高中物理（2022-2024年）3年高考2年模拟汇编专题一圆周运动（单选题）-解析卷

这是一份高中物理（2022-2024年）3年高考2年模拟汇编专题一圆周运动（单选题）-解析卷，共32页。

A．小球的速度大小均发生变化B．小球的向心加速度大小均发生变化
C．细绳的拉力对小球均不做功D．细绳的拉力大小均发生变化
【答案】C
【解析】AC．在地面上做此实验，忽略空气阻力，小球受到重力和绳子拉力的作用，拉力始终和小球的速度垂直，不做功，重力会改变小球速度的大小；在“天宫”上，小球处于完全失重的状态，小球仅在绳子拉力作用下做匀速圆周运动，绳子拉力仍然不做功，A错误，C正确；
BD．在地面上小球运动的速度大小改变，根据和（重力不变）可知小球的向心加速度和拉力的大小发生改变，在“天宫”上小球的向心加速度和拉力的大小不发生改变，BD错误。
故选C。
2．（2022·浙江·高考真题）下列说法正确的是（ ）
A．链球做匀速圆周运动过程中加速度不变
B．足球下落过程中惯性不随速度增大而增大
C．乒乓球被击打过程中受到的作用力大小不变
D．篮球飞行过程中受到空气阻力的方向与速度方向无关
【答案】B
【解析】A．链球做匀速圆周运动过程中加速度方向在改变，A错误；
B．惯性只与质量有关，则足球下落过程中惯性不随速度增大而增大，B正确；
C．乒乓球被击打过程中受到的作用力随着形变量的减小而减小，C错误；
D．篮球飞行过程中受到空气阻力的方向与速度方向有关，D错误。
故选B。
3．（2022·全国·高考真题）北京2022年冬奥会首钢滑雪大跳台局部示意图如图所示。运动员从a处由静止自由滑下，到b处起跳，c点为a、b之间的最低点，a、c两处的高度差为h。要求运动员经过c点时对滑雪板的压力不大于自身所受重力的k倍，运动过程中将运动员视为质点并忽略所有阻力，则c点处这一段圆弧雪道的半径不应小于（ ）
A．B．C．D．
【答案】D
【解析】运动员从a到c根据动能定理有
在c点有
FNc ≤ kmg
联立有
故选D。
4．（2023·北京·高考真题）在太空实验室中可以利用匀速圆周运动测量小球质量。如图所示，不可伸长的轻绳一端固定于O点，另一端系一待测小球，使其绕O做匀速圆周运动，用力传感器测得绳上的拉力为F，用停表测得小球转过n圈所用的时间为t，用刻度尺测得O点到球心的距离为圆周运动的半径R。下列说法正确的是（ ）

A．圆周运动轨道可处于任意平面内
B．小球的质量为
C．若误将圈记作n圈，则所得质量偏大
D．若测R时未计入小球半径，则所得质量偏小
【答案】A
【解析】A．空间站内的物体都处于完全失重状态，可知圆周运动的轨道可处于任意平面内，故A正确；
B．根据
解得小球质量
故B错误；
C．若误将n-1圈记作n圈，则得到的质量偏小，故C错误；
D．若测R时未计入小球的半径，则R偏小，所测质量偏大，故D错误。
故选A。
5．（2023·全国·高考真题）一质点做匀速圆周运动，若其所受合力的大小与轨道半径的n次方成正比，运动周期与轨道半径成反比，则n等于（ ）
A．1B．2C．3D．4
【答案】C
【解析】质点做匀速圆周运动，根据题意设周期
合外力等于向心力，根据
联立可得
其中为常数，的指数为3，故题中
故选C。
6．（2024·江苏·高考真题）如图所示是生产陶瓷的工作台，台面上掉有陶屑，与工作台一起绕OO'匀速转动，陶屑与桌面间的动摩因数处处相同（台面够大）。最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则（ ）

A．越靠近台面边缘的陶屑质量越大
B．越靠近台面边缘的陶屑质量越小
C．陶屑只能分布在工作台边缘
D．陶屑只能分布在某一半径的圆内
【答案】D
【解析】ABC．与台面相对静止的陶屑做匀速圆周运动，静摩擦力提供向心力，当静摩擦力为最大静摩擦力时，根据牛顿第二定律可得
解得
