九年级物理第三次月考卷（南京专用，苏科版，第11~15章）：2024+2025学年初中上学期第三次月考.zip

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注意事项：
1．本试卷分选择题非选择题两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在答题卡上。
2．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。作答非选择题，必须用0．5毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效。
3．如需作图，必须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗。
4．难度系数：0.8
5．测试范围：第十一~十五章（苏科版）。
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题只有一个选项符合题意）
1．如图所示的四种工具中，正常使用时属于费力杠杆的是（ ）
A．瓶起子B．核桃夹
C．撬棒D．筷子
【答案】D
【解析】A．起子使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A不符合题意；
B．核桃夹使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B不符合题意；
C．撬棒使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C不符合题意；
D．筷子使用时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D符合题意。
故选D。
2．三峡工程举世瞩目，其水电站的年设计发电量在8亿千瓦时以上，“千瓦时”是下列哪一个物理量的单位（ ）
A．时间B．电流C．电能D．电功率
【答案】C
【解析】A．时间的单位有：小时、分、秒，故A不符合题意；
B．电流的单位是安培，千瓦时不是电流单位，故B不符合题意；
C．电能的单位是焦耳，千瓦时是其常用单位。1kW·h=3.6×106J。故C符合题意；
D．电功率的单位是瓦特，千瓦时不是电功率的单位，故D不符合题意。
故选C。
3．下列用电器主要利用电流热效应工作的是（ ）
A．电饭锅B．电视机
C．电风扇D．电冰箱
【答案】A
【解析】A．电饭煲工作时，将电能转化为内能，加热食物，是利用电流的热效应工作的，故A符合题意；
B．电视机工作时，主要是把电能转化为声能和光能，不是利用电流的热效应工作的，故B不符合题意；
CD．电风扇和电冰箱工作时，主要是把电能转化为机械能，不是利用电流的热效应工作的，故CD不符合题意。
故选A。
4．孝敬父母是中华民族的传统美德。如图所示，寒冷的冬天，小聪用热水为妈妈泡脚的过程中（ ）
A．通过热传递增加了脚的内能B．热量由脚传递给了水
C．水的温度降低，水的比热容减小D．水的温度降低，水的比热容变大
【答案】A
【解析】AB．泡脚时，脚的温度较低，水的温度较高，热量由水传给脚，脚吸收热量，温度升高，内能增大，是通过热传递增大内能的，故A符合题意，B不符合题意；
CD．比热容是物质的属性，与其温度变化无关，所以水的温度较低，比热容不变，故CD不符合题意。
故选A。
5．利用图示甲、乙装置 （ 燃烧皿内燃料和烧杯内液体未画出） ，可完成两个实验：实验一“探究不同物质吸热升温的现象”，实验二“比较质量相等的不同燃料燃烧放出的热量”．下列关于这两个实验的说法正确的是（ ）
A．实验一时，烧杯中应装入质量相等的同种液体
B．实验二时，烧杯中应装入质量相等的不同液体
C．实验一时，在燃烧皿中放入同种燃料，用秒表记录加热时间
D．实验二时，在燃烧皿中放入不同燃料，用秒表记录燃料燃尽所用时间
【答案】C
【解析】A．实验一“探究不同物质吸热升温的现象”，烧杯中应装入质量相等的不同液体，故A错误；
B．实验二“比较质量相等的不同燃料燃烧放出的热量”，烧杯中应装入质量相等的同种液体，故B错误；
