沪教版物理九年级下册全册综合测试题3

这是一份沪教版物理九年级下册全册综合测试题3，共16页。
沪教版物理九年级下册全册综合测试题3一 、单选题（本大题共10小题，共30分）1.（3分）科学家通过探索，发现星系正在远离我们而去，科学家的依据是(    )A. 测量到星系到地球的距离在变大 B. 观察到星系正在离开地球运动C. 根据测到的星系光谱的波长在逐渐变大 D. 科学家们自己的理解和设想2.（3分）将两只额定电压相同的小灯泡L1、L2串联在电路中，如图所示．闭合开关后，发现灯L1较亮，灯L2较暗，其原因是（ ）A. 灯L1的电阻较大 B. 通过灯L1的电流较大C. 灯L1额定功率较大 D. 灯L2的电阻较大3.（3分）关于电功率，下列说法中正确的是( )A. 电功率是表示电流做功多少的物理量B. 电功率的单位是焦耳C. 电功率是表示消耗电能的快慢的物理量D. 电功率是表示电能转化为其它形式能的多少的物理量4.（3分）如图所示，通电螺线管与条形磁铁相互吸引的是（ ） A. B. C. D. 5.（3分）如图所示的电路中，电源电压恒为6V，电压表V1、V2的量程均为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器R1、R2的规格分别为“5Ω 1A”和“20Ω 1A”，灯泡标有“2.5V 1.25W”字样。若闭合开关后，要求三个电表的示数均不超过所选量程，且灯泡两端电压不允许超过额定值，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法中正确的是(    )A. 电流表示数的变化范围是0.2A～0.5AB. 滑动变阻器R1的功率变化范围为0.45W～1.25WC. 电压表V1的变化范围为1.5V～2.5VD. 滑动变阻器R2允许接入电路的阻值范围为2Ω～20Ω6.（3分）如图所示，下列关于能量转化，正确的是(    ) A. 甲，悬停在空中的热气球，不具有能量B. 乙，蹦极的人从高处下落只具有重力势能C. 丙，风力发电将空气的电能转化为机械能D. 丁，带发条的玩具可将弹性势能转化为动能7.（3分）如图所示是消防应急灯的电路图，其中少连了一根导线，工作原理是：外部电路为220V交流电，当其正常时，两盏标有“6V”灯泡不发光；外部电路停电时，两盏标有“6V”灯泡发光．对于这一装置及其工作特点，下列说法中正确的是（ ）A. 当外部电路停电时，电磁铁所在电路工作B. 电磁铁通电时，弹簧具有弹性势能C. 电磁铁的上端始终为N极D. C点应该和触点B相连8.（3分）如图所示，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P向右移动时，弹簧测力计的示数变大．则下列分析正确的是( )A. 电磁铁的上端为N极B. 电源左端为“+”极C. 断开开关，弹簧测力计示数为零D. 若滑动变阻器的滑片P不动，抽去电磁铁铁芯，弹簧测力计示数增大9.（3分）如图甲所示，是某型号电压力锅简化的工作电路图．R0是阻值为484Ω的保温电阻，R1是规格为“220V 800W”的主加热电阻，R2是副加热电阻．电压力锅煮饭分为“加热升压→保压→保温”三个阶段，通过如图乙所示的锅内工作压强与时间“(P−t)”关系图象可了解其工作过程：接通电源，启动智能控制开关S，S自动接到a，同时S1自动闭合，电压力锅进入加热升压状态；当锅内工作压强达80kPa时，S1自动断开，进入保压状态，当锅内工作压强降至60kPa时，S1又会自动闭合；当保压状态结束，饭就熟了，S自动接到b，减压进入保温状态．电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态共耗电0.25kW⋅ℎ，下列正确的是(    ) A. 电压力锅是对大气压强的应用B. 当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅处于升压状态C. 电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态R1的工作时间是18minD. R2正常工作时的电功率为300W10.（3分）我们知道直线电流周围存在着磁场，其实当电流为环形时，电流周围也存在磁场．此时，电流和磁场方向之间的关系可用如图来表示．为了解释地球的磁性（地理的北极为地磁的南极），19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的．