新高考数学一轮复习高频考点精讲精练第04讲 正弦定理和余弦定理 (高频精讲）（2份，原卷版+解析版）

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TOC \ "1-3" \h \u \l "_Tc21411" 第一部分：知识点必背 PAGEREF _Tc21411 \h 2
\l "_Tc18855" 第二部分：高考真题回归 PAGEREF _Tc18855 \h 3
\l "_Tc10628" 第三部分：高频考点一遍过 PAGEREF _Tc10628 \h 7
\l "_Tc23008" 高频考点一：利用正、余弦定理解三角形 PAGEREF _Tc23008 \h 7
\l "_Tc22499" 角度1：三角形个数问题 PAGEREF _Tc22499 \h 7
\l "_Tc29636" 角度2：利用正弦定理解三角形 PAGEREF _Tc29636 \h 12
\l "_Tc21713" 角度3：利用余弦定理解三角形 PAGEREF _Tc21713 \h 15
\l "_Tc28747" 角度4：正余弦定理综合应用 PAGEREF _Tc28747 \h 18
\l "_Tc3049" 高频考点二：判断三角形的形状 PAGEREF _Tc3049 \h 22
\l "_Tc12574" 高频考点三：三角形面积相关问题 PAGEREF _Tc12574 \h 25
\l "_Tc21184" 角度1：求三角形面积 PAGEREF _Tc21184 \h 25
\l "_Tc3527" 角度2：三角形面积的最值（范围） PAGEREF _Tc3527 \h 31
\l "_Tc16860" 高频考点四：三角形周长（边）相关问题 PAGEREF _Tc16860 \h 38
\l "_Tc26446" 角度1：求三角形周长（边长） PAGEREF _Tc26446 \h 38
\l "_Tc7766" 角度2：三角形周长（边长）的最值 PAGEREF _Tc7766 \h 43
\l "_Tc32211" 第四部分：数学文化题 PAGEREF _Tc32211 \h 51
\l "_Tc8593" 第五部分：高考新题型 PAGEREF _Tc8593 \h 54
\l "_Tc16358" ①开放性试题 PAGEREF _Tc16358 \h 54
\l "_Tc6064" ②探究性试题 PAGEREF _Tc6064 \h 55
\l "_Tc18856" ③劣够性试题 PAGEREF _Tc18856 \h 56
\l "_Tc21166" 第六部分：数学思想方法 PAGEREF _Tc21166 \h 58
\l "_Tc14849" ①函数与方程的思想 PAGEREF _Tc14849 \h 58
\l "_Tc8006" ②分类讨论的思想 PAGEREF _Tc8006 \h 60
第一部分：知识点必背
1、正弦定理
1.1正弦定理的描述
①文字语言：在一个三角形中，各边和它所对角的正弦的比相等.
②符号语言：在中， 若角、及所对边的边长分别为，及，则有
1.2正弦定理的推广及常用变形公式
在中， 若角、及所对边的边长分别为，及，其外接圆半径为，则
①
②；；；
③
④
⑤，，（可实现边到角的转化）
⑥，，（可实现角到边的转化）
2、余弦定理
2.1余弦定理的描述
①文字语言：三角形中任何一边的平方等于其他两边的平方的和减去这两边与它们的夹角的余弦的积的两倍.
②符号语言：在中，内角，所对的边分别是,则：
；
2.2余弦定理的推论
；
；
3、三角形常用面积公式
①；
②；
③（其中，是三角形的各边长，是三角形的内切圆半径）；
④(其中，是三角形的各边长，是三角形的外接圆半径).
4、常用结论
在三角形中的三角函数关系
①
②
③
④
⑤
⑥若
⑦若或
第二部分：高考真题回归
1．（2022·浙江·统考高考真题）我国南宋著名数学家秦九韶，发现了从三角形三边求面积的公式，他把这种方法称为“三斜求积”，它填补了我国传统数学的一个空白．如果把这个方法写成公式，就是，其中a，b，c是三角形的三边，S是三角形的面积．设某三角形的三边，则该三角形的面积___________．
【答案】.
【详解】因为，所以．
故答案为：.
2．（2022·全国（甲卷文理）·统考高考真题）已知中，点D在边BC上，．当取得最小值时，________．
【答案】##
【详解】[方法一]：余弦定理
设，
则在中，，
在中，，
所以
，
当且仅当即时，等号成立，
所以当取最小值时，.
故答案为：.
[方法二]：建系法
令 BD=t，以D为原点，OC为x轴，建立平面直角坐标系.
则C（2t,0），A（1，），B（-t,0）
[方法三]：余弦定理
设BD=x,CD=2x.由余弦定理得
，，
，，
令，则，
，
，
当且仅当，即时等号成立.
[方法四]：判别式法
设，则
在中，，
在中，，
所以，记，
则
由方程有解得：
即，解得：
所以，此时
所以当取最小值时，，即.
3．（2022·浙江·统考高考真题）在中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c．已知．
(1)求的值；
(2)若，求的面积．
【答案】(1)；
(2)．
【详解】（1）由于， ，则．因为，
由正弦定理知，则．
（2）因为，由余弦定理，得，
即，解得，而，，
所以的面积．
4．（2022·全国（新高考Ⅱ卷）·统考高考真题）记的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，分别以a，b，c为边长的三个正三角形的面积依次为，已知．
(1)求的面积；
(2)若，求b．
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）由题意得，则，
即，由余弦定理得，整理得，则，又，
则，，则；
（2）由正弦定理得：，则，则，.
