2025届高考物理二轮专题复习与测试专题强化练二力与直线运动

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A．研究鱼儿摆尾击水跃出水面的动作可把鱼儿视为质点
B．鱼儿摆尾击水时受到水的作用力
C．鱼儿跃出水面过程，水对鱼儿的作用力大于鱼儿对水的作用力
D．鱼儿沉入水里过程，水对鱼儿的作用力小于鱼儿对水的作用力
解析：研究鱼儿摆尾击水跃出水面的具体动作时不能把鱼儿视为质点，故A错误；鱼儿摆尾击水时受到水的作用力，鱼儿对水的作用力和水对鱼儿的作用力是一对作用力与反作用力，故B正确；鱼儿跃出水面过程和沉入水里过程，鱼儿对水的作用力和水对鱼儿的作用力都是一对作用力与反作用力，大小相等，方向相反，故C、D错误。
2.操纵如图所示的无人机，使其沿竖直方向匀速上升。设无人机(含照相机)所受的重力大小为G，无人机对空气的作用力大小为F，空气对无人机的作用力大小为T，则( A )
A．T＝F B．Ta3，又有a1x＝a2x1＋a3(x－x1)，整理有a1x＝a3x＋(a2－a3)x1，可知a3＜a1，即a2＞a1＞a3，故B错误，A、C、D正确。
7．(2024·佛山市二模)春节烟花汇演中常伴随无人机表演。两架无人机a、b同时从同一地点竖直向上飞行的v－t图像如图所示。下列说法正确的是( C )
A．t＝5 s时，无人机a处于失重状态
B．t＝10 s时，无人机a飞到了最高点
C．前30 s内，两架无人机a、b的平均速度相等
D．前10 s内，无人机a的位移小于无人机b的位移
解析：t＝5 s时，无人机向上做匀加速运动，a处于超重状态，故A错误；t＝10 s时，无人机a速度达到最大，10 s后减速上升，30 s时飞到了最高点，故B错误；v－t图线与t轴围成的面积表示位移，前30 s内，两架无人机a、b的位移相等，平均速度相等，故C正确；前10 s内，无人机a的位移大于无人机b的位移，故D错误。
8．(多选)(2024·湛江市二模)在2023年女篮亚洲杯决赛中，中国队以73∶71险胜日本队，时隔12年再次捧起该项赛事冠军奖杯。某次训练中，一名球员将篮球竖直向下拍出，篮球触地并弹回手中，手的位置不变，以竖直向下为正方向，不计篮球触地时间和空气阻力，则从篮球竖直向下拍出到弹回手中的过程中，篮球的速度v、位移s分别随时间t变化的图像可能正确的是( AD )
解析：整个过程中加速度为重力加速度，向下运动过程中，做匀加速直线运动，速度随时间均匀增大，篮球触地前后速度大小不变，向上运动过程中，做匀减速直线运动，速度随时间均匀减小，故A正确，B错误；向下运动过程中，根据s＝v0t＋ eq \f(1,2) gt2，s－t图像为开口向上的抛物线的一部分，设物体初始离地高度为s0，下落过程所用时间为t0，向上运动过程中，根据s＝s0－v(t－t0)＋ eq \f(1,2) g(t－t0)2，s－t图像为开口向上的抛物线的一部分，并且篮球触地前后速度大小不变，方向相反，即s－t图像斜率大小相等，向下运动时，斜率为正，向上运动时，斜率为负，故C错误，D正确。
9．(2024·广西卷，T13)如图，轮滑训练场沿直线等间距地摆放着若干个定位锥筒，锥筒间距d＝0.9 m，某同学穿着轮滑鞋向右匀减速滑行。现测出他从1号锥筒运动到2号锥筒用时t1＝0.4 s，从2号锥筒运动到3号锥筒用时t2＝0.5 s。求该同学：
(1)滑行的加速度大小；
(2)最远能经过几号锥筒。
解析：(1)根据匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度可知，在1、2间中间时刻的速度
v1＝ eq \f(d,t1) ＝2.25 m/s
2、3间中间时刻的速度v2＝ eq \f(d,t2) ＝1.8 m/s
故可得加速度大小a＝ eq \f(Δv,Δt) ＝ eq \f(v1－v2,\f(t1,2)＋\f(t2,2)) ＝1 m/s2。
(2)设到达1号锥筒时的速度为v0，根据匀变速直线运动规律得v0t1－ eq \f(1,2) at eq \\al(2,1) ＝d
代入数值解得v0＝2.45 m/s
从1号锥筒开始到停止时通过的位移大小
x＝ eq \f(v eq \\al(2,0) ,2a) ＝3.001 25 m≈3.33d
故可知最远能经过4号锥筒。
答案：(1)1 m/s2 (2)4
10.水面救生无人船已经成为水面救援的重要科技装备。在某次测试中，一质量为20 kg的无人船在平静水面上沿直线直奔目标地点。无人船先从静止出发，做匀加速运动10 s后达到最大速度4 m/s，接着立即做匀减速运动，匀减速运动了16 m的距离后速度变为零。已知无人船运行过程中受到水的阻力恒定且大小为4 N，不计空气阻力，重力加速度g取10 m/s2。求：
(1)在匀加速过程中，无人船发动机提供的动力的大小F1；
(2)在匀减速过程中，无人船发动机提供的阻力的大小F2；
(3)无人船在上述测试中，运动的总时间t及总位移大小x。
解析：(1)匀加速阶段加速度a1＝ eq \f(vm－0,t1) ，解得a1＝0.4 m/s2
由牛顿第二定律得F1－f＝ma1，解得F1＝12 N。
(2)匀减速阶段有0－v eq \\al(2,m) ＝－2a2x2
解得a2＝0.5 m/s2
由牛顿第二定律得F2＋f＝ma2，解得F2＝6 N。
(3)匀减速阶段的时间t2＝ eq \f(0－vm,－a2) ＝8 s
运动总时间t＝t1＋t2＝18 s
匀加速阶段的位移x1＝ eq \f(vm＋0,2) t1＝20 m
运动总位移大小x＝x1＋x2＝36 m。
答案：(1)12 N (2)6 N (3)18 s 36 m