黑龙江省哈尔滨市2024-2025学年九年级（上）期末物理试卷（解析版）

这是一份黑龙江省哈尔滨市2024-2025学年九年级（上）期末物理试卷（解析版），共19页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.关于一些物理量的估计，下列数据最接近实际的是( )
A. 一节新干电池的电压约为2VB. 教室内一盏日光灯的额定功率约400W
C. 家用电饭锅的电流约为4AD. 分子直径大约为10-12m
【答案】C
【解析】解：A.一节新干电池的电压约为1.5V，故A不符合实际；
B.教室内一盏日光灯的额定功率约40W，故B不符合实际；
C.家用电饭锅的电功率大约是800W，家用电饭锅的电流约为I=PU=800W220V≈4A，故C符合实际；
D.分子通常以10-10m衡量大小，故D不符合实际。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.关于热量、温度、内能之间的关系，下列说法正确的是( )
A. 物体吸收了热量，温度可能不变B. 物体温度升高，一定是吸收了热量
C. 温度为0℃的物体没有内能D. 物体内能减少时，一定对外做功
【答案】A
【解析】解：A、物体吸收了热量，温度可能不变，例如：晶体在熔化的过程中吸热，内能增大，但温度不变，故A正确；
B、物体的温度升高，内能增大，可能是吸收了热量，也可能是因为对物体做功引起的，故B错误；
C、一切物体都具有内能。因此温度为0℃的物体也有内能，故C错误；
D、改变物体内能的方式有做功和热传递，因此物内能减少时，可能是对外做功，也可能是降低了温度，故D错误；
故选：A。
(1)物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的。
(2)改变物体内能的方式有做功和热传递。
(3)一切物体都具有内能。
本题主要考查学生对影响内能因素的掌握，改变内能的两种方式的理解，是热学的难点，是中招的热点。
3.热学知识与人类生活息息相关。下列说法正确的是( )
A. 酒精燃烧过程中，质量减少，热值不变
B. 铁块很难被压缩，说明固体分子之间不存在间隙
C. 内燃机在做功冲程中，气缸内气体温度升高，内能增大
D. 内陆地区比沿海地区昼夜温差大，是由于砂石的比热容比水的比热容大
【答案】A
【解析】解：A、热值是燃料的一种特性，与燃料的质量大小无关，酒精燃烧过程中，质量减少，热值不变，故A正确；
B、铁块很难被压缩，说明固体分子间存在斥力，故B错误；
C、内燃机在做功冲程中，气缸内气体温度降低，内能减小，故C错误；
D、内陆地区比沿海地区昼夜温差大，原因内陆地区多砂石，沿海地区多水，砂石的比热容比水的比热容小，同样受冷和受热时砂石的温度变化小、水的温度变化大，故D错误。
故选：A。
(1)燃料的热值是燃料的一种特性，与燃料的种类有关，与燃料的质量大小和燃烧是否充分无关；
(2)固体很难被压缩说明分子间存在斥力；
(3)改变内能的方法是做功和热传递；
(4)水的比热容比砂石的较大，因此在同样受冷和受热时，水的温度变化较小，砂石的温度变化较大。
本题考查热值、分子动理论、内燃机和水的比热容较大的应用，属于综合题。
4.绝不允许用电线把电源的两极直接连接起来，是因为( )
A. 有触电的危险B. 电路中没有电流
C. 电流太小会损坏电源D. 电流太大会损坏电源
【答案】D
【解析】解：不允许用导线把电源的两极直接连接起来是因为这样会造成电源短路，此时电路中电阻几乎为零，则电流会太大，从而会损坏电源。
故选：D。
解决此题要知道当用导线把电源两端连在一起时，会发生短路现象，这样电流太大会烧坏电源。
解决此类问题要知道短路现象的危害，并知道在连接电路时一定要避免发生短路。
5.如图是滑动变阻器的结构和连入电路的示意图，当滑片P向右滑动时，连入电路的电阻变小的是( )
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】解：
A、图中滑片右侧的电阻丝接入电路，滑片向右移动时，接入电路中电阻丝的长度减小，则连入电路的电阻变小，故A符合题意。