5．（2022·全国（乙卷文）·统考高考真题）记的内角A，B，C的对边分别为a，b，c﹐已知．
(1)若，求C；
(2)证明：
【答案】(1)；
(2)证明见解析．
【详解】（1）由，可得，，而，所以，即有，而，显然，所以，，而，，所以．
（2）由可得，
，再由正弦定理可得，
，然后根据余弦定理可知，
，化简得：
，故原等式成立．
第三部分：高频考点一遍过
高频考点一：利用正、余弦定理解三角形
角度1：三角形个数问题
典型例题
例题1．（2023春·上海青浦·高一上海市青浦高级中学校考阶段练习）在中，，则的解的个数是（ ）
A．0个B．2个C．1个D．1个或2个
【答案】B
【详解】
如图，在中，因为，
所以，
所以，所以可以构成两个三角形，
所以的解的个数是2个，故A，C，D错误.
故选：B.
例题2．（2023春·陕西榆林·高一校考阶段练习）在中，，若解三角形时有两解，则的取值范围是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】C
【详解】根据题意作图，如下图所示
当x的值确定以后，以C为圆心，2为半径的圆与c边的交点即为顶点A的位置，
由图可知，两种临界条件分别为：
（1）圆与c边所在直线相切，此时，三角形只有一个解，
此时根据正弦定理，，可得；
（2）圆过B时，，三角形只有一个解，此时；
所以当时，三角形有两个解，
所以x的取值范围为.
故选：C.
例题3．（2023春·上海青浦·高一校考阶段练习）如果满足的恰有一个，则实数的取值范围是__________.
【答案】
【详解】由，得，
又，所以，
则当时，三角形只有一个解，
此时，
所以.
故答案为：.
例题4．（2023春·陕西西安·高一西北工业大学附属中学校考阶段练习）已知中，，若满足上述条件的三角形有两个，则的范围是__________．
【答案】
【详解】解：如图所示，作，交于点为，垂足为，若要满足题意，则有，
易知∴的范围是.
故答案为：
练透核心考点
1．（2023春·天津静海·高一静海一中校考阶段练习）在中，内角、、所对的边分别为、、，不解三角形，确定下列判断正确的是（ ）
A．，，，有两解B．，，，有一解
C．，，，有一解D．，，，无解
【答案】D
【详解】因为，，如图于，
由直角可得.
当或时，有一解；
当时，无解；
当时，有两解.
结合四个选项，可知，选项A，B，C三项错误.
故选：D
2．（2023·全国·高一专题练习）已知的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，若，，，若只有一解，则实数x的取值范围为（ ）
A．B．C．D．或
【答案】D
【详解】如图， ，为正三角形，则点在射线上.易得当在时，只有一解，此时；当在或右边时只有一解，此时.故 或
故选：D
3．（多选）（2023春·陕西西安·高一统考阶段练习）在中，内角，，所对的边分别为，，，根据下列条件判断三角形的情况，则正确的是（ ）
A．，，，有两解
B．，，，有两解
C．，，，只有一解
D．，，，只有一解
【答案】CD
【详解】对于A，因为，，则，由正弦定理，
得，显然有唯一结果，即只有一解，A错误；
对于B，，，，由正弦定理得，无解，B错误；
对于C，，，，有，则，
由正弦定理得，有唯一解，C正确；
对于D，，，，有，则，此时，有唯一解，D正确.
故选：CD
4．（多选）（2023春·河北保定·高一定州市第二中学校考阶段练习）在中，角所对的边分别为，且.若有两解，则的值可以是（ ）
A．4B．5C．7D．10
【答案】BC
【详解】解：如图：
要使有两个解，则，
即，解得：，
故选：BC
5．（2023·全国·高一专题练习）不解三角形，判断下列三角形解的个数．
(1)，，；
(2)，，；
(3)，，．
【答案】(1)一解
(2)两解
(3)无解
【详解】（1）由正弦定理，
∴，
∵，∴，
∴只有一解，三角形解的个数为一解.
（2）由正弦定理，
∴，∴，
∵，，∴，
∴有两解，三角形解的个数为两解.
（3）∵，∴，∴，
∴无解，三角形无解.
角度2：利用正弦定理解三角形
典型例题
例题1．（2023春·甘肃白银·高一校考阶段练习）在中，角的对边分别为，已知 则（ ）
A．45°或135°B．135°
C．45°D．60°或120°
【答案】C
【详解】由正弦定理得：得：，
因为，所以，所以.
故选：C
例题2．（多选）（2023春·河北邢台·高一沙河市第二中学校联考阶段练习）在中，已知，，的外接圆面积为，则（ ）
A．B．C．D．
【答案】AD
【详解】设的外接圆半径为，则，解得；
在中，由正弦定理得：，
又，则，
再由正弦定理得：，
因为，所以，则或，
故选：AD.
例题3．（2023·全国·高三专题练习）在平面四边形中，，，求长度的取值范围．
【答案】
【详解】解：如图所示：
延长AD，BC相交于点E，平移CD，当C，D重合于点E时，AD最大，
在中，，
由正弦定理得，
又，
所以，
平移CD，当D重合于点A，到AF位置时，AD最小，最小为0，
所以AD长度的取值范围是
练透核心考点
1．（2023春·安徽合肥·高一合肥一中校考阶段练习）在中，a，b，c分别是角A，B，C的对边，，那么（ ）
A．B．C．或D．
【答案】B
【详解】因为，
由正弦定理，可得，
又因为，所以，故，所以.
