专题13 内能（练习）-2025年中考物理二轮复习配套专练

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一、题型梳理
题型1 分子热运动与扩散现象
题型2 分子间相互作用力
题型3 内能的概念
题型4 改变内能的方式
题型5 温度、内能与热量辨析
题型6 探究不同物质吸热能力
题型7 比热容概念及应用
题型8 比热容相关计算
二、直击中考
三、新题+综合题
一、题型梳理
题型1 分子热运动与扩散现象
1. 在如图所示的原子模型中，a是（ ）
A．原子核B．质子 C．中子D．电子
【答案】D
【详解】原子是由原子核和核外电子组成的，原子核又是由质子和中子组成的，由原子结构示意图可知，a位于最外层，是电子，故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。
2. 端午节期间，小明在家里煮粽子，粽香四溢说明（ ）
A．分子在不停地做无规则运动 B．分子间存在引力
C．分子间存在斥力 D．分子可以再分
【答案】A
【详解】端午节期间，小明在家里煮粽子，粽香四溢是因为粽子的分子在不停地做无规格运动，运动到空气中，属于扩散现象，故BCD不符合题意；A符合题意。故选A。
3. 下列现象中，能说明分子在做无规则运动的是（ ）
A．麦浪起伏 B．尘土飞扬 C．花香四溢 D．大雪纷飞
【答案】C
【详解】A．麦浪起伏属于机械运动，故A不符合题意；
B．尘土飞扬属于机械运动，故B不符合题意；
C．花香四溢是由于花香分子在做无规则运动，故C符合题意；
D．大雪纷飞属于机械运动，故D不符合题意。故选C。
4. 打开中药包会闻到淡淡的药香味，这是 现象。慢火熬制，等药汤沸腾后，药香味更加浓郁，这说明温度越高，分子的运动越 （选填“剧烈”或“缓慢”）。捆扎药包的细绳很难被拉断，是因为分子间存在 （选填“引力”或“斥力”）。
【答案】 扩散 剧烈 引力
【详解】打开中药包会闻到淡淡的药香味，是因为分子在不停地做无规则运动，即扩散现象。
温度越高，分子的无规则运动越剧烈，闻到的药香味越浓郁。
分子间存在着相互作用的引力和斥力。细绳很难被拉断，是因为分子间存在相互作用的引力。
5. （1）用如图甲所示的装置探究分子热运动，其中一瓶装有密度比空气大的红棕色二氧化氮气体，另一瓶装有空气。为了有力地证明分子热运动，装二氧化氮气体的是 （选填“A”或“B”）瓶，当抽开中间的玻璃板一段时间后，可以观察到A瓶的颜色为 （选填“红棕色”或“无色”）；
（2）如图乙所示，向一端封闭的玻璃管中注水至一半位置，再注入酒精直至充满，封闭管口，并将玻璃管反复翻转，观察液面的位置，发现液体总体积变小，说明分子间 ；
（3）分别在冷水和热水中同时注入一滴红墨水，5秒后的现象如图丙所示，该现象说明 越高，分子运动越 （选填“剧烈”或“缓慢”）。
【答案】（1） B 红棕色；（2）有间隙；（3）温度 剧烈
【详解】（1）在探究分子热运动的实验中，为了有力地证明分子热运动，需要将密度较大的气体放在下面，这样当两种气体混合时，可以更明显地观察到颜色的变化。因此，装有密度比空气大的红棕色二氧化氮气体的是B瓶。当抽开中间的玻璃板一段时间后，由于分子热运动，二氧化氮分子会扩散到A瓶中，所以可以观察到A瓶的颜色变为红棕色。
（2）在向一端封闭的玻璃管中注入水和酒精的实验中，封闭管口并将玻璃管反复翻转后，发现液体总体积变小。这个现象说明分子间有间隙，当水和酒精混合时，水分子和酒精分子会相互进入对方的间隙中，使得总体积减小。
（3）在分别在冷水和热水中注入红墨水的实验中，可以观察到热水中的红墨水扩散得更快。这个现象说明温度越高，分子的热运动越剧烈。因为温度是分子热运动剧烈程度的宏观表现，温度越高，分子的平均动能越大，所以分子的热运动就越剧烈。
题型2 分子间相互作用力
1. 雨过天晴，荷叶上散落着许多水珠，它们大小不一，在阳光的照耀下，显得晶莹剔透，如图所示。两颗小水珠可以结合成较大的水珠，说明（ ）

A．水分子间存在间隙 B．水分子间存在引力
C．水分子间存在斥力 D．水分子不停地运动
【答案】B
【详解】解：荷叶上的两颗小水珠可以结合成较大的水珠，是因为当分子相互靠近时分子间表现出相互作用的引力，将两滴水珠合成了一滴，故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。
2. 2022年3月23日下午，中国空间站“天宫课堂”开展第二次太空授课活动，航天员老师王亚平用水将两个塑料板连接起来，搭建了一座液体桥，如图所示。水在两板之间连接成为桥，这说明（ ）
A．分子之间有引力 B．分子之间有斥力
C．物质由大量分子构成 D．水分子在不停地运动
【答案】A
【详解】水分子间有相互作用的引力才会形成水桥，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。
3. 将两块完全相同的铅柱A、B底部削平后紧紧压在一起，铅柱B不掉落，如图（a）所示，这说明分子之间存在引力。小明对此有些疑惑：这个实验能说明分子之间存在引力吗？是不是大气的压力托住了铅柱B？于是他设计了以下实验方案：如图（b）所示，先将紧压在一起的两铅柱放入真空罩，抽走空气，真空罩接近真空状态。你认为上述实验方案能不能证实分子间存在引力？请阐述理由。
【答案】见解析
【详解】先将紧压在一起的两铅柱放入真空罩，抽走空气，若铅柱B不掉落，则能证实分子之间存在引力，若铅柱B掉落，则不能证实分子之间存在引力。
4. 如图所示是同种物质的三种不同状态下的分子结构，其中丙图表物质处于 态（选填“固”、“液”或“气”），物质从丙图变化到乙图时时，组成物质的体积变大，分子间作用力 （选填“变大”、“变小”或“不变”），在这一变化过程中要 （选填“吸收”或“放出”）热量。
【答案】 液 变小 吸收
【详解】丙图属于液体，在一定范围内移动，故丙图是液体。
物质从丙图变化到乙图时，组成物质的体积变大，分子间之间的距离变大，分子之间的作用力变小。在这一过程中，要吸收热量。
题型3 内能的概念
1. 如图所示，炽热的岩浆从覆盖着皑皑白雪的火山上喷涌而出，下列说法错误的是（ ）
A．皑皑白雪和炽热的岩浆都具有内能
