四川省达州市2023_2024学年高一生物上学期12月月考试题含解析

这是一份四川省达州市2023_2024学年高一生物上学期12月月考试题含解析，共37页。试卷主要包含了 考试结束后将答题卡收回， 研究表明缺硒可导致克山病等内容，欢迎下载使用。
1. 答题前，考生务必将自己的学校、班级、姓名用0.5毫米黑色签字笔填写清楚，同时用2B铅笔将考号准确填涂在“考号”栏目内。
2. 选择题使用2B铅笔填涂在答题卡对应题目标号的位置上，如需改动，用橡皮擦擦干净后再选涂其它答案；非选择题用0.5毫米黑色签字笔书写在答题卡的对应框内，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
3. 考试结束后将答题卡收回。
第Ⅰ卷（选择题，共60分）
一、选择题：本题共40小题，每小题1.5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. “漠漠水田飞白鹭，阴阴夏木啭黄鹂”与其相关的叙述正确的是（ ）
A. 白鹭和水稻物种不同，但二者具有的生命系统的结构层次完全相同
B. 阴阴夏木描述的是生命系统的种群层次
C. 一只黄鹂的生命系统的结构层次由小到大依次为：细胞→组织→器官→系统→个体
D. 黄鹂感染的禽流感病毒是生命系统最小的结构层次
【答案】C
【解析】
【分析】生命系统的结构层次：细胞→组织→器官→系统→个体→种群→群落→生态系统→生物圈。
【详解】A、白鹭是动物，生命系统的结构层次中有系统这个层次。水稻是植物，生命系统的结构层次中没有系统这个层次， A错误；
B、阴阴夏木中的树木不一定是一个物钟，不能算种群层次，B错误；
C、黄鹂为多细胞生物体，生命系统的结构层次由小到大依次为：细胞→组织→器官→系统→个体，C正确；
D、细胞才是生命系统最小结构层次，而病毒没有细胞结构，D错误。
故选C。
2. 当显微镜的目镜为10×，物镜为10×时，视野范围内看到相连的 400 个细胞。若目镜不变，物镜换成 100×时，则在视野中可看到几个细胞（）
A. 1个B. 4 个C. 25 个D. 100 个
【答案】B
【解析】
【分析】显微镜放大的是长度或者宽度，不是面积或者体积；放大倍数越大看到的细胞数目越少。
【详解】当显微镜的目镜为10×、物镜为10×时，在视野直径范围内看到一行相连的400个细胞，一行细胞是长度，若目镜不变，物镜换成100×，比原来放大了100倍，则在视野中可看到这行细胞中的400÷100=4个细胞，B正确，ACD错误。
故选B。
3. 下列关于细胞学说建立过程及意义的叙述，错误的是（ ）
A. 科学家对器官和组织的认知是从人体的解剖和观察入手的
B. 列文虎克借助显微镜观察到了细胞，但没有对细胞和生物体的关系进行科学归纳
C. 施莱登通过对花粉、胚珠和柱头组织的观察，运用完全归纳法概括出植物体都是由细胞构成的
D. 细胞学说的建立为生物学的研究进入分子水平打下了基础
【答案】C
【解析】
【分析】1、1543年，比利时科学家维萨里发表《人体构造》，揭示了人体在器官水平的结构，比夏经过对器官的解剖观察，指出器官由低层次的结构组织构成。
2、1665年罗伯特•虎克用显微镜观察植物的木栓组织，发现并命名了细胞，列文虎克观察到不同形态的细菌、红细胞和精子等。
3、马尔比基用显微镜广泛观察了动植物的微细结构，如细胞壁和细胞质。
4、德国植物学家施莱登观察各种植物组织，提出了细胞是植物体的基本单位，新细胞从老细胞中产生，德国动物学家施旺观察动物，提出动物体是由细胞构成的，一切动物的个体发育过程，都是从受精卵开始的。
5、1858年德国的魏尔肖对细胞学说进行补充：“细胞通过分裂产生新细胞”。
【详解】A、通过对人体的解剖和观察，维萨里揭示了人体在器官水平的结构，比夏揭示了器官由组织构成，A正确；
B、列文虎克观察到不同形态的细菌、红细胞和精子等，马尔比基用显微镜广泛观察了动植物的微细结构，如细胞壁和细胞质，但没有对细胞和生物的关系进行科学归纳，B正确；
C、施莱登通过观察，运用不完全归纳法概括出植物体都是由细胞构成的，C错误；
D、细胞学说的建立标志着生物学的研究进入了细胞水平，为生物学的研究进入分子水平打下了基础，D正确。
故选C。
4. 如图是几种常见的单细胞生物结构示意图。下列有关叙述错误的是
A. 图中各细胞均具有核糖体
B. 具有核膜和染色体的生物有①②③
C. ①~⑤均属于自养生物
D. 各细胞结构上的差异体现了细胞的多样性
【答案】C
【解析】
【分析】图示是几种常见的单细胞生物结构示意图，其中①为衣藻，是一种低等植物，属于真核生物；②为草履虫，是一种原生动物，属于真核生物；③为变形虫，是一种原生动物，属于真核生物；④为大肠杆菌，属于原核生物；⑤为蓝细菌，属于原核生物。
【详解】A、B、①~⑤依次表示衣藻、草履虫、变形虫、大肠杆菌和蓝细菌，它们均为单细胞生物，其中①②③为真核生物，具有核糖体、核膜和染色体等结构，而④⑤为原核生物，具有核糖体，但不具有核膜和染色体，A、B正确；
C、从代谢类型看，①⑤能进行光合作用，属于自养生物，②③④均为异养型生物，C错误；
D、各细胞结构上的差异体现了细胞的多样性，D正确；
故选C。
【点睛】各种细胞结构上的差异能够体现细胞的多样性。
5. 对比人体皮肤纵切片和迎春叶横切片的光学显微镜图象，下列说法不正确的是（）
A. 人体皮肤纵切片中含多种细胞，每一种细胞都能承担各项生命活动
B. 迎春叶叶肉细胞和人体皮肤细胞均有细胞膜、细胞质和细胞核
C. 迎春叶叶肉细胞和人体皮肤细胞均有DNA和RNA
D. 人体皮肤和迎春叶均由多种组织构成，并能行使一定功能，所以两者都称为器官
【答案】A
【解析】
【分析】本题考查生命系统的结构层次的知识点，熟知生命系统的结构层次和正确识图是解题的关键，题目难度适中。
【详解】A、多细胞生物分化的细胞形成了特定的功能，不能承担各项生命活动，A错误；
BC、细胞具有统一性，细胞水平上迎春叶叶肉细胞和人体皮肤细胞均有细胞膜、细胞质和细胞核，分子水平上均含有DNA和RNA，BC正确；
D、人体皮肤和迎春叶均由多种组织构成，并能行使一定功能，所以两者都称为器官，D正确。故选A。
6. 研究表明缺硒可导致克山病。克山病是一种地方性心肌病，急重症病人可发生猝死。营养学和流行病学界专家认为，成人每天硒的摄取量约在40～100 μg就可满足人体需要。根据资料分析，下列解释不正确的是（ ）
A. 硒是人体必需的化学元素
B. 硒在人体生长发育过程中的作用不可替代
C. 硒的作用重大，只要有硒，人体就能正常生长发育
D. 硒是人体必需的微量元素
【答案】C
【解析】
【分析】硒是微量元素，微量元素也是人体必需的化学元素，在人体的生长发育过程中的作用不可替代。
【详解】A、硒是微量元素，是人体必需的化学元素，A正确；
B、微量元素在人体的生长发育过程中的作用不可替代，B正确；
C、硒的作用重大，但人体也不能缺乏其他重要元素，C错误；
D、硒是人体必需的微量元素，D正确。
故选C。
7. 某生物兴趣小组在野外发现一种组织颜色为白色的不知名野果，该小组把这些野果带回实验室欲鉴定其是否含有还原糖、脂肪和蛋白质，下列叙述正确的是（）
A. 对该野果的切片进行脂肪鉴定时需要使用显微镜
B. 若向该野果组织样液中加入斐林试剂并水浴加热出现砖红色沉淀，说明该野果中含有葡萄糖
C. 进行蛋白质的鉴定时双缩脲试剂A液和B液先混合再使用
D. 进行还原糖鉴定实验结束时将剩余的斐林试剂装入棕色瓶，长期备用
【答案】A
【解析】