故选：B.
2．（2023春·上海青浦·高一上海市青浦高级中学校考阶段练习）在三角形ABC中，已知，则三角形面积_________．
【答案】
【详解】由正弦定理得，
，
，
.
故答案为：.
3．（2023春·河南洛阳·高一洛宁县第一高级中学校联考阶段练习）在中，角的对边分别为，且，，则 _________.
【答案】
【详解】由正弦定理得，
即，
，
∵，
∴，
，，
，
∴，
由正弦定理得，
所以 .
故答案为：
角度3：利用余弦定理解三角形
典型例题
例题1．（2023春·吉林·高一校考阶段练习）冬奥会会徽以汉字“冬”为灵感来源，结合中国书法的艺术形态，将悠久的中国传统文化底蕴与国际化风格融为一体，呈现出中国在新时代的新形象、新梦想．某同学查阅资料得知，书法中的一些特殊画笔都有固定的角度，比如弯折位置通常采用30°、45°、60°、90°、120°、150°等特殊角度下．为了判断“冬”的弯折角度是否符合书法中的美学要求．该同学取端点绘制了，测得，，，，若点恰好在边上，请帮忙计算的值（ ）
A．B．C．D．
【答案】C
【详解】由题意，在中，由余弦定理可得，
，
因为，所以，
在中，由正弦定理，
即，解得.
故选：C.
例题2．（2023·全国·高三专题练习）已知锐角的内角，，的对边分别为，，，若，，求角．
【答案】
【详解】，，
，
整理可得，即，
所以，
，
.
例题3．（2023春·河北邢台·高一沙河市第二中学校联考阶段练习）在中，内角的对边分别为，已知为锐角，且.
(1)若，求实数的值；
(2)若，求面积的最大值；
(3)若，点为的中点，且，求边的长.
【答案】(1)
(2)
(3)
【详解】（1）为锐角，且，
，即，
由余弦定理可知，即，
又，即，所以，
故实数的值为1.
（2）由（1）得：，
又，即，当且仅当时取等号，
，当且仅当时取等号，
面积的最大值为.
（3）在中，，
，
，
，即①；
在中，，
，代入①化简得：，
解得或（舍去），
的长为.
练透核心考点
1．（2023春·河北邢台·高一沙河市第二中学校联考阶段练习）在中，角所对的边分别为，已知，则角___________.
【答案】##
【详解】由，
得，
所以，
则，
又，所以.
故答案为：.
2．（2023·全国·高三专题练习）的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，若，，则C＝______
【答案】##
【详解】由余弦定理得，即，所以，
又，所以，可得．
故答案为：
3．（2023·全国·模拟预测）已知△ABC的角A，B，C对边分别为a，b，c，满足，且，
(1)求C；
(2)求△ABC外接圆的半径R.
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）由可得，
∴，
∵，∴.
（2）∵，，
∴，
整理得，∴.
由正弦定理可得，
∴，即△ABC外接圆的半径为.
角度4：正余弦定理综合应用
典型例题
例题1．（2023春·河北衡水·高一河北武强中学校考阶段练习）已知锐角中，角，，的对边分别为，，．若，，，则（ ）
A．9B．8C．5D．4
【答案】C
【详解】∵，，
∴，，
∴．
∵为锐角三角形，∴，∴．而，∴．
由余弦定理可得，∴，∴，
则．
故选：C
例题2．（多选）（2023春·山西太原·高一太原五中校考阶段练习）在中，在边上，且，，若，，则下列结论中正确的是（ ）
A． B．为锐角三角形C．的外接圆半径为D．的内切圆半径为
【答案】ACD
【详解】
设，则，
由，，可得，
在中，由正弦定理可得，
故A正确；
在中，由余弦定理，有：，
即：，解得，
故
在中，，
，
故
，
所以，
又，
由，
可知为钝角三角形，故B错误；
设的外接圆半径，
由正弦定理可得，，故C正确；
设的内切圆半径为，
则，
解得，故D正确．
故选:ACD．
例题3．（2023·宁夏银川·统考模拟预测）中，，，，为边上一点，且，则的面积等于________.
【答案】
【详解】在中，，，，由余弦定理得：
，即有，而，解得，
由正弦定理得：，显然为锐角，则，
，因为D为BC边上一点，且，则，
所以的面积.
故答案为：
练透核心考点
1．（2023·河南·校联考模拟预测）在四边形ABCD中，，，则的最大值为（ ）
A．25B．C．D．
【答案】B
【详解】设（），则，
在中，由正弦定理可得，
又，
在中，，
，则，则，
在中，由余弦定理可得，
即，
又，则，
所以当，即时，取得最大值为．
故选：B．
2．（2023春·宁夏银川·高一银川二中校考阶段练习）在△ABC中，若，，△ABC的面积，则（ ）
A．B．C．D．
【答案】D
【详解】由已知，
可得，
，
，
.
故选：D.
3．（2023春·河南郑州·高一校考阶段练习）在中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c．且，，，则______．
【答案】
【详解】∵，根据正弦定理得，
∴，又，∴，，
再根据余弦定理得
∴，解得．
故答案为：．
高频考点二：判断三角形的形状
典型例题
例题1．（2023春·河南周口·高三校考阶段练习）已知的三个内角所对的边分别为．若，则该三角形的形状一定是（ ）
A．钝角三角形B．直角三角形C．等腰三角形D．锐角三角形
【答案】C
【详解】因为，
由正弦定理（为外接圆的直径），
可得，
所以．
又因为，所以．即为等腰三角形.