因与台面相对静止的这些陶屑的角速度相同，由此可知能与台面相对静止的陶屑离轴OO′的距离与陶屑质量无关，只要在台面上不发生相对滑动的位置都有陶屑。故ABC错误；
D．离轴最远的陶屑其受到的静摩擦力为最大静摩擦力，由前述分析可知最大的运动半径为
μ与ω均一定，故R为定值，即离轴最远的陶屑距离不超过某一值R，即陶屑只能分布在半径为R的圆内。故D正确。
故选D。
7．（2024·广东·高考真题）如图所示，在细绳的拉动下，半径为r的卷轴可绕其固定的中心点O在水平面内转动。卷轴上沿半径方向固定着长度为l的细管，管底在O点。细管内有一根原长为、劲度系数为k的轻质弹簧，弹簧底端固定在管底，顶端连接质量为m、可视为质点的插销。当以速度v匀速拉动细绳时，插销做匀速圆周运动。若v过大，插销会卡进固定的端盖。使卷轴转动停止。忽略摩擦力，弹簧在弹性限度内。要使卷轴转动不停止，v的最大值为（ ）
A．B．C．D．
【答案】A
【解析】有题意可知当插销刚卡紧固定端盖时弹簧的伸长量为，根据胡克定律有
插销与卷轴同轴转动，角速度相同，对插销有弹力提供向心力
对卷轴有
联立解得
故选A。
8．（2024·江苏·高考真题）如图所示，轻绳的一端拴一个蜂鸣器，另一端穿过竖直管握在手中。蜂鸣器在水平面内做匀速圆周运动，缓慢下拉绳子，使蜂鸣器升高到水平面内继续做匀速圆周运动。不计空气阻力和摩擦力，与升高前相比，蜂鸣器（ ）
A．角速度不变
B．线速度减小
C．向心加速度增大
D．所受拉力大小不变
【答案】C
【解析】设绳子与竖直方向夹角为θ，小球做圆周运动的半径为r，小球质量为m。
CD．对小球分析有
，
根据a、b两个位置可知，b位置更高，则θb > θa，代入上式，故此
FTb > FTa，anb > ana
故C正确、D错误；
AB．根据角动量守恒有
mvr = mωr2 = L
可解出
θb > θa，代入上式，有
vb > va，ωb > ωa
故AB错误。
故选C。
9．（2024·辽宁·高考真题）“指尖转球”是花式篮球表演中常见的技巧。如图，当篮球在指尖上绕轴转动时，球面上P、Q两点做圆周运动的（ ）
A．半径相等B．线速度大小相等
C．向心加速度大小相等D．角速度大小相等
【答案】D
【解析】D．由题意可知，球面上P、Q两点转动时属于同轴转动，故角速度大小相等，故D正确；
A．由图可知，球面上P、Q两点做圆周运动的半径的关系为
故A错误；
B．根据可知，球面上P、Q两点做圆周运动的线速度的关系为
故B错误；
C．根据可知，球面上P、Q两点做圆周运动的向心加速度的关系为
故C错误。
故选D。
2年模拟
10．（2023·湖南永州·二模）如图所示，电动打夯机由偏心轮（飞轮和配重物组成）、电动机和底座三部分组成。电动机、飞轮和底座总质量为M，配重物质量为m，配重物的重心到轮轴的距离为R，重力加速度为g。在电动机带动下，偏心轮在竖直平面内匀速转动，皮带不打滑。当偏心轮上的配重物转到顶端时，底座刚好对地面无压力。下列说法正确的是（ ）

A．电动机轮轴与偏心轮转动角速度相同
B．配重物转到顶点时处于超重状态
C．偏心轮转动的角速度为
D．打夯机对地面压力的最大值大于
【答案】D
【解析】A．电动机轮轴与偏心轮通过皮带传动，线速度相等，根据电动机轮轴与偏心轮半径不同，故电动机轮轴与偏心轮转动角速度不相同，故A错误；
B．配重物转到顶点时，具有向下的加速度，故配重物处于失重状态，故B错误；
C．当偏心轮上的配重物转到顶端时，底座刚好对地面无压力，有
对配重物有
解得偏心轮转动的角速度为
故C错误；
D．在最低点，打夯机对地面压力最大，对配重物有
对打夯机有
解得
根据牛顿第三定律可知，打夯机对地面压力的最大值大于，故D正确。
故选D。
11．（2023·四川眉山·一模）如图，竖直面内两个完全相同的光滑圆弧轨道平滑对接，P、Q是等高的两端。让一可视为质点的小球以沿切线的初速度从P端进入轨道，则（ ）
