新高考数学一轮复习考点巩固卷06 函数的图象与方程（十大考点）（2份，原卷版+解析版）

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考点01：函数图象的识别
1．（ 2023·天津滨海新·统考三模）函数的图象大致为（ ）
A． B．
C． D．
【答案】D
【分析】取特值排除即可.
【详解】因为，故A、C错误；
又因为，故B错误；
故选：D.
2．函数的图象大致为（ ）
A． B．
C． D．
【答案】A
【分析】通过函数的奇偶性和特殊点的函数值，排除法得到正确答案．
【详解】记，其定义域为，
所以，
所以为奇函数，其图象关于原点对称，故排除B、D，
，故C错误，A正确．
故选：A．
3．函数的图像大致为（ ）
A． B．
C． D．
【答案】C
【分析】根据函数的奇偶性和单调性即可判断选项.
【详解】设，
对任意，，
所以，
所以的定义域为，
，
所以函数为奇函数.
令，
可得，即，
所以，可得，
由可得，解得，
所以的定义域为，
又，
所以函数为奇函数，排除BD选项，
当时，是减函数，
则，，
所以，排除A选项.
故选：C
4．函数的图像大致为（ ）
A．B．
C．D．
【答案】C
【分析】通过分析的奇偶性，在上的单调性，结合上函数值的正负性可排除不符合题意的选项，即可得答案.
【详解】当时，，即在上单调递增，故排除A；
注意到，则为奇函数，故可排除B；
又注意到时，，故可排除D.
故选：C
5．函数的大致图象是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】A
【分析】根据函数的奇偶性判断BC错误，再由函数自变量趋向正无穷大时，函数值的变化趋势判断AD.
【详解】因为定义域为，
且，
所以函数为奇函数，故图象关于原点成中心对称，故BC错误；
当趋向正无穷时，显然的分子增长快于分母增长，趋向正无穷，故A正确B错误.
故选：A
考点02：函数图象的变换
6．把函数的图象向右平移个单位，再把横坐标缩小为原来的，所得图象的函数解析式是__________．
【答案】
【分析】根据函数图象变换规律可得答案.
【详解】把函数的图象向右平移个单位，得函数，再把横坐标缩小为原来的，得到函数的图象.
故答案为：
7．（ 2023·新疆阿勒泰·统考三模）已知函数则函数，则函数的图象大致是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】B
【分析】由可知 图像与的图像关于轴对称，由 的图像即可得出结果.
【详解】因为，所以 图像与的图像关于轴对称，
由解析式，作出的图像如图
从而可得图像为B选项.
故选：B.
8．利用函数的图象，作出下列各函数的图象．
(1)；
(2)
(3)；
(4)；
(5)；
(6)．
【答案】(1)图象见详解
(2)图象见详解
(3)图象见详解
(4)图象见详解
(5)图象见详解
(6)图象见详解
【分析】先作出函数的图象，
（1）把的图象关于轴对称即可得到的图象；
（2）保留图象在轴右边部分，去掉轴左侧的，并把轴右侧部分关于轴对称即可得到的图象；
（3）把图象向下平移一个单位即可得到的图象；
（4）结合（3），保留上方部分，然后把下方部分关于轴翻折即可得到的图象；
（5）把图象关于轴对称即可得到的图象；
（6）把的图象向右平移一个单位得到的图象．
【详解】（1）把的图象关于轴对称得到的图象，如图，