故选：C
例题2．（2023春·江苏南通·高一统考阶段练习）在中，若，则的形状是（ ）
A．等边三角形B．直角三角形
C．等腰三角形D．等腰直角三角形
【答案】B
【详解】因为，
所以，
所以.
因为，所以.
又因为，所以，为直角三角形.
故选：B
例题3．（2023春·陕西西安·高二西安中学校考期中）若，且，那么是（ ）
A．直角三角形B．等边三角形
C．等腰三角形D．等腰直角三角形
【答案】B
【详解】由，得，
化简得，
所以由余弦定理得，
因为，所以，
因为，
所以由正余弦定理角化边得，化简得，
所以，
所以为等边三角形，
故选：B
例题4．（2023·全国·高一专题练习）在，若，则的形状是________.
【答案】等腰三角形或直角三角形
【详解】[方法一]：由余弦定理，，化简得，
∴或，
∴△ABC为等腰三角形或直角三角形.
故答案为：等腰三角形或直角三角形.
[方法二]：由可知，，即，，
由正弦定理结合题意可得，
即，
据此有或，
即或.
∴△ABC为等腰三角形或直角三角形.
故答案为：等腰三角形或直角三角形.
练透核心考点
1．（2023春·宁夏银川·高一银川二中校考阶段练习）在△ABC中，已知，且，则△ABC的形状是（ ）
A．等腰三角形B．等边三角形C．直角三角形D．等腰直角三角形
【答案】D
【详解】在△ABC中, ,
，故△ABC为直角三角形，
，即，
，
故△ABC为等腰三角形，
综上：△ABC的形状是等腰直角三角形.
故选：D.
2．（2023春·新疆乌鲁木齐·高一乌鲁木齐市第70中校考阶段练习）在中，角所对的边分别为，已知，，则的形状为（ ）
A．等腰三角形B．直角三角形
C．等边三角形D．等腰直角三角形
【答案】C
【详解】由正弦定理得：，
，又，，
，则；
，，或，又，，
，为等边三角形.
故选：C.
3．（2023春·全国·高一专题练习）在中，若，则是（ ）
A．直角三角形B．锐角三角形C．钝角三角形D．等腰三角形
【答案】A
【详解】解：因为，所以
所以，即，
因为，
所以，
因为，
所以，
因为，
所以，即是直角三角形.
故选：A
4．（2023春·浙江金华·高一校考阶段练习）在中，满足，则的形状是________．
【答案】直角三角形
【详解】，
，
整理得，
故是直角三角形.
故答案为：直角三角形.
高频考点三：三角形面积相关问题
角度1：求三角形面积
典型例题
例题1．（2023·河南郑州·统考二模）已知在非 中，，，且，则的面积为（ ）
A．1B．C．2D．3
【答案】C
【详解】，
，
又不是直角三角形，
，
，即，
又，
，解得，
，即，
，
，
故选：C．
例题2．（2023春·山西太原·高一太原五中校考阶段练习）在中，已知的平分线，则的面积为_____________.
【答案】
【详解】如图：
因为是的平分线，
所以，
不妨设，，
由题意得，
由余弦定理得：，，
所以，解得，负值舍去，
所以．
所以，
可得，
所以．
故答案为：.
例题3．（2023春·江苏镇江·高一江苏省丹阳高级中学校考阶段练习）在中，角所对的边分别为，.
(1)若，求的值；
(2)若，求的面积.
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）由题设，
，
又，故，解得.
（2）若，由（1）知：，解得，
又，故，即，所以，
所以是以为顶角的等腰三角形，，
所以的面积为.
例题4．（2023春·贵州·高二遵义一中校联考阶段练习）从①；②；③的外接圆的半径为2且，这三个条件中选择一个，补充在下面问题中，并解答.
已知的内角的对边分别为，且，__________.
(1)求角的大小；
(2)若，求的面积.
注：若选择多个条件分别解答，按第一个解答给分.
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）解:选①：因为，
所以，
即，
因为，所以，
即，即，
解得，因为，所以；
选②：因为，
在中，将正弦定理代入化简可得：
，即，即，
在中，由余弦定理可得：，
因为，所以；
选③：因为的外接圆的半径为2且，
在中，由正弦定理可得：
，解得，
因为，所以，所以；
（2）由（1）知，，，
在中，由余弦定理可得：，
即，解得，即，
所以，所以.
练透核心考点
1．（2023春·陕西安康·高三陕西省安康中学校考阶段练习）在中，角A，B，C的对边分别为a，b，c．若，且，则该三角形的面积为（ ）
A．1B．2C．2D．
【答案】D
【详解】因为，
所以，
所以．
由正弦定理得：，由余弦定理得，，
所以，因为，所以．
故选：D．
2．（2023·广东广州·广州市第二中学校考模拟预测）已知O是的外心，，若且，则的面积为____.
【答案】或24
【详解】为的外心，，
，，
，
即；①
，
即；②
由得，③
把③代入①②得，解得或.
又，
当时，，；
当时，，.
故答案为：或24.
3．（2023·北京·校考模拟预测）在中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，且．
(1)求角B的大小；
(2)若，求的面积．
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）由，得，
因为所以，，所以，
因为，所以.