【分析】生物组织中化合物的鉴定：(1)斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色(沉淀)。(2)蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应。(3)脂肪可用苏丹Ⅲ染液鉴定，呈橘黄色。
【详解】A、若对该野果的切片进行脂肪鉴定时需要使用显微镜，A正确；
B、用斐林试剂鉴定还原糖时，若向该野果的组织样液中加入斐林试剂并水浴加热出现砖红色沉淀，说明该野果中含有还原糖，但不一定是葡萄糖，B错误；
C、用双缩脲试剂鉴定蛋白质时应先加A液再加B液，C错误；
D、斐林试剂应该现配现用，D错误。
故选A。
8. 农业谚语“水是庄稼血，肥是庄稼粮”、“缺镁后期株叶黄，老叶脉间变褐亡”等。说明水和无机盐在农作物的生长发育中有着重要作用。下列关于水和无机盐的叙述，错误的是（）
A. 水是极性分子，带电分子（或离子）易与水结合，因此自由水是细胞内良好的溶剂
B. 由于氢键的存在，水具有较高的比热容，水的温度相对不容易发生改变，有利于维持生命系统的稳定性
C. 镁是构成叶绿素的元素之一，所以缺镁会导致叶片变黄
D. 虽然镁属于一种微量元素，但是对于生物体来说也是必不可少
【答案】D
【解析】
【分析】1、水的存在形式有两种：结合水和自由水，这两种形式可以相互转化；结合水：与细胞内其它物质结合是细胞结构的组成成分，自由水：（占大多数）以游离形式存在，可以自由流动；水的生理功能：（1）良好的溶剂；（2）运送营养物质和代谢的废物；（3）参与许多化学反应；（4）缓和温度变化等。
2、生物新陈代谢和抗逆性的强弱与细胞中自由水与结合水的比值有密切关系。自由水越多，自由水与结合水比值越大，新陈代谢越强，而抗逆性越弱；反之，结合水越多，自由水与结合水比值越小，新陈代谢越弱，而抗逆性越强。
3、无机盐的存在形式：主要以离子形式存在的；作用：细胞中某些复杂化合物的重要组成成分；维持细胞的生命活动，如维持细胞的酸碱度；是细胞的组成成分之一，如骨细胞的成分为磷酸钙。
【详解】A、水是极性分子，绝大多数的化合物可以溶于水，故自由水是细胞内良好的溶剂，能帮助溶解和运输营养物质及代谢产物，A正确；
B、氢键的存在，水具有较高的比热容，使水具有缓和温度变化的作用，有利于维持生命系统的稳定性，B正确；
C、镁是构成叶绿素的元素之一，所以缺镁会导致叶绿素合成减少，叶片变黄，C正确；
D、镁属于一种大量元素，D错误。
故选D。
9. 花生种子中储藏的物质以脂肪为主，并储藏在细胞的油体（植物细胞的一种细胞器）中。下列有关叙述错误的是（）
A. 花生种子播种应注意适当浅播
B. 花生种子萌发过程中，有机物种类不断增加
C. 花生种子中储存的脂肪大多含有饱和脂肪酸
D. 花生种子萌发初期，导致其干重增加的主要元素是氧元素
【答案】C
【解析】
【分析】花生富含脂肪，所以在播种是浅播有利于种子的有氧呼吸，促进种子萌发。这些脂肪多为不饱和脂肪酸，在萌发过程中，由于有机物的分解，使得有机物种类增加。
【详解】A、花生因富含脂肪，适当浅播有利于种子的有氧呼吸，促进萌发，A正确；
B、花生种子萌发过程中，储藏的脂肪转变为各种有机物，使得有机物种类不断增加，B正确；
C、花生种子储藏的脂肪大多含有不饱和脂肪酸，花生油在常温下呈液态，C错误；
D、脂肪不断转变成糖类等物质，而糖类分子中氧的含量远高于脂肪，故花生种子萌发初期，导致其干重增加的主要元素是氧元素，D正确。
故选C。
10. 下列关于组成生物体的氨基酸和蛋白质的叙述，正确的是（）
A. 蛋白质种类繁多的主要原因是氨基酸互相结合的方式不同
B. 血红蛋白含有4条肽链，不同肽链之间是通过肽键连接的
C. 胶原蛋白可作为手术缝合线是因为其能够被人体组织直接吸收
D. 非必需氨基酸是人体细胞能合成的氨基酸，也能从食物中获得
【答案】D
【解析】
【分析】蛋白质多样性与组成蛋白质的氨基酸的种类、数目、排列顺序及蛋白质的空间结构有关。
【详解】A、蛋白质种类繁多与氨基酸的种类、数目、排列顺序和蛋白质的空间结构有关，不同氨基酸互相结合的方式是相同的，A错误；
B、血红蛋白中不同肽链之间通过二硫键连接，B错误；
C、作为缝合线的胶原蛋白成分是蛋白质，不能被人体直接吸收，之所以被人体吸收是因为已被分解成小分子的氨基酸，C错误；
D、构成人体的非必需氨基酸是能够在人体内合成的氨基酸，当然也能从食物中获得，D正确。
故选D。
11. 下图表示糖类的化学组成和种类，下列相关叙述正确的是（）
A. ①、②、③依次代表单糖、二糖、多糖，它们均可继续水解
B. ①、②均属于还原糖，在水浴加热条件下与斐林试剂发生反应将产生砖红色沉淀
C. ④、⑤分别为纤维素、肌糖原、二者均储存能量，可作为储能物质
D. ④是植物细胞壁的主要成分
【答案】D
【解析】
【分析】图示中①、②、③依次代表单糖、二糖、多糖，其中单糖不能继续水解；蔗糖不属还原搪；④为纤维素，不是贮能物质，与果胶构成植物细胞壁，⑤是肌糖原。
【详解】A、分析图解可知，①、②、③依次代表单糖、二糖、多糖，单糖不可继续水解，A错误；
B、①是单糖，属还原糖，与斐林试剂发生反应将产生砖红色沉淀，②是二糖，其中的蔗糖不属还原搪，不能与斐林试剂发生反应将产生砖红色沉淀，B错误；
C、④、⑤分别为纤维素、肌糖原，纤维素不能储能物质，C错误；
D、④是纤维素，是植物细胞壁的主要组成成分，D正确。
故选D。
12. 如图甲、乙为组成人体的相关化合物，乙为一个由α、β、γ三条多肽链形成的蛋白质分子，共含271个氨基酸，图中每条虚线表示由两个巯基（-SH）脱氢形成的一个二硫健（-S-S-）。下列相关叙述错误的是（ ）
A. 甲为组成乙的基本单位，且乙中最多含有21种甲
B. 由不同的甲形成乙后，相对分子质量至少比原来少了4832
C. 如果甲中的R基为-C3H5O2，则由两分子甲形成的化合物中含有18个H
D. 巯基只位于甲的R基中，乙中二硫键的数量与其稳定性密切相关
【答案】C
【解析】
【分析】题图分析：甲是氨基酸，乙是蛋白质分子，氨基酸经过脱水缩合反应形成多肽，再经过盘曲折叠形成相应的蛋白质。
【详解】A、甲是氨基酸，乙是蛋白质分子，蛋白质的基本单位是氨基酸，构成蛋白质的氨基酸最多有21种，A正确；
B、图甲是氨基酸的结构通式，图乙是一个由α、β、γ三条多肽链形成的蛋白质分子，由不同的氨基酸形成该蛋白质的过程中脱去了271-3=268个水分子和8个H，相对分子量比原来减少了（271-3）×18+8=4832，B正确；
C、如果甲中的R为-C3H5O2，则甲的分子式为C5H9O4N，两分子甲脱一个水形成的化合物分子式为C10H16O7N，所以两分子甲形成的化合物中含有16个氢原子，C错误；
D、根据氨基酸的结构通式可知，巯基只位于甲的R基中，乙中二硫键的数量与其稳定性密切相关，D正确。
故选C。
13. 如图为伞藻嫁接实验与伞藻核移植实验示意图，该实验结果说明（）
A. 生物体形态结构的建成主要与细胞质有关
B. 细胞核和细胞质在结构上没有联系
C. 细胞核是细胞代谢的中心
D. 细胞核是细胞遗传的调控中心
【答案】D
【解析】
【分析】1、伞藻是一类大型的单细胞海生绿藻，细胞核位于基部的假根内，成熟后，伞藻的顶部长出一个伞帽，伞帽的形状因伞藻的种类不同而异。
2、细胞核是遗传的控制中心，遗传物质位于细胞核中，细胞核对生物的遗传有重要意义。
【详解】A、通过图示可以看出，生物体形态结构的建成主要与细胞核有关，A错误；
B、细胞核和细胞质紧密联系，相互依存，B错误；
C、细胞核是细胞代谢的控制中心，细胞的代谢中心是细胞质基质，C错误；