（2）保留图象在轴右边部分，去掉轴左侧的，并把轴右侧部分关于轴对称得到的图象，如图，

（3）把图象向下平移一个单位得到的图象，如图，

（4）结合（3），保留上方部分，然后把下方部分关于轴翻折得到的图象，如图，

（5）把图象关于轴对称得到的图象，如图，

（6）把的图象向右平移一个单位得到的图象，如图，

9．要得到函数的图象，只需将指数函数的图象（ ）
A．向左平移1个单位B．向右平移1个单位
C．向左平移个单位D．向右平移个单位
【答案】D
【分析】根据指数函数解析式说明图象平移过程即可.
【详解】由向右平移个单位，则.
故选：D
10．已知函数的图象如下图所示，则的大致图象是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】A
【分析】先由函数的图象变换得到偶函数的图象，再根据平移变换得到的图象.
【详解】在轴左侧作函数关于轴对称的图象，得到偶函数的图象，
向左平移一个单位得到的图象.
故选：A.
11．已知函数，则下列函数为奇函数的是（ ）
A．B．C．D．
【答案】B
【分析】根据对称性分析可得函数有且仅有一个对称中心，结合图象变换分析判断.
【详解】由题意可得：，
因为
，
若为定值，
则，解得，此时，
所以函数有且仅有一个对称中心.
对于选项A：有且仅有一个对称中心为，不合题意，故A错误；
对于选项B：有且仅有一个对称中心为，符合题意，故B正确；
对于选项C：有且仅有一个对称中心为，不合题意，故C错误；
对于选项D：有且仅有一个对称中心为，不合题意，故D错误；
故选：B.
考点03：根据实际问题作函数图象
12．直角梯形如图，直线左边截得面积的图象大致是（ ）
A．B．C．D．
【答案】C
【分析】根据图形的面积求得的表达式，进而确定正确答案.
【详解】直线的方程为，
当，.
当时，.
所以，
对应的图象为C选项.
故选：C
13．“龟兔赛跑”讲述了这样的故事：领先的兔子看着慢慢爬行的乌龟，骄傲起来，睡了一觉，当它醒来时，发现乌龟快到终点了，于是急忙追赶，但为时已晚，乌龟还是先到达了终点.用s1，s2分别表示乌龟和兔子经过的路程，t为时间，则与故事情节相吻合的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】B
【分析】关键是根据题意判断关于的函数的性质以及其图象.
【详解】由题意可得始终是匀速增长,开始时, 的增长比较快,但中间有一段时间停止增长，
在最后一段时间里, 的增长又较快,但的值没有超过的值,结合所给的图象可知，B选项正确;
故选：B.
14．某同学骑自行车上学，开始时匀速行驶，途中因红灯停留了一段时间，然后加快速度赶到了学校.下列各选项中，符合这一过程的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】B
【分析】根据题意判断这位同学与学校的距离的变化趋势，即可判断出答案.
【详解】因为开始时是匀速行驶，所以这位同学离学校的距离匀速减少，
途中停留一段时间，故此段时间内这位同学与学校的距离不变，
然后加快速度赶到了学校，所以这位同学与学校的距离减少的幅度越来越快，
故符合这一过程的是B中图象.
故选：B.
15．某校航模小组进行无人机飞行测试，从某时刻开始15分钟内的速度（单位：米/分钟）与飞行时间（单位：分钟）的关系如图所示.若定义“速度差函数”（单位：米/分钟）为无人机在这个时间段内的最大速度与最小速度的差，则的图像为（ ）
A．B．
C．D．
【答案】C
【分析】根据图像分析，即可得到答案
【详解】由题图知,当时, 无人机做匀加速运动,,“速度差函数”;
当时, 无人机做匀减速运动,速度从160开始下降,一直降到80,“速度差函数”;
当时, 无人机做匀减速运动, 从80开始下降, ,“速度差函数”;
当时无人机做匀加速运动,“速度差函数”.
所以函数在和两个区间上都是常数.
故选：C
16．如图，点在边长为1的正方形上运动，设点为的中点，当点沿运动时，点经过的路程设为，面积设为，则函数的图象只可能是下图中的（ ）

A． B．
C． D．
【答案】A
【分析】先分点在上时，点在上时，点在上时求得函数，再利用函数的性质来判断.
【详解】当点在上时：；
当点在上时：
；
当点在上时：，
所以，
由函数解析式可知，有三段线段，又当点在上时是减函数，故符合题意的为A.
故选：A
17．如图，在直角梯形OABC中，已知，且，梯形被直线截得位于直线l左方图形的面积为S．

(1)求函数的解析式；
(2)画出函数的图象．
【答案】(1)；
(2)图像见解析
【分析】（1）对分情况讨论，即可求解面积，
（2）由分段函数的解析式，结合基本函数的图形性质，即可画出图象.
【详解】（1）由题意可知：线段的方程为，
当时，直线与梯形没有围成面积，此时
当时，此时直线与线段相截，所以,
当时，此时直线与线段相截,所以，
当时，,
综上：
（2）由可得：

