人教版 (2019)必修 第三册3 电磁感应现象及应用优秀一课一练

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感应电流的产生
1．在物理发展史的长河中，一些科学家做出了杰出的贡献，创造了历史，推动了社会的发展，生活在信息时代的我们，应该永远缅怀他们。下面关于物理史实正确的是（ ）
A．安培发现了电流的磁效应
B．法拉第发现了电磁感应现象
C．奥斯特发现了产生感应电流的条件
D．库仑认为磁感线是客观存在的
【答案】B
【详解】A．奥斯特发现了电流的磁效应，故A错误；
B．奥斯特发现了电流的磁效应之后，法拉第通过不断的实验过程发现了电磁感应现象，故B正确；
C．法拉第发现了电磁感应现象，并总结了产生感应电流的条件，故C错误；
D．磁场是真实存在的，而磁感线是为了形象描述看不见、摸不着的磁场而认为假想的，客观上不存在，库仑并没有认为磁感线是客观存在的，故D错误。
故选B。
2．如图，小明用线圈、条形磁铁和灵敏电流计来验证电磁感应现象，下列不能使灵敏电流计指针发生偏转的操作是（ ）
A．线圈不动，磁铁快速向上
B．线圈不动，磁铁快速向下
C．磁铁不动，线圈快速向上
D．线圈和磁铁同时同速向上
【答案】D
【详解】A．图中线圈和电流计组成了闭合回路，线圈不动，磁铁快速向上运动时，线圈切割磁感线，产生感应电流，故A错误；
B．线圈不动，磁铁快速向下运动时，线圈切割磁感线，产生感应电流，故B错误；
C．磁铁不动，线圈快速向上运动，根据运动的相对性，线圈切割磁感线，产生感应电流，故C错误；
D．线圈和磁铁同时同速向上运动，由于相对静止，线圈没有切割磁感线，因而不会产生感应电流，故D正确。
故选D。
3．如图所示是安检使用的一种金属探测仪。当探测仪靠近金属物体时，会产生感应电流，发出报警信号，其工作原理与下列实验原理相同的是（ ）
A．B．C．D．
【答案】B
【详解】A．由题意可知，当探测仪靠近金属物体时，相当于闭合电路部分导体在切割磁感线，从而会产生感应电流，发出报警信号，是电磁感应现象。图A是通电直导线周围产生磁场，小磁针偏转，是电流的磁效应现象，A不符合题意；
B．图B是闭合开关后，导线在磁场中做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，电流表指针偏转，是电磁感应现象，B符合题意；
C．图C是闭合开关后，通电直导线在磁场中受到安培力作用而运动，是电流的磁效应现象，C不符合题意；
D．图D是闭合开关后，通电螺线管产生磁场，能吸引铁钉，这是电流的磁效应现象，D不符合题意。
故选B。
4．虚线框内有垂直于纸面的匀强磁场。闭合线圈由位置1经过位置2、3，穿过虚线框运动到位置4。下列过程线圈中能产生感应电流的是（ ）
A．仅由位置1到位置2
B．仅由位置2到位置3
C．仅由位置3到位置4
D．由位置1到位置2及由位置3到位置4
【答案】D
【详解】闭合线圈中要产生感应电流，则穿过闭合线圈得磁通量要发生改变，分析可知，当线圈由位置1到位置2的过程中，穿过线圈的磁通量增加，从位置2到位置3的过程中，穿过线圈的磁通量不变，从位置3到位置4的过程中，穿过线圈的磁通量减小，因此线圈中能产生感应电流的过程是由位置1到位置2及由位置3到位置4。
故选D。
5．将一金属弹簧两端如图所示接入到电路中，当电键S闭合将有电流通过弹簧，以下说法正确的是（ ）

A．电键闭合后弹簧将保持原长不变
B．电键闭合电路稳定后，滑动变阻器滑片不发生移动，弹簧长度等于原长
C．电键闭合电路稳定后，将滑动变阻器滑片向左移动时弹簧将变长
D．电键闭合电路稳定后，将滑动变阻器滑片向右移动时弹簧将变长
【答案】C
【详解】AB．电键闭合后，弹簧中有电流通过，各匝弹簧中电流同向，由“同向电流相互吸引，异向电流相互排斥”可知，弹簧受到相互吸引的磁场力而收缩，弹簧长度一定小于原长，故AB错误；