C．实验一时，“探究不同物质吸热升温的现象”，在燃烧皿中放入同种燃料，用秒表记录加热时间，用加热时间反映液体吸热的多少，故C正确；
D．实验二时，“比较质量相等的不同燃料燃烧放出的热量”，在燃烧皿中放入不同燃料，燃料充分燃烧后，用温度计记录烧杯中液体的温度，故D错误．
6．如图是小巴同学用橙子做水果电池时，用导线将电压表的两个接线柱分别连在铜片和锌片上，观察到电压表指针发生偏转。下列说法正确的是（ ）
A．此时电压表示数为3V
B．此过程中水果电池是将电能转化为机械能
C．锌片是这个水果电池的负极
D．水果电池可点亮家用节能灯
【答案】C
【解析】A．电压表的小量程接入电路中，此电压表量程为0～3V，分度值为0.1V，根据指针位置可以读出示数为0.6V，故A错误；
B．水果电池消耗了化学能，得到了电能，因此是将化学能转化为电能，故B错误；
C．电压表接线为正接线柱流入，负接线柱流出，故锌片为水果电池的负极，故C正确；
D．家用节能灯工作时的两端电压为220V，而水果电池提供的电压远小于220V，因此水果电池不可以点亮家用节能灯，故D错误。
故选C。
7．如图所示是从机械能、内能和化学能出发，整理的第12章“机械能和内能”的单元知识结构图，图中①②③处依次填写的内容是（ ）
A．单摆、扩散、热值B．温度计、燃烧、比热容
C．火箭、热传递、做功D．热机、做功、热传递
【答案】D
【解析】热机是内能的一种应用，热机是将内能转化为机械能，改变内能的方式有做功和热传递。故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
8．小明家记录10月初电能表示数为1432．7度，电能表的部分参数及11月初的示数如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．用电1kW•h，该电能表转盘转过2500转
B．小明家10月份总共用电105J
C．此电能表能长期正常运行的最大电流为10A
D．11月初小明家已经消耗的电能是15377kW·h
【答案】A
【分析】本题考查电能表读数，利用电能表的参数进行相关物理量的计算
【解析】A．从电能表的参数可知，电能表每转动2500转，消耗1kW•h的电能，故A正确
B．小明家10月初电能表示数是1432.7kW•h，11月初示数为1537.7 kW•h，那么10月份消耗的电能
而不是105J，故B不正确
C．电能表参数中有“10A”，表示的是电能表允许通过的最大电流为10A，不是长期正常运行的最大电流，故C不正确
D．电能表上的示数是电能表运行之后，家中消耗的总电能，应是1537.7kW•h，而不是15377kW•h，故D不正确
9．两个定值电阻，甲标有“10V 0．2A”，乙标有“9V 0．3A”，现把它们串联起来，电路允许加的最大电压为（ ）
A．18VB．16VC．4.7VD．19V
【答案】B
【解析】由两定值电阻的铭牌可知，两者允许通过的最大电流分别为I甲=0.2A，I乙=0.3A，由于串联电路中各处的电流相等，两电阻串联起来时，电路中的最大电流为
I最大=I甲=0.2A
甲、乙电阻的阻值分别为
，
串联电路中总电阻等于各分电阻之和，根据欧姆定律可得，串联电路两端允许加的最大电压为
U最大=I最大（R甲+R乙）=0.2A×（50Ω+30Ω）=16V
故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
10．某型号天然气泄漏检测仪器的电路如图所示，图中R为气敏电阻，其阻值R随天然气浓度的增大而减小，已知R0为定值电阻，电源电压恒定不变，用此仪器检测天然气是否泄漏，则下列判断正确的是（ ）
A．天然气浓度增大时，电压表示数变小
B．天然气浓度减小时，电流表示数变大
C．天然气浓度增大时，电压表与电流表示数的比值变小
D．无论天然气浓度怎样变化，电压表与电流表示数的比值不变
【答案】D
【解析】由图可知两电阻串联，电压表测量R0两端的电压，电流表测电路中的电流。
ACD．当天然气浓度增大时，气敏电阻R的阻值变小，电路中的总电阻变小，由可知，电路中的电流变大，由U=IR可知，R0两端的电压变大，即电压表的示数变大；因电压表与电流表示数的比值等于定值电阻R0的阻值，所以，不论天然气浓度增大还是减小时，电压表与电流表示数的比值不变，故D正确，AC错误；