（2）由（1）知，，因为，所以，
因为，所以，
所以.
由正弦定理，得.
所以.
4．（2023春·山东淄博·高三山东省淄博实验中学校联考阶段练习）在①，②，③向量，，这三个条件中任选一个，补充在下面问题中，并解答．
在中，内角、、的对边分别为、、，且__________．
(1)求角的大小；
(2)是线段上的点，且，，求的面积．
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）解：选条件①，因为，
故，
所以，，
即，
、，所以，，则，故，
因此，.
选②，因为，由正弦定理可得，
由余弦定理可得，
，则；
选③，因为，，，
所以，，
由正弦定理可得，
即，
、，则，所以，，因此，.
（2）解：设，因为，则，
因为，所以，，，，
在中，由正弦定理可知，即，
即，化简可得，即，
所以，，
所以，.
角度2：三角形面积的最值（范围）
典型例题
例题1．（2023·全国·高一专题练习）已知的内角所对的边分别为，若，，则面积的最大值为（ ）
A．B．C．D．
【答案】A
【详解】由余弦定理得：，
（当且仅当时取等号），，
，即面积的最大值为.
故选：A.
例题2．（2023春·上海金山·高一华东师范大学第三附属中学校考阶段练习）在中，、、三个内角所对的边依次为、、，且，若，则的面积的最大值为___________
【答案】
【详解】由余弦定理，，
∵，∴.
由余弦定理及基本不等式，，
∴，当且仅当时取等号，
∴当且仅当时，的面积的最大值为.
故答案为：.
例题3．（2023·全国·高一专题练习）在中，角所对的边分别为，若
(1)求角.
(2)若角为钝角，求面积的取值范围.
【答案】(1)或
(2)
【详解】（1）
，
即
又，即得
又或
（2）角为钝角，
由余弦定理得：
角为钝角，，即
例题4．（2023春·安徽合肥·高一合肥一中校考阶段练习）已知为锐角三角形，角所对的边分别为，且．
(1)求的取值范围；
(2)若，求面积的取值范围．
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）因为，由正弦定理可得：
，则，
所以或，即或，
所以，
因为为锐角三角形，可得，即，
解得：，所以，，，
故的取值范围为.
（2）在中，由正弦定理可得
，又，
，
，
因为，
当时，，
当时，，
，
又，在上单调递增，
当时，的面积最小，最小值为.
综上所述，三角形面积的最小值为.
练透核心考点
1．（2023春·新疆乌鲁木齐·高一乌鲁木齐市第70中校考阶段练习）在锐角中，角所对的边分别为，它的面积等于且，则的面积的取值范围是_________.
【答案】
【详解】，，
即，又，；
由得：，；
由正弦定理得：，，，
；
为锐角三角形，，解得：，
，，则，
.
故答案为：.
2．（2023·全国·模拟预测）已知锐角三角形的内角的对边分别为，且.
(1)求角；
(2)若为的垂心，，求面积的最大值.
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）由题可得，
结合正弦定理可得，即，
∴，又，∴.
（2）设边，上的高分别为，则为与的交点，
则在四边形中，，
∵，∴，故，
在中，，，
则，即，
当且仅当时取等号.∴，故面积的最大值为.
3．（2023春·江苏镇江·高一江苏省丹阳高级中学校考阶段练习）在①，②这两个条件中任选一个，补充在下列问题中，并解答．
已知的角对边分别为，而且_____．
（I）求；
（Ⅱ）求面积的最大值．
【答案】（I）；（Ⅱ）
【详解】解：（I）选①，∵a，
∴，
∵sinA≠0，
∴，即，
又0＜C＜π，
∴，故，即；
选②，∵（2a﹣b）sinA+（2b﹣a）sinB＝2csinC，
∴（2a﹣b）a+（2b﹣a）b＝2c2，即a2+b2﹣c2＝ab，
∴，
∵0＜C＜π，
∴；
（Ⅱ）由（I）可知，，
在△ABC中，由余弦定理得，即，
∴
∴，当且仅当那个a＝b时取等号，
∴，即△ABC面积的最大值为．
4．（2023·吉林·统考二模）已知的三个角，，的对边分别为，，，且.
(1)求边；
(2)若是锐角三角形，且___________，求的面积的取值范围.
要求：从①，②从这两个条件中任选一个，补充在上面的问题中，并给出解答.如果选择多个条件分别解答，按第一个解答计分.
【答案】(1)
(2)答案见解析
【详解】（1）解法一：因为，
由余弦定理，得；
解法二：因为，
由正弦定理，得，
∴，
∴，即.
（2）选择①：因为
所以，，
所以
因为是锐角三角形，
所以，又，所以，所以.
所以，所以，
所以，
所以.
选择②：因为，则，
因为是锐角三角形，所以，
即，
所以，
因为，
所以，
所以
，
由二次函数的性质可得，
当时，函数取最大值，当时，，又，
所以，即，所以，
所以.
高频考点四：三角形周长（边）相关问题
角度1：求三角形周长（边长）
典型例题
例题1．（2023春·贵州黔西·高一校考阶段练习）在中，内角、、的对边分别为、、，且．
(1)求角的大小；
(2)若，的面积为，求的值．
【答案】(1)
(2)2
【详解】（1）由已知及正弦定理得，
∵
∵，

∵ ∴.