C．电键闭合电路稳定后，将滑动变阻器滑片向左移动时，电路中的总电阻增大，电流减小，弹簧间的磁场力减小，弹簧将变长，但仍小于原长，故C正确；
D．电键闭合电路稳定后，将滑动变阻器滑片向右移动时，电路中的总电阻减小，电流增大，弹簧间的磁场力增强，弹簧缩短，故D错误。
故选C。
6．（多选）如图所示，环形金属软弹簧所处平面与某一匀强磁场垂直，将弹簧沿半径方向向外拉成圆形，则以下措施不能使该金属弹簧中产生电磁感应现象的是( )

A．保持该圆的周长不变，将弹簧由圆形拉成方形
B．保持该圆的周长不变，将弹簧由圆形拉成三角形
C．保持该圆的面积不变，将弹簧由圆形拉成长方形
D．保持该圆的面积不变，将弹簧由圆形拉成正三角形
【答案】CD
【详解】A．保持该圆的周长不变，将弹簧由圆形拉成方形，面积发生变化，闭合电路的磁通量发生变化，从而产生感应电流，A不满足题意要求；
B．保持该圆的周长不变，将弹簧由圆形拉成三角形，面积发生变化，闭合电路的磁通量发生变化，从而产生感应电流，B不满足题意要求；
C．保持该圆的面积不变，将弹簧由圆形拉成方形，则穿过闭合电路的磁通量不变，不会产生感应电流，C满足题意要求；
D．保持该圆的面积不变，将弹簧由圆形拉成三角形，则穿过闭合电路的磁通量不变，不会产生感应电流，D满足题意要求；
故选CD。
7．如图所示，边界MN右侧存在匀强磁场，现使边长为L的正方形闭合金属线框由边界左侧以速度v匀速运动到图中虚线位置。此过程线框中产生感应电流的时间为（ ）

A．B．C．D．
【答案】A
【详解】线框在整个运动过程中，只在右侧边框恰好进入磁场到线框恰好完全进入磁场的过程中产生感应电流，此过程线框的位移为L，故根据匀速直线运动规律可得，产生感应电流的时间为
故选A。
8．如图是法拉第探究“磁生电”的实验，他把两个线圈绕在同一个软铁环上，一个线圈A连接电池与开关，另一线圈B闭合并在其中一段直导线附近平行放置小磁针。下列说法正确的是（ ）
A．A线圈接通电流瞬间，小磁针偏转一下，随即复原
B．保持开关闭合，小磁针始终发生偏转
C．开关断开瞬间，小磁针不会发生偏转
D．A、B线圈没有直接连接，无论如何操作小磁针都不会发生偏转
【答案】A
【详解】AB．A线圈接通瞬间，在铁环产生顺时针方向的磁场，使得穿过线圈B的磁通量增加，根据楞次定律和安培定则可知，在线圈B中产生逆时针方向感应电流，电流稳定后穿过A、B的磁通量不再发生变化，所以B中不再有感应电流，即小磁针偏转一下随即复原，故A正确，B错误；
CD．当开关断开，A线圈中的电流中断瞬间，使得穿过B的磁通量减小，根据楞次定律和安培定则可知，在B中产生顺时针方向感应电流，小磁针会反向偏转，线圈A电流减为零后穿过A、B的磁通量不再变化，所以B中不再有感应电流，小磁针偏转一下后随即复原，故CD错误。
故选A。
9．（多选）如图所示，某同学用该装置探究影响感应电流方向的因素，将磁体S极从线圈中向上抽出时，观察到灵敏电流计指针向右偏转。关于该实验，下列操作说法正确的是（ ）
A．将磁铁S极匀速向下插入线圈的过程中，电流表的指针不偏转
B．将磁铁S极加速向下插入线圈的过程中，电流表的指针向左偏转
C．将磁铁N极从线圈中向上加速抽出的过程中，电流表的指针向右偏转
D．将磁铁N极从线圈中向上匀速抽出的过程中，电流表的指针向左偏转
【答案】BD
【详解】A．将磁体S极从线圈中向上抽出时，线圈内向上的磁通量减小，感应电流的磁场方向向上，观察到灵敏电流计指针向右偏转。将磁铁S极匀速向下插入线圈的过程中，线圈内向上的磁通量增大，感应电流的磁场方向向下，电流表的指针向左偏转，故A错误；
B．将磁铁S极加速向下插入线圈的过程中，线圈内向上的磁通量增大，感应电流的磁场方向向下，电流表的指针向左偏转，故B正确；
C．将磁铁N极从线圈中向上加速抽出的过程中，线圈内向下的磁通量减小，感应电流的磁场方向向下，电流表的指针向左偏转，故C错误；
