重庆市云阳凤鸣中学2022-2023学年高一上学期期末物理试卷（Word版附解析）

这是一份重庆市云阳凤鸣中学2022-2023学年高一上学期期末物理试卷（Word版附解析），共11页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
物理试卷共4页，满分100分。考试时间75分钟。
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。每小题只有一项符合题目要求。
1. 下列物理量中不属于矢量的是（ ）
A. 速率B. 速度C. 加速度D. 力
【答案】A
【解析】
【详解】速度、加速度和力都是既有大小又有方向的物理量，都是矢量；而速率只有大小无方向，是标量。
故选A
2. 下列说法中正确的是（ ）
A. 超重就是物体所受的重力增加
B. 运动的物体不可能受静摩擦力作用
C. 牛顿第一定律能通过实验验证
D. 质量越大的物体惯性越大
【答案】D
【解析】
【详解】A．超重是指支持力或拉力大于重力的现象，并非增加了重力，故A错误；
B．运动的物体可能受静摩擦力作用，如随倾斜传送带一起匀速运动的物体，故B错误；
C．牛顿第一定律不能通过实验验证，故C错误；
D．惯性是物体的固有属性，仅与质量有关，质量是物体惯性大小的唯一量度，所以质量越大的物体惯性也越大，故D正确。
故选D。
3. 未来的某天，一位同学在月球上做自由落体实验。让一个质量为1kg的小球从离月球表面20m的高度处自由下落，测得小球经过5s刚好落到月球表面上。则月球表面的重力加速度大小为（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】根据
解得
故选C。
4. 如图是一物体直线运动的速度-时间图像，根据图像，下列正确的是（ ）
A. 内的位移是2m
B. 内的位移是3m
C. 内的加速度为
D. 内的加速度大小为
【答案】D
【解析】
【详解】AB．根据图像中，图线与横轴围成的面积表示位移可知，0~1s内的位移是
0~2s内的位移是
故AB错误；
CD．根据图像中，图线的斜率表示加速度可知，0~1s内的加速度为
1~2s内的加速度为
即1~2s内的加速度大小为，故C错误D正确。
故选D。
5. 物体甲以大小为的速度做匀速直线运动，物体乙从距离甲后方16m处，从静止开始朝着甲做加速度为的匀加速直线运动，历时追上甲，则等于（ ）
A 5sB. 4sC. D.
【答案】B
【解析】
【详解】当乙追上甲时由位移关系可知
即
解得
t=4s
故选B。
6. 如图所示，质量均为m的小球a、b可视为质点，两小球用轻质细线相连并悬挂于O点。现用一劲度系数为k的轻质弹簧对a球施加一拉力，使整个装置处于静止状态，若保持Oa与竖直方向的夹角不变，重力加速度为g，则弹簧形变量的最小值为（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】将小球a、b视为整体，当弹簧的弹力与Oa垂直时弹力有最小值，为
由胡克定律可得弹簧形变量的最小值为
故C正确，ABD错误。
故选C。
7. 如图，质量相等的A、B两球分别用轻质弹簧和轻杆连接置于固定的光滑斜面上。当系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行。在突然撤去挡板的瞬间（ ）
A. 两图中B球加速度都是gsinθ
B. 两图中A球的加速度均为零
C. 图甲中B球的加速度为2gsinθ
D. 图乙中B球的加速度为2gsinθ
【答案】C
【解析】
【分析】根据弹簧弹力不能突变，杆的弹力会突变，分析撤去挡板的瞬间，图甲和图乙中AB所受合外力即可得到各自的加速度。
【详解】撤去挡板前，对整体分析，挡板对B球的弹力大小为2mgsinθ，因弹簧弹力不能突变，而杆的弹力会突变，所以撤去挡板瞬间，图甲中A球所受合力为零，加速度为零，B球所受合力为2mgsinθ，加速度为2gsinθ；图乙中杆的弹力突变为零，A、B球所受合力均为mgsinθ，加速度均为gsinθ，故C正确，ABD错误。
故选C。
【点睛】本题考查了牛顿第二定律的瞬时问题，知道弹簧的弹力在撤去挡板的瞬间保持不变，结合牛顿第二定律进行求解。
二、多项选择题：每小题5分，共15分。每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得5分，对但不全的得3分，有选错的得0分。
8. 一个质量为的物体静止于光滑的水平面上，现作用在物体上两个水平拉力、，已知
，则物体加速度的大小可能是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】BC
【解析】
【详解】F1和F2的合力大小范围是
根据牛顿第二定律
可得物体加速度大小的范围是
故选BC。
9. 将一小球（可视为质点），从距地高处，以初速度竖直向上抛出，不计空气阻力，重力加速度为，则（ ）
A. 小球从抛出到最高点经过时间为2s
B. 小球从抛出到最高点经过的时间为1s
C. 小球从抛出到落地经过的时间为4s
D. 小球从抛出到落地经过的时间为5s
【答案】AD
【解析】
【详解】AB．上升过程的时间为t1，则
解得
故A正确B错误；
CD．规定竖直向上为正方向，整个过程小球做匀变速直线运动，则
解得
故C错误D正确。
故选AD。
10. 如图所示，在光滑的水平桌面上有一个质量为的物体A，通过绳子与质量为m的物体B相连，假设绳子的质量以及绳子与定滑轮之间的摩擦力都忽略不计，绳子不可伸长，物体B与竖直面无摩擦。重力加速度为g，则下列说法正确的是（ ）
A. 物体A的加速度大小为gB. 物体B的加速度大小为
C. 绳子的拉力为D. 物体B处于失重状态
【答案】BD
【解析】
【详解】AB．AB连在一起，加速度大小相同；对整体分析
解得
故A错误，B正确；
C．对物体A，根据牛顿第二定律
解得
故C错误；
D．物体B加速度向下，则处失重状态，故D正确。
故选BD。
三、非选择题：（本题共5小题，共57分）
11.