B、图中同时接入上方两接线柱，相当于接入一导线，滑片移动时，连入电路的电阻为0，故B不合题意；
C、图中同时接入下方两接线柱，相当于接入一定值电阻，滑片移动时，连入电路的电阻不变，故C不合题意；
D、图中滑片左侧的电阻丝接入电路，滑片向右移动时，接入电路中电阻丝的长度增大，连入电路的电阻变大，故D不合题意。
故选：A。
滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻大小的。
滑动变阻器正确接法是上下接线柱各接一个，若要连入电路的电阻变小，则连入电路的电阻丝长度变短。
本题考查了滑动变阻器的接法；要使滑动变阻器接入电路的电阻变大或变小，关键是要看下边的接线柱接哪个。
6.两灯串联，一灯较亮，一灯较暗，则下列说法正确的是( )
A. 较亮的灯中电流较大B. 较暗的灯中电流较小
C. 两灯电流一样大D. 条件不足无法判断
【答案】C
【解析】解：∵串联电路中各处的电流相等，
∴两灯串联时，通过它们的电流一定相等。
故选：C。
根据串联电路中的电流特点进行解答，即串联电路中各处的电流相等。
本题考查了串联电路的电流特点，抓出关键是点“两灯串联”是关键。
7.如图所示实验电路图，电源电压未知且不变，不能够得出未知电阻Rx阻值的电路是( )
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】解：A.图中两个电阻串联，可以测量总电压和电流，计算电路中的总电阻，再根据串联电路中电阻规律，得出未知电阻R的阻值，故A不符合题意；
B.图中电路为并联，电流表测已知电阻的支路电流，未知电阻R的两端电压可以测出，但不能测得电流，因此不能求出R的阻值，故B符合题意；
C.图中电路为两电阻串联，两电压表分别测量两个电阻的电压，根据串联电压之比等于电阻之比，计算得出未知电阻R的阻值，故C不符合题意；
D.图中可以先将滑片移至阻值最小处，得出电源电压的表达式；再将滑动变阻器移至阻值最大处，再得到电源电压的表达式，两式联立则可得出未知电阻R的阻值，故D不符合题意。
故选：B。
要测量电阻的阻值，需要直接或间接测出电阻两端电压与通过电阻的电流，然后应用R=UI求出电阻的阻值，分析图示电路图，应用串并联电路特点与欧姆定律以及等效法测电阻分析答题。
本题考查多种方法测量电阻，属于中档题。
8.天然气是一种清洁能源，方便居民使用的同时，存在着泄漏的安全隐患。物理兴趣小组在老师的指导下设计了天然气泄漏检测电路，如图电源电压恒定不变，R0为定值电阻，R为气敏电阻。R阻值随天然气浓度的增大而减小，则天然气( )
A. 浓度增大，电流表示数变小B. 浓度增大，电压表示数变小
C. 浓度减小，电流表示数变大D. 浓度减小，电压表示数变小
【答案】D
【解析】解：由电路图知，R0与R串联，电流表测电路中电流，电压表测R0两端电压。
(1)由题知，R阻值随天然气浓度的增大而减小，电路的总电阻变小，电源电压不变，由I=UR可知，电路中电流变大，即电流表示数变大，故A错误；
由U=IR知，定值电阻R0两端电压变大，即电压表示数变大，故B错误；
(2)当天然气浓度减小时，R的阻值变大，电路的总电阻变大，电源电压不变，由I=UR可知，电路中电流变小，即电流表示数变小，故C错误；
由U=IR知，定值电阻R0两端电压变小，即电压表示数变小，故D正确。
故选：D。
由电路图知，R0与R串联，电流表测电路中电流，电压表测R0两端电压。R阻值随天然气浓度的增大而减小，根据串联电路特点和欧姆定律分析解答。
本题考查了串联电路特点和欧姆定律的应用，体现了物理在生活中的应用，难度不大。
9.以下电器中，利用电流的热效应工作的是( )
A. 电饭煲B. 动圈式话筒
C. 电风扇D. 电脑
【答案】A
【解析】解：A、电饭煲工作时把电能转化为内能，是利用电流热效应工作的，故A正确；
B、动圈式话筒工作时主要电磁感应，不是利用了电流的热效应，故B错误；
C、电风扇工作时主要将电能转化为机械能，不是利用了电流的热效应，故C错误；
D、电脑工作时主要将电能转化为光能和声能，不是利用了电流的热效应，故D错误；
故选：A。