D、该实验说明，细胞核是细胞遗传的控制中心，D正确。
故选D。
14. 下列关于溶酶体的说法，错误的是（ ）
A. 溶酶体是单层膜包裹的囊泡状细胞器
B. 溶酶体能分解衰老、损伤的细胞器
C. 溶酶体能吞噬并杀死侵入细胞的病毒或细菌
D. 溶酶体中可以合成许多种类的水解酶
【答案】D
【解析】
【分析】溶酶体内含有许多种水解酶，能够分解很多种物质以及衰老、损伤的细胞器，被比喻为细胞内的“酶仓库”“消化系统”。
【详解】A、溶酶体是单层膜细胞器，A正确；
B、溶酶体能分解衰老、损伤的细胞器，B正确；
C、溶酶体能吞噬杀死侵入细胞的病毒或细菌，C正确；
D、溶酶体中的水解酶是在核糖体合成的，D错误。
故选D。
15. 高尔基体膜上的 RS 受体特异性识别并结合含有短肽序列 RS 的蛋白质，以出芽的形式形成囊泡，通过囊泡运输的方式将错误转运到高尔基体的该类蛋白运回内质网并释放。RS 受体与 RS 的结合能力随 pH 升高而减弱。下列说法错误的是（）
A. 消化酶和抗体不属于该类蛋白
B. 该类蛋白运回内质网的过程消耗 ATP
C. 高尔基体内 RS 受体所在区域的 pH 比内质网的 pH 高
D. RS 功能的缺失可能会使高尔基体内该类蛋白的含量增加
【答案】C
【解析】
【分析】根据题干信息“高尔基体膜上的 RS 受体特异性识别并结合含有短肽序列 RS 的蛋白质，以出芽的形式形成囊泡，通过囊泡运输的方式将错误转运到高尔基体的该类蛋白运回内质网并释放”，说明RS 受体和含有短肽序列 RS 的蛋白质结合，将其从高尔基体运回内质网。且 pH 升高结合的能力减弱。
【详解】A、根据题干信息可以得出结论，高尔基体产生的囊泡将错误转运至高尔基体的蛋白质运回内质网，即这些蛋白质不应该运输至高尔基体，而消化酶和抗体属于分泌蛋白，需要运输至高尔基体并发送至细胞外，所以消化酶和抗体不属于该类蛋白，A正确；
B、细胞通过囊泡运输需要消耗能量ATP，B正确；
C、根据题干信息“RS 受体特异性识别并结合含有短肽序列 RS 的蛋白质，RS 受体与 RS 的结合能力随 pH 升高而减弱”，如果高尔基体内 RS 受体所在区域的 pH 比内质网的 pH 高，则结合能力减弱，所以可以推测高尔基体内 RS 受体所在区域的 pH 比内质网的 pH 低，C错误；
D、通过题干可以得出结论“RS 受体特异性识别并结合含有短肽序列 RS 的蛋白质，通过囊泡运输的方式将错误转运到高尔基体的该类蛋白运回内质网并释放”，因此可以得出结论，如果RS 功能的缺失，则受体不能和错误的蛋白质结合，并运回内质网，因此能会使高尔基体内该类蛋白的含量增加，D正确。
故选C。
【点睛】
16. 如图是在显微镜下观察到的某细胞内的某些结构，下列判断正确的是（）
A. 图中结构都是在光学显微镜下观察到的
B. 图中七种结构均参与细胞内生物膜系统的构成
C. 因为该细胞含有a和e，所以是低等植物细胞
D. 若该细胞没有a，该生物体一定不能进行光合作用
【答案】C
【解析】
【分析】图中a是叶绿体、b是线粒体、c是内质网、d是高尔基体、e是中心体、f是核糖体，g是核膜（双层膜）。
【详解】A、图中结构都是在电子显微镜下观察到的，A错误；
B、e是中心体、f是核糖体，二者均为无膜细胞器，不参与生物膜系统的构成，B错误；
C、a是叶绿体，e是中心体，故该生物为低等植物细胞，C正确；
D、a是叶绿体，若该细胞没有a，该生物也可能是植物，如植物的根尖细胞无叶绿体，植物可以进行光合作用，D错误。
故选C。
17. 下列叙述正确的是（）
A. 酵母菌和白细胞都有细胞骨架B. 发菜和水绵都有叶绿体
C. 颤藻、伞藻和小球藻都有细胞核D. 黑藻、根瘤菌和草履虫都有细胞壁
【答案】A
【解析】
【分析】1、科学家根据有无以核膜为界限的细胞核，将细胞分为真核细胞和原核细胞；
2、真核细胞具有细胞核，以及多种细胞器，由真核细胞构成的生物是真核生物；
3、原核细胞没有细胞核，只有拟核，只有核糖体一种细胞器，由原核细胞构成生物是原核生物。
【详解】A、酵母菌属于真菌，是真核生物，白细胞是真核细胞，这两种细胞都具有细胞骨架，细胞骨架是由蛋白质纤维构成的网架结构，与细胞的运动、分裂、分化以及物质运输、能量转化、信息传递等多种功能有关，A正确；
B、发菜属于蓝藻，是原核生物，其细胞中没有叶绿体，水绵细胞中具有叶绿体，B错误；
C、颤藻属于蓝藻，是原核生物，没有细胞核，只有拟核，伞藻和小球藻是真核生物，它们细胞中具有细胞核，C错误；
D、黑藻是植物，其细胞具有细胞壁，根瘤菌是细菌，其细胞也具有细胞壁，草履虫是单细胞动物，不具有细胞壁，D错误。
故选A。
18. 新型冠状病毒外有包膜，来源于宿主细胞膜，包膜上含有病毒自身的刺突糖蛋白S，刺突糖蛋白S，它可以与人体细胞表面的蛋白ACE2结合，使病毒的包膜与宿主细胞膜融合，进而侵入宿主细胞。下列相关说法错误的是（ ）
A. 新型冠状病毒可以通过包膜和宿主细胞膜融合进入宿主细胞
B. 新型冠状病毒进入宿主细胞的过程体现了生物膜的流动性
C. 病毒入侵人体细胞说明了细胞膜控制物质进出的作用是相对的
D. 刺突糖蛋白S与受体ACE2结合体现了细胞膜可进行细胞间信息交流的功能
【答案】D
【解析】
【详解】A、新型冠状病毒包膜和宿主细胞膜融合，从而进入宿主细胞，A正确；
B、包膜和细胞膜的融合体现了细胞膜的流动性，B正确；
C、细胞不需要的物质不容易进入细胞，但是病毒能进入细胞，说明细胞膜控制物质进出是相对的，C正确；
D、包膜和细胞膜的融合，发生在病毒和细胞间，不是发生在细胞与细胞之间，所以不能体现细胞间的信息交流，D错误。
故选D。
【分析】1、生物膜选择透过性是指生物膜只能让一些物质通过，不能让其他物质通过的性质。物质的跨膜运输体现了生物膜的选择透过性。而胞吞、胞吐体现了细胞膜的流动性。细胞间的信息交流是指发生在两个细胞间的信息传递。
2、生物病毒是一类个体微小、结构简单、只含单一核酸（DNA或RNA）、必须在活细胞内寄生并以复制方式增殖的非细胞型微生物。
19. 关于细胞骨架，下列相关说法错误的是（ ）
A. 细胞骨架维持着细胞的形态
B. 细胞骨架是细胞的一种网架结构
C. 细胞骨架由多糖类纤维组成
D. 细胞骨架对细胞器有支持作用
【答案】C
【解析】
【分析】细胞骨架是由蛋白质纤维组成的网架结构，维持着细胞的形态，锚定并支撑着许多细胞器，与细胞运动、分裂、分化以及物质运输、能量转化、信息传递等生命活动密切相关。
【详解】AB、细胞骨架是由蛋白质纤维组成的网架结构，细胞骨架维持着细胞形态，AB正确；
C、细胞骨架是由蛋白质纤维组成的，C错误；
D、细胞骨架锚定和支撑着细胞器，D正确。
故选C。
20. 下图表示一个动物细胞内外不同离子的相对浓度。据图推断下列叙述错误的是（）
A. K+通过主动运输进入细胞
B. Mg2+进入细胞的速率与载体蛋白的数量有关
C. Na+排到细胞外需要大量的能量
D. 不同细胞内外的不同离子浓度差相差很大
【答案】D
【解析】
【分析】分析柱形图可知，Na+细胞内的浓度远低于细胞外，说明Na+通过主动运输方式运输到细胞外；K+细胞内的浓度远高于细胞外，说明K+通过主动运输的方式运输到细胞内；Mg2+细胞内浓度高于细胞外，说明Mg2+通过主动运输的方式运输到细胞内；Cl-细胞内浓度远低于细胞外，说明Cl-通过主动运输方式运输到细胞外。
【详解】A、K+细胞内的浓度远高于细胞外，说明K+通过主动运输的方式运输到细胞内，A正确；
B、Mg2+细胞内浓度高于细胞外，说明Mg2+通过主动运输方式运输到细胞内，主动运输的运输速率与载体蛋白的数量有关，B正确；