B．炽热的岩浆比皑皑白雪内能大
C．白雪温度低，分子热运动缓慢
D．岩浆温度高，分子热运动剧烈
【答案】B
【详解】A．一切物体都具有内能，皑皑白雪和炽热的岩浆都具有内能，故A正确，不符题意；
B．内能与质量、温度都有关系，岩浆温度高，内能不一定大，故B错误，符合题意；
CD．分子热运动的剧烈程度与温度有关，温度越高，分子热运动越剧烈，岩浆温度高，分子热运动剧烈，白雪温度低，分子热运动缓慢，故CD正确，不符合题意。
故选B。
2. 如图所示，炽热的岩浆从覆盖着皑皑白雪的火山上喷涌而出。下列说法正确的是（ ）
A．白雪温度低，内能小 B．岩浆温度高，内能大
C．白雪温度低，分子热运动停止D．岩浆温度高，分子热运动剧烈
【答案】D
【详解】A．内能和质量温度都有关，白雪温度低，内能不一定小，故A错误；
B．内能和质量温度都有关，岩浆温度高，内能不一定大，故B错误；
C．白雪温度低，分子热运动的不剧烈，不是停止，故C错误；
D．分子热运动的剧烈程度与温度有关，温度越高，分子热运动的越剧烈，岩浆温度高，分子热运动剧烈，故D正确。故选D。
3. 南极是世界上最冷的地方，常年平均气温是-25℃。如图所示，一天企鹅妈妈与小企鹅之间发生了一次有趣的对话，他们的部分说法如下，其中正确的是（ ）
A．小企鹅：妈妈，这么冷，我都没温度了
B．企鹅妈妈：那妈妈把温度传递给你吧
C．小企鹅：妈妈，一切物体都有内能
D．企鹅妈妈：冰山这么冷，没有内能
【答案】C
【详解】AB．温度是物体的冷热程度，任何时候物体都有温度，在热传递中高温物体将热量传递给低温度，传递的是热量，属于热传递改变物体的内能。故AB错误；
CD．内能是物体内部所有分子无规则运动具有的动能与势能的总和，一切物体都有内能，故C正确，D错误。故选C。
4. 小明用红外成像测温仪拍摄桌面，拍得画面显示桌面上A、B、C位置的温度如图1所示，接着他用手快速摩擦其中一个位置，在另一个位置喷上温度为25.5℃的酒精，再用红外成像测温仪拍摄桌面，拍得画面如图2所示。
（1）小明在A、B、C哪个位置用手快速摩擦桌面？
（2）喷在桌面上的酒精发生了哪种物态变化？该物态变化过程要吸热还是放热？
（3）图2中A、B位置发出的红外线在真空中的传播速度大小是否相等？
【答案】（1）A位置；（2）汽化，吸热；（3）相等
【详解】（1）用手快速摩擦桌面，手克服桌面的摩擦对桌面做功，机械能转化为内能，桌面的内能增大，温度升高，所以小明在A位置用手快速摩擦了桌面。
（2）喷在桌面上的酒精由液态变为气态，发生了汽化，汽化会吸热，桌面的温度会下降，所以小明在B位置喷上了酒精。
（3）A、B位置的温度虽然不一样，辐射的红外线强弱不同，但红外线在真空中的速度是相同的，都等于光速，为3×108m/s。
题型4 改变内能的方式
1. 如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，迅速压下活塞，观察到硝化棉燃烧起来。在下压活塞的过程中，下列说法正确的是（ ）

A．气体的内能转化为活塞的机械能 B．筒内气体温度降低
C．筒内气体的内能不变 D．活塞对筒内气体做了功
【答案】D
【详解】下压活塞时，活塞对筒内的空气做功，机械能转化为空气的内能，使气体的内能增加、温度升高，当温度升高达到棉花的着火点时，筒内棉花燃烧起来，D正确，ABC错误。故选D。
2. 下列情况中，物体内能减小的是（ ）
A．冰雪消融 B．钻木取火 C．压缩气体 D．开水冷却
【答案】D
【详解】A．冰雪消融，吸收热量，内能增大，故A不符合题意；
B．钻木取火，克服摩擦做功，机械能转化为内能，内能增大，故B不符合题意；
C．压缩气体做功，是对气体做功，可以使气体的内能增大，故C不符合题意；
D．开水冷却，水放出热量，内能减小，故D符合题意。故选D。
3. 如图所示的四个现象中，属于做功改变物体内能的是（ ）

A.烤火取暖 B.砂轮磨刀溅出火花 C.热水袋取暖 D.阳光下取暖
【答案】B
【详解】A．烤火取暖，火焰温度较高，是利用热传递改变内能的，故A不符合题意；
B．砂轮磨刀溅出火花，通过摩擦将机械能转化内能，是做功改变内能，故B符合题意；
C．热水袋取暖，热水的温度较高，是利用热传递改变内能的，故C不符合题意；
D．阳光下取暖，太阳将热量辐射的形成传递到人体，是热传递改变内能，故D不符题意。
故选B。
4. 神舟十七号载人飞船顺利返回。当飞船从太空返回大气层时，飞船的速度越来越快，同时与大气产生剧烈摩擦，外表温度会 （选填“升高”、“不变”或“降低”），这是通过 方式改变了飞船外壳的内能；在此阶段，飞船的重力势能 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。
【答案】 升高 做功 变小
【详解】飞船从太空返回大气层时，与大气层之间摩擦做功，内能增加，温度升高，通过做功的方式改变飞船外壳的内能。在此过程中，高度减小，质量不变，重力势能变小。
5. 如图所示是“探究改变物体内能”的实验。
（1）烧瓶内盛少量水，给瓶内打气，在瓶塞未跳起前，瓶内气体的内能 （选填“增大”“减小”或“不变”），这是通过 （选填“热传递”或“做功”）的方式改变了瓶内气体的内能；
（2）继续打气，当瓶塞跳起时，观察到瓶口有“白雾”出现；这是因为瓶内气体对外做功后，内能 （选填“增大”“减小”或“不变”），温度 （选填“升高”“降低”或“不变”）的缘故；
（3）我们发现，用这种方式改变物体的内能时，能量是在 能和 能之间相互转化的。
【答案】 增大 做功 减小 降低 内 机械
【详解】（1）用打气筒往瓶里打气时，外界对瓶内气体做功，使瓶内气体内能增大、温度升高。
（2）瓶内气压增大，当气压把瓶塞从瓶口推出时，瓶内气体对瓶塞做功，内能转化为瓶塞的机械能，使气体自身的内能减小，温度降低，受温度降低的影响，瓶口周围的水蒸气液化成小水滴，这些小水滴就是看到的白气。
（3）通过该实验可知，通过做功的方式改变内能时，能量在内能和机械能之间进行转化。
题型5 温度、内能与热量辨析
1. 关于温度、内能、热量，下列说法正确的是（ ）
A．温度高的物体含有的热量多
B．物体吸收热量，温度一定升高
C．气体膨胀对外做功，自身内能会减少
D．热传递过程中，温度从高温物体传递给低温物体