当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应。一方面，利用电流的热效应可以为人类的生产和生活服务；另一方面，电流的热效应也有一些不利因素。任何通有电流的导线，都可以在其周围产生磁场的现象，称为电流的磁效应。
主要考查电流的热效应、电磁感应等在生活中的应用实例，只有认真把握它们的定义，才能真正区分它们利用的是哪一个效应。体现了物理来源于生活，又服务于社会的理念。
10.节能环保的电动汽车被大多数家庭喜爱，其核心部件是电动机，下列各图中能够说明电动机工作原理的是( )
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】解：A、图中是奥斯特实验的装置图，说明了通电导体周围存在磁场，故A不符合题意；
B、当闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故B符合题意；
CD、图中没有电源，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针会发生偏转，说明会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的原理，故CD不符合题意；
故选：B。
电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的。
电动机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键。
二、多选题：本大题共2小题，共4分。
11.如图所示的实验电路，还有部分导线未连接，字母a、b、c、d、e、f、g、h表示各元件的接线柱。下列操作能让灯L1、L2都亮起来的是( )
A. 用导线连接d、f，再闭合开关S
B. 用导线连接b、f，再闭合开关S
C. 用导线连接e、f，再闭合开关S
D. 用一根导线连接e、g，用另一根导线连接d、f，再闭合开关S
【答案】CD
【解析】解：A、用导线连接d、f，再闭合开关S，灯L2亮，灯L1不亮，故A错误；
B、用导线连接b、f，再闭合开关S，灯L2亮；此时灯L1没有接入电路(或L1所在电路断路)，则L1不亮，故B错误；
C、用导线连接e、f，再闭合开关S，两灯串联，都亮，故C正确；
D、用一根导线连接e、g，用另一根导线连接d、f，再闭合开关S，两灯并联，都亮，故D正确；
故选：CD。
电路的三种状态：
通路：处处连通的电路叫通路，通路时，有电流通过用电器，用电器工作，这样的电路也叫闭合电路；
断路：断开的电路叫断路或开路；断路时，没有电流通过用电器，用电器不工作；
短路：不经过用电器而直接将电源两极连接的电路叫短路；电源短路：是指用导线直接将电源两极连接起来的电路。电源短路时，电路中有强大的电流通过，可能烧毁电源和导线，甚至引起火灾，因此绝对不允许发生电源短路。
电路的三种状态，分别是通路、开路和短路，短路时电流极大，会烧坏电源与导线，甚至会引起火灾，所以是不允许的。
12.如图是灯泡L(6V、3W)的I-U图象。结合图象分析，下列选项不正确的是( )
A. 通过灯泡L的电流与其两端的电压成正比
B. 小灯泡正常发光时的电阻是12Ω
C. 将灯泡L和18Ω的定值电阻并联在3.6V的电源两端，电路的总电阻为6Ω
D. 将两个完全相同的灯泡L串联在2.4V的电源两端，电路的总功率为0.24W
【答案】AD
【解析】解：A、灯泡的I-U图象是一条曲线，说明通过灯泡L的电流与其两端的电压不成正比，故A错误；
B、从图中可知灯泡正常发光时通过灯泡的电流为0.5A，根据欧姆定律可知小灯泡正常发光时的电阻是RL=ULIL=6V0.5A=12Ω，故B正确；
C、将灯泡L和18Ω的定值电阻并联在3.6V的电源两端，此时灯泡与电阻的两端电压均为3.6V，由图得，此时通过灯泡的电流为0.4A，通过定值电阻的电流为：I定=U定R定=3.6V18Ω=0.2A，
由串联电路电阻的规律知电路中的总电流为：
I总=0.2A+0.4A=0.6A：
根据欧姆定律可得，电路的总电阻为：R=U并I总=Ω，故C正确；
D、将两个完全相同的灯泡L串联在2.4V的电源两端，每个灯泡的两端电压为1.2V，由图得，此时通过灯泡的电流为 0.2A，串联电路中电流处处相等，则电路的总功率为：