C、Na+细胞内的浓度远低于细胞外，说明Na+通过主动运输方式运输到细胞外，主动运输需要耗能，C正确；
D、图中不能看出不同细胞内外的不同离子浓度之间的关系，D错误。
故选D。
21. 新冠病毒、肺炎双球菌、肺炎支原体均可引发肺炎，但三者结构有所不同。下列相关叙述正确的是（）
A. 新冠病毒进入宿主细胞的跨膜运输方式是被动运输
B. 抑制细胞壁合成的药物对肺炎双球菌和支原体引起的肺炎均有效
C. 病毒是生物，属于生命系统的结构层次之一
D. 三种病原体的遗传物质彻底水解后都有6种产物
【答案】D
【解析】
【分析】1、病毒是一类没有细胞结构的特殊生物，主要有由蛋白质外壳和内部的遗传物质构成，不能独立的生活和繁殖，只有寄生在其他生物的活细胞内才能生活和繁殖，一旦离开了活细胞，病毒就无法进行生命活动。
2、肺炎双球菌和肺炎支原体都属于原核生物，其遗传物质是DNA。原核生物只有核糖体一种细胞器。
【详解】A、新冠病毒进入宿主细胞的跨膜运输方式属于胞吞，A错误；
B、肺炎双球菌属于细菌，有细胞壁；肺炎支原体没有细胞壁。抑制细胞壁合成的药物对肺炎双球菌有效，对肺炎支原体无效，B错误；
C、病毒是生物，但不属于生命系统的结构层次之一，最简单的生命系统是细胞，C错误；
D、新冠病毒是RNA病毒，遗传物质是RNA，彻底水解产物为核糖、磷酸、A、U、G、C4种含氮碱基，共6种水解产物，肺炎双球菌和肺炎支原体的遗传物质都是DNA，彻底水解产物为脱氧核糖、磷酸、A、T、G、C4种含氮碱基，也为6种水解产物，D正确。
故选D。
22. 图1表示物质跨膜运输的部分方式，图2表示某种运输方式的相关曲线，据图分析，下列说法正确的是（）
A. 图1中的Y和Z的物质运输方式相同，但Y的运输不需要能量
B. 大分子物质可通过图1中的某种方式进出细胞
C. 图2所示的运输方式一定是协助扩散
D. 图2所示的运输方式一定需要转运蛋白
【答案】D
【解析】
【分析】图1中物质X的运输方式为协助扩散。Y物质是由低浓度向高浓度一侧运输，应属于主动运输，Y离子与X离子通过同一个载体运输，可知Y离子转运所需的能量来源于X离子转运时释放的能量；物质Z的运输方式为主动运输。
图2表示物种运输速率不会随细胞外物种浓度增大而一直增大，运输方式为协助扩散或主动运输。
【详解】A、Y物质是由低浓度向高浓度一侧运输，应属于主动运输，消耗能量，物质Z的运输消耗能量，为主动运输，A错误；
B、图1中的运输方式有协助扩散和主动运输，大分子进出细胞的方式为胞吞、胞吐，B错误；
C、图2表示物种运输速率不会随细胞外物种浓度增大而一直增大，运输方式为协助扩散或主动运输，C错误；
D、图2中对于的运输方式为协助扩散或主动运输，不论是协助扩散还是主动运输，均需要转运蛋白的协助，D正确。
故选D。
23. 图①~⑤表示物质进、出小肠上皮细胞的几种方式，下列叙述正确的是（）
A. 葡萄糖进、出小肠上皮细胞方式不同
B. Na+主要以方式③运出小肠上皮细胞
C. 多肽以方式⑤进入细胞，以方式②离开细胞
D. 口服维生素D通过方式⑤被吸收
【答案】A
【解析】
【分析】由图示可知，葡萄糖进入小肠上皮细胞的方式①为主动运输；Na+逆浓度梯度运出小肠上皮细胞和K+逆浓度梯度进入小肠上皮细胞的过程均需要载体和能量，则方式②为主动运输；方式③葡萄糖运出小肠上皮细胞是顺浓度梯度，需要载体协助，为协助扩散；水进入细胞的方式④为自由扩散；多肽等大分子物质进入细胞的方式⑤为胞吞。
【详解】A、葡萄糖进入小肠上皮细胞的方式为主动运输，运出小肠上皮细胞的方式为协助扩散，A正确；
B、由图示可知，Na+主要以②主动运输的方式运出小肠上皮细胞，B错误；
C、多肽以⑤胞吞的方式进入细胞，以胞吐方式离开细胞，C错误；
D、维生素D属于固醇类，进入细胞的方式为④自由扩散，D错误。
故选A。
24. 下表为甲同学用某浓度KNO₃溶液进行质壁分离实验时所测得的数据，下图为乙同学用另一浓度的KNO₃溶液进行质壁分离实验时所绘制的曲线图。下列分析错误的是（）
A. 乙同学的实验进行到T₂，时观察不到质壁分离现象，此时细胞液浓度不一定等于外界溶液浓度
B. 乙同学的实验进行到T₁时质壁分离正在复原，此时细胞液浓度一定大于外界溶液浓度
C. 甲同学实验进行到8min时质壁分离达到平衡，滴加清水后发生质壁分离复原
D. 甲同学所用溶液浓度要大于乙同学
【答案】C
【解析】
【分析】成熟的植物细胞有中央大液泡．当细胞液的浓度小于外界溶液的浓度时，细胞液中的水分就透过原生质层进入到外界溶液中，由于原生质层比细胞壁的伸缩性大，当细胞不断失水时，液泡逐渐缩小，原生质层就会与细胞壁逐渐分离开来，即发生了质壁分离。当细胞液的浓度大于外界溶液的浓度时，外界溶液中的水分就透过原生质层进入到细胞液中，液泡逐渐变大，整个原生质层就会慢慢地恢复成原来的状态，即发生了质壁分离复原。
【详解】A、乙同学在实验进行到T2时观察不到质壁分离现象，此时细胞液浓度等于或大于外界溶液浓度，但由于细胞壁的作用，原生质体不能增大，A正确；
B、乙同学在实验进行到T1时可观察到质壁分离现象，此时已经开始发生质壁分离复原，所以细胞液浓度大于外界溶液浓度，B正确；
C、甲同学实验进行到6分钟左右时，原生质体相对大小不变，质壁分离达到平衡，由于表格浓度没有发生质壁分离复原，因此滴加清水后可能不会发生质壁分离复原，C错误；
D、根据表格数据可知，甲同学所做实验结果没有发生质壁分离复原，而乙同学所做实验结果发生了质壁分离复原，所以甲同学所用溶液浓度要大于乙同学，D正确。
故选C。
25. 植物成熟叶肉细胞的细胞液浓度可以不同。现将a、b、c三种细胞液浓度不同的某种植物成熟叶肉细胞，分别放入三个装有相同浓度蔗糖溶液的试管中，当水分交换达到平衡时观察到：①细胞a未发生变化；②细胞b体积增大；③细胞c发生了质壁分离。若在水分交换期间细胞与蔗糖溶液没有溶质的交换，下列关于这一实验的叙述，不合理的是（）
A. 水分交换前，细胞b的细胞液浓度大于外界蔗糖溶液的浓度
B. 水分交换前，细胞液浓度大小关系为细胞b>细胞a>细胞c
C. 水分交换平衡时，细胞c的细胞液浓度大于细胞a的细胞液浓度
D. 水分交换平衡时，细胞c的细胞液浓度等于外界蔗糖溶液的浓度
【答案】C
【解析】
【分析】由题分析可知，水分交换达到平衡时细胞a未发生变化，既不吸水也不失水，细胞a的细胞液浓度等于外界蔗糖溶液的浓度；细胞b的体积增大，说明细胞吸水，水分交换前，细胞b的细胞液浓度大于外界蔗糖溶液的浓度；细胞c发生质壁分离，说明细胞失水，水分交换前，细胞c的细胞液浓度小于外界蔗糖溶液的浓度。
【详解】A、由于细胞b在水分交换达到平衡时细胞的体积增大，说明细胞吸水，则水分交换前，细胞b的细胞液浓度大于外界蔗糖溶液的浓度，A正确；
B、水分交换达到平衡时，细胞a的细胞液浓度等于外界蔗糖溶液的浓度，细胞b的细胞液浓度大于外界蔗糖溶液的浓度，细胞c的细胞液浓度小于外界蔗糖溶液的浓度，因此水分交换前，细胞液浓度大小关系为细胞b>细胞a>细胞c，B正确；
C、由题意可知，水分交换达到平衡时，细胞a未发生变化，说明其细胞液浓度与外界蔗糖溶液浓度相等；水分交换达到平衡时，虽然细胞内外溶液浓度相同，但细胞c失水后外界蔗糖溶液的浓度减小，因此，水分交换平衡时，细胞c的细胞液浓度小于细胞a的细胞液浓度，C错误
D、在一定的蔗糖溶液中，细胞c发生了质壁分离，水分交换达到平衡时，其细胞液浓度等于外界蔗糖溶液的浓度，D正确。
故选C。
26. 某人做的“植物细胞的吸水和失水”实验的步骤和现象如下表。下列相关说法错误的是（ ）
