2025江西省十校协作体高三上学期第一次联考试题物理含解析

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参考答案：
1 ．B【详解】A ．图甲中玻璃容器中的小水银滴呈球形，是因为水银与玻璃不浸润导致的结果，故 A 错 误；
B ．图乙为康普顿效应的示意图，入射光子与静止的电子碰撞，碰撞后散射光的光子能量变小，根据
ε = hv = h ，可知，碰撞后散射光的波长变长，故 B 正确；
C．锌的逸出功为3.34eV ，用丙中一群处于n =3 能级的氢原子发出的光照射锌板，照射光的光子最大能 量为hvm = E3 — E1 = —1.51eV — (—13.6eV) = 12.09eV ，根据光电效应方程可知，逸出光电子的最大初动能 为Ek = hvm —W0 = 12.09eV — 3.34 V = 8.75eV ，故 C 错误；
D ．衰变过程随时间的变化规律说明在相同时间内，有半数的原子核发生了衰变，但相同时间内衰
变的原子数量随时间的推移而不断减少，故 D 错误。故选 B。
2 ．B
【难度】0.85
【详解】“彩色光环”现象属于衍射现象。
A ．雨后的彩虹属于光的折射，故 A 错误；
B ．透过狭缝看日光灯可以看到彩色条纹为单缝衍射，故 B 正确；
C ．油膜在阳光下呈现彩色是由于薄膜干涉，属于光的干涉，故 C 错误；
D ．树影中的圆形光斑为太阳的像，属于小孔成像，故 D 错误。
3 ．C【详解】A ．小猪绕碗的边缘做匀速圆周运动， 由所受外力的合力提供圆周
运动的向心力，合力方向始终指向圆心，可知，小猪所受的合外力不为零，故 A 错误； B ．根据冲量的定义有I = Ft ，可知，小猪运动一周，其重力的冲量不为零，故 B 错误； C ．小猪绕碗的边缘做匀速圆周运动， 由碗对小猪的作用力与小猪的重力的合力提供
圆周运动的向心力，重力方向竖直向下，合力方向指向圆心，即合力沿水平方向，
2 2
则有F向 =
· ( )
F — mg
, 可知，碗对小猪的作用力大于小猪的重力，故 C 正确；
4 ．A【详解】A ．因发射的“鹊桥二号”未能变轨到绕太阳转动，则发射速度要小于第二宇宙速度，即发 射速度介于 7.9km/s 与 11.2km/s 之间，故 A 正确；B ．“鹊桥二号”在轨道 I 运行到近月点 A 时减速才能
变轨进入冻结轨道 II 运行，故 B 错误；C ．根据牛顿第二定律有 = ma ，解得a = ，可知“鹊桥
二号”在轨道 I 上经过 A 点的加速度等于在轨道 II 上经过 A 点时的加速度，故 C 错误；D ．轨道 I 的半
长轴大于轨道 II 的半长轴，由开普勒第三定律 = k ，可知“鹊桥二号”在轨道 I 上的运行周期比在轨道
II 上的运行周期长，故 D 错误。故选 A。
5 ．D
【难度】0.85
【详解】根据质点振动方程可知质点振动周期为T = = s
由波长公式可知声波的波长为λ= vT = m = 6.8m P 与MN 的距离之差即波程差为
Δx = = 3.4m = ，所以当波程差为半波长的奇数倍时，利用波的干涉原理可知两波源振动步调一
致即可使 P 点振动减弱，则降噪声源的振动方程应为x = A0 sin(100πt + ) 故选 D。
6．A【详解】A ．当v > 时，则qvB > Eq ，即电荷所受向上的洛伦兹力较大，将向上偏转，故 A 正确；
B ．一束等离子体（含有大量正、负带电粒子）射入磁场，根据左手定则可知，正电荷受到指向B 极板 的洛伦兹力，负电荷受到指向 A 极板的洛伦兹力，所以B 板带正电，A 板带负电，通过电阻 R 的电流
从 b 流向 a ，故 B 错误；C ．粒子在加速电场中有qU = mv2 ，在偏转磁场中有qvB = m ，所以
R = 1 2mU ，由此可知，该质谱仪不能区分比荷相同的带电粒子，故 C 错误；D ．由于金属导体导电 B \ q
粒子为自由电子，根据左手定则可知， 自由电子受到指向a 板的洛伦兹力，所以自由电子将打到 a 板，
题号
1
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答案
B
B
C
A
D
A
C
AD
BC
ABD
则 a 面电势低于 b 面电势，故 D 错误。故选 A。
7．C【详解】AB．UAB = 0 时，短绳 2 竖直，此时设绳 1 与竖直方向夹角为θ, 则由几何关系sinθ= = 0.8