考点04：确定零点所在区间
18．函数的零点所在的区间为（ ）
A．B．C．D．
【答案】A
【分析】根据零点存在性定理和单调性判断其零点所在区间.
【详解】因为，，单调递增，
故的零点所在区间为，其他选项均不合题意.
故选：A
19．已知函数，则的零点存在于下列哪个区间内（ ）
A．B．C．D．
【答案】B
【分析】利用零点存在性定理，结合函数的单调性即可求解.
【详解】∵，
∴，
∴，
又与在上单调递增，所以在上单调递增，
∴函数的零点所在的一个区间为．
故选：B.
20．函数的零点所在区间（取整数）是_________．
【答案】
【分析】先根据题意得出函数的定义域与单调性，再利用零点存在定理，即可得出答案.
【详解】由题意，得的定义域为，易知函数和在均为增函数，
所以在单调递增，因为，，
所以由零点存在定理可知，函数零点所在区间为.
故答案为：.
21．若是方程的解，则在区间________内(填序号).
①；②；③；④.
【答案】③
【分析】构造函数，利用零点存在定理即可判断函数零点所在区间，即方程的根所在区间.
【详解】构造函数，则，，
显然函数f(x)是单调递增函数，且连续不间断，故其有且只有一个零点，
，，则函数的零点在区间上，
所以的解在区间上．
故答案为： ③．
考点05：函数的零点及零点个数
22．已知，方程的实根个数为__________．
【答案】2
【分析】分别作出和的图象，结合图象即可得到答案．
【详解】由，则，
则令，，
分别作出它们的图象如下图所示，

由图可知，有两个交点，所以方程的实根个数为2．
故答案为：2．
23．已知函数，则关于的方程实数解的个数为（ ）
A．4B．5C．3D．2
【答案】A
【分析】由解得或2，再画出，，的图象数交点个数即可.
【详解】因为，解之得或2，
当时，；
当时，，当且仅当时等号成立，
所以，，的图象如图：
由图可知使得或的点有4个.
故选：A.
24．已知函数，则函数的零点个数是（ ）
A．B．C．D．
【答案】A
【分析】根据函数解析式画出图像，利用换元法令，可知；结合函数图像及解析式可求得的值，再结合图像即可确定方程解的个数，即为函数零点的个数.
【详解】函数，
对，令，令，
可知在上单调递增，在上单调递减，
且趋向负无穷时，，时，，
故结合对数函数图象，可画出函数图像如下图所示：
函数的零点，即，令，代入可得，
由图像可知，即，
结合函数图像可知，有1个解，
综合可知，函数的零点有1个，
故选：A.
25．方程的解的个数是________．
【答案】7
【分析】根据题意可知，在同一坐标系下分别画出和的图象，找出两函数图象交点个数即可.
【详解】由正弦函数值域可得，
又因为当时，；
所以，分别画出和在上的图象如下图所示：