B．天然气浓度减小时，气敏电阻R的阻值变大，电路中的总电阻变大，由可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故B错误。
故选D。
11．我国第一部介绍西方物理学的著作《远西奇器图说》里记载了一种机械装置，如图所示。小球B拉着小球A匀速移动，若小球B的质量是20克，不考虑摩擦和绳重，小球A的质量可能为（ ）
A．30克B．20克C．16克D．10克
【答案】A
【解析】不考虑摩擦和绳重，定滑轮即不省力又不省距离，则绳子对A的拉力等于B的重力，当B下降时，B下降的高度hB等于A沿斜面上升的距离lA，大于A竖直上升的高度hA，根据功的原理可知，重力对B做的功等于绳子的拉力对A做的功，也等于克服A的重力做的功，即
mAghA=mBghB
因为
hA＜hB
所以
mA>mB
因此A的质量肯定大于20g，故BCD不符合题意，A符合题意。
故选A。
12．如图甲所示的电路中，电源两端的电压保持不变，电流表的量程为0~0.6A，电压表的量程为0~15V，可变电阻R2的铭牌上标有“200Ω 1A”的字样。闭合开关S，在调节可变电阻R2阻值的过程中，电压表的示数U与R2接入电路阻值的关系如图乙所示。若要求两只电表的示数均不能超过所选量程，下列说法正确的是（ ）
A．电源两端的电压为20V
B．R1的阻值为18Ω
C．为保证电路安全，滑动变阻器的取值范围是20Ω~100Ω
D．电流表示数的变化范围为0.15A~0.6A
【答案】D
【解析】由电路图知道，闭合开关S后，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
AB．由图乙知道，当变阻器接入电路中的电阻R2=40Ω时，其两端的电压U2=12V，因串联电路中各处的电流相等，所以，此时电路中的电流
根据串联电路中总电压等于各分电压之和和知道，电源的电压
①
当变阻器接入电路中的电阻R2′=70Ω时，其两端的电压
此时电路中的电流
则电源的电压
②
由①②可得
U=18V
R1=20Ω
故A错误，B错误；
C．当滑动变阻器两端的电压为15V时，接入电路的电阻最大，此时R1两端的电压
由串联分压原理知道，
解得滑动变阻器接入电路的最大电阻是
当电路中的电流为0.6A时，接入电路的电阻最小，此时电路的总电阻
则滑动变阻器接入电路的最大电阻是
所以，为保证电路安全，滑动变阻器的取值范围是10Ω~100Ω，故C错误；
D．当电压表的示数U2大=15V时，R1两端的电压
此时电路中的电流
此时滑动变阻器接入电路中的电阻
则电路中电流表的最小示数为0.15A，当滑动变阻器接入电阻为0时，电路中的电流
则电路中的最大电流为0.6A，所以，电流表示数的变化范围是0.15A～0.6A，故D正确。
故选D。
二、填空题（本题共10小题，每空1分，共32分）
13．如图，将包装口香糖的纸剪成中间较窄的细条，然后将锡箔细条的两端连接电池正负极，很快发现细条中较窄处段开始冒烟起火，这是因为细条将电池短路。若段长度等于段长度，则段电阻_________段电阻，此时段电流_________段电流（以上两空选填“大于”“等于”或“小于”）。
【答案】 ①大于 ②等于
【解析】[1][2]锡箔纸条两端的铝面直接接触电池的正负极，造成短路，这样电流会很大，铝纸条中间最细处的横截面积较小，电阻较大，即ab段电阻大于bc段电阻，根据Q=I2Rt可知，此时电路中迅速产生大量热量使温度达到锡纸的着火点而使之燃烧；串联电路中电流处处相同，所以ab段电流等于bc段电流。
14．针对下列图片情境回答物理问题：
（1）如图（a）所示，食品夹属于_________（选填“省力”或“费力”）杠杆，若需要夹起一个较滑且较重的食物，握夹子的手指应该距离食物更_________（选填“近”或“远”）一些；
（2）如图（b）所示是汽油机工作时的一个冲程，在此过程中，汽油机的能量转化是__________________；某单缸四冲程汽油机在1s内完成了15个工作循环，则该汽油机飞轮转速为_________r/min。
【答案】 ①费力 ②近 ③机械能转化为内能 ④1800