在下列4个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是（ ）A. B. C. D. 二 、填空题（本大题共5小题，共17分）11.（5分）电风扇工作的同时要产生小部分热量，一台标有“220V 10W”的电风扇，线圈电阻是2Ω，正常工作1min消耗的电能是 ______ J，产生的热量是 ______ J。12.（3分）小亮自制了如图所示的装置，在有机玻璃管上绕着带有绝缘层的导线，线圈两端连接着小功率灯泡，管内放入条形磁铁，用橡皮塞堵住管口两端，当沿图中箭头方向来回摇动时，小灯泡就会发光。该装置发电的原理是______，线圈中电流的方向是______(选填“变化”或“不变”)的，在此过程中将______能转化成电能。13.（5分）无线电广播信号的发射和接收与我们用信鸽送信的原理是一样的： (1)把自己要传递的内容写成一封信——相当于用 ______实现信号的转换. (2)选择一只信鸽——相当于用 ______产生一定频率的电磁波. (3)把信绑在信鸽的腿上——相当于用 ______实现调制过程. (4)放飞信鸽——相当于用 ______把经过调制的电磁波发送到空中. (5)收信人招引信鸽——相当于用 ______实现选台. (6)从信鸽身上解下信来——相当于把音频电信号从 ______中解调出来. (7)收信人读信——______把音频电信号转换成声音，14.（2分）把标有“12V 6W”“8V 8W”的小灯泡，串联在电路中，两灯消耗的电功率之比是______；并联时______灯更亮一些。15.（2分）小明家的电子式电能表上标有“1200imp/（kW•h）”字样．意思是“电路中每消耗1kW•h的电能．脉冲指示灯闪烁1200次”．当他家只开某个用电器时，发现10min内电能表指示灯闪烁了120次，该用电器的功率为____W．若该用电器每天少工作1h；则30天可以节电____ kW•h．三 、实验题（本大题共1小题，共10分）16.（10分）新课学习时要探究“电流通过导体产生的热量的影响因素”。实验桌上有两个完全相同的烧瓶，烧瓶内装有质量相等、初温相同的煤油、完全相同的温度计A和B，烧瓶内还分别装有阻值为5Ω和10Ω的电阻丝R1、R2。小庆将它们与滑动变阻器、学生电源、开关、以及导线连接组成如图所示电路，闭合开关，开始实验。 (1)小庆要探究问题是：电流通过导体产生的热量与 ______是否有关； (2)实验中，电流通过导体时产生热量转化为 ______进行比较； (3)实验中，小庆发现电阻丝R2产生的热量多，她的依据是 ______。四 、作图题（本大题共1小题，共10分）17.（10分）在图中，标出磁感线方向、小磁针的N极和电源的正、负极。五 、计算题（本大题共3小题，共30分）18.（10分）养生壶是一种用于养生保健的可以烹饮的容器，类似于电水壶，其最大的特点是釆用一种新型的电加热材料，通过髙温把电热膜电子浆料(金属化合物)喷涂在玻璃表面形成面状电阻，在两端制作银电极，通电后产生热量把壶内的水加热。小明家买了一个养生壶(图甲)，其铭牌如表所示。(1)该养生壶正常工作时，面状电阻的阻值多少？ (2)若壶内装有2L温度为20℃的水，在一个标准大气压下，将水烧开，此过程中水吸收的热量是多少？[c水=4.2×l03J/(kg⋅℃),lL=1×10−3m3] (3)小明关闭了家中的其他所有用电器，只用该壶在加热过程中家用电能表(图乙)的转盘5min内转了300转，此过程中养生壶消耗的电能和实际电功率各是多少？19.（10分）在图中．根据小磁针静止时的指向用“+”、“-”标出电源的正负极（涂黑端表示N极）．20.（10分）如图所示，将一根直导线放在静止小磁针的正上方，并与小磁针平行放置． （1）该实验探究的是____，第一个研究该现象的科学家是丹麦物理学家____． （2）接通电路后，观察到小磁针偏转，说明____．若接通电路后移去小磁针，上述结论是否成立？____（选填“成立”或“不成立”）． （3）实验中小磁针的作用是____． （4）改变直导线中的电流方向，小磁针偏转方向也发生____，表明____． （5）该实验中用到的一种重要科学研究方法是____ A．类比法 B．转换法 C．控制变量法 D．等效替代法．答案和解析1.【答案】C;【解析】解：天文学家哈勃发现星系的光谱向长波方向偏移，即星系光谱的波长在逐渐变大，称之为谱线“红移”，这一现象说明星系正在远离我们，宇宙正在膨胀。故只有C说法正确。  故选：C。 