（1）关于“探究力的平行四边形定则”的实验，下列说法中正确的是______。
A. 同一次实验中，O点位置不允许变动
B. 实验中，只需记录弹簧测力计的读数和O点的位置
C. 实验中，把橡皮筋的另一端拉到O点时，两个弹簧测力计之间的夹角必须取90°
D. 实验中，要始终将其中一个弹簧测力计沿某一方向拉到最大量程，然后调节另一弹簧测力计拉力的大小和方向，把橡皮筋另一端拉到O点
（2）某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系。
①实验得到如图所示弹力与弹簧长度关系图线（不计弹簧重力），该弹簧原长______cm。
②实验得出弹簧弹力与形变量成正比，该弹簧的劲度系数______N/m。
【答案】（1）A （2） ①. 4 ②. 50
【解析】
【小问1详解】
A．同一次实验中，O点位置不允许变动，以保证等效性，选项A正确；
B．实验中，需记录弹簧测力计的读数以及拉力的方向和O点的位置，选项B错误；
C．实验中，把橡皮筋的另一端拉到O点时，两个弹簧测力计之间的夹角大小适当即可，不一定必须取
90°，选项C错误；
D．实验中，若将其中一个弹簧测力计沿某一方向拉到最大量程，然后调节另一弹簧测力计拉力的大小和方向把橡皮筋另一端拉到O点时，该弹簧测力计可能超程，选项D错误。
故选A。
【小问2详解】
①[1]由图像可知，该弹簧原长4cm。
②[2]该弹簧劲度系数
12. 在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，实验装置如图1所示。
（1）下列做法正确的是______。
A. 电火花计时器应使用4~6V交流电源
B. 将接好纸带的小车停在靠近计时器处
C. 先释放小车，后接通电源
D. 改变小车的质量时，需要重新平衡摩擦力
（2）该实验中，把细线对小车的拉力大小近似为沙桶的重力大小，关于沙桶质量m和小车质量M的关系，在某组实验中，改变沙桶质量m分别为4g、8g、12g、16g、20g、24g，为了减小系统误差，小车质量M选取最合理的是______。
A. B.
C. D.
（3）下图为打出的一条纸带的一部分，5个点为连续的5个计数点，相邻两计数点间还有4个点未画出。已知电源的频率为50Hz，小车加速度大小______（结果保留两位有效数字）。
【答案】（1）B （2）D
（3）039
【解析】
【小问1详解】
A．电火花计时器应使用220V交流电源，故A错误；
B．为了充分利用纸带，将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处，故B正确；
C．为了充分利用纸带，应先接通电源，再释放小车，故C错误；
D．摩擦力平衡好后，有
质量可约去，所以每次改变小车质量时，不需要再重新平衡摩擦力，故D错误。
故选B。
【小问2详解】
根据牛顿第二定律
绳的拉力
为了使绳的拉力近似等于mg，要求小车的质量远大于钩码的质量。
故选D。
【小问3详解】
相邻两计数点间还有4个点未画出，则计数点间时间间隔为
根据可得
13. 如图所示，轻绳AO与轻绳BO连接于O点，轻绳AO与水平方向夹角为60°，重量为的物体悬挂于O点并处于静止状态。请用正交分解法求出轻绳AO和轻绳BO的弹力大小。
【答案】；
【解析】
【详解】设细绳AO与水平方向夹角为θ，可得
解得
14. 如图所示，一足够长的斜面，倾角为，斜面BC与水平面AB平滑连接，质量的物体静止于水平面上的M点，M点与B点之间的距离，水平面光滑，物体与斜面间的动摩擦因数为0.25，现物体受到一水平向右的恒力作用，运动至B点时撤去该力，（，取）则：

（1）物体从点到点的时间和点速度的大小；
（2）物体沿斜面向上滑行的最远距离。
【答案】（1）3s；6m/s
（2）2.25m
【解析】
【小问1详解】
物体在水平面上运动时的加速度
根据
解得物体从点到点的时间
点速度的大小
【小问2详解】
物块沿斜面向上做匀减速运动，则由牛顿第二定律
由运动公式
解得物体沿斜面向上滑行的最远距离
x=2.25m
15. 如图，质量的木板静止在粗糙水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数，在木板的左端放置一个质量、大小可以忽略的铁块，铁块与木板上表面间动摩擦因数，某时刻起在铁块上加一个水平向右的恒力时撤去拉力，铁块始终没有从木板上滑下，g取，求：
（1）加上恒力F后铁块和木板的加速度大小；
（2）木板的最小长度；
（3）铁块运动的总位移。
【答案】（1），
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
以铁块为研究对象，根据牛顿第二定律得
以木板为研究对象，根据牛顿第二定律得
代入数据解得铁块的加速度大小
木板的加速度大小
【小问2详解】
2s内铁块的位移为
木板的位移为
此时铁块的速度
木板的速度
撤去外力后，物块加速度
共速时
解得
该过程相对位移
木板的最小长度
【小问3详解】
共速后，铁块和木板一起减速，减速加速度
减速位移
铁块运动的总位移