A．小球在轨道最低点的机械能最大
B．小球在轨道最低点对轨道的压力最大
C．初速度足够大时，小球可能飞离“凹形”轨道
D．初速度足够大时，小球一定能通过“凸形”轨道最高点
【答案】B
【解析】A．小球在光滑圆弧轨道上运动，只有重力做功，机械能守恒，故A错误；
B．小球在轨道最低点有
根据机械能守恒
则小球在轨道最低点速度最大，则球在轨道最低点轨道对球的支持力最大，根据牛顿第三定律球对轨道的压力最大，故B正确；
C．设小球与竖直方向的夹角为，在“凹形”轨道运动，根据牛顿第二定律有
球的重力与轨道对球的支持力的合力提供向心力，初速度足够大时，小球不可能飞离“凹形”轨道，故C错误；
D．在“凸形”轨道运动，根据牛顿第二定律有
初速度足够大时，球的重力与轨道对球的支持力的合力不足以提供向心力，小球不能通过“凸形”轨道最高点，故D错误。
故选B。
12．（2023·山东潍坊·模拟预测）如图所示，质量为 m的小物块开始静止在一半径为 R的球壳内，它和球心O 的连线与竖直方向的夹角为30°。现让球壳随转台绕转轴一起转动，物块在球壳内始终未滑动，重力加速度大小为g，则（ ）

A．静止时物块受到的摩擦力大小为
B．若转台的角速度为，小物块不受摩擦力作用
C．若转台的角速度为，小物块受到的摩擦力沿球面向下
D．若转台的角速度为，小物块受到的摩擦力沿球面向下
【答案】D
【解析】A．静止时，对物块分析，根据平衡条件有
故A错误；
B．球壳随转台绕转轴一起转动，物块做匀速圆周运动，由沿圆周半径方向的合力提供向心力，若物块所受摩擦力恰好为0时，角速度为，对物块进行分析，则有
解得
故B错误；
C．若转台的角速度为，由于
可知，物块有沿球壳向下运动的趋势，小物块受到的摩擦力沿球面向上，故C错误
D．若转台的角速度为，由于
可知，物块有沿球壳向上运动的趋势，小物块受到的摩擦力沿球面向下，故D正确。
故选D。
13．（2023·安徽·二模）如图所示，某同学设计了如下实验装置研究向心力，轻质套筒A和质量为1kg的小球B通过长度为L的轻杆及铰链连接，套筒A套在竖直杆OP上与原长为L的轻质弹簧连接，小球B可以沿水平槽滑动，让系统以某一角速度绕OP匀速转动，球B对水平槽恰好无压力，此时轻杆与竖直方向夹角。已知弹簧的劲度系数为100N/m，弹簧始终在弹性限度内，不计一切摩擦，，则系统转动的角速度为（ ）
A．2rad/sB．2.5rad/sC．4rad/sD．5rad/s
【答案】D
【解析】B球对槽恰好无压力时，此时弹簧的压缩量为，对B分析有
根据牛顿第二定律有
解得
故选D。
14．（2023·河北保定·二模）如图所示，在倾角为的固定粗糙斜面体上，有一可视为质点、质量为的小球用长为的轻绳拴接，轻绳的另一端固定在点，小球静止时位于最低点A，现给小球一与轻绳垂直的初速度，使小球在斜面上做圆周运动，经过一段时间小球刚好能运动到最高点，重力加速度取，忽略空气阻力。关于此过程，下列说法正确的是（ ）

A．小球由A运动到的过程中机械能守恒
B．小球由A运动到的过程中，重力的瞬时功率一直减小
C．小球在A点时，轻绳的拉力大小为
D．小球由A运动到的过程中克服摩擦力做的功为
【答案】C
【解析】A．由于小球由A运动到的过程有摩擦力做功，所以小球的机械能不守恒，故A错误；
B．小球在A点时的速度与重力垂直，则重力的功率为0，同理小球在点时，重力的功率也为0，所以小球由A到的过程，重力的瞬时功率先增大后减小，故B错误；
C．小球在A点时，由牛顿第二定律得
解得
故C正确；
D．小球刚好运动到点时，轻绳没有作用力，则由牛顿第二定律得
设小球由A到的过程中克服摩擦力做功为，由动能定理得
解得
故D错误。
故选C。
15．（2023·浙江宁波·三模）如图所示，物体A、B用细线连接，在同一高度做匀速圆周运动，且圆心均为点O。在某时刻，两细线同时断裂，两物体同时开始做平抛运动，并同时落在水平面上的同一点。连接A、B的细线长度分别为10、5，A、B圆周运动的半径分别为6、4，则O点到水平面的高度为（忽略物体的大小和细线质量）（ ）