【答案】C
【详解】A．热量是过程量，不能说物体含有的热量多，故A错误；
B．物体吸热过程中温度不一定升高，例如晶体在熔化过程中，吸热但温度不变，故B错误；
C．气体膨胀对外做功，内能转化为机械能，则物体内能减小，故C正确；
D．在发生热传递时，高温物体放出热量，低温物体吸收热量，内能总是从高温物体转移到低温物体，故D错误。
故选C。
2. 小明将凝固点为47℃的某液态合金放在室温为25℃的实验室中。该合金从70℃降至47℃并保持47℃一段时间再降至35℃，合金在此过程（ ）
A．对外放热，内能一直减少
B．存在液化现象，内能一直增加
C．温度保持47℃时，不吸热也不放热
D．存在凝固现象，内能先减少后不变再减少
【答案】A
【详解】将凝固点为47℃的某液态合金放在室温为25℃的实验室中，合金从70℃降至47℃的过程是放热的降温过程，处于液态；保持47℃这段时间是凝固过程，放热但温度不变，合金处于固液共存态；从47℃降至35℃的过程是放热过程，合金处于固态。故该合金一直对外放热，内能一直减小。故A正确，符合题意，BCD错误，不符合题意。故选A。
3. 石墨烯散热膜凭借其优异的热导性及柔韧性将在电子产品上得到广泛应用。小明研究了爸爸的手机，得到下列关于内能的说法，其中正确的是（ ）
A．在温度为0℃的室外时，手机内能为0
B．石墨烯散热膜在温度降低的过程中需要吸收热量
C．热量可能从内能大的物体向内能小的物体传递
D．带着手机跑步，跑得越快，内能越大
【答案】C
【详解】A．在任何温度下，物体都有内能，故A错误；
B．石墨烯散热膜在温度降低的过程中需要释放热量，故B错误；
C．热传递的条件是存在温度差，因此热量可能从内能大的物体向内能小的物体传递，故C正确；
D．内能是物体内部的分子动能和势能之和，与温度有关，与物体是否运动无关，故D错误。
故选C。
题型6 探究不同物质吸热能力
1. 用如图所示的装置，先后加热初温、质量均相同的水和煤油，比较两种液体比热容的大小，多次实验表明：要让水和煤油升高相同的温度，水需要的加热时间更长，以下关于该实验的操作及分析错误的是（ ）
A．水比煤油的比热容大
B．加热时用玻璃棒不断搅拌，是为了水和煤油受热均匀
C．实验中可以不使用温度计，让水和煤油都沸腾后再比较加热时间
D．相同质量的水和煤油，若吸收相同热量后。煤油比水升高的温度大
【答案】C
【详解】A．由题意可知，质量相同的水和煤油，升高相同的温度时，水需要的加热时间较长，即吸收的热量多，说明水的吸热能力强，所以水的比热容大于煤油的比热容，故A正确，不符合题意；
B．实验中搅拌器的作用是：使液体受热均匀，实验效果更好，故B正确，不符合题意；
C．水和煤油的沸点不同，则两者升高的温度不同，且加热至沸腾所用时间也不同无法比较比热容的大小，故C错误，符合题意；
D．相同质量的水和煤油，若吸收相同热量后，由煤油的比热容小可知，煤油比水升高的温度大，故D正确，不符合题意。故选C。
2. 如图装置，用铁夹将温度传感器、两个试管固定在铁架台上，两试管装有质量相同的不同种液体，温度传感器的探头部分与试管内的液体良好接触，传感器通过数据采集线与计算机相连接，在计算机上得到的实验图象如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．吸收相同的热量，甲升温比乙多
B．甲的比热容大
C．甲、乙升高相同的温度，甲吸收热量多
D．加热t1时间，甲吸收热量多
【答案】A
【知识点】计算物体温度变化时的吸放热、比热容的定义式、不同物质的吸热本领
【详解】A．同一加热器，加热相同的时间，甲乙吸收相同的热量，由图可知甲升高的温度比乙高，故A正确；
B．相同质量的甲乙两种液体加热相同的时间，即吸收相同的热量，乙的温度变化小，根据Q吸=cmΔt可知，乙的比热容大，故B错误；
C．观察图像，甲乙升高相同的温度，乙需要加热的时间长，所以乙吸热能力强，吸收的热量多，故C错误；
D．两试管放在同一加热器内，加热t1时间，甲乙吸收的热量相同，故D错误。
故选A。
3. （多选题）探究“比较不同物质的吸热能力”时，同学们用酒精灯同时开始均匀加热质量和初温都相等的沙子和水，如图。下列说法正确的是（ ）

A．实验中，沙子吸热升温较快，说明沙子吸热能力较强
B．在本实验中，物体吸热多少是由加热时间长短反映的
C．实验中，将沙子和水加热到相同温度时，它们吸收的热量相同
D．实验中，加热相同的时间，末温低的物质吸热能力强
【答案】BD
【详解】用酒精灯同时开始均匀加热质量和初温都相等的沙子和水，热源相同，沙子和水相同时间吸收的热量相同；
A．沙子吸热升温较快，说明沙子的比热容小，吸热能力较弱，故A错误；
B．实验中，物体吸热多少是由加热时间的长短来反映，加热时间越长，表示物体吸收的热量越多，故B正确；
C．实验中，将沙子和水加热到相同温度时，根据Q吸=cmΔt可知，水和沙子的比热容不同，吸收的热量不同，故C错误；
D．加热相同的时间，水喝沙子吸收的热量相等，根据Q吸=cmΔt可知，末温低的物质比热容大，比热容大，物质的吸热能力强，故D正确。
故选BD。
4. 在“比较不同物质吸热升温情况”的实验中：
（1）小丽和小明用一套器材做加热水和煤油的实验，如图甲所示。在组装器材时应先调节 （选填“A”或“B”）的高度，调节它的高度是为了方便用酒精灯 加热；
（2）本实验中，通过比较 的多少来反映物质吸收热量的多少；

（3）组装好器材，他们先后在同一个烧杯中称出 相等的水和煤油，分别加热相同的时间，比较水和煤油 ，得出结论。要完成该实验，除图甲所示器材外，还需要的一个测量工具是 ；
（4）为了比较不同物质的吸热能力，物理学中引入 表示不同物质在这种性质上的差异；
（5）在对实验进行反思时，他们认为原方案有需要两次加热耗时长等缺点，因此改进方案并设计了图乙所示的装置。与原方案相比，该方案除克服了上述缺点外还具有的优点是 。（答出一个即可）
【答案】 A 外焰 加热时间 质量 升高的温度 秒表 比热容 见解析
【详解】（1）组装实验器材时，应根据酒精灯及其外焰的高度先固定图中的A的高度，使酒精灯的外焰正好能给烧杯加热，然后再固定图中的B部分，这样可以避免重复调整。