A. 表中X状态时，细胞的失水速度比5分钟时的更快
B. ②组细胞可能在5分钟后失水死亡
C. 表中Z状态时，细胞的液泡比10分钟时的大
D. ①组细胞在第20分钟时的细胞液浓度可能不同于原始细胞液浓度
【答案】A
【解析】
【分析】成熟的植物细胞有一大液泡。当细胞液的浓度小于外界溶液的浓度时，细胞液中的水分就透过原生质层进入到外界溶液中，由于原生质层比细胞壁的伸缩性大，当细胞不断失水时，液泡逐渐缩小，原生质层就会与细胞壁逐渐分离开来，既发生了质壁分离；当细胞液的浓度大于外界溶液的浓度时，外界溶液中的水分就透过原生质层进入到细胞液中，液泡逐渐变大，整个原生质层就会慢慢地恢复成原来的状态，即发生了质壁分离复原。
【详解】A、由于0.3g•mL-1蔗糖溶液浓度大于细胞液浓度，且原生质层比细胞壁的伸缩性大，X为质壁分离，此时细胞液和外界溶液浓度差小于第5分钟，所以细胞失水速度比第5分钟慢，A错误；
B、由于0.5g•mL-1蔗糖溶液浓度过高，植物细胞失水过多，细胞能发生质壁分离，但因细胞失水过多而死亡，第10分钟时无变化，B正确；
C、由于K+和NO3-能通过主动运输方式进入细胞，所以可导致质壁分离自动复原。滴加清水5分钟后，由于细胞的保护作用，所以Z为细胞稍增大，细胞的液泡比10分钟时的大，C正确；
D、①组细胞质壁分离15分钟，滴加清水后发生质壁分离复原时间为5分钟，所以在第20分钟时的细胞液浓度可能不同于原始细胞液的浓度，D正确。
故选A。
27. 图甲表示渗透作用装置，一段时间后液面上升的高度为h。图乙是另一种渗透装置。这两个装置所用的半透膜都不能让蔗糖分子通过，但可以让葡萄糖分子和水分子通过。图丙是显微镜下观察到的某一时刻的图像。下列叙述正确的是（）
A. 图甲中，如果A、a均为蔗糖溶液，则开始时浓度大小关系为，达到平衡后
B. 图甲中，若每次平衡后都将产生的水柱h移走，那么随着时间的推移，h将会越来越小
C. 图乙中，若A为0.3g/mL葡萄糖溶液，B为清水，葡萄糖分子能透过半透膜，则平衡后A侧液面比B侧高
D. 若图丙是某同学观察植物细胞质壁分离与复原实验时拍下的显微照片，此时细胞液浓度大于或等于外界溶液浓度
【答案】B
【解析】
【分析】题图分析；图甲和乙中半透膜可以让水分子自由通过，而蔗糖分子不能透过；图丙中为细胞质壁分离。
【详解】A、图甲中开始时漏斗内液面上升，可最侧Ma＞MA，但由于漏斗内液柱压力的作用，当液面不再上升时，由于浓度差和液柱压力的作用相等，水分进出平衡，因此MA小于Ma，A错误；
B、图甲中，若每次平衡后都将产生的水柱h移走，则半透膜两侧的浓度差会逐渐减少，随着时间的推移，h将会越来越小，B正确；
C、图乙中，若A为0．3g/mL葡萄糖溶液，B为清水，由于葡萄糖分子能透过半透膜，则液面会出现左侧先升高，然后右侧液面升高，最后两侧液面相平的变化，C错误；
D、若图丙是某同学观察植物细胞质壁分离与复原实验时拍下的显微照片，由于不知道该细胞是正在继续发生质壁分离还是复原，还是达到了动态平衡，因此不能确定此时细胞液浓度与外界溶液浓度的关系，细胞液浓度大于、小于或等于外界溶液浓度都有可能，D错误。
故选B。
28. 如图是油菜种子在发育和萌发过程中糖类和脂肪的变化曲线，下列分析错误的是（ ）
A. 干重相等的可溶性糖和脂肪，所贮存的能量大致相同
B. 种子发育过程中，可溶性糖更多地转变为脂肪，种子需要的N元素不会增加
C. 种子发育过程中，可溶性糖更多地转变为脂肪，更有利于能量的储存
D. 种子萌发过程中，脂肪转变为可溶性糖，说明可溶性糖是种子生命活动的主要能源物质
【答案】A
【解析】
【分析】据图可知：油菜种子在发育过程（A）中，可溶性糖的含量下降，脂肪含量上升，说明可溶性糖转变成脂肪。油菜种子在萌发过程（B）中，脂肪转变成可溶性糖，分解脂肪的脂肪酶活性增强。
【详解】A、脂肪是细胞内良好的储能物质，干重相等的可溶性糖和脂肪，脂肪的含H量高于糖，在有氧呼吸时，氢和氧气结合生成水，释放大量能量，所以脂肪贮存的能量多于糖储存的能量，A错误；
B、由图看出，种子在发育过程中，可溶性糖转变成脂肪，但是这种转变不需N元素，因为脂肪和可溶性糖的元素组成都没N元素，该过程中，种子需要的N不会增加，B正确；
C、脂肪是生物体内良好的储能物质，油菜种子在发育过程（A）中，可溶性糖的含量下降，脂肪含量上升，说明可溶性糖转变成脂肪，更有利于能量的储存，C正确；
D、种子萌发时，脂肪转变为可溶性糖后供能，说明可溶性糖是种子生命活动的主要能源物质，D正确。
故选A。
29. 生命的物质基础是组成细胞的元素和化合物，图中序号代表不同的化合物，面积不同代表含量不同，其中Ⅰ和Ⅱ代表两大类化合物。请据图分析下列叙述不正确的是（）
A. 若Ⅳ代表蛋白质，Ⅶ代表糖类和核酸，则Ⅵ代表脂肪
B. 细胞干重中含量最多的化合物是Ⅳ
C. 多细胞生物体的绝大多数细胞，必须浸润在以Ⅲ为基础的环境中
D. Ⅱ中共有的化学元素是C、H、O
【答案】A
【解析】
【分析】此图表示组成细胞的化合物，据图示含量可知，Ⅰ为无机物，Ⅱ为有机物，Ⅲ为水，Ⅴ为无机盐，Ⅳ为蛋白质，Ⅵ为脂质，VII为糖类或者核酸。
【详解】A、此图表示组成细胞的化合物，据图示含量可知，若Ⅳ代表蛋白质，Ⅶ代表糖类和核酸，则VI代表脂质，脂肪只是属于脂质中的一类，A错误；
B、Ⅳ为蛋白质，细胞干重中含量最多的化合物是IV蛋白质，B正确；
C、据图示含量可知，Ⅲ为水，多细胞生物体的绝大多数细胞，必须浸润在以Ⅲ为基础的环境中，C正确；
D、Ⅱ中的化合物分别是蛋白质、脂质、糖类和核酸，它们共有的化学元素是C、H、O，D正确。
故选A。
30. 瓜子在中国历史上第一次被记载是在一千多年前的《太平寰宇记》上，到了明清时期，嗑瓜子的习俗已经非常流行了，但那时的主角是西瓜子，后来不断地向葵花子演变。下列相关叙述中正确的是（）
A. 瓜子中存在大量的饱和脂肪酸，是植物细胞中良好的储能物质
B. 瓜子中含有的大量元素钙、铁、磷等，可以促进入体骨骼的生长以及牙齿的发育
C. 新鲜瓜子在炒制的过程中失去的水有自由水和结合水
D. 炒干的瓜子中含量最多的有机物是脂肪
【答案】C
【解析】
【分析】①脂质、脂肪和脂肪酸：脂肪属于脂质的一种；脂肪酸（和甘油）是脂肪的组成成分。
②核糖、脱氧核糖和核苷酸：核糖是核糖核苷酸的组成成分之一；脱氧核糖是脱氧核糖核苷酸的组成成分之一。
③固醇和胆固醇：胆固醇（和维生素D、性激素）属于固醇。
【详解】A、瓜子中含有较多的不饱和脂肪酸，而脂肪是细胞中良好的储能物质，不是脂肪酸，A错误；
B、铁是不属于大量元素，B错误；
C、新鲜瓜子在炒制的过程中失去的水有自由水和结合水，C正确；
D、死亡细胞中含量最多的有机物是蛋白质，不是脂肪，D错误。
故选C。
31. 对下图曲线Ⅰ、Ⅱ的叙述，错误的是（）
A. 曲线Ⅰ可以表示新鲜的种子在被烘干的过程中，其细胞内无机盐的相对含量变化
B. 曲线Ⅰ可以表示冬季植物体内结合水与自由水比值的变化
C. 曲线Ⅱ可表示越冬植物抗冻能力变化
D. 曲线Ⅱ可以表示种子成熟过程中自由水与结合水比值的变化
【答案】C
【解析】
【分析】细胞中结合水和自由水比例不同，细胞的代谢和抗逆性不同，当细胞内结合水与自由水比例相对增高时，细胞的代谢减慢，抗性增强；反之代谢快，抗性差。
【详解】A、新鲜的种子被烘干的过程中所含水分越来越少，其内的无机盐相对含量逐渐增加，最后达到稳定，故曲线Ⅰ可以表示新鲜的种子在被烘干的过程中，其细胞内无机盐的相对含量变化，A正确；