A．10B．12C．13D．14
【答案】B
【解析】由几何关系可知连接A物体的细线与竖直方向夹角为，连接B物体的细线与竖直方向夹角为。由圆周运动向心力公式可知
，
可求出
，
A和B都沿着圆的切线飞出，做平抛运动并落到同一点，如图所示
由几何关系可知
又由平抛运动规律，竖直方向上
解得
16．（2023·湖北武汉·模拟预测）链球是利用双手投掷的竞远项目，运动员两手握着链球上铁链的把手，经过3~4圈加速旋转，带动链球旋转，最后链球脱手而出，整个过程可简化为某倾斜平面内的加速圆周运动和脱离后的斜抛运动，如图所示。某次训练中链球脱手时速度的方向与水平面成角，忽略空气阻力，下列说法中正确的是（ ）
A．链球做加速圆周运动过程中，合力的方向指向圆心
B．链球做加速圆周运动过程中，向心力不断增大
C．若其他条件不变仅改变，则当增大时，链球斜抛过程中动量的变化率变大
D．若其他条件不变仅改变，则时，链球落地点离脱手点水平距离最远
【答案】B
【解析】A．若链球做匀速圆周运动，则合力提供向心力，方向指向圆心，所以链球做加速圆周运动过程中，合力的方向不指向圆心，故A错误；
B．链球做加速圆周运动过程中，向心力，不断增大，故B正确；
C．链球斜抛过程中动量的变化率为
所以当增大时，链球斜抛过程中动量的变化率不变，故C错误；
D．若链球在水平面做斜抛运动，则有
联立可得
当，水平位移最大；但该模型竖直高度与也有关，根据斜抛运动规律可知并非时，链球落地点离脱手点水平距离最远，故D错误；
故选B。
17．（2023·四川成都·模拟预测）在2022年北京冬奥会短道速滑项目男子1000米决赛中，中国选手任子威夺得冠军。如图所示，A、B、A'、B'在同一直线上，O'为AA'的中点，运动员由直线AB经弯道到达直线A'B'，若有如图所示的①②两条路线可选择，其中路线①中的半圆以O为圆心，半径为8m，路线②是以O'为圆心，半径为15m的半圆。若运动员在沿两圆弧路线运动的过程中，冰面与冰刀之间的径向作用力的最大值相等，某一运动员均以不打滑的最大速率通过两条路线中的弯道（所选路线内运动员的速率不变），则下列说法正确的是（ ）

A．在①②两条路线上，运动员的向心加速度大小不相等
B．沿①②两条路线运动时，运动员的速度大小相等
C．选择路线①，运动员所受合外力冲量小
D．选择路线②，运动员所受合外力冲量小
【答案】C
【解析】A．因为运动过程中运动员以不打滑的最大速率通过弯道，最大径向作用力提供向心力，有
所以运动员在①②两条圆弧路线上运动时的向心加速度大小相同，故A错误；
B．根据牛顿第二定律，有
解得
因为路线①的半径小，所以路线①上运动员的速度小，故B错误；
CD．根据动量定量
由于路线①上运动员的速度小，所以运动员所受合外力冲量小，故C正确，D错误。
故选C。
18．（22-23高三下·湖南·阶段练习）水平面上放置质量为M的物块，通过光滑的定滑轮用一根轻绳与质量为m的小球连接，滑轮到小球的距离为L，现使小球在水平面内做匀速圆周运动。要使物块保持静止，细绳与竖直方向的最大夹角为已知物块与水平面间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等，物块和水平面间的动摩擦因数。重力加速度为g，不计定滑轮和小球的大小，物块M始终保持静止，则（ ）

A．小球运动的最大周期为
B．小球运动的最大线速度大小为
C．组绳的最大拉力为
D．滑块的质量可能小于小球的质量
【答案】B
【解析】A．对小球进行受力分析，小球受细绳的拉力F和重力mg，二者的合力提供小球圆周运动的向心力，设细绳和竖直方向的夹角为，根据
解得
故越大周期越短，小球运动的最小周期为
选项A错误；
B．根据
故越大，线速度越大，小球运动的最大线速度为