星系正在远离，其直接证据是谱线红移现象。根据对谱线红移现象的了解可对选项中的说法做出判断。 了解星系的变化特点，知道星系光谱的波长在逐渐变大是证明星系远离我们而去的直接证据。2.【答案】A;【解析】解：串联电路处处电流相等，一次能源通过灯泡L1、L2的电流相等，故B错误； 灯L1较亮，灯L2较暗，说明灯L1的实际功率大于灯L2 的实际功率，由P=I2R可知，电阻越大，实际功率越大，说明灯L1的电阻大于灯L2 的电阻，故A正确，D错误； 灯泡的明暗由实际功率决定，与额定功率无关，故C错误． 故选A． 3.【答案】C;【解析】解：电功率是反映电流做功快慢程度的物理量，电功率越大，说明单位时间能消耗电能越多，电流做功越快；电功率的单位是瓦特，简称瓦；故C正确，ABD错误。 故选：C。 电功率是指电流在单位时间内做功的多少，它是表示电流做功快慢的物理量。 电能和电功率是两个容易混淆的物理量，电能反映电流做功的多少，而电功率则表示电流做功的快慢。4.【答案】B;【解析】由右手螺旋定则可知：A图中螺线管左端是N极，应排斥；B图中螺线管左端是N，应吸引；C图中螺线管左端是S极，应排斥；D图中螺线管左端是N极，应排斥 .故选B5.【答案】B;【解析】解：由电路图可知，滑动变阻器R1、R2与灯泡串联，R1的电阻全部连入电路，电压表V1测R1滑片右边电阻两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。 (1)由P=UI可得，灯的额定电流： I额=P额U额=1.25W2.5V=0.5A； 因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器R1、R2的规格分别为“5Ω 1A”和“20Ω 1A”， 所以，电路中的最大电流为Imax=I额=0.5A， 由I=UR可得，灯泡的电阻： RL=U额I额=2.5V0.5A=5Ω， 电路中的最小总电阻： Rmin=UImax=6V0.5A=12Ω， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，滑动变阻器R2接入电路中的最小阻值： R滑=Rmin−RL−R1=12Ω−5Ω−5Ω=2Ω； 电压表V1的最大示数U1max=ImaxR1=0.5A×5Ω=2.5V， R1的最大功率： P1max=U1maxImax=2.5V×0.5A=1.25W； (2)当滑动变阻器R2接入电路中的电阻最大时电路中的电流： I=URL+R1+R2=6V5Ω+5Ω+20Ω=0.2A， 则电压表V2的最大示数为：U2=IminR2=0.2A×20Ω=4V， 由于电压表V2量程为0～3V，则电压表V2的最大示数应为U2max=3V， 根据串联电路两端的总电压等于各分电阻两端的电压之和可得，RL与R1两端的总电压为： UL1=U−U2max=6V−3V=3V， 最小电流为：Imin=UL1RL+R1=3V5Ω+5Ω=0.3A， 所以，电流表示数的变化范围是0.3A～0.5A，故A错误； 由于电压表V1的测量的是滑片右边电阻两端的电压，所以当滑片移动最右端时，示数为零，故C错误； R1两端的电压U1min=IminR1=0.3A×5Ω=1.5V； R1的最小功率为P1min=U1minImin=1.5V×0.3A=0.45W， 则滑动变阻器R1的功率变化范围为0.45W～1.25W，故B正确； 滑动变阻器R2接入电路中的最大电阻为： R2max=U2maxImin=3V0.3A=10Ω， 则滑动变阻器R2允许接入电路的阻值范围为2Ω～10Ω，故D错误。 故选：B。 由电路图可知，滑动变阻器R1、R2与灯泡串联，R1的电阻全部连入电路，电压表V1测R1滑片右边电阻两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。 (1)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出灯泡的额定电流，然后结合电流表的量程和滑动变阻器允许通过的电流确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的最小电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器R2接入电路中的最小阻值，利用U=IR求出电压表V1的最小示数；再根据P=UI求出R1的最大功率； (2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大或电压表V2的示数最大时，电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用U=IR求出电压表V1的最小示数；再根据P=UI求出R1的最小功率。 