根据图像并根据其对称性可知，在上两函数图象共有7个交点；
由函数与方程可知，方程有7个解.
故答案为：7
26．已知函数满足.当时，，则在上的零点个数为___________.
【答案】160
【分析】由条件先得出函数的最小正周期为3，解方程得上的零点个数，由周期即可确定在上的零点个数.
【详解】因为函数满足，
所以，所以的最小正周期为3，
当时，令，
解得或，所以当时，有两个零点，
所以在上的零点个数为个.
故答案为：160.
考点06：二分法的应用
27．（多选）关于函数的零点，下列说法正确的是：（ ）
（参考数据：，，，，，）
A．函数的零点个数为1
B．函数的零点个数为2
C．用二分法求函数的一个零点的近似解可取为（精确到）
D．用二分法求函数的一个零点的近似解可取为（精确到）
【答案】AC
【分析】函数在上单调递增，确定函数仅有1个零点，根据二分法即可求出零点所在区间.
【详解】解：易知函数在上单调递增，
因为，，
所以函数在上有1个零点，
取区间中点，则，
所以函数在上有零点，
取区间中点，则，
所以函数在区间上有零点，
取区间中点，则，
所以函数在区间上有零点，
又精确到的近似值都是，
所以函数的一个零点的近似解为，
故选：AC.
28．用“二分法”研究函数的零点时，第一次计算，可知必存在零点，则第二次应计算__________，这时可以判断零点__________．
【答案】
【分析】根据二分法的原理，第二次应计算，再由零点存在性定理可得所在区间.
【详解】因为第一次计算，可知必存在零点，
又，，
由零点存在性定理可知.
故答案为：；
29．人们很早以前就开始探索高次方程的数值求解问题．牛顿在《流数法》一书中，给出了高次代数方程的一种数值解法——牛顿法．这种求方程根的方法，在科学界已被广泛采用．例如求方程的近似解，先用函数零点存在定理，令，，，得上存在零点，取，牛顿用公式反复迭代，以作为的近似解，迭代两次后计算得到的近似解为______；以为初始区间，用二分法计算两次后，以最后一个区间的中点值作为方程的近似解，则近似解为______．
【答案】
【分析】第一空，理解消楚“迭代”的含义，实际上是一个递推数列，反复代入给定的表达式，计算即可；第二空，根据二分法依次取区间中点值计算即可.
【详解】已知，则．
迭代1次后，；
选代2次后，；
用二分法计算第1次，区间的中点为，，，所以近似解在区间上；
用二分法计算第2次，区间的中点为，，，所以近似解在区间上，取其中点值，
故所求近似解为．
故答案为：，
30．若函数的零点与的零点之差的绝对值不超过0.25，则函数可以是（ ）
A．B．C．D．
【答案】B
【分析】可先对四个选项的零点求值，再用二分法进一步判断的零点区间，即可求解
【详解】对A，的零点为；
对B，的零点为；
对C，的零点为；
对D，的零点为；
，，，
故零点在之间，再用二分法，取，，，故的零点，
由题的零点之差的绝对值不超过0.25，则只有的零点符合；
故选：B
考点07：根据函数零点所在区间求参数的取值范围
31．函数在区间上有零点，则实数的取值范围是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】D
【分析】分析可知，函数在区间上单调，利用零点存在定理可得出关于实数的不等式，解之即可.
【详解】当时，，不合乎题意.
当时，由于函数、在上均为增函数，
此时函数在上为增函数.
当时，由于函数、在上均为减函数，
此时函数在上为减函数.
因为函数在区间上有零点，则，
即，解得.
故选：D.
32．函数在区间上存在零点，则实数的取值范围是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】D
【分析】根据零点存在定理即可得，解出实数的取值范围为.
【详解】由零点存在定理可知，若函数在区间上存在零点，
显然函数为增函数，只需满足，即，
解得，
所以实数的取值范围是.
故选：D
33．方程在区间上有解，则实数a的取值范围为__________．
【答案】
【分析】根据在区间端点的正负列式求解即可.
【详解】考查，因为，且开口向上，
故在区间上最多有一个零点，结合零点存在性定理可得，若方程在区间上有解，
则，即，解得.
故答案为：
34．设常数，函数，若函数在时有零点，则实数的取值范围是__________.
【答案】
【分析】由函数在时有零点，则，根据指数函数的性质结合二次函数的性质求出即可得解.
【详解】解：令，
则，
因为，所以，则，
所以，
所以实数的取值范围是.
故答案为：.
35．若函数在上有3个零点，则实数a的取值范围为______.
【答案】
【分析】根据给定条件，利用函数零点的意义转化为求方程根的问题，再分类讨论求解作答.
【详解】函数的零点，即方程的根，
当时，方程化为：，当时，方程化为：，
依题意，方程有3个不等的负根，而方程两根之积为负，必有一正根一负根，
于是得在上有一个负根，在上有两个相异负根，因此，即，
由在上有两个相异负根得，，解得，
在中，，即方程在上有且只有一个负根，
所以实数a的取值范围是.
故答案为：
36．已知函数的两个零点都在内，则实数的取值范围为________________．
【答案】
【分析】把函数两点零点都在转化为函数值正负,列不等式求解即可.
【详解】因为函数的两个零点都在内，
所以即
解得，所以的取值范围为
故答案为:
考点08：根据函数零点个数求参数的取值范围
37．若函数在区间上无零点，则m取值范围为（ ）
A．B．C．D．
【答案】D
【分析】根据方程的根即可求解和时的根，由不等式即可求解.
【详解】当时，则，此时无零点，符合题意，
当时，令，则，故或,解得或，
综上可知在区间上无零点，则，
故选：D
38．已知函数满足，且是偶函数，当时，，若在区间内，函数有2个零点，则实数a的取值范围是________．
【答案】
【分析】根据函数的周期性和奇偶性得到函数解析式，变换得到，考虑和两种情况，画出函数图像，根据图像得到，解得答案.
【详解】当时，，；
故时，，
当时，，即.
，即，，
画出函数图像，如图所示：