（2）本实验中，用相同的酒精灯加热，通过比较加热时间的长短来反映物质吸收热量的多少，这里运用的实验方法是转换法。
（3）要比较水和煤油的吸热能力，有两种比较方法：①分别加热相同的时间，比较水和煤油升高的温度，升温小的吸热能力强；②使它们升高相同的温度，比较加热时间，加热时间长的吸热能力强。两种方法中都要让两种液体的质量相同。
实验中分别对水和煤油加热相同的时间，为确保加热的时间相同，还需要一个测量时间的工具—秒表。
（4）物理学中，引入“比热容”这一概念来表示不同物质的吸热能力。比热容越大，则物质的吸热能力就越强。
（5）由图乙所示实验可知，实验中用同一烧杯采用“水浴法”对水与煤油同时加热，该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相同时间内吸收的热量相等。
5. 在“探究物质的吸热能力”的实验中，实验装置如图所示。
（1）实验中要选取初温相同且 相等的甲、乙两种液体，选用规格相同的电加热器分别给甲和乙两种液体加热。根据实验测得的数据分别描绘出了甲和乙两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图丙所示，则 的吸热能力更强；
（2）若甲液体的比热容为2×103J/（kg·℃），则乙液体的比热容为 J/（kg·℃）。
【答案】 质量 乙 4×103
【详解】（1）在“探究物质的吸热能力”的实验中，要控制两种液体的质量相同，所以要选取初温相同且质量相等的甲、乙两种液体。
由图丙知，加热5min，甲升高的温度为40℃，乙升高的温度为20℃。规格相同的电加热器分别给甲、乙两种液体加热相同时间，则甲、乙两种液体在5min时间内吸收的热量相同，甲、乙两种液体质量相等，乙的温度变化较小，根据比热容公式c=QmΔt可得，乙的比热容更大，即乙的吸热能力更强。
（2）加热相同时间5min，甲升高的温度为40℃，乙升高的温度为20℃，但甲、乙两种液体吸收的热量Q相等，根据比热容公式c=QmΔt可得，在甲、乙两种液体的质量m相等时，比热容c和温度变化量Δt成反比，因为乙的温度变化量是甲的温度变化量的一半，所以乙的比热容是甲的2倍，则乙液体的比热容为
c乙=2c甲=2×2×103J/(kg⋅°C)=4×103J/(kg⋅°C)
题型7 比热容概念及应用
1. 下列说法正确的是（ ）
A．比热容是物质的一种属性
B．一切物质的比热容均不相同，所以比热容是物质的一种特性
C．比热容大的物体比比热容小的物体吸收热量多
D．比热容大的物质比比热容小的物质吸收热量能力强
【答案】D
【详解】A．比热容是物质的一种特性，同一物质的比热容一般不变，故A错误；
B．比热容是物质的一种特性，不同物质的比热容一般不同，但也有些物质的比热容相同，故B错误；
C．当质量与升高温度相同时，比热容大的物体比比热容小的物体吸收热量多，选项中没有控制变量，故C错误；
D．比热容表示物体吸热能力的大小，比热容大的物质比比热容小的物质吸收热量能力强，故D正确。
故选D。
2. 位于沙漠边缘的罗布泊昼夜温差比沿海地区大，这是因为与水相比，砂石的（ ）
A．比热容较小B．比热容较大C．密度较小D．密度较大
【答案】A
【详解】A B．沙漠边缘的罗布泊昼夜温差比沿海地区大，这是因为与水相比，砂石的比热容小，升温快，昼夜温差大，故A符合题意；B不符合题意；
C D．密度是质量与体积之比，密度的大小与升温快慢无关，故CD不符合题意。
故选A。
3. 根据图所示的天气状况和地表环境信息，推断昼夜温差最小的是（ ）
A． B． C． D．
【答案】D
【详解】水的比热容比砂石的比热容大，相同质量的水和砂石，在相同受热或者放热的情况下，温度变化小，所以海洋比陆地的昼夜温度小，同时天气晴朗时，白天地面吸收的热量多，夜晚地面放出的热量多，天气为多云时，白天由于云层的阻挡，地面吸收太阳的热量较少，夜晚地面放出的热量由于云层的阻挡，散失的热量较少，所以昼夜温差最小的是天气为多云时的海洋，故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。
4. 在两个相同的烧杯中分别装有质量和初温相同的水和某种液体，用两个完全相同的电加热器对其加热，每隔一段时间用温度计分别测量它们的温度，并画出了温度随时间变化的图像如图，由图像可知（ ）

A．a液体比热容小 B．b液体是水
C．0~3min内a液体吸收的热量少 D．升高相同的温度时，b液体吸收的热量少
【答案】D
【知识点】不同物质的吸热本领
【详解】ABC．质量和初温相同的水和某种液体，用两个完全相同的电加热器对其加热，相同时间内吸收的热量相同，根据c=QmΔt，温度升高较慢的比热容较大，而水的比热容最大，因此a液体比热容大是水，故ABC不符合题意；
D．b液体的比热容较小，根据Q=cmΔt可知，升高相同的温度时，b液体吸收的热量少，故D符合题意。故选D。
5. 根据表格中的数据，下列说法中正确的是（ ）
A．一杯水倒出一半，杯内剩余水的比热容变小
B．水和酒精放出相等热量，水的温度降低得较多
C．质量相等的铜和铝，升高相同的温度，铝吸收的热量多
D．水的比热容表示水的温度升高1℃吸收的热量是
【答案】C
【详解】A．比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关，一杯水倒出一半，杯内剩余水的质量变小但比热容不变，故A错误；
B．由表格数据可知，水的比热容大于酒精的比热容，水和酒精放出相等热量，由Δt=Qcm可知，由于不知道质量大小关系，无法判断水和酒精哪个温度降低得较多，故B错误；
C．由表格数据可知，铝的比热容大于铜的比热容，铝和铜的质量相等、升高相同的温度，由Q吸=cmΔt可知，铝吸收的热量一定多，故C正确；
D．水的比热容表示质量为1kg的水温度升高1℃吸收的热量是4.2×103J，故D错误。故选C。
6. 将质量和初温均相同的铝、铜、铁三个金属球（c铝>c铁>c铜）浸没在沸水中煮较长的一段时间，则三个球的温度 （填“相同”或“不相同”）。从沸水中吸热最多的是球 。先达到100℃的是 球。
【答案】 相同 铝 铜
【详解】[1]由于热传递的结果是温度相等，所以煮较长的一段时间后，三个金属球的温度都与沸水温度相同。