选项B正确；
CD．细绳的最大拉力
根据题意
故一定有
选项CD错误。
故选B。
19．（2023·新疆·三模）如图甲所示，在匀速转动的水平盘上，沿半径方向放着用轻质细线相连的质量相等的两个物体A和B，它们分居圆心两侧，与圆心距离分别为和，两物体与盘间的动摩擦因数相同，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。若初始时绳子恰好拉直但没有拉力，现增大转盘角速度让转盘做匀速圆周运动，但两物体还未发生相对滑动，这一过程A与B所受摩擦力f的大小与的大小关系图像如图乙所示，下列关系式正确的是（ ）

A．B．C．D．
【答案】D
【解析】由题意可知，因为物体A和B分居圆心两侧，与圆心距离分别为和，两个物体都没滑动之前，都受静摩擦力的作用，与成正比，由于B物体到圆心的距离大，故B物体先达到滑动摩擦力，摩擦力大小不变为
角速度达到后绳子出现拉力，在角速度为时，设绳子拉力为T，对B有
对A有
解得
故选D。
20．（2024·四川内江·一模）如图，半径为的光滑圆轨道被竖直固定在水平地面上，在圆轨道的最低处有一小球（小球的半径比小很多）。现给小球一个水平向右的初速度，恰能使其做完整的圆周运动，不计空气阻力，重力加速度取。则下列说法中正确的是（ ）
A．圆轨道的半径
B．小球所受合力始终指向圆心
C．小球转动一圈，轨道对小球的弹力的冲量竖直向上
D．在小球运动的整个过程中，在最左、右两边时小球的向心加速度最小
【答案】C
【解析】A．小球恰能使其做完整的圆周运动，从最低点到最高点，根据动能定理有
最高点有
解得
m
故A错误；
B．小球做圆周运动，速度不断改变，所受重力与弹力的合力并非始终指向圆心，故B错误；
C．小球转动一圈，根据动量定理有
则轨道对小球的弹力的冲量竖直向上，故C正确；
D．根据向心加速度公式，由于在最高点小球速度最小，则在最高点向心加速度最小，故D错误；
故选C。
21．（2024·四川内江·一模）如图，在粗糙的水平圆盘上，甲、乙两个小物体（可视为质点）叠放在一起随圆盘一起做角速度为的匀速圆周运动，两小物体所在位置到转轴距离为，乙的质量是甲的质量的2倍，甲、乙两物体间的动摩擦因数为，盘与乙物体间的动摩擦因数为，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，，重力加速度为。则下列说法正确的是（ ）
A．乙所需要的向心力是甲所需要的向心力的3倍
B．盘对乙的摩擦力是甲对乙的摩擦力的2倍
C．为了保证甲、乙均不发生滑动，角速度的最大值为
D．为了保证甲、乙均不发生滑动，角速度的最大值为
【答案】D
【解析】A．两物体随圆盘转动，角速度相同为，运动半径为，则两物体转动所需的向心力为
，
即乙所需要的向心力是甲所需要的向心力的2倍，故A错误；
B．设乙对甲的摩擦力为，盘对乙的摩擦力为，根据牛顿第二定律有
解得
故B错误；
CD．当A、B整体刚好和转盘发生相对滑动时，有
解得
此时A所受摩擦力为
所以为了保证甲、乙均不发生滑动，角速度的最大值为
故C错误，D正确；
故选D。
22．（2024·全国·模拟预测）“指尖篮球”是花式篮球表演中的常见技巧。如图所示，半径为的篮球在指尖绕竖直轴转动，若此时篮球下半球部分表面有一些小水滴，当篮球角速度达到一定值时，小水滴将被甩出。已知小水滴质量为，篮球对小水滴的最大吸附力为，重力加速度为，若小水滴仅受重力和篮球的吸附力作用，篮球对小水滴的吸附力时刻指向球心，则小水滴被篮球甩出时篮球的角速度、小水滴和球心的连线与水平方向的夹角应满足（ ）
A．，B．，
C．，D．，
【答案】B
【解析】如图所示
小水滴恰好被甩出时，水平方向有
竖直方向有
解得
，
故选B。
