，垂径定理的应用，弧长的计算，利用网格的特点作图，掌握以上基础知识是解本题的关键．
20．(1)桥拱的半径是10米；
(2)水面涨高了2米．
【分析】本题考查勾股定理，垂径定理，关键是由勾股定理，垂径定理列出关于圆半径的方程．
（1）设桥拱的半径是米，由垂径定理求出（米，而米，由勾股定理得到，求出；
（2）由垂径定理求出的长，由勾股定理求出的长，即可求出的长．
【详解】（1）解：如图，半径，，
设桥拱的半径是米，
，
（米，
拱高为4米，
米，
，
，
，
桥拱的半径是10米；
（2）解：，
（米，
（米，
（米，
（米，
水面涨高了2米．
21．(1)见解析
(2)，
(3)
【分析】（1）连接并延长交于，根据为的直径可以得到，继而得到，根据，，即可得到，即可证明为的切线；
（2）根据，解出，根据为的直径得到，进而得出，，又根据得出，故可得到；
（3）过作交于，交于，于是在等腰中，根据锐角三角函数求出长，进而求出最大深度．
【详解】（1）证明：连接并延长交于，连接，如图1，
为的直径，
，
，
又，
，
，
，
是的半径，
为的切线；
（2）解：如图2所示，
，，
，
是的直径，
，
，
，
，
，
，
，
，
；
（3）解：过作交于，交于，如图3，
为等腰直角三角形，
，
，
．
【点睛】本题主要考查圆的切线的判断，等腰三角形、圆周角定理，锐角三角函数，掌握公式定理并且灵活应用是解题的关键．
22．(1)筒车的半径为
(2)
(3)接水槽的长米
【分析】本题考查了垂径定理的应用，弧长公式，解直角三角形的应用；
（1）连接，根据垂径定理可得，在中，勾股定理建立方程，解方程即可求解；
（2）由（1）可得，进而得出点运动的圆心角为，根据弧长公式，即可求解；
（3）依题意，筒每秒钟转．延长交于点，连接，，过点作于点，过点作于点，得到是等腰直角三角形，进而利用勾股定理，即可求解．
【详解】（1）解：如图2中，连接．
∵，，
∴，
在中，，，
∴，
答：筒车的半径为；
（2）由（1）可得，
∴
∴盛水桶从刚浮出水面绕到离水面最高点时，它走过的路径长为；
（3）由筒车⊙O按逆时针方向转动，每绕一圈需要，可得筒每秒钟转．
如图所示，延长交于点，连接，，过点作于点，过点作于点,

∵当盛水桶从浮出水面至绕到上用时，
∴，
.∴，
∴
∴，
∵，
∴，
∵所在直线与 相切，即，
∴
∵，
∴
∴
∴
答：接水槽的长米．
23．(1)见解析
(2)4
【分析】本题考查相似三角形的判定和性质，切线的性质，平行线的判定和性质，直径所对的圆周角是直角、等腰三角形的性质等等：
（1）连接，根据是切线，推出，进而得出，即可求证平分；
（2）连接，通过证明，推出，设的半径为r，则，，，通过证明，得出，列出方程求解即可．
【详解】（1）证明：连接，
∵是切线，
∴，
∵，
∴，
∴，
∵，
∴，
∴，
即平分；
（2）解：连接，
∵，，
∴，
∴，
则，
设的半径为r，则，，，
∵为的直径，
∴，
∵，，
∴，
∴，即，
解得：（负值舍去），
∴的半径为4．
24．(1)证明见解析
(2)①；②
【分析】（1）延长交于点，连接，可得，由得，再根据等角的余角相等即可证明结论；
（2）①连接，结合（1）的结论先证明，进而可得，，得出是等腰三角形，由等腰三角形三线合一性质得，继而得到垂直平分，证明，，再利用，解三角形即可；
②利用角平分线性质和面积比得出，由，得出，继而求出，再根据比例性质即可得出函数解析式．
【详解】（1）证明：如图，延长交于点，连接，
∴，
∴，
∵，
∴，
∴，
又∵，
∴，
∴；
（2）解：如图，连接，
∵，
∴，
又∵平分，
∴，
由（1）得：，
∴，
∵，
∴，，
∴，
又∵，
∴，
∴，
∴，
又∵，
∴，即点为的中点，
∴垂直平分，
∴，
∴，
又∵，
∴，
∴，
∵，
∴，即：，
又∵，
∴，
∴，
在中，，
∴，
∴，
∵是直径，
∴，
在中，，
∴，
∴，
∴；
②如图，连接，
∵，
∴，
∴，
∴，
∴，
∵，
∴，
∴，
又∵，
∴，
∴，
∴，
∵平分，
∴点到、的距离相等，
设点到、的距离为，点到的距离为，
∴，
∴，
∴，
∵是的外接圆，，
∴在中，，
∴，
∴关于的函数关系式为．
【点睛】本题考查直角所对的圆周角是直角，同弧所对的圆周角相等，等腰三角形的判定和性质，垂直平分线的判定和性质，角平分线的性质，锐角三角函数的应用，相似三角形的判定与性质，勾股定理等知识点．利用相似三角形的性质和平行线进行等面积变换是解题的关键．
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
B
C
C
A
A
B
A
D
D
D
题号
11
12








答案
C
D