D．将磁铁N极从线圈中向上匀速抽出的过程中，线圈内向下的磁通量减小，感应电流的磁场方向向下，电流表的指针向左偏转，故D正确。
故选BD。
10．（多选）如图所示，固定在水平桌面上的金属圆环连接一发光二极管（正向电阻为零，反向电阻为无穷大）构成闭合回路。一条形磁铁由图示位置开始进行下列操作，能使二极管发光的是（ ）
A．条形磁铁N极向下，且沿金属圆环中心线向下运动
B．条形磁铁N极向下，且沿金属圆环中心线向上运动
C．条形磁铁S极向下，且沿金属圆环中心线向下运动
D．条形磁铁S极向下，且沿金属圆环中心线向上运动
【答案】AD
【详解】能使二极管发光，线圈中的电流方向为俯视逆时针方向，线圈中感应电流的磁场方向向上，根据楞次定律可知条形磁铁N极向下，且沿金属圆环中心线向下运动，或者条形磁铁S极向下，且沿金属圆环中心线向上运动。
故选AD。
11．如图所示，一根条形磁铁穿过一个弹簧线圈，先将线圈拉开，在放手后则穿过线圈的磁通量如何变化（ ）
A．增大B．减小C．不变D．无法判断
【答案】A
【详解】磁感线在条形磁铁的内外形成闭合曲线，磁铁外部的磁感线总数等于内部磁感线的总数，而且磁铁内外磁感线方向相反。而磁铁外部的磁感线分布在无穷大空间，所以图中线圈中磁铁内部的磁感线多于外部的磁感线，由于方向相反，外部的磁感线要将内部的磁感线抵消一些，先将线圈面积拉大，在放手后，内部磁感线总数不变，而抵消减小，剩余增大，则磁通量将增大。磁通量的方向与磁铁内部的磁场方向相同即向右。
故选A。
12．史料记载“1831年8月29日这一天，法拉第在接通电池的一刹那，偶然看到检流计指针动了一下，接着便回到了原位，然后就一直停住不动。……”法拉第因此发现了电磁感应现象，图1是这个实验的示意图。又有史料记载“瑞士物理学家科拉顿设计了一个利用磁铁在闭合线圈中获取电流的实验：将一块磁铁在螺线管中移动，使导线中产生感应电流。为了排除磁铁移动对检流计指针偏转的影响，他把检流计放到隔壁房间中去，用长导线把检流计和螺线管连接起来。实验开始了，科拉顿把磁铁插到线圈中去以后，就跑到隔壁房间中去，但他十分痛心地看到检流计的小磁针静止在原位。”科拉顿没能发现电磁感应现象，他的实验示意图见图2。请你分析一下，科拉顿没能看到电磁感应现象的原因是什么？
【答案】见解析
【详解】科拉顿没能看到电磁感应现象的原因是因为电磁感应现象是在变化或运动的过程中出现的，科拉顿把磁铁插到线圈中，有电磁感应现象，但当科拉顿赶到隔壁房间去时，检流小磁针已经动过了，所以他没能看到电磁感应现象。
电磁感应现象的应用
13．我国已经制订了登月计划，假如航天员登月后想探测一下月球表面是否有磁场，他手边有一只灵敏电流计和一个线圈。则下列推断中正确的是（ ）
A．用导线将灵敏电流计连成闭合回路并放于月球表面，若无示数则月球表面无磁场
B．将灵敏电流计与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如灵敏电流计无示数，则月球表面无磁场
C．将灵敏电流计与线圈组成闭合回路，使线圈绕某一轴转动，若灵敏电流计有示数，则月球表面有磁场
D．将灵敏电流计与线圈组成闭合回路，使线圈绕某一轴转动，若灵敏电流计无示数，则月球表面无磁场
【答案】C
【详解】该同学是利用电磁感应来检验月球表面是否存在磁场的。
A．如果回路不动，就算有磁场，回路中的磁通量也不变，回路中没有感应电流，所以不能判断，故A错误；
B．线圈沿某一方向运动，如果磁场与该方向平行，电流计也是没有示数的，但是存在磁场，故B错误；
C．如果灵敏电流计有示数，则说明回路中磁通量发生了变化，当然存在磁场，C正确；
D．如果线圈绕着磁感线转动，线圈中的磁通量不变，灵敏电流计无示数，但是存在磁场，所以不能判断，故D错误。
故选C。