[2]由于铝的比热容较大，升高相同的温度，比热容大的物体吸收的热量多，故从沸水中吸收热量最多的是铝球。
[3]由Q吸=cmΔt分析可知，当升高的温度相同时，比热容越小，吸收的热量越少，吸热的时间越短；铜的比热容最小，所以铜吸热的时间最短，最先达到100℃。
题型8 比热容相关计算
1. （多选题）用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体加热（不计热量损失），A和B的温度随加热时间变化的图像如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．A的比热容与B的比热容之比为2︰1
B．A的比热容与B的比热容之比为2︰3
C．都加热t时间，A吸收的热量较多
D．A和B升高相同的温度，A吸收热量较多
【答案】AD
【详解】AB．液体A、B的质量相等，加热相同时间，吸收热量相同，升高的温度之比为20℃︰40℃＝1︰2，由c=QmΔt得
故A正确，B错误；
C．相同加热器，在相同时间内放出的热量相同，AB在相同时间内吸收热量相同，C错误；
D．由图可知，升高相同的温度，A加热时间比B加热时间多，所以A吸收的热量比B吸收热量多，故D正确。故选AD。
2. 质量均为100g的四种物质，当温度升高1℃时所吸收的热量如图所示。
请根据图中信息回答以下问题。
（1）煤油的比热容为 J/(kg·℃)；
（2）质量相等的铝块和铜块吸收相同的热量，铜块温度的变化更 （选填“大”或“小”）；
【答案】 2.5×103 大
【详解】（1）由图可知，100g煤油温度升高1℃时所吸收的热量为250J，由Q吸=cmΔt可知，煤油的比热容为
c煤油=Q煤油m煤油Δt=250J100×10-3kg×1℃=2.5×103J/kg·℃
（2）由图可知，100g铝和铜升高相同的温度，铝吸收的热量多，由Q吸＝cmΔt可知，铝的比热容大，由Q吸＝cmΔt 可知，质量相等的铝块和铜块吸收相同的热量，铜块温度的变化更大.
3. 生活中常用水作为冷却剂是因为水的比热容 ，将质量为m0的小杯热水倒入盛有质量为m的冷水的保温容器中。冷水温度升高了3℃，此时保温容器中的水的比热容 （选填“变大”“不变”或“变小”），然后又向保温容器中倒入一小杯同质量同温度的热水，水温又上升了2.5℃，不计热量的损失，则m0∶m= 。
【答案】 大 不变 1∶10
【详解】水的比热容较大，相同质量的水，升高相同的温度，吸收的热量较多，因此常被用于作为冷却剂。
比热容是物质的特性，与温度改变大小无关，此时保温容器中的水的比热容不变。
设热水的初温为t热，冷水的初温为t冷依题意得

解得 m0:m=1:10
4. 质量为1kg的金属锅中放有2kg的水，现把它们从20℃加热到70℃，金属锅和水一共吸收了4.43×105J的热量。求：[c水=4.2×103J/(kg·℃)]
（1）水吸收的热量是多少？
（2）金属锅的比热容是多少？
【答案】（1）4.2×105J；（2）0.46×103J/(kg·℃)
【详解】（1）水吸收的热量是
Q吸=c水m水(t-t0)=4.2×103J/(kg·℃)×2kg×(70℃-20℃)=4.2×105J
（2）金属吸收热量为
金属锅的比热容是
答：（1）水吸收的热量是4.2×105J；
（2）金属锅的比热容是0.46×103J/(kg·℃)。
5. 在标准大气压下，一质量为2kg的金属块被加热到500℃，立即投入质量为1kg、温度为20℃的冷水中，不计热量损失，最终使水的温度升高到80℃[c水=4.2×103J/(kg·℃)]。求
（1）水吸收的热量；
（2）金属块的比热容；
（3）取出金属块后，给80℃的水继续加热，水又吸收了1.05×105J的热量水温又升高了多少℃。
【答案】（1）2.52×105J；（2）0.3×103J/(kg·℃)；（3）20℃
【详解】（1）水吸收的热量
Q吸=c水m水(t-t0)=4.2×103J/(kg·℃)×1kg×(80℃-20℃)=2.52×105J
（2）根据题意可知，金属块放出的热量与水吸收的热量相等，即Q放=Q吸=2.52×105J
金属块的比热容
（3）由Q吸=cmΔt可得，水升高的温度
水的末温
在一个标准大气压下水的沸点为100℃，所以水的末温为100℃，水温又升高了
答：（1）水吸收的热量是2.52×105J；（2）金属块的比热容是0.3×103J/(kg·℃)；
（3）取出金属块后，给80℃的水继续加热，水吸收1.05×105J的热量水温又升高了20℃。
二、直击中考
1.（2024·江苏淮安·中考真题）端午节期间，小明在家煮粽子，厨房里粽香四溢．这个现象主要说明（ ）
A．分子间有引力 B．分子间有斥力 C．分子间有空隙 D．分子是运动的
【答案】D
【详解】煮熟的粽子散发出香味，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。
2.（2024·陕西·中考真题）“芒种”过后，陕西关中等地区夏收进程已过半。如图，是烈日下联合收割机收麦的场景。下列说法不正确的是（ ）
A．夏收时节气温越高，空气中的分子热运动越剧烈
B．阳光炙烤下的金色麦穗温度升高，其所含的热量变多
C．利用水冷系统给发动机降温，是因为水的比热容较大
D．阳光曝晒下的驾驶室温度升高，是通过热传递的方式增加了其内能
【答案】B
【详解】A．分子热运动与温度有关，温度越高，分子热运动越剧烈，故A正确，不符合题意；
B．热量不能表述为“所含”，热量是一个过程量，只能表述为“吸收”或“放出”，故B错误，符合题意；
C．利用水冷系统给发动机降温，是因为水的比热容较大，在同样情况下吸收的热量较多，故C正确，不符合题意；
D．阳光暴晒下的驾驶室温度升高，是通过热传递的方式增加了内能，故D正确，不符合题意。
故选B。
3.（2024·湖北武汉·中考真题）下列事例中，与“水的比热容较大”这个特性无关的是（ ）
A．汽车发动机用水作冷却剂
B．人游泳之后从水中出来，风一吹感觉更冷
C．海边昼夜温度变化比沙漠中小，适于居住
D．生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度
【答案】B