该题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据灯泡的额定电压和电流表的量程确定电路中的最大电流，对于选择题并不一定完全解答选项，只要有不正确的地方，本选项即为不正确。6.【答案】D;【解析】解：  A、悬停在空中的热气球，具有一定的高度，所以具有与重力势能，故A错误；  B、蹦极的人从高处下落时，有一定的高度，具有重力势能，也有一定的速度，具有动能，故B错误；  C、风力发电将空气的机械能转化为电能，故C错误；  D、玩具的发条发生弹性形变时具有弹性势能，发条的弹性势能转化为玩具的动能，故D正确。  故选：D。 (1)(2)(4)任何物体都具有能量；动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量和高度有关，弹性势能的大小与弹性形变的程度有关；  (3)风力发电机将机械能转化为电能。 该题考查了能量的转化，明确动能、重力势能、弹性势能的影响因素是解答该题的关键。7.【答案】B;【解析】解：A、当外部电路停电时，电磁铁所在电路停止工作，故A错误； B、电磁铁通电时，弹簧发生形变，具有弹性势能，故B正确； C、当电路断开时，电磁铁没有磁性，故C错误； D、C点应该和触点A相连，这样才能保证外部电路停电时，两盏标有“6V”灯泡发光，故D错误． 故选B．8.【答案】B;【解析】解：A、滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中的电阻变小，则电路中的电流变大，磁铁的磁性变强； 而磁体的下端为N极，并且弹簧测力计的示数变大，可知电磁铁的上端为S极．故A错误． B、电磁铁的上端为S极，下端为N极，由安培定则可知，电流电磁铁的上端流入，故电源左侧为正极，右端为负极．故B正确． C、断开开关，电路中没有电流，所以电磁铁磁性无磁性，即电磁铁对条形磁铁即不吸引也不排斥，但条形磁体有重力，故弹簧测力计有示数．故C错误． D、抽去铁芯后，电磁铁的磁性变弱，吸引力变小，故弹簧测力计的示数将变小．故D错误． 故选B. 首先要明确电磁铁磁性强弱的影响因素：有无铁芯、电流大小、线圈匝数的多少． ①判断滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中电阻的变化，从而可以确定电路中电流大小的变化，再确定电磁铁磁性强弱的变化；知道磁体的下端为N极和弹簧测力计的示数变小，根据磁体间的相互作用规律，从而可以判断出电磁铁的磁极极性．判断A是否符合题意． ②知道电磁铁的磁极极性，可利用安培定则判断出电磁铁中电流的方向，从而可以确定电源的正负极．判断B是否符合题意． ③电磁铁的磁性的有无可以通过电流的通断来控制，首先判断出断开开关，如何引起电流的变化，再判断出电磁铁磁性强弱的变化，可从而以确定弹簧测力计示数的变化． ④首先判断出抽去铁芯后，电磁铁磁性强弱的变化，再根据磁体间的相互作用规律，可以确定弹簧测力计示数的变化．判断D是否符合题意． 此题主要考查了学生对电磁铁磁性强弱的影响因素、磁体间的相互作用规律、安培定则的理解和应用，都是基础内容，要想很好的解决此题，就需要学生很好地掌握这些基础知识．9.【答案】D;【解析】解：  A.高压锅煮饭熟得快是利用液体的沸点随气压的增大而升高的原理，而不是利用了大气压的原理，故A错误；  B.由图乙可知，当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅可能处于升压状态，也可能处于保温状态，故B错误；  C.由题意和图乙可知，在正常加热升压和保压状态R1的工作时间分别为0～6min，9～12min，15～18min，则R1的工作总时间为t1=6min+3min+3min=12min=0.2h，故C错误；  D.由题意和图乙可知，R2的工作时间t2=18min=0.3h，  在正常加热升压和保压状态消耗的电能：  W=P1t1+P2t2，即：0.25kW⋅ℎ=0.8kW×0.2h+P2×0.3h，  解得：P2=0.3kW=300W，故D正确．  