B、细胞内自由水所占比例越大，细胞的代谢越旺盛；结合水比例越大，细胞抵抗不良环境的能力越强，曲线Ⅰ可表示冬季植物体内结合水与自由水比值的变化，B正确；
C、对越冬植物来说，自由水相对含量逐渐降低，结合水相对含量逐渐升高，抗冻能力逐渐增强，故曲线Ⅱ不可表示越冬植物抗冻能力变化，C错误；
D、种子成熟过程中，种子内含水量逐渐减少，新陈代谢速率减慢，自由水与结合水比值下降，故曲线Ⅱ可表示种子成熟过程中自由水与结合水比值的变化，D正确。
故选C。
32. 关于生物组织中糖类、脂肪、蛋白质的鉴定，下列说法正确的是（ ）
A. 甘蔗、甜菜含有较多糖且近于白色，可用于还原糖的鉴定
B. 使用斐林试剂检测还原糖需要水浴加热，高倍镜观察颜色
C. 花生子叶颜色浅，脂肪含量丰富，是鉴定脂肪的理想材料
D. 双缩脲试剂A液和斐林试剂甲液是浓度不同的NaOH溶液
【答案】C
【解析】
【分析】1、生物组织中化合物的鉴定：
（1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀）。斐林试剂只能检验生物组织中还原糖（如葡萄糖、麦芽糖、果糖）存在与否，而不能鉴定非还原性糖（如淀粉、蔗糖）。
（2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应。
（3）脂肪可用苏丹Ⅲ染液（或苏丹Ⅳ染液）鉴定，呈橘黄色（或红色）。
（4）淀粉遇碘液变蓝。
2、斐林试剂是由甲液（质量浓度为0.1g/mL氢氧化钠溶液）和乙液（质量浓度为0.05 g/mL硫酸铜溶液）组成，用于鉴定还原糖，使用时要将甲液和乙液混合均匀后再加入含样品的试管中，且需水浴加热；双缩脲试剂由A液（质量浓度为0.1 g/mL氢氧化钠溶液）和B液（质量浓度为0.01 g/mL硫酸铜溶液）组成，用于鉴定蛋白质，使用时要先加A液后再加入B液。
【详解】A、甘蔗、甜菜含有较多的蔗糖，是非还原糖，不能用于还原糖的鉴定，A错误；
B、使用斐林试剂检测还原糖需要水浴加热，反应完成后可肉眼观察颜色变化，B错误；
C、花生种子含脂肪多且子叶肥厚，是用于脂肪鉴定的理想材料，C正确；
D、双缩脲试剂A液和斐林试剂甲液都是浓度为0.1g/mL的NaOH溶液，D错误。
故选C。
33. 归纳法是常用的科学研究方法之一，下列相关叙述错误的是（ ）
A. 从观察到植物的花粉、胚珠、柱头等的细胞都有细胞核，得出植物细胞都有细胞核这一结论，运用了归纳法
B. 归纳法分为完全归纳法和不完全归纳法，科学研究中经常运用完全归纳法来预测和判断
C. 观察所有类型的植物细胞后发现他们都有细胞核，得出植物细胞都有细胞核的结论，运用了完全归纳法
D. 根据部分植物细胞都有细胞核而得出植物细胞都有细胞核这一结论，运用了不完全归纳法
【答案】B
【解析】
【分析】归纳法是指由一系列具体事实推出一般结论的思维方法，分为完全归纳法和不完全归纳法。
【详解】A、从观察到植物的花粉、胚珠、柱头等的细胞都有细胞核，得出植物细胞都有细胞核这一结论，运用了不完全归纳法，A正确；
B、归纳法得出的结论不都是可信的，还需要经过实验验证，B错误；
C、观察所有类型的植物细胞后发现他们都有细胞核，得出植物细胞都有细胞核的结论，运用了完全归纳法，C正确；
D、根据部分植物细胞都有细胞核，推断植物细胞都有细胞核，运用的是不完全归纳法，D正确。
故选B。
34. 下列有关酶本质的探索过程的叙述，错误的是（）
A. 巴斯德和李比希的观点既有积极意义，又有其局限性
B. 毕希纳发现某些物质能够在酵母菌细胞破碎后继续起作用
C. 萨姆纳从刀豆种子中提纯出的结晶可以催化尿素分解
D. 切赫和奥尔特曼证明酶的化学本质只是RNA而非蛋白质
【答案】D
【解析】
【分析】1、巴斯德认为发酵是完整细胞的作用的，李比希认为细胞死亡裂解后的某些物质在发酵中发挥了作用。毕希纳发现活细胞中的某些物质起发酵作用。
2、萨姆纳从刀豆提取液中提出了能催化尿素分解的脲酶。
3、切赫和奥特曼发现少数RNA具有生物催化功能。
【详解】A、巴斯德认为发酵与活细胞有关是合理的，但是认为发酵是整个细胞而不是细胞中的某些物质在起作用是不正确的；李比希认为引起发酵的是细胞中的某些物质是合理的，但是认为这些物质只有在酵母细胞死亡并裂解后才能发挥作用是不正确的。因此巴斯德和李比希的观点既有积极意义，又有其局限性，A正确；
B、毕希纳把酵母细胞放在石英砂中研磨，得到不含酵母细胞的提取液，最后该提取液能够将葡萄糖发酵为酒精，说明某些物质能够在酵母细胞破碎后继续起作用，B正确；
C、萨姆纳的实验中，在用丙酮作溶剂的提取液中出现了结晶，该结晶能够催化尿素分解成氨和二氧化碳，C正确；
D、切赫和奥特曼发现少数RNA具有生物催化功能，说明了酶的化学本质除了蛋白质还有RNA，D错误。
故选D。
35. 如图曲线Ⅰ、Ⅱ分别表示物质M在无催化剂条件和有酶催化条件下生成物质P所需能量的变化过程。下列叙述正确的是（ ）
A. ad段表示无催化剂时，反应所需要的活化能
B. ac段表示有酶催化时，酶降低的活化能
C. 若换用无机催化剂，b点将向上移动
D. 加热加压不能使物质M更容易从常态转变为活跃状态
【答案】C
【解析】
【分析】分析题图可知，ac段表示在无催化剂的条件下化学反应需要的活化能，bc段表示在有酶催化的条件下化学反应需要的活化能，由此可以看出，酶促反应的原理是降低化学反应需要的活化能；与无机催化剂相比，酶降低化学反应活化能更显著，因此酶具有高效性；酶的活性受温度、pH等条件的影响，最适宜条件下酶降低化学反应活化能的效果最好，酶活性最高。
【详解】A、由分析可知，ac段表示在无催化剂的条件下化学反应需要的活化能，A错误；
B、bc表示在酶催化作用下，物质A生成物质P化学反应顺利进行所提供的活化能，B错误；
C、与无机催化剂相比，酶降低化学反应活化能更显著，若将酶催化改为无机催化剂催化该反应，则b点将向上移动，C正确；
D、加热、加压通常能使反应物分子获得足够的活化能促使反应的进行，D错误。
故选C。
36. 下列关于酶的叙述有几项是正确的（ ）
①是有分泌功能的细胞产生的②有的从食物中获得，有的在体内转化而来③凡是活细胞都能产生酶④酶只能在核糖体上合成⑤酶的水解产物是氨基酸⑥酶在代谢中有多种功能⑦在新陈代谢和生殖发育中起调控作用⑧酶只是起催化作用，其催化作用的实质是为化学反应提供活化能
A. 0项B. 1项C. 2项D. 3项
【答案】A
【解析】
【分析】酶是活细胞产生的具有催化作用的有机物，大多是蛋白质，少数是RNA。
【详解】①不具有分泌功能的细胞也可以产生酶，①错误；
②酶是由活细胞产生的，②错误；
③大多活细胞都能产生酶，但哺乳动物成熟的红细胞不能产生酶，③错误；
④酶的化学本质是蛋白质或RNA，可以在核糖体或细胞核中合成，④错误；
⑤酶的水解产物是氨基酸或核糖核苷酸，⑤错误；
⑥酶只具有催化作用，⑥错误；
⑦酶不能起调控作用，⑦错误；
⑧酶只是起催化作用，其催化作用的实质是降低化学反应所需的活化能，⑧错误。
综上所述，BCD不符合题意，A符合题意。
故选A。
37. 在测定胃蛋白酶活性时，将溶液的pH由10降到2的过程中，胃蛋白酶的活性将（）
A. 不断上升B. 没有变化
C. 先升后降D. 先降后升
【答案】B
【解析】
【分析】
在最适pH时，酶的活性最高；当高于或低于最适pH时，酶的活性都会降低；当过酸过碱时，由于酶的空间结构遭到破坏，酶失活后活性不可恢复。
【详解】胃蛋白酶的最适pH是1.5-2.2，当处在pH为10的溶液中，由于碱性过大而失去活性。因此，将溶液pH由10降到2的过程中，胃蛋白酶不再具有活性，所以活性不发生变化。B正确，ACD错误。