【详解】A．汽车发动机用水作冷却剂，是因为水的比热容大，故A不符合题意；
B．人游泳之后从水中出来，风一吹感觉更冷，是因为水蒸发吸热，故B符合题意；
C．海边昼夜温度变化比沙漠中小，是因为水的比热容比沙石的大，故C不符合题意；
D．物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度，是因水的比热容大，故D不符题意。
故选B。
4.（2024·湖北·中考真题）如图甲，利用相同规格的加热器加热等质量的a、b两种液体，得到温度随时间变化的图像如图乙，分析可知（ ）
A．相同时间内a中加热器产生的热量比b中的多
B．a和b的吸热能力都随着温度的升高不断增大
C．升高相同温度a所用时间比b少，a的吸热能力比b弱
D．相同时间内a升高的温度比b多，a的吸热能力比b强
【答案】C
【详解】A．实验中使用相同规格的加热器，则相同时间内a中加热器产生的热量与b中的加热器产生的热量相同，故A不符合题意；
B．吸热能力是物质的属性，保持不变，所以a和b的吸热能力不会随着温度的升高而发生变化，故B不符合题意；
C．由于相同时间内a中加热器产生的热量与b中的加热器产生的热量相同，则相同时间内两种液体吸收的热量相同；升高相同的温度，a所用时间比b少，则a吸收的热量少，a、b两种液体的质量相等，由可知，a的吸热能力比b弱，故C符合题意；
D．由于相同时间内a中加热器产生的热量与b中的加热器产生的热量相同，则相同时间内两种液体吸收的热量相同，相同时间内a升高的温度比b多，a、b两种液体的质量相等，由可知，a的吸热能力比b弱，故D不符合题意。
故选C。
5.（2024·湖北武汉·中考真题）北宋文学家欧阳修在一首词中有这样的描写：“无风水面琉璃滑，不觉船移⋯⋯”其中“不觉船移”所选的参照物可能是（ ）
A．船在水中的倒影B．船周围的浮萍
C．被船惊飞的鸟 D．船附近岸边的花草
【答案】A
【详解】“不觉船移”的意思是感觉船没有移动。相对于船周围的浮萍、被船惊飞的鸟、船附近岸边的花草来说，船的位置都发生了变化，船是运动的，相对于船在水中的倒影来说，船的位置没有发生变化，船静止的。因此选择的参照物可能是船在水中的倒影，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
6. （2024·山东潍坊·中考真题）（多选题）如图所示，用汽缸、固定隔板和活塞密闭甲、乙两部分气体，汽缸和活塞均不导热，隔板导热良好。迅速将活塞向左推至图中虚线位置并固定，静置一段时间。下列说法正确的是（ ）
A．与推动活塞前相比，甲、乙内能均变大
B．与推动活塞前相比，甲内能不变、乙内能变大
C．乙内能改变的方式只有做功
D．乙内能改变的方式既有做功又有热传递
【答案】AD
【详解】AB．迅速将活塞向左推至图中虚线位置时，施加外力通过做功的方式增加了乙部分气体的内能，乙部分气体的温度会升高；由于隔板导热良好，因此热量会由乙内通过隔板传递到甲内，最终甲乙两部分气体的温度相等。由此可知乙部分气体的温度升高，气体的质量不变，因此乙部分气体的内能变大；甲部分气体的质量不变，温度升高，因此甲部分气体的内能也变大。故A正确，B错误；
CD．推动活塞时通过做功的方式增加了乙气体的内能，活塞推到虚线处后，热量由乙通过隔板传递到甲时，是通过热传递的方式改变内能的，故C错误，D正确。
故选AD。
7.（2024·北京·中考真题）（1）在探究水沸腾前后温度变化特点时，某同学观察到如图甲、乙所示的实验现象，图 （选填“甲”或“乙”）是水沸腾时气泡上升过程大小变化的情况；
（2）如图丙所示，某同学用滴管向一个装有水的烧杯中滴入一滴红墨水，一段时间后，可以看到： ，这属于扩散现象。
【答案】 甲 一整杯水都变红了
【详解】（1）沸腾前烧杯底部温度高，表面温度低，底部的水先汽化形成气泡，气泡上升的过程中，遇冷液化，气泡越变越小，是乙图，沸腾时，整杯水的温度一致，底部的水先汽化，气泡慢慢上升过程中，周围的水汽化，气泡越变越大，故选甲图。
（2）某同学用滴管向一个装有水的烧杯中滴入一滴红墨水，一段时间后，水分子、墨水分子都在运动，可以看到一整杯水都变红了。
8.（2024·齐齐哈尔·中考真题）小姜利用如图1所示的装置“比较不同物质吸热的情况”。
（1）器材：相同规格的电加热器、烧杯、温度计各两个，以及 （填测量工具）、托盘天平（含砝码）、水和煤油；
（2）选取两个相同规格的电加热器进行实验，目的是为了通过比较 来比较物质吸收热量的多少；
（3）实验中选取初温不同、 相同的水和煤油，分别倒入烧杯中，用电加热器加热，当它们吸收相同的热量时，通过比较 来比较不同物质吸热能力的强弱；
（4）如图2所示，小姜正确使用温度计测量液体的温度，按照图中 （选填“A”、“B”或“C”）方法读数是正确的；实验中某时刻温度计示数如图3所示为 ℃；
（5）部分实验数据如下表所示，分析数据可得出结论： （选填“水”或“煤油”）的吸热能力更强。
【答案】 停表 加热时间 质量 升高的温度 B 66 水
【详解】（1）比较不同物质吸热的情况实验中需要测量加热时间，因此缺少的实验器材是秒表。
（2）实验中用两个相同的电加热器加热，加热时间越长，物质吸收的热量越多，因此通过比较加热时间的长短来比较物质吸收热量的多少。
（3）根据比较不同物质吸热能力的两种方法可知，实验中要控制不同物质的质量相等，即实验中应量取质量相等的水和煤油，分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热，当它们吸收相同热量时，通过比较升高的温度来判断吸热能力的强弱。
（4）使用温度计测量液体的温度时，视线要与液柱的上表面相平，故B正确。
[6]由图3可知，温度计的分度值为1℃，此时是零上，因此温度计示数为66℃。
（5）由表格中数据知，水和煤油加热相同时间，水升高的温度较低，说明水的吸热能力强。
9.（2024·内蒙古呼和浩特·中考真题）
（1）一个圆形铁片由“冷若冰霜”，变成“炙手可热”。甲同学认为一定是通过加热方式实现的，乙同学认为不一定是通过加热方式实现的，还有其他的实现方式。你认为哪位同学正确？请简要说明理由。
（2）丙同学认为：热量只能是由高温物体向低温物体传递。但是，丁同学却认为，只要条件合适，热量也可能由低温物体向高温物体传递。你认为哪位同学正确？请举例说明。