当时，最多有一个交点，不满足；
当时，有两个交点，则，即，.
综上所述：.
故答案为：.
39．已知函数，若关于x的方程有两个不同的实根，则实数k的取值范围是__________．
【答案】
【分析】分析函数的性质，作出图象，数形结合即可求解作答.
【详解】当时，函数是增函数，函数值集合是，
当时，是减函数，函数值集合是，
关于的方程有两个不同的实根，
即函数的图象与直线有两个交点，
在坐标系内作出直线和函数的图象，如图，

观察图象知，当时，直线和函数的图象有两个交点，
即方程有两个不同的实根，
所以实数的取值范围为.
故答案为：.
40．（多选）设函数有4个零点，分别为，则下列说法正确的是（ ）
A．B．
C．的取值与无关D．的最小值为10
【答案】AD
【分析】根据题意分析可得：原函数的4个零点可表示为直线与函数交点的横坐标，结合图象以及基本不等式逐项分析判断.
【详解】令，可得：
当时，即，可得；
当时，即，可得，；
当时，即，可得，.
原函数的4个零点可表示为直线与函数交点的横坐标，
对于选项A、C：如图所示，是方程的两个解，
根据韦达定理可得：，即可知选项A成立，选项C不成立；
对于选项B：因为，结合图象可得，即可知选项B不成立；
对于选项D：其中，
则有，当且仅当时，成立，
综上所述：的最小值为10，选项D成立.
故选：AD.

【点睛】方法点睛：利用函数零点求参数值或取值范围的方法
（1）利用零点存在的判定定理构建不等式求解；
（2）分离参数后转化为求函数的值域(最值)问题求解；
（3）转化为两熟悉的函数图象的上、下关系问题，从而构建不等式求解．
41．已知函数，则的最小值是________，若关于的方程有且仅有四个不同的实数解，则整数的一个取值为________.
【答案】 1（答案不唯一，即可）
【分析】分段函数分别计算两段的最小值，得到函数的最小值；方程有且仅有四个不同的实数解,即函数的图像与函数的图像有四个不同的交点，作出函数图像，数形结合解决.
【详解】当时， ，
易知当时，有最小值；
当时，，
由，得，则，此时最小值为；
综上：函数的最小值为.
因为方程有且仅有四个不同的实数解,即函数的图像与函数的图像有四个不同的交点，
作出函数的图像，由于a为整数，如图所示，只有函数和的图像与函数的图像有四个不同的交点，
所以整数a的取值可以为中的一个.
故答案为：；1（答案不唯一，即可）
42．已知函数若函数有四个不同的零点，则实数的取值范围为（ ）
A．B．C．D．
【答案】A
【分析】将函数有四个不同的零点，转化为函数与图象由四个交点，再数形结合即可解答.
【详解】
依题意，函数有四个不同的零点，即有四个解，
转化为函数与图象由四个交点，
由函数函数可知，
当时，函数为单调递减函数，；
当时，函数为单调递增函数，；
当时，函数为单调递减函数，；
当时，函数为单调递增函数，；
结合图象，可知实数的取值范围为.
故选：A
考点09：求零点的和
43．若函数是奇函数，其零点分别为，且，则关于x的方程的根所在区间是( )
A．B．
C．D．
【答案】A
【分析】根据函数的奇偶性可求得m的值，再根据零点存在定理即可判断方程的根所在区间.
【详解】因为函数是奇函数，不妨设为从左往右依次排列，
所以与, 与,，与关于原点对称，且 ，
所以，则关于x的方程即为，
令 ，
则在R上连续且递增，
因为，，
所以关于x的方程的根所在区间是，
故选：A.
44．已知函数，若方程有四个不同的解且，则的取值范围是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】B
【分析】由题意作函数与的图象，从而可得，，从而得到结果.
【详解】由题意作函数与的图象，
∵方程有四个不同的解且，
∴关于对称，即，
当得或，则，
由题知，，故，
所以，
故，
因为，
设，则由对勾函数的性质可知，
在单调递增，所以，
的取值范围是
故选：B.
45．已知是定义在区间的函数，则函数的零点是___________；若方程有四个不相等的实数根，，，，则___________.
【答案】 2，8 20
【分析】解方程，即可求得函数的零点；将方程四个不相等的实数根问题转化为利用二次方程根与系数的关系，可得结论；
【详解】由题意可知，令，即，解得或，
故函数在内的零点为和；
方程有四个不相等的实数根，，
即为与的四个交点的横坐标，
方程即，，即，
当即时，方程可转化为即；
当时，方程可转化为即；
故要有四个实数根，则两种情况都有两个不同的实数根，
不妨设为的两根，则，
则为的两根，则，
则；
故答案为: 2，8; 20.
46．已知是定义在上的奇函数，且在上单调递减，为偶函数，若在上恰好有4个不同的实数根，则___________.
【答案】24
【分析】由题设可得的周期为8，且关于对称的奇函数，结合区间单调性判断上单调情况，根据与有4个交点，及函数的对称性求根的和.
【详解】由为偶函数，则，故，
又是定义在上的奇函数，则，
所以，故，即有，
综上，的周期为8，且关于对称的奇函数，
由在上单调递减，结合上述分析知：在上递增，上递减，上递增，
所以在的大致草图如下：
要使在上恰好有4个不同的实数根，即与有4个交点，
所以，必有两对交点分别关于对称，则.
故答案为：24
47．已知函数，若满足（、、互不相等），则的取值范围是（ ）
A．B．C．D．
【答案】D
【分析】作出函数的图象，根据，利用数形结合法求解.
【详解】解：作出函数的图象，如图所示：