故选B。
38. 将乳清蛋白、淀粉、胃蛋白酶、唾液淀粉酶和适量水混合装入一容器内，调整pH 至2.0，保存于37℃的水浴锅内。过一段时间，容器内剩余的物质是（ ）
A. 淀粉、胃蛋白酶、多肽、水
B. 唾液淀粉酶、麦芽糖、胃蛋白酶、多肽
C. 唾液淀粉酶、胃蛋白酶、多肽、水
D. 唾液淀粉酶、淀粉、胃蛋白酶、水
【答案】A
【解析】
【分析】酶是由活细胞产生的具有催化活性的有机物，其中大部分是蛋白质、少量是RNA。
【详解】A、乳清蛋白和唾液淀粉酶会被胃蛋白酶水解成多肽，唾液淀粉酶会失去活性淀粉不水解，因此容器内剩余的物质是淀粉、胃蛋白酶、多肽、水，A正确；
B、唾液淀粉酶的本质是蛋白质，会被被胃蛋白酶水解成多肽，当PH调至2.0后，唾液淀粉酶会失去活性，淀粉不水解，B错误；
C、由A项分析可知，容器内剩余的物质不应有唾液淀粉酶，应含有淀粉，C错误；
D、容器内剩余的物质不应有唾液淀粉酶，应该含有多肽，D错误。
故选A。
39. 某同学为研究酶的特性，进行了一系列相关实验，结果如下表所示，下列叙述错误的是（ ）
A. 本实验的自变量是酶的种类、温度、酶的有无
B. 试管A、B对照, 可证明酶的专一性，检测试剂可用碘液
C. 试管A、C对照，可证明酶具有高效性，检测试剂可用斐林试剂
D. 试管A、D、E对照可证明酶活性受温度影响，检测试剂可用碘液
【答案】C
【解析】
【分析】分析表格数据可知：本实验的可变因素是酶的种类、温度、酶的有无；试管AB对照可证明酶的专一性；试管AC对照，可证明酶具有催化作用；试管ADE对照可证明酶活性受温度的影响。
【详解】A、分析表格数据可知，本实验的自变量是酶的种类、温度、酶的有无，A正确；
B、试管A、B的变量是酶的种类，唾液中含有唾液淀粉酶，淀粉酶可以催化淀粉水解，蔗糖酶不能催化淀粉水解，试管A、B对照可证明淀粉酶的专一性，鉴定试剂可以用碘液，B正确；
C、试管A、C对照，可证明酶具有催化作用，但并不能说明酶具有高效性，C错误；
D、试管A、D、E对照可证明酶活性受温度的影响，由于斐林试剂使用时需要温水浴，影响本实验自变量，因此，检测试剂不能用斐林试剂，但是可以用碘液，D正确。
故选:C。
40. 如图所示，曲线b表示最适温度、最适pH条件下，反应物浓度与酶促反应速率的关系。下列分析正确的是（）
A. 如果B点开始升高温度，图示反应速率可用曲线c表示
B. 减少酶量再进行该实验，图示反应速率可用曲线a表示
C. 酶量是限制曲线AB段反应速率的主要因素
D. 减小pH，重复该实验，A、B点位置都不变
【答案】B
【解析】
【分析】酶是由活细胞产生的具有催化作用的有机物；作用机理是降低化学反应的活化能，进而加快化学反应的速率。
【详解】A、升高温度后，酶的活性下降，酶促反应速率降低，达到最大酶促反应的速率应降低，故如果B点开始升高温度，图示反应速率不可用曲线c表示，A错误；
B、酶量减少后，酶促反应速率降低，随反应物浓度的增大，达到最大酶促反应速率较小，图示反应速率可用曲线a表示，B正确；
C、反应物浓度是限制曲线AB段反应速率的主要因素，C错误；
D、减小pH，酶的活性下降，A、B点为位置均会下降，D错误。
故选B。
二、非选择题：本题共4小题，共40分。
41. 生物体中某些有机物及元素组成如下图。其中x、y代表化学元素，a、b、c、d代表不同的有机小分子，A、B、C、D、E代表不同的生物大分子，请据图分析回答：
（1）若a为主要的能源物质，A为储能物质，则A在植物体内特有的是___；在动物细胞中特有的是___；若A为植物细胞壁的组成成分之一，则A表示的物质是___。
（2）生物大分子B具有免疫、调节、运输等功能，从的b角度分析B在结构上具有多样性的原因是___。则x为___，b的结构通式为___。若N个单体b连接形成了2条多肽链，脱去的水分子数为___，这两条肽链至少含有___个氧原子。
（3）图2中的物质生物学名称是___，其对应图1中___基本组成单位（填字母）
【答案】（1） ①. 淀粉 ②. 糖原 ③. 纤维素
（2） ①. 氨基酸种类、数目、排列顺序不同 ②. N（或氮元素） ③. ④. N-2 ⑤. N+2
（3） ①. 腺嘌呤核糖核苷酸 ②. E
【解析】
【分析】由题意可知，图1中a表示葡萄糖，A表示多糖；b表示氨基酸，B表示蛋白质；c表示核苷酸，C表示核酸，D表示DNA，E表示RNA；d表示脂质。x表示N，x和y表示N和P。图2表示腺嘌呤核糖核苷酸。
【小问1详解】
若a为主要的能源物质葡萄糖，则A为储能物质多糖，植物特有的储能物质是淀粉，动物特有的储能物质是糖原，植物细胞壁的组成成分是纤维素和果胶，若A为植物细胞壁的组成成分之一，则A表示的物质是纤维素。
【小问2详解】
生物大分子B具有免疫、调节、运输等功能，说明B表示蛋白质，从氨基酸角度分析，蛋白质结构多样性的原因是氨基酸种类、数目、排列顺序不同。蛋白质元素组成为C、H、O、N，因此x表示N，b表示氨基酸，结构通式为 。脱水数=肽键数=氨基酸数-肽链数，N个单体b氨基酸连接形成了2条多肽链，脱去的水分子数为N-2；每条肽链至少含有一个-COOH，每个氨基酸残基至少含有一个O，这两条肽链至少含有氧原子数=氨基酸残基数+肽链数=N+2个。
【小问3详解】
图2中的物质生物学名称为腺嘌呤核糖核苷酸，为RNA的基本组成单位之一，RNA主要存在与细胞质中，故E为RNA，故其为E的基本组成单位。
42. 图1、图2分别是两类生物细胞的亚显微结构模式图。回答下列问题：
（1）若图1为飞翔鸟类的心肌细胞，出于其对能量的需求，细胞中应含有较多的___（填图中标号）。
（2）图1中的细胞器⑨存在两种类型，区别在于是否附着___。
（3）若图1细胞能分泌胰岛素（一种动物激素，化学本质为蛋白质），则图1中参与合成并分泌胰岛素的细胞器有___（填图中标号）。
（4）图2是植物细胞，细胞中由于没有中心体，可以初步判断该细胞是___（填“高等”或“低等”）植物细胞。
（5）诗句“接天莲叶无穷碧，映日荷花别样红”中“碧”和“红”的色素分别位于图2中的细胞器___（填图中标号）和___（填图中标号）中。
【答案】（1）②（2）核糖体
（3）②③⑥⑨（4）高等
（5） ①. ⑪ ②. ⑩
【解析】
【分析】题图分析：图1细胞不含叶绿体、细胞壁和大液泡，应为动物细胞，图2细胞含有细胞壁、叶绿体、大液泡，为植物细胞。
【小问1详解】
若图1为飞翔鸟类的心肌细胞，出于其对能量的需求，细胞中应含有较多的②线粒体，线粒体是有氧呼吸的主要场所，细胞生物活动95％的能量来自于此。
【小问2详解】
图1中的细胞器⑨为内质网，存在两种类型，区别在于是否附着核糖体。
【小问3详解】
若图1细胞能分泌胰岛素（一种动物激素，化学本质为蛋白质），则图1中参与合成并分泌胰岛素的细胞器有②线粒体、③高尔基体、⑥核糖体、⑨内质网。
【小问4详解】
高等植物细胞无中心体，图2是植物细胞，细胞中由于没有中心体，可以初步判断该细胞是高等植物细胞。
【小问5详解】
“碧”为绿色，与绿色有关的叶绿素位于叶绿体⑪中，与红色有关的花青素位于液泡⑩中。
43. 研究者用荧光染料对细胞膜上某些分子进行处理，并使膜发出荧光。再用高强度激光照射细胞膜的某区域，使其瞬间被“漂白”，即荧光消失。随后，该漂白区域荧光逐渐恢复，如图1。检测该区域荧光强度随时间的变化绘制得到荧光漂白恢复曲线，如图2。请回答问题：
（1）细胞膜主要成分是____________，实验中通常对膜上的____________进行荧光标记。
（2）细胞膜上被漂白区域的荧光强度得以恢复，推测其可能的原因有：①被漂白物质的荧光会自行恢复；②____________。