14．如图所示，O1O2是矩形导线框abcd的对称轴，其左方有垂直于纸面向外的匀强磁场。以下情况中，abcd中没有感应电流产生的是（ ）
A．将abcd以O1O2为轴转动90°
B．将abcd向右平移
C．将abcd以ab为轴转动60°
D．将abcd以cd为轴转动60°
【答案】C
【详解】A．将abcd以O1O2为轴转动90°，磁通量由最大值变为零，产生感应电流，A错误；
B．将abcd向右平移，磁通量逐渐减小，产生感应电流，B错误；
C．将abcd以ab为轴转动60°，由几何关系可知，线框磁通量不变，没有产生感应电流，C正确；
D．将abcd以cd为轴转动60°，磁通量由最大值变为零，产生感应电流，D错误。
故选C。
15．随着智能手机的发展，电池低容量和手机高耗能之间的矛盾越来越突出，电磁感应式手机无线充电技术间接解决了智能手机电池不耐用的问题。如图所示，当充电基座上的送电线圈通入正弦式交变电流后，就会在邻近的受电线圈中感应出电流，最终实现为手机电池充电。首先发现电磁感应现象的科学家是（ ）
A．奥斯特B．安培C．法拉第D．麦克斯韦
【答案】C
【详解】首先发现电磁感应现象的科学家是法拉第。
故选C。
16．图甲所示为扬声器的实物图，图乙为剖面图，线圈处于磁场中，当音频电流信号通过线圈时，线圈带动纸盆振动发出声音，俯视图丙表示处于辐射状磁场中的线圈，磁场方向如图中箭头所示。则（ ）
A．扬声器根据电磁感应原理工作的
B．图丙中，线圈上各点的磁感应强度相同
C．图丙中当电流沿顺时针方向时，对应图乙中线圈所受安培力向下
D．当随声音变化的电流通过线圈，在安培力作用下线圈发生振动，从而带动纸盆振动发出声音，这样的扬声器能当话筒使用
【答案】D
【详解】A．扬声器根据通电导体在磁场中受安培力，从而让扬声器的膜片振动，产生声音，故A错误；
B．磁感应强度是矢量，线圈上各点的磁感应强度大小相同，方向不同，故B错误；
C．根据左手定则可判定，线圈所受安培力方向竖直向上，故C错误；
D．电流通过线圈，在安培力作用下线圈发生振动，从而带动纸盆振动发出声音；动圈式扬声器也可以当话筒使用，声音使纸盆振动，带动线圈切割磁感线，从而产生感应电流，故D正确。
故选D。
17．与一般吉他以箱体的振动发声不同，电吉他靠拾音器发声。如图所示，拾音器由磁体及绕在其上的线圈组成。磁体产生的磁场使钢质琴弦磁化而产生磁性，即琴弦也产生自己的磁场。当某根琴弦被拨动而相对线圈振动时，线圈中就会产生相应的电流，并最终还原为声音信号。下列说法中正确的是（ ）
A．若磁体失去磁性，电吉他仍能正常工作
B．换用尼龙材质的琴弦，电吉他仍能正常工作
C．琴弦振动的过程中，线圈中电流的方向不会发生变化
D．拾音器的作用是利用电磁感应把琴弦的振动转化成电信号
【答案】D
【详解】A．若失去磁性则无法产生电磁感应，因此吉他不能正常工作，故A错误；
B．电吉他不可以使用尼龙线做琴弦．若是尼龙线则不能构成回路，不会产生电磁感应现象，故B错误；
C．琴弦振动时，线圈中产生感应电流的大小和方向均是变化的，若是恒定，则声音全是一种调，所以电流方向不可能不发生变化；而根据右手定则可知，电流方向一定是变化的．故C错误；
D．电吉他是属于磁生电的应用，是根据电磁感应原理工作的．拾音器的作用是利用电磁感应把琴弦的振动转化成电信号，故D正确。
故选D。
18．（多选）如图所示，虚线框内存在垂直于纸面的匀强磁场，闭合金属线圈由位置1沿图中所示路径平移至位置5。有感应电流产生的过程是（ ）
A．1→2B．2→3C．3→4D．4→5
【答案】AD
【详解】AD．由感应电流产生的条件：只要穿过闭合导体回路的磁通量发生变化，闭合导体回路中就有感应电流，可知1→2闭合金属线圈中的磁通量增大，则有感应电流产生；4→5闭合金属线圈中的磁通量减小，则有感应电流产生，AD正确；
BC．2→3和3→4闭合金属线圈中的磁通量不变，则没有感应电流产生，BC错误。