（2）∵ ∴,
又∵ ∴,
所以．
例题2．（2023春·天津河东·高一天津市第四十五中学校考阶段练习）在中，角，，所对的边分别为，，，且满足.
(1)求角的大小；
(2)已知，的面积为，求边长的值.
【答案】(1)；
(2)．
【详解】（1）在中，由正弦定理得：
因为，所以，
从而，又 ，
所以，又，
所以；
（2）在中，，得，
由余弦定理得：．
所以．
例题3．（2023春·江苏镇江·高一扬中市第二高级中学校考阶段练习）在中，角所对的边分别为且
(1)求角的大小；
(2)若，的面积为求的周长.
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）因为，由正弦定理有：
，
因为在中，，所以，
所以，由倍角公式有：，
因为在中，，所以，
所以，所以.
（2）由（1）有：，因为的面积为
所以，即，解得，
由余弦定理有：，
即，解得，所以，
所以的周长.
例题4．（2023春·上海金山·高一华东师范大学第三附属中学校考阶段练习）在中，、、三个内角所对的边依次为、、，且．
(1)求角的大小；
(2)若，的面积为，求的周长
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）因为，由正弦定理可得，
且，，则，即，
且，所以.
（2）因为，则可得，
在中，由余弦定理可得，
代入可得，即，
且，
所以.
则的周长为.
练透核心考点
1．（2023春·陕西西安·高一西安市第六中学校联考阶段练习）在中，内角A，B，C所对的边分别为a，b，c，且.
(1)求角A的大小；
(2)若，且的面积为，求的周长.
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）由题意及正弦定理知，，
，
，.
（2），
又，
由①，②可得，
所以的周长为.
2．（2023春·浙江湖州·高一湖州中学校考阶段练习）已知a，b，c分别为三个内角A，B，C的对边，且．
(1)求A；
(2)若，则的面积为，求的周长．
【答案】(1)
(2)6
【详解】（1）由正弦定理得，
其中，
故，
因为，所以，故，
即，所以，
因为，所以，
故，解得；
（2）由三角形面积公式得，
故，
由余弦定理得，
解得，
故，解得，
故，周长为6.
3．（2023春·甘肃白银·高一校考阶段练习）在中，角、、的对边分别为、、，且．
(1)求角的大小；
(2)若，的面积，求的周长．
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）因为，
由正弦定理得，
因为，所以，即，
因为，所以.
（2），所以，
由余弦定理得，
所以的周长为．
4．（2023春·陕西西安·高二西安中学校考期中）已知中，角所对的边分别为，且，外接圆的半径为.
(1)求A的值；
(2)若，求的周长.
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）依题意由，可得，
由正弦定理得，则，
故，而，
故，则，
而，故.
（2）因为外接圆的半径为，即，，
故由正弦定理，得，
又，解得，
由余弦定理，，得，
又，故，则，
则的周长为.
角度2：三角形周长（边长）的最值
典型例题
例题1．（2023·甘肃兰州·校考模拟预测）若的内角，，的对边分别为，，，满足.
(1)求角；
(2)若，求周长的取值范围.
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）由正弦定理可得：，
，，
（2）因为，，所以，故
由正弦定理得：
所以，
所以周长
因为，则，所以
故
求周长的取值范围为.
例题2．（2023春·云南·高二校联考阶段练习）的内角的对边分别为，已知.
(1)若，求的值；
(2)若，求周长的最大值.
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）解：由正弦定理知，所以，解得，
因为为钝角，所以.
（2）解：由余弦定理得，
又由，则，
所以，
所以，当且仅当时，等号成立，即的最大值为，
所以周长的最大值为.
例题3．（2023春·重庆万州·高三重庆市万州第二高级中学校考阶段练习）设的内角，，的对边分别为，，，且.
(1)求角；
(2)若，求的取值范围.
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）解：由正弦定理及，
所以.
所以由余弦定理得，
又，所以.
（2）解：因为，，由余弦定理可得，
可得，所以，，
可得，当且仅当时取等号，
又由三角形三边关系得，
所以的取值范围是.
例题4．（2023·全国·高三专题练习）在①；②；③这三个条件中任选一个，补充在下面的问题中，并进行求解．
问题：在中，内角，，所对的边分别为，，，已知______，．
(1)求；
(2)求周长的取值范围
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）选①：由得：，
由正弦定理得，
即，
化简得，因为，所以，
由三角形内角性质知：．
选②：在中，由正弦定理得：，
因为，所以，
即，
因为，所以，
由三角形内角性质知：．
选③：在中，由得：，
由正弦定理得，由余弦定理得，
由三角形内角性质知：．
（2）由余弦定理得，
所以，解得，
当且仅当b＝c时等号成立，又，
所以，，
故周长的取值范围是．
例题5．（2023春·山西太原·高一太原五中校考阶段练习）已知锐角的面积是，．
(1)求的值；
(2)若，求周长的取值范围.
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）由，得，，
所以，即，
在锐角中， ，
所以，
所以.
（2）由（1）知，，
在中，.
在中，得，
所以周长
，
因为是锐角三角形，
所以 ，解得，
所以
所以，
所以.
所以周长的取值范围是.
练透核心考点
1．（2023春·重庆北碚·高一西南大学附中校考阶段练习）记的内角，，的对边分别为，，，已知.
(1)求；
(2)若，求周长的取值范围.
【答案】(1)
(2)
【详解】（1），由倍角公式得，
由余弦定理，，化简得，
则，由，得.