23．（2024·河南·模拟预测）A、B两个粗细均匀的同心光滑圆环固定在竖直转轴上，圆心O在转轴上，两环和转轴在同一竖直面内，a、b两个小球分别套在A、B两个圆环上，当两环绕竖直轴匀速转动后，a、b两球在环上的位置可能是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】B
【解析】对小环受力分析如图
由牛顿第二定律得
故
两小球角速度相同，故h相同，即在同一个水平面内做圆周运动。
故选B。
24．（23-24高一下·陕西榆林·期末）汽车行驶中经常会经过一些凹凸不平的路面，其凹凸部分路面可以看作圆弧的一部分，如图所示的A、B、C处，其中B处的曲率半径最大，A处的曲率半径为，C处的曲率半径为，，重力加速度为。若有一辆可视为质点、质量为的小汽车与路面之间各处的动摩擦因数均为，当该车以恒定的速率沿这段凹凸路面行驶经过A、B、C三点时，下列说法正确的是（ ）
A．汽车在A处受到的摩擦力大小为
B．汽车经过A处时处于失重状态，经过C处时处于超重状态
C．汽车在A点的行驶速度小于时，汽车将做平抛运动
D．汽车经过C处时所受的向心力最小
【答案】B
【解析】A．汽车在A处
得
汽车在A处受到的摩擦力大小
故A错误；
B．汽车经过A处时，加速度向下，处于失重状态，经过C处时，加速度向上，处于超重状态，故B正确；
C．要使车安全行驶，则不得离开地面，故经过A处时恰不离开地面有
即安全行驶的速度不得超过，汽车在A点的行驶速度大于时，汽车将做平抛运动，故C错误；
D．该车以恒定的速率，汽车所受向心力
B处的曲率半径最大，汽车经过B处时所受的向心力最小，故D错误。
故选B。
25．（2024·山东烟台·三模）如图所示，MN为半径为r的圆弧路线，NP为长度19r的直线路线，为半径为4r的圆弧路线，为长度16r的直线路线。赛车从M点以最大安全速度通过圆弧路段后立即以最大加速度沿直线加速至最大速度vm并保持vm匀速行驶。已知赛车匀速转弯时径向最大静摩擦力和加速时的最大合外力均为车重的k倍，最大速度，g为重力加速度，赛车从M点按照MNP路线运动到P点与按照路线运动到点的时间差为（ ）
A．B．
C．D．
【答案】C
【解析】赛车从M点按照MNP路线运动到P点过程，在圆周运动过程有
，
在NP直线路线匀加速过程有
，
解得
，
在NP直线路线匀加速至最大速度过程的位移为
则匀速过程的时间
赛车从M点按照路线运动到点过程，在圆周运动过程有
，
在直线路线匀加速过程有
，
解得
，
在直线路线匀加速至最大速度过程的位移为
即匀加速至最大速度时，恰好到达，则赛车从M点按照MNP路线运动到P点与按照路线运动到点的时间差为
解得
故选C。
26．（2024·四川德阳·二模）三个质量均为m的小物块，用三根长度为L、最大张力为的轻绳连接，置于动摩擦因数为的粗糙水平圆盘上面，初始时刻轻绳恰好绷直，构成正三角形，正三角形的中心与圆盘的圆心重合．让圆盘绕过O点垂直于圆盘的轴缓慢转动起来，随着角速度的缓慢增加，在轻绳断裂的瞬间，圆盘的角速度大小为（ ）
A．B．C．D．
【答案】A
【解析】当绳断裂瞬间，拉力为mg，对任意一个小球，根据力的合成结合牛顿第二定律有
解得
故选A。
27．（2024·贵州黔西·一模）2022年9月2日，印度科钦造船厂建造的首艘航母“维克兰特”号正式服役。“滑跃式”起飞甲板比“电磁弹射式”起飞甲板建造技术更为简单，印度该艘航母选择装配“滑跃式”起飞甲板。如图所示，舰载飞机起飞时，先在水平甲板上加速后冲上圆弧形的甲板，运动过程中受到垂直于运动方向的升力，升力的大小与速度成正比，在离开圆弧甲板时，舰载飞机与甲板之间没有相互作用力则可以正常起飞，此时舰载飞机的动能为E0，已知圆弧轨道的水平长度为L，圆弧半径为R，舰载飞机的重力为G，舰载飞机可视为质点，则下列说法正确的是（ ）
A．舰载飞机在圆弧形甲板上运动时处于失重状态
B．舰载飞机在圆弧轨道的底端对甲板的压力一定大于舰载飞机的重力
C．起飞时，舰载飞机受到的升力为
D．若舰载飞机在离开甲板时的动能E