故选AD。
19．兴趣小组利用多匝线圈和灵敏电流计制作了一个简易的电流探测仪，用于检测埋在地下的通电导线，如图（a）所示。地面表层有两根有绝缘皮包裹的垂直长导线AB、CD，如图（b）所示。当线圈水平放置沿快速移动，电流计指针不偏转。当线圈水平放置沿方向快速移动，电流计指针偏转。下列说法正确的是（ ）
A．两根导线中都有电流B．两根导线中都无电流
C．AB中无电流，CD中有电流D．AB中有电流，CD中无电流
【答案】D
【详解】当线圈水平放置沿A1B1快速移动时，电流计指针不偏转，说明线圈中磁通量不变，直导线CD中无电流。当线圈沿C1D1方向快速移动，电流计指针偏转，说明线圈中磁通量有变化，则直导线AB中有电流，故D正确，A、B、C错误。
故选D。
20．在如图所示的闭合铁芯上绕有一组线圈，与滑动变阻器、电源构成闭合电路，a、b、c为三个闭合金属圆环，假定线圈产生的磁场全部集中在铁芯内，则当滑动变阻器的滑片向右滑动时，下列说法正确的是（ ）
A．穿过a、b两个环的磁通量始终相同
B．穿过b环的磁通量始终是c环的一半
C．a、c两个环中都有感应电流
D．b、c两个环中都有感应电流
【答案】A
【详解】A．线圈产生的磁场全部集中在铁芯内，所以穿过a、b两个环的磁通量始终相同，故A正确；
BCD．根据安培定则可知，穿过a的磁感线方向向左，穿过b的磁感线方向向上，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，线圈中电流将发生改变，产生的磁场随之改变，穿过a、b两环的磁通量会发生改变，故a、b两环中都会产生感应电流；而向左和向右穿过c环的磁感线条数相等，完全抵消，总的磁通量为零，不发生变化，故c环中没有感应电流产生，故BCD错误。
故选A。
21．（2021·天津·高考真题）科学研究方法对物理学的发展意义深远，实验法、归纳法、演绎法、类比法、理想实验法等对揭示物理现象的本质十分重要。下列哪个成果是运用理想实验法得到的（ ）
A．牛顿发现“万有引力定律”B．库仑发现“库仑定律”
C．法拉第发现“电磁感应现象”D．伽利略发现“力不是维持物体运动的原因”
【答案】D
【详解】牛顿发现“万有引力定律”；库仑发现“库仑定律”；法拉第发现“电磁感应现象”，这些都是建立在大量的实验的基础上直接得出的结论；而伽利略发现“力不是维持物体运动的原因”，是在实验的基础上经过抽象推理得出的结论，即运用了理想实验法。
故选D。
22．（2018·全国·高考真题）（多选）如图，两个线圈绕在同一根铁芯上，其中一线圈通过开关与电源连接，另一线圈与远处沿南北方向水平放置在纸面内的直导线连接成回路。将一磁针悬挂在直导线正上方，开关未闭合时小磁针处于静止状态。下列说法正确的是（ ）
A．开关闭合后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动
B．开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向里的方向
C．开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向外的方向
D．开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动
【答案】AD
【详解】A．由电路可知，开关闭合瞬间，右侧线圈正面环绕部分的电流向下，由安培定则可知，直导线在铁芯中产生向右的磁场，由楞次定律可知，左侧线圈正面环绕部分产生向上的电流，则直导线中的电流方向由南向北，由安培定则可知，直导线在小磁针所在位置产生垂直纸面向里的磁场，则小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动，A正确；