（2）由正弦定理得︰ ，
∴ ， ，，

，
由， ，∴， 即（当且仅当时，等号成立），
从而周长的取值范围是
2．（2023春·河北邢台·高三邢台市第二中学校考阶段练习）在四边形中，四点共圆，，，．
(1)若，求的长；
(2)求四边形周长的最大值．
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）因为四点共圆，所以，
因为，所以，
因为，
故，
在中，由余弦定理得：，
故，
在中，由正弦定理得：，即，
解得：；
（2）由（1）知：，，
在中，由余弦定理得：，
整理得：，故，
其中，故，
解得：，当且仅当时，等号成立，
故四边形周长的最大值为.
3．（2023·全国·高三专题练习）在中，角，，的对边分别为，，，且.
(1)求角；
(2)若，求的取值范围.
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）解：因为，
由正弦定理得，
即，
即，
因为，所以，
所以.
因为，所以，
所以，因为，所以.
（2）解：由正弦定理得，
所以
，
所以.
因为，所以，
所以，所以.
4．（2023春·浙江·高一校联考阶段练习）在下列3个条件中任选一个，补充到下面问题，并给出问题的解答．
①；②；③；
已知的内角A，B，C所对的边分别是a，b，c，D为边上的一点，______．
(1)求角C；
(2)若为角平分线，且，求最小值．
【答案】(1)
(2)4
【详解】（1）选①，因为，
所以，则有
，∵，∴，即.
选②：因为，则，
所以，
则有
，∵
∴，即
选③：
，∵，∴
（2）由余弦定理得：，
由角平分线定理得：，得
则，
当且仅当时，等号成立.
5．（2023·河南开封·开封高中校考模拟预测）在中，角A，B，C的对边分别是a，b，c，．
(1)证明：；
(2)求的取值范围．
【答案】(1)证明见解析；
(2)
【详解】（1）因为，即，
所以，即，
所以，即，
再由正弦定理可得，
（2）由（1）可知，，即，且，故，
由可得，即.
令，则，因为，则，
则，即，所以，，
且恒成立，即，解得，
所以.
第四部分：数学文化题
1．（2023·全国·高三专题练习）勾股定理被称为几何学的基石，相传在商代由商高发现，又称商高定理，汉代数学家赵爽利用弦图（又称赵爽弦图，它由四个全等的直角三角形和一个小正方形组成，如图1），证明了商高结论的正确性，现将弦图中的四条股延长，相同的长度（如将CA延长至D）得到图2．在图2中，若，，D，E两点间的距离为，则弦图中小正方形的边长为（ ）
A．B．C．1D．
【答案】C
【详解】连接，由条件可得，在中，由余弦定理得
，
∴，
∴，，
∴，
所以弦图中小正方形的边长为．
故选：C
2．（2023春·青海西宁·高三校考开学考试）1904年，瑞典数学家科赫构造了一种曲线，取一个正三角形，在每个边以中间的三分之一部分为一边，向外凸出作一个正三角形，再把原来边上中间的三分之一部分擦掉，就成了一个很像雪花的六角星，如图所示.现在向圆中均匀散落1000粒豆子，则落在六角星中的豆子数约为（，）（ ）
A．331B．481C．508D．577
【答案】D
【详解】设原正三角形的边长为3a，圆的半径为R，
则由正弦定理得，即，所以圆的面积.
由题意，凸出来的小正三角形的边长为a，则
六角星的面积，
则，
所以落在六角星中的豆子数约为，
故选：D.
3．（2023春·江苏南京·高三南京师大附中校考开学考试）我国古代数学典籍《九章算术》卷九“勾股”中有一测量问题：“今有立木，系索其末，委地三尺.引索却行，去本八尺而索尽，问索长几何?这个问题体现了古代对直角三角形的研究，现有一竖立的木头柱子，高4米，绳索系在柱子上端，牵着绳索退行，当绳索与底面夹角为75°时绳索未用尽，再退行米绳索用尽（绳索与地面接触），则绳索长为（ ）
A．米B．米C．米D．米
【答案】B
【详解】解：依题意可得如下图形：
则，，，所以，
所以
，
所以，所以，
所以绳索长为米.
故选：B
4．（2023·全国·高三专题练习）我国油纸伞的制作工艺巧妙.如图（1），伞不管是张开还是收拢，伞柄始终平分同一平面内两条伞骨所成的角，且，从而保证伞圈能够沿着伞柄滑动.如图（2），伞完全收拢时，伞圈已滑到的位置，且，，三点共线，，为的中点，当伞从完全张开到完全收拢，伞圈沿着伞柄向下滑动的距离为24cm，则当伞完全张开时，的余弦值是（ ）
A．B．C．D．
【答案】A
【详解】依题意分析可知，当伞完全张开时，，
因为为的中点，所以，
当伞完全收拢时，，所以，
在中，，
所以.
故选： A
第五部分：高考新题型
①开放性试题
1．（2023春·河北保定·高一定州市第二中学校考阶段练习）已知是一个锐角三角形的三边长，请写出一个的值__________.
【答案】（答案不唯一）
【详解】因为是一个锐角三角形的三边长，
所以，解得，任取一个的值，
故答案为：（答案不唯一）.