P总=2.4V×0.2A=0.48W，故D错误。
故选：AD。
(1)根据灯泡L的I-U图象为曲线分析判断通过灯泡L的电流与其两端的电压关系；
(2)从图中可知灯泡正常发光时通过灯泡的电流为0.5A，根据欧姆定律可知小灯泡正常发光时的电阻；
(3)根据并联电压规律分析灯泡的电流和电阻的电流，得出干路电流，根据欧姆定律计算总电阻；
(4)根据串联电路的电压特点可知两个完全相同的灯泡L串联在2.4V的电源两端时每个灯泡两端的电压，根据图像可知此时电路中的电流，根据P=UI求出电路的总功率。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，关键是根据图像读出相关的信息。
三、填空题：本大题共10小题，共20分。
13.如图所示，这是生活中常用的物理降温用品“退热贴”。在使用过程中会散发出一股清淡的薄荷香味，这是______现象；在退热过程中，人体的内能______(选填“增大”或“减小”)。
【答案】扩散 减小
【解析】解：在使用过程中会散发出一股清新的薄荷香味，是因为芳香分子在不停地做无规则，进入空气中，属于扩散现象。
在退热过程中，人体放出热量，人体的内能减小，通过热传递的方式改变物体的内能。
故答案为：扩散；减小。
不同物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明组成物质的分子永不停息地做无规则的运动。
本题借助生活中的常见现象考查查分子动理论，本题是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题。
14.一台单缸四冲程柴油机，飞轮转速为3 600转/分，该柴油机活塞1s对外做功______次。若其效率为40%，消耗5kg的柴油转化成的机械能是______J.(q柴油=4.3×107 J/kg)
【答案】30 8.6×107
【解析】解：(1)已知飞轮转速为3600r/min=60r/s，一个工作循环活塞往复2次，曲轴转动2周，做功1次，该柴油机1s对外做功30次；
(2)5kg的柴油燃烧放出的热量Q=mq=5kg×4.3×107J/kg=2.15×108J，
转化成的机械能=40%Q=40%×2.15×108J=8.6×107J。
故答案为：30；8.6×107。
(1)内燃机一个工作循环活塞往复2次，曲轴转动2周，做功1次；
(2)根据Q=mq求出柴油燃烧放出的热量，再求出机械能。
15.穿在身上的化纤衣服与皮肤摩擦后易粘毛绒，是因为摩擦使化纤衣服带了电具有______的性质，此时化纤衣服带负电，是因为皮肤______(选填“失去”或“得到”)电子。
【答案】吸引轻小物体 失去
【解析】解：穿在身上的化纤衣服与皮肤摩擦后带电，故能吸引轻小物体粘毛绒；此时化纤衣服带负电，因为衣服得到电子，故皮肤失去电子。
故答案为：吸引轻小物体；失去。
带电体能吸引轻小物体；摩擦起电过程中，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电。
本题考查了带电体的特点和摩擦起电的特点，属于基础题。
16.如图所示电路，电源电压不变，定值电阻R2=20Ω，闭合开关S，电流表A1、A2的指针均指在图示位置，电流表A1的示数是______A，电路的电源电压为______V。
【答案】1.5 6
【解析】解：由电路图知，R1和R2并联，A1测干路电流，A2测R2支路电流；
根据并联电路电流特点知，干路电流等于各支路电流之和，而两电流表指针偏转角度相同，
所以A1使用的是0～3A的量程，A2使用的是0～0.6A的量程，
由右图知：A1示数为1.5A，A2示数为0.3A，即：I=1.5A，I2=0.3A；
因为并联电路各支路电压相等且等于电源电压，
由欧姆定律知，电源电压：
U=U2=I2R2=0.3A×20Ω=6V。
故答案为：1.5；6。
由电路图知，R1和R2并联，A1测干路电流，A2测R2支路电流；
根据并联电路的电流特点和两电流表指针偏转角度相同，确定电流表量程，并读出其示数，根据欧姆定律即可求出电源电压。