可得θ= 53。，可知，光滑小环处轻绳 1 的夹角为106O ，由平衡可知2T cs53。= mg ， T = mg ，故 AB
错误；
CD ． UAB 增大时，负电小球受水平方向的电场力增加，
对小球受力分析可知轻绳 2 向右倾斜，但是轻绳 2 方向仍是
轻绳 1 的角平分线上。由几何关系得sinα = = ，即cs β= 1.25sin α , 所以β增大时α 减小，
由受力分析有2T = cs α = F = ，即T = = 2csα5sinα) = ，所以当
α = 45O 时 T 最小，即随着UAB 增大，轻绳 1 的张力 T 先减少后增大。故 C 正确，D 错误。故选 C。
8 ．AD
【难度】0.85
【详解】AB ．由理想变压器原、副线圈的电压比等于匝数比，两变压器则有
U1 :U2 = n1 : n2 ， U3 :U4 = n3 : n4
可得
1 2 ， 4 3
n2 n3
U = n1 U U = n4 U
由题意可知， 由于输电线上有电压降，因此则有U2 >U3 ，又有n2 = n3 ，可得 U1 :U4 > n1 : n4
故 A 正确，B 错误；
CD ．由理想变压器原、副线圈的电流比等于匝数的反比，两变压器则有 I1 : I2 = n2 : n1 ， I3 : I4 = n4 : n3
可得
1 2 ， 4 3
n1 n4
I = n2 I I = n3 I
由于I2 = I3 ， n2 = n3 ，可得
I1 : I4 = n4 : n1
故 C 错误，D 正确。故选 AD。
9 ．BC
【难度】0.65
【详解】A ．第一次火药爆炸后，设烟花的速度为 v ，则有v2 = 2gh 解得v = 20m/s
烟花动量变化量的大小为Δp = mv — 0 = 6.0kg . m/s 故 A 错误；
B ．第一次火药爆炸过程对烟花有(F — mg)t = mv — 0 解得高压气体对烟花平均作用力大小为F = 603N
故 B 正确；
CD ．第二次爆炸，水平方向动量守恒，有m1v1 — (m — m1 )v2 = 0 解得v2 = 40m/s
所以另一部分烟花的速度大小为 40m/s ，方向水平向西；两部分下落的时间相等均为
\ g
t = = 2s
所以两部分烟花落地点间距为x =(v2 + v1 )t = 120m 故 C 正确。故选 BC。
10 ．ABD
【难度】0.4
【详解】A ．由乙图可知，带电微粒在转动过程中，电势最高值为1.5φ1 ，电势最低值为—0.5φ1 ，最高点、 最低点分别位于轨迹直径的两端，将直径取四等分点，找到与 a 点电势φa = 0 相同的点 A ，如图 aA 垂直
于电场线
R
2 1
csθ=
设电场强度的方向与 x 轴正方向为θ, 由几何关系
=
R 2
解得θ= ，故 A 正确；
B ．由上述分析可知φb = 1.0φ1 ，从 a 点到 b 点由动能定理W + qUab = 0
又Uab = φa — φb = —φ1 ，解得W = qφ1 ，故 B 正确；
CD ．由乙图可知，微粒做圆周运动的周期为T = 13t1 — t1 = 12t1
1
速度为v = =
电场强度为E = = =
圆周运动的过程中电势为—0.5φ1 时变力 F 达到最大值，有F —qE = m
( π2 φ )
( 36t1 R ,
解得F = | m 2 R + q 1
故 D 正确，C 错误。故选 ABD。
11 ．（共 8 分每空 2 分）(1)C (2) 5.25（5.21~5.25） 0.50 (3)D
【详解】（1）A ．“探究小车速度随时间变化的规律”实验中只需要小车做匀变速直线运动即可，不需要 补偿阻力，故 A 错误；B ．“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中拉弹簧秤时，只需让弹簧与外壳 间没有摩擦，此时弹簧测力计的示数即为弹簧对细绳的拉力，与弹簧秤外壳与木板之间是否存在摩擦无 关，故 B 错误；C ．“探究平抛运动的特点”实验中为了保证小球每一次抛出时速度大小相等，需要让小 球每一次从相同高度静止释放，斜槽与钢球间的摩擦力对实验结果没有影响，故 C 正确；
D ．“研究气垫导轨上滑块碰撞时的动量守恒”实验中只需要调节气垫导轨让滑块做匀速运动即可，不需 要进行补偿阻力操作，故 D 错误。故选 C。
（2）[1]毫米刻度尺的分度值为 0. 1cm ，需要估读到分度值下一位，即图中 D 点的读数为 5.25cm；