不妨设，
因为，
由函数的性质得，，即，
所以，
故选：D
考点10：镶嵌函数的零点问题
48．已知函数，，若方程的所有实根之和为4，则实数m的取值范围为（ ）
A．B．C．D．
【答案】C
【分析】令，则.根据选项分，和进行讨论即可求解.
【详解】令，则.
当时，方程即，则有，由函数图象可得方程有一个根为，另一个根为，
即或，结合函数的图象可得所有根的和为5，不合题意，故排除选项；
当时，方程即，则有，
由函数图象可得方程有一个根，
即，结合函数的图象可得所有根的和为4，满足题意，故选项错误，
同理，当时，方程的所有根的和为2.
故选：.
49．已知函数，则函数零点的个数是__________．
【答案】
【分析】由题知或，进而作出函数的图象，数形结合求解即可.
【详解】解：令，即，解得或，
作出函数的图象如图，
由图可知，方程有个实数解，有个实数解，且均互不相同，
所以，的实数解有个，
所以，函数零点的个数是个.
故答案为：
50．已知则函数的零点个数是______．
【答案】7
【分析】作出函数的图像，然后分解因式得到或，数形结合分析零点个数
【详解】函数的零点即为方程的根，解方程得或．
作出函数的图像，如图所示．
由图像知直线与的图像有4个交点，直线与的图像有3个交点．
因此函数的零点有7个．
故答案为：7
51．已知函数，则函数零点个数最多是（ ）
A．10B．12C．14D．16
【答案】B
【分析】画出的图像，设，首先讨论的根的情况，再分析根的情况即可分析出根的情况，即可得出答案．
【详解】画出的图像，如图所示，
由，令，得，
设，由图像可知，则，
得的图像，如图所示，
由图像可知，，
①当时，即，没有根；
②当时，即，此时有3个根，，，
当时，即，有3个根，
当时，即，有4个根，
当时，即，有4个根，
故时，有11个根；
③当时，，此时有三个根，，
当时，即，有4个根，
当时，即，有4个根，
当时，即，有4个根，
故时，有12个根；
综上所述，最多有12个根，
故选：B．
52．已知函数，若函数有两个零点，则函数的零点个数为（ ）
A．B．C．D．
【答案】D
【分析】作出函数的图象，根据题意利用图象分析可得，令并将问题转化为与交点横坐标t对应x值的个数，结合数形结合法求零点个数即可.
【详解】当时，则在上单调递增，在上单调递减，
则；
当时，则在上单调递增.
作出函数的图象如图所示，
令，则，
若函数有两个零点，则函数的图象与直线有两个交点，
所以，解得，
故，
令，即，
令，则或，
解得或，
即或，则或，
由图象可得有个实数根，有个实数根，
故的零点个数为，
故选：B．