本题考查并联电路的特点和电功公式、电功率公式的应用，关键是根据并联电路的干路电流大于支路电流，得出电流表A1、A2选择的量程。
17.如图所示的电路中，电源电压为5V。闭合S1、断开S2时，电压表的示数是______V；同时闭合S1、S2时，R2两端的电压是______V。
【答案】0 5
【解析】解：闭合S1、断开S2时，电路为R1的简单电路，电压表与R2串联后与电流表并联接入电路，电压表被短路，所以电压表的示数是0V。
同时闭合S1、S2时，两电阻并联接入电路，电压表测电源电压，所以电压表的示数为5V，并联电路各支路两端电压相等，都等于电源电压，所以R2两端的电压是5V。
故答案为：0；5。
闭合S1、断开S2时，电路为R1的简单电路，电压表与R2串联后与电流表并联接入电路，电压表被短路，据此确定电压表的示数；
当同时闭合S1、S2时，两电阻并联接入电路，根据并联电路电压特点确定R2两端的电压。
本题考查串联电路特点、并联电路特点以及电压表、电流表的使用。
18.阻值为10Ω的电阻器接到某电源上，通过它的电流是0.3A，则电源电压是______V。如果把它接在电压为9V的电源上，它的电阻是______Ω。
【答案】3 10
【解析】解：阻值为R=10Ω的电阻器接到某电源上，通过它的电流I=0.3A，
根据欧姆定律知，电源电压U=IR=0.3A×10Ω=3V；
电阻是导体的属性，与电压无关，如果把它接在电压为9V的电源上，它的电阻不变，是10Ω。
故答案为：3；10。
根据欧姆定律计算电压，根据电阻是导体的属性分析解答。
本题考查欧姆定律的简单应用，属于基础题。
19.如图所示，是定值电阻R和小灯泡L中电流随电压变化的图象，观察图象可知______是灯泡中电流随电压变化的图象；把定值电阻R和小灯泡L串联起来，当电流是0.4A时电路的总功率是______。
【答案】甲 2W
【解析】解：
灯泡的电阻受温度的影响会发生改变，因此U-I关系图像是弯曲的线，即甲是灯泡电流随电压变化的图像。
当电流为0.4A时，灯泡和定值电阻两端的电压分别为1V、4V，根据串联电路电压规律可得，电源电压为U=1V+4V=5V，
电路的总功率是P=UI=5V×0.4A=2W。
故答案为：甲；2W。
灯泡的电阻受温度的影响会发生改变，因此U-I关系图像是弯曲的线，即甲是灯泡电流随电压变化的图像。由图可知，当电流为0.4A时灯泡和定值电阻两端电压，根据串联电路电压规律可得电源电压，根据UI可知电路的总功率。
本题考查电功率的计算，关键是从图中得出有用信息。
20.定值电阻R1标有“10Ω 0.6A”，滑动变阻器R2标有“30Ω 0.3A”。若两电阻并联，两端允许加的最大电压为______V，干路中允许通过的最大电流为______A。
【答案】6 0.9
【解析】解：
定值电阻和滑动变阻器两端允许加的最大电压为：
U1=I1R1=0.6A×10Ω=6VU2=I2R2=0.3A×30Ω=9V
所以并联电路两端电压为：
U=U1=6V，
已知允许通过滑动变阻器的最大电流为I2=0.3A，
所以干路电流为：
I=I1+I2=0.6A+0.3A=0.9A。
故答案为：6；0.9。
已知定值电阻和滑动变阻器的阻值和允许通过的最大电流，可以得到它们两端所加的最大工作电压；并联电路各用电器两端电压相等，为保证元件安全，并联电路两端电压应以最小电压值为电路电压。并联电路中干路电流等于各支路电流之和。
本题考查并联电路的电压规律以及欧姆定律的灵活应用，熟练掌握并联电路的特点是解答本类题型的关键所在。
21.如图所示，“探究电磁铁磁性强弱的影响因素”实验中，根据______可以判断电磁铁B磁性更强一些；发电机的工作原理是______。
【答案】电磁铁B吸引大头针数目更多 电磁感应现象‌
【解析】解：“探究电磁铁磁性强弱的影响因素”实验中，根据电磁铁B吸引大头针数目更多可以判断电磁铁B磁性更强一些；发电机的工作原理是电磁感应现象‌。
故答案为：电磁铁B吸引的大头针数目更多；电磁感应现象原理。
通过吸引大头针显示磁性强弱，是转换法的应用；
发电机的原理主要是基于‌电磁感应现象‌。‌
本题考查电磁铁磁性强弱的决定因素及发电机的工作原理，属于基础题。