[2]相邻计数点时间间隔T = = 0.02s ，根据逐差法可得a = ，代入数据 a = × 10—2m/s2 = 0.5m/s2
（3）A ．补偿阻力操作后，更换小车和槽码的质量，不需要重新补偿阻力，没有重新进行补偿阻力操作 对实验无影响，故 A 错误；B ．为了使小车所受的合外力等于槽码的重力，需要使得小车的质量远大于
槽码的质量，所以小车所受合外力近似与槽码重力相等，不是小车加速度变大的原因，故 B 错误；CD．对 小车和槽码，根据牛顿第二定律，对两次实验分别有m1g = (M + m1 )a1 ， m2g = (M + m2 )a2 ，根据题意有 a2 = 4a1 ，联立可得m2 > 4m1 ，故 D 正确，C 错误。故选 D。
12 ．(1) E1 电压表 V (2) R2 温控箱的温度t 和电阻箱R2 的阻值 (3) 1800 高于
【详解】（1）[1][2] 热敏电阻RT 的阻值大约为几千欧，电路中的电流大约为mA 量级，故不能选用电流 表 A ，由于电压表 V 的内阻已知，可以作为电流表使用，量程为 6mA ，故电源应选E1 ，电表 1 应选电 压表 V。
（2）[1][2]根据等效替代法测电阻，应该保持滑动变阻器R1 滑片的位置不变，将单刀双掷开关S2 打到 a 端，调节电阻箱R2 ，使电表 1 的读数保持不变，记录温控箱的温度t 和电阻箱R2 的阻值。
（3）[1][2]热敏电阻RT 在温度为36℃时的阻值为900Ω , 此时报警器的电压为 2V，故电阻箱R 的阻值应 该调为1800Ω ; 若考虑到电源内阻的影响，报警器的电压为 2V 时，热敏电阻RT 的阻值应小于900Ω , 故实际报警温度会高于36℃。
13 ．（共 8 分）(1) pA : pB = 5:1 (2)TB :TC = 1:1.9 【详解】（1） 由题可知，根据玻意耳定律可得
pAVA = pBVB （2 分）
解得
pA : pB = 5:1 （2 分）
（2）根据理想气体状态方程可知
= （2 分）
解得
TB :TC = 1:1.9 （2 分）
14 ．（共 12 分）(1)2250N (2)3m/s (3)562.5J
【详解】（1） 由于运动员恰好到达平台 B 的上端边缘，根据机械能守恒
1 2
mgR = 2 mvQ （ 1 分）
根据牛顿第二定律
FN - mg = m （ 1 分）
联立解得支持力大小FN = 2250N （2 分）
（2）运动员从 M 点做斜抛运动，设初速度为 v ，则
vt csθ= 2.4 m（1 分） 2vsin θ= gt （ 1 分） 解得v = 5m/s （ 1 分）
因此在最高点的速度v水平 = v csθ= 3m/s （1 分）
（3）从 M 到 Q 的过程中，根据动能定理
2 Q 2
mgr(1 - csθ)+ W = 1 mv2 - 1 mv2 （2 分）
解得W = 562.5J （2 分）
15 ．（共 17 分）（1）120C；（2）2.5T ，3m/s；（3）4m
【详解】（1） 由题知，用电动势 E = 15V 的电源（图中未画出）为电容器充电，则有 Q = CU = 120C（2 分）
（2）闭合开关 S 后，儿童车先作加速度变小的加速运动。达到最大速度后作匀速运动，设此时速度为 v1 ，电容器电压为 U 金属棒ab 、cd 并联，可看作一根金属棒，受到安培力的冲量对儿童车由动量定理
得 B1I1LΔt1 = mv1 （1 分）
q1 = I1Δt1
其中 U1 = B1Lv1， q1 = C(E－U1)（ 1 分），
联立解得
当 = B1L2 C ，即 B1 = 2.5T（ 1 分）时，儿童车在 AA′BB′金属轨道上获得的最终速度最大，
且儿童车的最大速度 v1 = 3m/s（2 分）
（3）金属棒 cd 进入 DD′右侧磁场后切割磁感线相当于电源。金属棒 ab 与电 R 并联。设电路中的总电
阻为 R 总1 ，设向右为正方向，金属棒 ab 进入右侧磁场时速度变为 v2 ，对儿童车，根据动量定理有 -B2I2LΔt2 = mv2－mv1（ 1 分）
其中 ，
全属棒 ab 进入右侧磁场后，再运动 d2－L 后儿童车停下，全属棒ab 、cd 并联同时切制磁感线相当子电 源，再与电阻 R 串联。设电路中的总电阻为 R 总2 ，向右为正方向，速度变化量为－v2 ，对儿童车根据动 量定理有
其中， ，
R总2 = + R （1 分）
解得 d2 = 4m（2 分）