【解析】（1）[1]食品夹在使用时，由于动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆。
[2]要夹起一个较滑且较重的食物，需要增大夹子对食物的压力，由力作用的相互性可知，食物对食品夹的阻力增大；根据图示可知阻力臂不变，人的动力若不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力臂应变大，即握夹子的手指应该距离食物更近一些。
（2）[3]由图可知，进气门和排气门都是关闭的，活塞上行，可以判断是压缩冲程，该过程由机械能转化为内能。
[4]四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。则汽油机在1s内完成了15个工作循环，飞轮转30r，则1min转
30r/s×60s=1800r
故该汽油机工作时飞轮的转速为1800r/min。
15．如图甲，定值电阻R2的阻值为40Ω.闭合开关，电流表A1、A2的指针偏转均如图乙所示.则电流表A1的读数为_________A，电流表A2的读数为_________A，电源电压为_________V，R1的阻值为_________Ω。
【答案】 ①1.5 ②0.3 ③12 ④10
【解析】图甲是R2与R1并联的电路，电流表A2测量R2所在支路的电流，电流表A1测量干路电流，所以A1的示数一定较大，而二者指针偏转角度相同，所以可知A1的量程为0~3A，分度值为0.1A，示数为1.5A；A2的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A；
根据欧姆定律可知R2两端电压为：U=IR2=0.3A×40Ω=12V，所以电源电压为12V；
根据并联电路电流规律可知，通过R1的电流为：1.5A-0.3A=1.2A;
根据欧姆定律可求出R1阻值为：
16．如图所示，通过滑轮组将深井中的物体匀速拉至井口。已知井深100m，物体重5.0×103N，拉绳子的力F为2.0×103N，不计绳重和摩擦。则动滑轮的重为_________N，滑轮组的机械效率_________。
【答案】 ①1.0×103 ②83.3%
【解析】[1]由图得
不计绳重和摩擦
动滑轮的重为
[2]滑轮组的机械效率
17．如图所示为旋转式变阻器，是通过改变接入电路的电阻片的_________来改变其连入电路的电阻大小的．若将图中旋转式变阻器的B、C两接线柱连入电路，则连入电路的弧形电阻片是_________段（选填“AP”、“PB”或“AB”）．若将该旋转式变阻器接入收音机中当作音量开关，当轴沿顺时针方向旋转时，收音机的音量将_________（选填“变大”、“变小”或“不变”）．
【答案】 ①长度 ②PB ③变大
【解析】旋转式变阻器是通过改变接入电路的电阻片的长度来改变其连入电路的电阻的大小的；当将B、C两接线柱连入电路中时，连入电路的弧形电阻片是PB段；当轴沿顺时针方向旋转时，电阻变小，电流增大，所以收音机的音量将变大。
18．按要求填空：
（1）如图甲所示，电源电压是3V且保持不变，S闭合后电压表示数为1V，则灯两端的电压为_________；若断开开关，电压表示数将_________（“变大”、“变小”或“不变”）；
（2）如图乙所示，两个水果组成的电池让发光二极管发光了，发光二极管具有单向导电的性质，电流只能从正极流进，从负极流出，则金属片A是水果电池_________（选填“正极”或“负极”）；将发光二极管正负极接线对调后，发光二极管不发光，此时水果电池的正负极之间_________（选填“有”或“没有”）电压，二极管是由_________材料制成的。
【答案】 ①2V ②大 ③正极 ④有 ⑤半导体
【解析】（1）[1]开关S断开时，电压表与灯泡串联接入电路中，测量的是电源电压；由电路图可知，闭合开关后，灯与串联，电压表测灯两端的电压；已知此时电压表示数是1V，则灯两端的电压是1V，串联电路中总电压等于各部分电路电压之和，灯两端的电压为
[2]断开开关S，电压表串联在电路中，电压表测电源两端电压，此时其示数为3V，所以断开开关后，电压表示数变大。