22.如图所示的装置是用来研究电阻丝产生的热量与______的关系。在实验中观察到左、右两侧U形管中液面高度差来比较电阻丝产生热量多少，要使实验现象更明显，应该将R3换成阻值更______的电阻(选填“大”或“小”)。
【答案】电流 小
【解析】解：(1)乙装置中，右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同，故乙实验可以研究电流产生的热量与电流的关系；
(2)排除故障后，重新利用乙装置进行实验，要使实验现象更明显，即右容器中电阻丝产生热量更小一些，根据Q=I2Rt知，应让通过右容器中电阻丝的电流更小一些，根据串联、并联电路电流的规律知，通过R3的电流应更大一些，根据并联电路电压的规律和欧姆定律，应该将R3换成电阻更小的电阻。
故答案为：电流；小。
(1)电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联、并联电路电流的规律分析；
(2)要使实验现象更明显，即右容器中电阻丝产生热量更小一些，根据Q=I2Rt和串联、并联电路电流的规律知，确定通过R3的电流变化，根据并联电路电压的规律和欧姆定律分析回答。
本题探究“导体产生的热量与什么因素有关”，考查控制变量法、转换法、串联和并联电路的规律及焦耳定律的运用。
四、作图题：本大题共2小题，共4分。
23.请将图中的电灯和开关接入家庭电路中。
【答案】解：火线首先进入开关，然后再入灯泡，零线直接接灯泡，如图所示：

【解析】连接家庭电路时，火线首先进入开关，然后再入灯泡，零线直接接灯泡。
火线首先进入开关，然后再入灯泡顶端的金属点，在断开开关时，切断火线，避免触电事故发生。
24.请根据图中磁感线的方向，在虚线方框中标出电流的方向，并标出小磁针静止时的N极。
【答案】解：由图可知，磁感线从左指向右，说明通电螺线管的左端为N极，右端为S极，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的左端为N极；
根据安培定则可知，电流从螺线管的左端流入，右端流出，则虚线框内电流方向向下，如图所示：
【解析】由磁感线方法可知螺线管的极性，根据安培定则可判断电流的方向，再根据磁极间的相互关系可得出小磁针的极性。
本题考查磁极间的相互作用及安培定则的运用，要求能熟练应用安培定则由磁极方向判断电流方向，或由电流方向判断磁极方向。
五、实验探究题：本大题共3小题，共16分。
25.小李为比较“不同物质的吸热能力”设计了如下的实验方案：将质量相同的A、B两种液体分别装入相同的烧杯中，固定在铁架台上，用两个相同的酒精灯同时加热，实验装置如图甲、乙所示，实验时每隔一段时间同时测量并记录A、B的温度。

(1)除了图中的测量工具外，还需要的测量工具是______和______。
(2)酒精灯加热，使液体温度升高，这是通过______方式来增大液体内能。
(3)加热相同时间，A吸收的热量______B吸收的热量。(选填“大于”、“等于”、“小于”)
(4)由图像丙可知：根据______现象，可以判断B液体吸热能力比A液体强。
【答案】天平 秒表 热传递 等于 升高相同温度，B液体加热时间更长
【解析】解：(1)实验中要对相同质量的不同物质进行加热，并记录加热时间，需要测量质量、时间，故还需要的测量工具为天平和停表；
(2)做功和热传递都可以改变物体的内能，用酒精灯加热，使液体温度升高，这是通过热传递方式来增大液体内能；
(3)对A和B加热相同时间，A吸收的热量等于B吸收的热量，利用了转换法；
(4)由图像可知，升高相同温度，A比B加热的时间短，故A比B吸收的热量少，B吸热能力比A吸热能力强。
故答案为：(1)天平；停表；(2)热传递；(3)等于；(4)升高相同温度，B液体加热时间更长。
(1)实验中要对相同质量的不同物质进行加热，并记录加热时间；
(2)做功和热传递都可以改变物体的内能，用酒精灯加热，使液体温度升高，这是通过热传递方式来增大液体内能；
(3)加热相同时间，吸收的热量相同；
(4)由图像可知，升高相同温度，A比B加热的时间短。
本题考查不同物质的吸热能力，实验操作能力，内能的改变方式。
26.LDC实验小组探究“电流与电压的关系”的实验。部分器材选用如下：电压为3V的电源，阻值为0～10Ω的滑动变阻器，10Ω、20Ω、30Ω、50Ω的定值电阻各一个。