（3）研究发现如果用特定方法去除细胞膜中的胆固醇，膜结构上蛋白质分子停泊的“平台”拆解，漂白区域荧光恢复的时间缩短，说明胆固醇对膜中分子运动具有__________________（填“促进”或“限制”）作用。
（4）此项研究说明细胞膜的结构特性是___________________。
【答案】 ①. 磷脂和蛋白质 ②. 蛋白质 ③. 被漂白区域内外的膜蛋白分子相互运动的结果 ④. 限制 ⑤. 具有一定的流动性
【解析】
【分析】
图1荧光材料标记该动物细胞，是荧光染料能与细胞膜的某种组成成分结合。某区域荧光斑点消失后会逐渐恢复，说明被荧光标记的某种化学成分在运动，证明细胞膜具有流动性。
图2表示荧光漂白恢复曲线，并且恢复的荧光强度比初始强度低。
【详解】（1）细胞膜的主要成分为磷脂和蛋白质分子，此外还有少量的糖类。实验中通常对膜上的蛋白质分子进行荧光标记。
（2）细胞膜上漂白区域的荧光强度得以恢复，可能是被漂白物质的荧光会自行恢复回来，或是被漂泊区域内外的膜蛋白分子相互运动的结果。
（3）研究发现如果用特定方法去除细胞膜中的胆固醇，膜结构上蛋白质分子停泊的“平台”拆解，漂白区域荧光恢复的时间缩短，荧光恢复是分子运动的结果，去除细胞膜中的胆固醇可加快分子运动，因此说明胆固醇对膜中分子运动具有限制作用。
（4）此项研究结果显示发荧光区域与荧光“漂白”区域的分子在一定程度上可以相互运动，说明细胞膜具有一定的流动性。
【点睛】本题考查细胞膜的结构和功能，要求能够运用结构与功能观，利用生物学重要概念或原理，通过逻辑推理阐明观点。
44. 图1为大麦幼苗在0℃和16℃温度条件下，测定的根对水分与Mg2+、NH4+的吸收速率示意图，图2表示O2浓度对Mg2+、NH4+的吸收速率的影响。回答下列问题：
（1）图1中0℃时，根吸收Mg2+、NH4+的速率有差异，原因是___；0℃与16℃相比，前者吸收同一离子的量低于后者，原因是___。
（2）图2中当O2浓度达到30%以后，根对Mg2+、NH4+吸收速率不再发生改变，原因是___。
（3）从两图中分析可知，当温度或O2浓度相同时，根对Mg2+、NH4+的吸收速率不同，这说明细胞膜具有___的特点，根对两种物质吸收方式的特点是___（答出2点即可）。
【答案】（1） ①. 载体数量不同 ②. 低温影响酶的活性，使细胞呼吸强度减弱，提供能量减少，对离子的吸收量少（答案合理即可）
（2）载体数量有限（3） ①. 选择透过性 ②. 需要载体、逆浓度梯度、需要能量
【解析】
【分析】自由扩散的方向是从高浓度向低浓度，不需蛋白质的协助和能量，常见的有水、CO2、O2、甘油、苯、酒精等；协助扩散的方向是从高浓度向低浓度，需要蛋白质的协助，不需要能量，如红细胞吸收葡萄糖；主动运输的方向是从低浓度向高浓度，需要载体和能量，常见的如小肠绒毛上皮细胞吸收氨基酸、葡萄糖，K+等。
【小问1详解】
分析图形1，温度相同，说明细胞呼吸强度基本相同，根吸收Mg2+、NH4+的速率有差异，是因为根细胞膜上运输Mg2+、NH4+载体数量不同导致。0℃与16℃相比，前者温度低，酶的活性受到影响，细胞呼吸强度弱，为主动运输提供的能量少，因此前者吸收的离子的量低于后者。
【小问2详解】
分析图2，随着氧浓度升高，根对离子的吸收速率增强，但是氧浓度达到30%以后，Mg2+、NH4+的吸收速率不再增加，是载体数量有限导致。
【小问3详解】
分析图1和图2，同一植物的根对两种离子的吸收速率不同，说明细胞膜具有选择透过性。根对离子的吸收受温度和氧气浓度限制，推断运输方式为主动运输，主动运输为逆浓度梯度，需要载体和需要能量。
45. 下面的表格分别是某兴趣小组探究温度对酶活性影响的实验步骤和探究过氧化氢酶作用的最适pH的实验结果。已知α-淀粉酶作用的最适温度为60 ℃。据此回答下列问题：
（1）pH在实验一中属于_____变量，而在实验二中属于_____变量。
（2）实验一中的对照组为_____组。
（3）实验一的①②③步骤为错误操作，正确的操作应该是_____，实验一的第④步最好选用_____（填试剂名称）测定单位时间内_____。
（4）如将实验一的新鲜α-淀粉酶溶液和可溶性淀粉溶液换为新鲜肝脏研磨液和H2O2溶液，你认为是否科学？_____。为什么？_____。
（5）分析实验二的结果，可得到的结论是_____，在该预实验的基础上要进一步探究该过氧化氢酶的最适pH，可在pH为_____之间设置梯度。
【答案】 ①. 无关 ②. 自 ③. 乙 ④. 使新鲜α-淀粉酶溶液和可溶性淀粉溶液分别达到预设温度后再混合 ⑤. 碘液 ⑥. 淀粉的剩余量 ⑦. 不科学 ⑧. 因为温度会直接影响H2O2的分解 ⑨. 该过氧化氢酶的最适pH约为7，pH降低或升高酶活性均降低 ⑩. 6～8
【解析】
【分析】分析表格：实验一探究的是温度对酶活性影响，该实验的自变量是温度，因变量是酶活性（淀粉的剩余量）。 实验二探究的是某种过氧化氢酶的最适pH值，因此自变量是pH，因变量是过氧化氢酶的活性（H2O2溶液完全分解所需时间），且在pH5～7的范围内随pH的升高该过氧化氢酶活性升高，在pH7～9的范围内随pH的升高该过氧化氢酶活性降低。
【详解】（1）实验一探究的是温度对酶活性的影响，因此自变量是温度，因变量是酶活性，pH属于无关变量；而实验二是探究过氧化氢酶作用的最适pH，自变量是pH。
（2）探究温度对酶活性影响的实验中，60 ℃是α-淀粉酶作用的最适温度，是实验前已知的，乙组的实验结果是另外两组的参照，故为对照组。
（3）探究温度对酶活性影响的实验中，应该先使新鲜α-淀粉酶溶液和可溶性淀粉溶液分别达到预设温度，然后再将底物和酶混合进行反应，否则会影响实验结果的准确性，因此，实验一的①②③步骤为错误操作。淀粉遇碘液变蓝，因此实验一的第④步最好选用碘液测定单位时间内淀粉的剩余量，单位时间内淀粉的剩余量越多，说明酶活性越低。
（4）将实验一的新鲜α-淀粉酶溶液和可溶性淀粉溶液换为新鲜肝脏研磨液和H2O2溶液是不科学的，因为温度会直接影响H2O2的分解，所以实验一的新鲜α-淀粉酶溶液和可溶性淀粉溶液不能换为新鲜肝脏研磨液和H2O2溶液。
（5）由实验二的结果可知，该过氧化氢酶作用的最适pH约为7，pH降低或升高酶活性均降低。在该预实验的基础上要进一步探究该过氧化氢酶的最适pH，可在pH为6～8之间设置梯度。
时间（min）
2
4
6
8
10
原生质体相对大小
90%
60%
30%
30%
30%
组别
第5分钟时
第10分钟时
滴加清水5分钟时
①
0．3g·mL-1蔗糖溶液
质壁分离
X
质壁分离复原
②
0．5g·mL-1蔗糖溶液
质壁分离
无变化
无变化
③
1 ml·L-1KNO3溶液
质壁分离
质壁分离复原
Z
试剂名称
试管A
试管B
试管C
试管D
试管E
质量分数为1%的淀粉溶液
2mL
2mL
2mL
2mL
2mL
新鲜唾液
1mL
——
——
1mL
1mL
蔗糖酶
——
1mL
——
——
——
恒温水浴
37℃
37℃
37℃
0℃
80℃
探究温度对酶活性影响的实验（实验一）
实验步骤
分组
甲组
乙组
丙组
①新鲜α-淀粉酶溶液
1 mL
1 mL
1 mL
②可溶性淀粉溶液
5 mL
5 mL
5 mL
③温度
0 ℃
60 ℃
90 ℃
④测定单位时间内淀粉的_____
探究过氧化氢酶作用的最适pH的实验（实验二）
分组
A组
B组
C组
D组
E组
pH
5
6
7
8
9
H2O2完全分解所需时间（秒）
300
180
90
192
284