【答案】见解析；见解析
【详解】（1）一个铁片由“冷若冰霜”，变成“炙手可热”，铁片的温度升高，内能变大，改变物体内能方式除了热传递之外还有做功，所以还可以通过做功的方式来实现铁片温度升高的目的，如可以用钢丝球摩擦铁片，将机械能转化为内能，铁片的温度也会升高，故乙同学的说法正确。
（2）热量自发的从高温物体传递给低温物体，不能自发的从低温物体传递给高温物体，但当存在外部干预，如机械做功时，热量传递的方向是可以改变的。例如，冰箱的工作原理就是通过电力做功，将热量从温度较低的内部传递到温度较高的外部，从而保持冰箱内部的低温‌，所以丁同学的说法正确。
10.（2024·安徽·中考真题）一保温杯中装有质量为200g，温度为25℃的水。将一个质量为100g，温度为100℃的金属块放入杯中，一段时间后杯内水和金属块的温度稳定在30℃，假设金属块放出的热量全部被水吸收，已知水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，则该金属块的比热容为 J/(kg·℃)。
【答案】0.6×103
【详解】由题意知，水吸收的热量为
Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg·℃)×200×10-3kg×(30℃-25℃)=4.2×103J
因金属块放出的热量全部被水吸收，则金属块放出的热量为4.2×103J，则金属块的比热容为
三、新题+综合题
1. 2024年9月18~19日，河南省创建的无烟环境高层论坛暨控烟能力提升培训班在郑州举行，部署健康中原行动控烟专项行动的目标和任务。到2030年，全省范围内实现室内公共场所、室内工作场所和公共交通工具全面禁烟。公共场合吸烟会导致其他公众吸入“二手烟”，其主要原因是（ ）
A．分子的体积很小 B．分子在不停地做无规则的运动
C．分子之间存在斥力 D．分子之间存在引力
【答案】B
【详解】A．虽然分子的体积确实很小，但“二手烟”现象的主要原因并不是因为分子的体积小。即使分子体积小，如果它们不运动，也不会导致“二手烟”的传播。故A不符合题意；
B．“二手烟”是指吸烟者呼出的烟雾以及卷烟燃烧产生的烟雾在空气中弥漫，从而使不吸烟者被动吸入烟雾中的有害物质。这个现象的主要原因是分子在不停地做无规则的运动。烟雾中的分子通过无规则运动扩散到空气中，进而被其他公众吸入。故B符合题意；
C．分子之间存在斥力是指当两个分子靠得非常近时，它们会相互排斥。然而，“二手烟”现象与分子之间的斥力无关。故C不符合题意；
D．分子之间存在引力是指分子之间有一种相互吸引的力。但是，“二手烟”现象并不是因为分子之间的引力导致的。故D不符合题意。
故选B。
2．下列现象和推断符合实际的是（ ）

A B C D
A．现象：当塞子跳起时瓶内出现白雾。推断：物体对外界做功，物体内能减小，温度升高
B．现象：棉花被点燃。推断：物体对外界做功，物体的内能增大，温度升高
C．现象：抽去玻璃板，两瓶中的气体都会变成红棕色。推断：分子在不停地做无规则运动
D．现象：稍稍用力向上拉玻璃板，弹簧测力计示数变大。推断：分子间只有引力没有斥力
【答案】C
【详解】A．瓶内气体膨胀，塞子跳起。气体对塞子做功，内能减小，温度降低，水蒸气液化形成白雾，说明物体对外界做功，温度降低，故A不符合题意；
B．将活塞迅速下压，活塞对筒内的气体做功，使筒内的气体内能变大，温度升高，达到棉花的燃点，棉花被点燃。故外界对物体做功，物体的内能增大，温度升高，故B不符合题意；
C．抽去玻璃板后，两瓶中的气体都会变成红棕色，属于扩散现象，该现象说明分子在不停地做无规则运动，故C符合题意；
D．因为玻璃和水接触在一起，故水分子和玻璃分子之间存在相互作用的引力，弹簧测力计的读数将变大，故D不符合题意。
故选C。
3. 关于热量的说法错误的是（ ）
A．热传递过程中，一个物体原有500J内能，现有400J内能，改变了100J内能叫放出了100J热量
B．热传递过程中，一个物体原有300J内能，现有500J内能，改变了200J内能叫吸收了200J热量
C．物体的温度越高，具有的热量越多
D．热量是热传递过程中，内能改变的多少
【答案】C
【详解】A．热传递过程中，物体的内能减少多少，就放出多少热量，所以一个物体原有500J内能，现有400J内能，改变了100J内能则放出了100J热量，故A正确，不符合题意；
B．．热传递过程中，物体的内能增加多少，就吸收多少热量，所以热传递过程中，一个物体原有300J内能，现有500J内能，改变了200J内能则吸收了200J热量，故B正确，不符合题意；
C．热量是过程量，不能用含有、具有等词描述，故C错误，符合题意；
D．热传递过程中，物体的内能改变多少，就传递多少热量，故D正确，不符合题意。
故选C。
4. 在沿海地区，炎热、晴朗的天气里常常出现“海陆风”，当出现如图所示风向时，通常（ ）

A．发生在白天，且陆地温度较高 B．发生在白天，且海水温度较高
C．发生在夜晚，且陆地温度较高 D．发生在夜晚，且海水温度较高
【答案】D
【详解】水的比热容较大，同样质量的水和沙石，吸收相同的热量（接受相同的太阳辐射能），沙石的温度升高得多，陆面上空空气迅速增温而上升，海面上空的气温相对较冷，冷空气下沉并在近地面流向附近较热的陆面，补充那儿因热空气上升而造成的空缺，形成风。同理，在晚上相同受冷的情况下，陆地的温度低于海洋的温度，从而形成从陆地吹向海洋的风，故这样形成了海陆风。由图可知，风从陆地吹向海洋，则应发生在夜晚，故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。
5. 小明将两个铅棒底面削平紧压在一起，一段时间后，两铅棒就会结合起来，主要是因为铅棒分子之间存在引力的作用。小伟则认为：两铅棒没被重物拉开，主要是靠大气压强的作用，小华找来真空罩和抽气机，接下来的操作是 ，如果出现 的现象，说明小明说的是正确的。
【答案】应将实验装置放入真空罩内，用抽气机持续向外抽气 两铅棒始终不会被重物拉开
【详解】为了验证两人的说法到底哪个正确，应将实验装置放入真空罩内，用抽气机持续向外抽气后，两铅棒始终不会被重物拉开，不是靠大气压强作用。