(1)检查电路时，发现有一根导线接错，请在这根导线上打“×”，并画出正确接法，且导线不交叉；
(2)正确连接电路后，闭合开关，移动滑片，记录数据。其中第3次实验时电压表的示数如图乙所示，读数为______V；
(3)实验中，多次调节滑动变阻器滑片的目的是：______；
(4)接着实验小组继续“探究电流与电阻的关系”的实验，并收集数据如图丙所示。
①实验时，先将10Ω定值电阻接入电路，在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应注意观察______(选填“电流表”“电压表”或“滑动变阻器”)的示数；
②接下来断开开关，取下10Ω的定值电阻，换成20Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，应移动滑片，直至电压表示数为______V时，读出电流表的示数。
③将20Ω电阻换成30Ω电阻，闭合开关后发现：滑动变阻器的滑片不管如何移动，电压表的示数都无法达到指定电压，为了使题中5个定值电阻均能完成上述实验，需要换用一个______的滑动变阻器。
【答案】2.4 多次改变定值电阻两端电压，从而寻求电流与电压关系的普遍结论 电压表 2 最大阻值不小于25Ω，允许通过最大电流不小于0.2A
【解析】解：(1)原图中，电压表与定值电阻串联，电流表与定值电阻并联，这是错误的，电压表应与定值电阻并联，电流表应与定值电阻串联，如图所示：
(2)图乙中电压表选用小量程，分度值为0.1V，故示数为2.4V；
(3)实验中，多次调节滑动变阻器滑片的目的是：多次改变定值电阻两端电压，从而寻求电流与电压关系的普遍结论；
(4)①根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，因此实验时，先将10Ω定值电阻接入电路，在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应注意观察电压表的示数；
②由图象可知，定值电阻两端的电压：Uv=IR=0.04A×50Ω=×10Ω=2V，根据串联电路的分压原理可知，取下10Ω的定值电阻，换成20Ω的定值电阻接入电路，电阻增大，其分得的电压增大，探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，移动滑片使电压表的示数为2V不变；
③根据串联分压特点可知：定值电阻和滑动变阻器的阻值之比为RRh=2V3V-2V=21，阻值最大的定值电阻为50Ω，故滑动变阻器的最大阻值应不小于50Ω2=25Ω；
由丙图可知电路中的最大电流为0.2A，所以滑动变阻器允许通过最大电流不小于0.2A。
故答案为：(1)电路图见解析；(2)2.4；
(3)多次改变定值电阻两端电压，从而寻求电流与电压关系的普遍结论；
(4)电压表；2；最大阻值不小于25Ω，允许通过最大电流不小于0.2A。
(1)电压表应与定值电阻并联，电流表应与定值电阻串联；
(2)根据图丙电压表所选量程确定分度值读数；
(3)根据欧姆定律的内容分析实验结论；
(4)①②根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，根据图象利用欧姆定律求出定值电阻两端的电压，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化；
③根据串联分压特点分析得出答案。
本题综合考查探究“电流与电压的关系”的实验，难度中上。
27.小李在测量额定电压为2.5V小灯泡L的额定功率时，选择了电压恒定的电源、滑动变阻器、电压表和电流表等器材，设计了如图甲所示的电路。

(1)正确连接电路后，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片滑至最______(选填“左”或“右”)端；
(2)闭合开关，适当移动滑片，当电压表的示数为2V时，为了测小灯泡的额定功率，应使滑动变阻器连入电路的阻值______(选填“变大”或“变小”)。小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为______W；测量过程中______多次测量取平均值(选填“需要”或“不需要”)。