2．（2022秋·山东青岛·高三校考阶段练习）如图所示，点在线段上，，，若再给出一条线段的长度，可以使唯一确定，这个线段可以是______（只需写出代表该线段的字母，无需给出长度）
【答案】或或（三者填一个即可）
【详解】依题意得：，，
所以在中，三个角度均已知，只要知道三边中其中一条的数据，根据正弦定理即可求出剩余两边的数据，
于是在中，将会确定，且也已知，于是唯一确定.而给出无法确保三角形的存在性，
在中，根据正弦定理，，的取值将可能会让有零解，一解或者两解.
故答案为：或或（三者填一个即可）．
3．（2023春·河南·高一校联考阶段练习）记的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，且外接圆的面积为，请写出一组满足上述条件的边和角：______，______．
【答案】 （答案不唯一）
【详解】依题意，的外接圆半径，由正弦定理得，即，又，
取，则.
故答案为：；
②探究性试题
1．（2023·辽宁丹东·统考一模）△ABC内角A，B，C的对边分别为a，b，c，若．
(1)证明；△ABC是钝角三角形；
(2)在四个条件① ② ③ ④中，哪三个条件同时成立能使△ABC存在？请说明理由．
【答案】(1)证明见解析；
(2)条件①③④同时成立能使△ABC存在，理由见解析
【详解】（1）因为，由正弦定理可知．
由余弦定理可得，所以．
于是△ABC是钝角三角形．
（2）由（1）知，若①成立，则；若②成立，则．
因为，所以①与②不能同时成立．③④将同时成立，
由正弦定理可得：．
若①③④同时成立，则，由（1）可知．从而，△ABC存在．
若②③④同时成立，则，△ABC不存在．
综上，条件①③④同时成立能使△ABC存在．
③劣够性试题
1．（2023·吉林延边·统考二模）在中，内角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知，．
(1)求B；
(2)在下面两个条件中选择一个作为已知，使存在且唯一确定，并求BC边上的中线的长度．
①的周长为；②面积为．
【答案】(1)
(2)选①，；选②，
【详解】（1）依题意，，
由正弦定理得，，
由于，则，所以，．
（2）如图所示，设D为BC的中点，则AD为BC边上的中线．
若选①，由（1）知，设，
由，得，则，
故周长为，解得，所以，，
则在中，由余弦定理得，解得．
若选②，已知，得，即，则，
在中，由余弦定理得，
所以，因此BC边上的中线长为．
2．（2023·辽宁鞍山·统考二模）请从①；②；③这三个条件中任选一个，补充在下面问题中，并加以解答（如未作出选择，则按照选择①评分.选择的编号请填写到答题卡对应位置上）
在△ABC中，a，b，c分别是角A，B，C的对边，若___________，
(1)求角B的大小；
(2)若△ABC为锐角三角形，，求的取值范围.
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）若选①
因为，
由正弦定理得，
即，
所以，
由，得，所以，即，
因为，所以.
若选②
由，化简得.
由正弦定理得：，即，所以.
因为，所以.
若选③
由正弦定理得，即，
因为，所以，
所以，所以，
又因为，所以.
（2）在中，由正弦定理，得，
由（1）知：，又с=1代入上式得：
因为为锐角三角形，所以，解得，
所以，，
所以.
第六部分：数学思想方法
①函数与方程的思想
1．（2023·全国·高一专题练习）在中，角所对的边分别为，，，则面积的最大值是（ ）
A．B．C．D．
【答案】A
【详解】由得：，
即，由正弦定理得：；
由余弦定理得：，，
即，，，
，
，，
，
则当时，，.
故选：A.
2．（2023·广东广州·高三校考）已知的内角的对边分别为，满足，
(1)求；
(2)是线段边上的点，若，求的面积.
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）因为，，，
所以，即，
又，所以，
又，所以，则，故，
又，所以.
（2）设，，，
在中，由余弦定理得，
在中，由余弦定理得，
又，，
所以，，整理得①，
在中，由余弦定理得，则②，
由①－②得，故，
将代入①式得，
所以的面积.
.
3．（2023·高二课时练习）若，求的最大值．
【答案】
【详解】设，则，
根据面积公式，得，
所以；
根据余弦定理，得，
代入上式，得
，
所以当时，的最大值为8，即时，的最大值为，
此时，，，满足条件，
所以的最大值为.
②分类讨论的思想
1．（2023秋·吉林·高一吉林一中校考阶段练习）已知中，内角A，B，C的对边分别为a，b，c，，．若为直角三角形，则的面积为________．
【答案】或
【详解】由正弦定理，可化为：
，即，
所以，，所以，
又为直角三角形，
若，则，，，，
若，则，，，．
2．（2023·辽宁·高二统考）△ABC中，内角A，B，C所对的边分别为a，b，c，若．
(1)求A的大小；
(2)若，，求a．
【答案】(1)或；
(2)答案见解析.
【详解】（1）解：由以及正弦定理可得，.
又，所以.
因为，所以或.
（2）解：当时，，由余弦定理可得，
，，
解得；
当时，，由余弦定理可得，
，，
解得.
综上所述，当时，；当时，.
3．（2023春·云南文山·高一校考阶段练习）在△ABC中，已知，b＝1，B＝30°．
(1)求角A；
(2)求△ABC的面积．
【答案】(1)A＝90°或A＝30°；
(2)或．
【详解】（1）由得：．
由且C为三角形内角，则，故或，而B＝30°，
所以A＝90°或A＝30°．
（2）当A＝90°时，．
当A＝30°时，，
所以△ABC的面积为或．