6. 小明发现用打气筒给篮球打气时，外壁有些发热，这是什么原因导致的呢？实验小组联系所学物理知识，提出了以下两个猜想：
猜想1：可能是活塞与筒壁摩擦。
猜想2：可能是活塞不断压缩气体做功。
【证据】实验方案：用打气筒向气压不足的篮球内打气，10s内活塞在筒内往复运动20次，立即测出此时两个测温点的温度。待气筒外壁温度降至室温（25℃）后，放出篮球中的部分气体，使其内部气压与打气前相同，重复上述操作，实验数据记录如表：
【解释】根据上、下部存在温度差，可知猜想 一定是正确的，为了进一步验证该猜想：他们将打气筒与篮球 （选填“连接”或“不连接”），让活塞在相同的时间内往复运动相同的次数，测出打气筒外壁的温度；当观察到 的现象，就说明该猜想是正确的。
【交流】打气筒内壁热量是通过 的方式传递到外壁的；活塞在打气筒内向下运动时， 能转化为 能，这与四冲程内燃机的 冲程相同。
【答案】 2 不连接 上部和下部的温度相同 热传递 机械 内 压缩
【详解】由表中数据可知，打气筒下部温度高于上部温度，说明活塞在打气筒内向下运动时，活塞对筒内的空气做功，空气内能增加，温度升高，造成下部温度高于上部温度，故导致打气筒外壁发热的原因是活塞在筒内往复运动时，不断压缩气体做功导致发热；故猜想2正确。
根据控制变量法，要探究猜想1，应让活塞只克服摩擦做功，而不压缩空气做功，故他们的改进方法是：打气筒不与篮球连接，直接让活塞在相同的时间内往复运动相同的次数，用测温枪测出打气筒外壁的温度；若测得上部和下部的温度相同，则说明猜想1是正确的。
打气筒内壁的热量是通过热传递的方式传递到外壁。
活塞在打气筒内向下运动时，活塞对筒内的空气做功，机械能转化为空气的内能，能量转化情况与内燃机压缩冲程相同。
7. 同样日照条件下，夏天中午海边的沙子热得烫脚，但海水较凉爽；傍晚日落后，海边的沙子很快变凉，而海水仍然温暖。对此现象小强提出猜想：不同物质吸热升温的快慢不同，并在实验室探究了“不同物质吸热升温的现象”，他设计的实验装置如图所示：
（1）实验需要用到一些测量工具，除了图中已经呈现的，该实验还必需用到的测量工具是 ，实验中搅拌器的作用是 ；
（2）该实验是通过 来反映物质吸收热量的多少；（选填“加热时闻”或“液体升高的温度”）
（3）实验中，正确操作后收集到如上表中的实验数据；实验中发现：升高相同的温度 吸收的热量较多，所以 的吸热本领更强；（以上两空均选填“食用油”或“水”）
（4）实验中可看出，水和食用油的“容热本领”不一样，除了用“1kg的某种物质温度升高1℃所吸收的热量”来表示物质的这一特性，小明还想到用“1kg的某种物质吸收1J热量所上升的温度来表示物质的“容热本领”，若该物理量符号为S，则 （选填“大于”或“小于”）；
（5）探究过程中也有部分同学提出：可能是中午海水蒸发吸收热量，所以温度低，而沙子不蒸发，所以温度高。你认为上述猜想是否正确？请说明理由。 。
【答案】（1）天平、秒表 受热均匀；（2）加热时间；（3）水 水；（4）大于；（5）见详解
【详解】（1）完成本实验需要用到质量相同的两种液体，故实验中需要天平，观察吸热的多少是通过加热时间来间接反映的，故需要秒表。为温度计能更准确测量出液体的温度变化，实验中搅拌器的作用是使液体受热均匀。
（2）物体吸收热量的多少不易直接观察，实验中采用两个相同的加热器，可以在相同时间产生相同的热量，故实验是通过加热时间间接反映吸热多少的。
（3）根据表格的数据可知，两种液体均由20℃上升到40℃时，油需加热1min，水需要加热2min，故水吸收的热量更多，水的吸热能力更强。
（4）根据表格数据可知，吸收相同热量，油上升的温度要大于水上升的温度，如果用“1kg的某种物质吸收1J热量所上升的温度来表示物质的“容热本领”，若该物理量符号为S，则大于。
（5）这种猜想是错误的，因为蒸发吸热不是海水温度低的主要原因，其主要原因是海水的比热容大，升高的温度小。比如傍晚时海水同样在蒸发吸热，其温度却比沙子高，便能有力证明这一点。
8. 太阳能热水器是一种常见的利用太阳能的装置。某品牌太阳能热水器，在晴天能接收到的太阳能平均辐射强度（用R表示）为R=300J/( m2·s)，它表示每平方米面积上一秒内接收到的太阳能为300J。该太阳能热水器集热管接收阳光照射时的有效面积为2m2，贮水箱中盛有100L的水。
（1）若在阳光下照射70min，所接收到的太阳能全部用来加热水，贮水箱中的水温可升高多少？[ ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J/(kg·℃)]
（2）若需要使贮水箱的水从30℃升高到80℃，且此太阳能热水器的效率为30%，需要此太阳能热水器工作多少小时？（保留小数点后一位）
【答案】（1）6℃；（2）32.4h
【详解】（1）水的体积V=100L=0.1m3
水的质量m=ρ水V=1.0×103kg/m3×0.1m3=100kg
由题意得，太阳能热水器接收到的太阳能
E=300J/(m2·s)×2m2×70×60s=2.52×106J
接收到的太阳能全部用来加热水，则Q吸=E=2.52×106J
水温度可升高
（2）使水箱的水从30 ℃升高到80 ℃，水吸收的热量
Q吸1=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg·℃)×100kg×(80℃-30℃)=2.1×107J
此太阳能热水器效率为30%，即
Q吸1=E'×30%=2.1×107J
太阳能热水器接收到的太阳能
而E'=300J/(m2·s)×2m2×t
则太阳能热水器需要工作的时间
物质
比热容
物质
比热容
水
冰
酒精
铝
水银
铜
加热时间/min
0
1
2
3
4
……
10
水的温度/℃
30
34
38
42
46
……
70
煤油温度/℃
10
18
26
34
42
……
90
实验次序
时间/s
活塞往复次数
上部温度/℃
下部温度/℃
1
10
20
30.7
36.6
2
10
20
30.2
36.2
3
10
20
30.5
36.3
加热时间/min
0
1
2
3
4
温度/℃
食用油
20
40
60
80
100
水
20
30
40
50
60