(3)在某次调节过程中，滑动变阻器的阻值减小了ΔR1，小灯泡的阻值变化了ΔR2，那么ΔR1 ______ΔR2(选填“>”、“
【解析】解：(1)为了保护电路，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片滑至阻值最大处，即最左端；
(2)排除故障闭合开关，适当移动滑片，当电压表的示数为2V时，小于灯泡额定电压2.5V，为了测小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值，故应使滑动变阻器连入电路的阻值变小；小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.4A，小灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.4A=1W；通过多次实验探究电功率与灯泡亮度的关系，故不需要求平均值；
(3)当变阻器接入电路中电阻变小时，电路总电阻变小，此时电路中电流变大，变阻器分到的电压变小，灯泡分到的电压变大，灯泡的实际功率变大，灯丝温度升高，灯丝电阻变大，由于R总=RL+RP；只有当变阻器的减小量大于灯泡电阻的增加量，总电阻才会变小。
故答案为：(1)左；(2)变小；1；不需要；(3)>。
(1)为了保护电路，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片滑至阻值最大处；
(2)比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定变阻器阻值变化；根据P=UI推导小灯泡L2的额定功率表达式；通过多次实验探究电功率与灯泡亮度的关系，故不需要求平均值；
(3)当滑动变阻器接入电路的阻值减小时，由串联电路的特点可知，灯泡两端的电压增大；通过灯泡的电流也变大，灯泡的功率变大，温度升高，灯泡电阻变大；根据欧姆定律和电流的变化判断出总电阻的变化，再判断ΔR1和ΔR2的大小关系。
本题为测量小灯泡电功率的实验，综合性强，难度较大。
六、计算题：本大题共1小题，共6分。
28.家用电磁炉因其高效、节能成为新一代智能炉具，小李在家中关闭其他所有用电器，在只有电磁炉正常工作的情况下，请你回答下列有关问题。
(1)1标准大气压下，锅内装有5kg温度为20℃的水，给电磁炉通电把水加热到沸腾，水至少吸收多少热量？[水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)]
(2)把上述水烧开用了20min。家中安装的标有“3000r/(kW⋅h)”的电能表转了1500圈，求烧水过程中电磁炉消耗的电能。
(3)此电磁炉正常工作时的电流是多少？(计算结果保留一位小数)
【答案】解：(1)水至少吸收的热量为：
Q煤=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg℃)×5kg×(100℃-20℃)=1.68×106J；
(2)家中安装的标有“3000r/(kW⋅h)”的电能表转了1500圈，
烧水过程中电磁炉消耗的电能为：
W=1500r3000r/(kW⋅h)=0.5kW⋅h，
(3)电流做功的过程即为用电器消耗电能的过程，电磁炉的电功率：
P=Wt=0.5kW⋅h20×160h=1.5kW=1500W，
由P=UI可知，此电磁炉工作时电流：
I=PU=1500W220V≈6.8A。
答：(1)水至少吸收的热量为1.68×106J；
(2)烧水过程中电磁炉消耗的电能为0.5kW⋅h；
(3)此电磁炉正常工作时的电流为6.8A。
【解析】(1)由Q=cmΔt可求得水至少吸收多少热量；
(2)由家中安装的标有“3000r/(kW⋅h)”的电能表转了1500圈，可知烧水过程中电磁炉消耗的电能；
(3)根据P=Wt可得此电磁炉的电功率，由P=UI公式变形可求得此电磁炉正常工作时的电流。
本题考查了热量公式、电能公式与电功率公式的灵活运用，难度适中。