BC．开关闭合并保持一段时间后，穿过左侧线圈的磁通量不变，则左侧线圈中的感应电流为零，直导线不产生磁场，则小磁针静止不动，BC错误；
D．开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，穿过左侧线圈向右的磁通量减少，则由楞次定律可知，左侧线圈正面环绕部分产生向下的感应电流，则流过直导线的电流方向由北向南，直导线在小磁针所在处产生垂直纸面向外的磁场，则小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动，D正确。
故选AD。
23．（2024·北京·高考真题）如图所示，线圈M和线圈P绕在同一个铁芯上，下列说法正确的是（ ）
A．闭合开关瞬间，线圈M和线圈P相互吸引
B．闭合开关，达到稳定后，电流表的示数为0
C．断开开关瞬间，流过电流表的电流方向由a到b
D．断开开关瞬间，线圈P中感应电流的磁场方向向左
【答案】B
【详解】A．闭合开关瞬间，线圈P中感应电流的磁场与线圈M中电流的磁场方向相反，由楞次定律可知，二者相互排斥，故A错误；
B．闭合开关，达到稳定后，通过线圈P的磁通量保持不变，则感应电流为零，电流表的示数为零，故B正确；
CD．断开开关瞬间，通过线圈P的磁场方向向右，磁通量减小，由楞次定律可知感应电流的磁场方向向右，因此流过电流表的感应电流方向由b到a，故CD错误。
故选B。
24．（2020·全国·高考真题）管道高频焊机可以对由钢板卷成的圆管的接缝实施焊接。焊机的原理如图所示，圆管通过一个接有高频交流电源的线圈，线圈所产生的交变磁场使圆管中产生交变电流，电流产生的热量使接缝处的材料熔化将其焊接。焊接过程中所利用的电磁学规律的发现者为（ ）
A．库仑B．霍尔C．洛伦兹D．法拉第
【答案】D
【详解】由题意可知，圆管为金属导体，导体内部自成闭合回路，且有电阻，当周围的线圈中产生出交变磁场时，就会在导体内部感应出涡电流，电流通过电阻要发热。该过程利用原理的是电磁感应现象，其发现者为法拉第。故选D。
25．（2017·全国·高考真题）（多选）某同学自制的简易电动机示意图如图所示．矩形线圈由一根漆包线绕制而成，漆包线的两端分别从线圈的一组对边的中间位置引出，并作为线圈的转轴．将线圈架在两个金属支架之间，线圈平面位于竖直面内，永磁铁置于线圈下方．为了使电池与两金属支架连接后线圈能连续转动起来，该同学应将( )
A．左、右转轴下侧的绝缘漆都刮掉
B．左、右转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉
C．左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉
D．左转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉
【答案】AD
【详解】A．为了使电池与两金属支架连接后线圈能连续转动起来，将左、右转轴下侧的绝缘漆都刮掉，这样当线圈在图示位置时，线圈的上下边受安培力水平而转动，转过一周后再次受到同样的安培力而使其转动，故 A正确；
B．若将左、右转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，则当线圈在图示位置时，线圈的上下边受安培力水平而转动，转过半周后再次受到相反方向的安培力而使其停止转动，故B错误；
C．左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉，电路不能接通，故不能转起来，故C错误；
D．若将左转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉，这样当线圈在图示位置时，线圈的上下边受安培力水平而转动，转过半周后电路不导通，转过一周后再次受到同样的安培力而使其转动，故D正确.