（2）[1]图中二极管发光，说明二极管的连接是正确的，此时水果是这个电路里的电源，金属片A是水果电池的正极，金属片B是水果电池的负极。
[2][3]现将二极管正负极接线对调，二极管不发光，是因为它的正负极接反了，说明二极管具有单向导电性，此时水果电池的正负极之间仍然有电压，二极管是由半导体材料制成的。
19．如图所示的电路中，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时U甲∶U乙为4∶3，则R1∶R2＝ ；当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两表的读数之比I甲∶I乙＝ 。
【答案】 ①1∶3 ②1∶4
【解析】[1]由图可知，当开关S闭合，甲，R1与R2串联，电压表甲测电源电压，电压表乙测R2两端的电压。已知两表的示数之比为U甲∶U乙＝4∶3，即电源电压与R2两端的电压之比为
U∶U2＝U甲∶U乙＝4∶3
根据串联电路电压规律可得，R1、R2两端的电压之比为
串联电路中各处电流相等，根据串联电路分压的规律可得
[2]当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，R1与R2并联，电流表甲测量通过R2的电流，电流表乙测量干路中的电流，由于并联电路各支路两端的电压相等，所以R1与R2的电压相等，根据并联电路分流的规律可知R1与R2的电流之比为
由于并联电路干路中的电流等于各支路中的电流之和，所以甲、乙两表的示数之比为
20．如图，电源电压为6V，L的电阻是10Ω，滑动变阻器的最大值是40Ω。闭合开关后，滑片从a端向b端移动时，电压表对应的示数变化范围是_________，灯L消耗的电功率_________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 ①1.2V~6V ②不变
【解析】[1][2]由电路图可知，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测滑片左侧和灯泡两端的电压之和，因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以，滑片从a端向b端移动时，电路中的总电阻不变，但滑片左侧部分两端的电阻变大，由可知，电路中的电流不变，由U=IR可知，滑片左侧和灯泡两端的电压之和变大，即电压表的示数变大；由P=I2R可知，灯泡消耗的电功率不变；当滑片位于a端时，电压表的示数最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流
电压表的最小示数
UL=IRL=0.12A×10Ω=1.2V
当滑片位于b端时，电压表的示数最大，最大示数为电源的电压6V，所以，电压表对应的示数变化范围是1.2V～6V。
21．如图所示，LED灯具有节能、环保等特点．一只“220V 9W”的LED灯与一只“220V 60W”的白炽灯在正常工作时发光效果相当．该节能灯正常发光10h消耗的电能是_________kW·h．在相同时间内，与白炽灯相比，LED灯可以节约百分之多少的电能？_________%。
【答案】 ①0.09 ②85
【解析】[1][2]LED灯标有“220V 9W”字样的含义是：额定电压为220V，额定功率为9W；由P=W/t知道，该节能灯正常发光10h消耗的电能是
W=Pt=0.009kW×10h=0.09kW•h
设两种灯泡正常发光的时间为t，则：LED消耗的电能W节=P节t，白炽灯消耗的电能为W白=P白t，在达到相同亮度的条件下，LED灯可以节约电能的百分比
W白−W节/W白×100%==85%
22．如图所示为多功能飞行器，它具有4个独立旋翼，均可通过无线电进行操控，其在拍摄调查、无人配送等方面具有广阔的前景。某快递公司的一架无人机载着质量为6kg的货物，先在9s内沿竖直方向匀速上升60m，再在4s内沿水平方向匀速飞行20m后，将货物送达目的地。则：
（1）在匀速上升时，无人机对货物所做的功W1=_________J，该无人机在此次运货的整个过程中对货物所做的功为W2，则W2_________W1（选填“>”、“=”或“