故选：D． (1)液体的沸点随着气压的增大而升高；  (2)由图乙可知，当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅所处的状态；  (3)根据图乙读出在正常加热升压和保压状态R1的工作时间；  (4)根据图乙读出在正常加热升压和保压状态R2的工作时间，根据W=Pt表示出电路消耗的总电能即可求出R2的功率． 该题考查了高压锅的原理和电功公式的综合应用，从图象中读出R1与R2的工作时间是正确解答该题的关键，有一定的难度．10.【答案】B;【解析】解：地磁的南极在地理北极的附近，故在用安培定则判定环形电流的方向时右手的拇指必需指向南方；而根据安培定则：拇指与四指垂直，而四指弯曲的方向就是电流流动的方向，故四指的方向应该向西．故B正确． 故选B．11.【答案】600 0.25;【解析】解：由题知，电风扇的额定电压和额定功率， 由P=Wt可得，正常工作1min消耗电能： W=Pt=10W×60s=600J； 由P=UI可得，电风扇正常工作的电流： I=PU=10W220V=122A， 电流产生的热量： Q=I2Rt=(122A)2×2Ω×60s≈0.25J。 故答案为：600；0.25。 由W=Pt计算电风扇正常工作消耗的电能；由P=UI计算正常工作的电流，由Q=I2Rt计算电流产生的热量。 此题主要考查了电动机正常工作时消耗电能和产生热量的计算，关键是正确理解电功和电热的关系，选择正确的计算公式。12.【答案】电磁感应;变化;机械  ;【解析】解：手电筒中没有电源，而要使手电筒发光，必须有提供电能的装置，该手电筒通过晃动消耗机械能提供了电能，由此可知，这是利用电磁感应现象制成的一种手电筒；  因为导体运动方向随着手电筒摇动方向不断的变化，线圈中产生感应电流的方向也在不断的变化。  故答案为：电磁感应；变化；机械。 通过题目中的信息可知，该手电筒中没有电池，而是通过晃动来使它发光。由此入手分析即可得到答案。 该题考查电磁感应的条件，及感应电流大小的决定因素，明确楞次定律的内容和推论即可判断。13.【答案】话筒 高频振荡器 调制器 天线 调谐器 检波器 扬声器;【解析】解：(1)把自己要传递的内容写成一封信——相当于用话筒实现信号的转换； (2)选择一只信鸽——相当于用高频振荡器产生一定频率的电磁波； (3)把信绑在信鸽的腿上——相当于用调制器实现调制过程； (4)放飞信鸽——相当于用天线把经过调制的电磁波发送到空中； (5)收信人招引信鸽——相当于用调谐器实现选台； (6)从信鸽身上解下信来——相当于把音频电信号从检波器中解调出来； (7)收信人读信——扬声器把音频电信号转换成声音。 故答案为：(1)话筒；(2)高频振荡器；(3)调制器；(4)天线；(5)调谐器；(6)检波器；(7)扬声器。 (1)发射过程 话筒：把播音员的声音信号转换成电信号。 调制器：把音频电信号加载到高频电流上。 天线：通过天线发射到空中。 (2)接收过程 天线：接收到各种各样的电磁波。 调谐器：转动调谐器的旋钮，即选台，可以从中选出特定频率的信号。 检波器：收音机内的电子电路再把音频信号从中取出来。 扬声器：把音频信号转换成声。 此题主要考查了无线电波的反射与接收，属于基础题。14.【答案】3：1; “8V 8W”;【解析】解：由P=UI=U2R可得，两灯泡的电阻分别为： R1=U12P1=(12V)26W=24Ω，R2=U22P2=(8V)28W=8Ω； (1)两灯泡串联在电路中时， 因串联电路中各处的电流相等， 所以，由P=UI=I2R可得，两灯消耗的电功率之比： P1′P2'=I2R1I2R2=R1R2=24Ω8Ω=31。 (2)两灯泡并联时，它们两端的电压相等， 所以，由P=UI=U2R可知，“8V 8W”灯泡的电阻较小，实际功率较大，灯泡较亮。 故答案为：3：1；“8V 8W”。 知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI=U2R求出两灯泡的电阻。 (1)两灯泡串联在电路中时通过它们的电流相等，根据P=UI=I2R求出两灯消耗的电功率之比； (2)两灯泡并联时，它们两端的电压相等，根据P=UI=U2R可知，电阻小的灯泡实际功率大，亮度较大。 该题考查了串并联电路的特点和电功率公式的应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。15.【答案】600;18;【解析】解：（1）该用电器消耗电能： W=kW•h=0.1kW•h， 该用电器的功率： P==h=0.6kW=600W； （2）该用电器每天少开1h，30天可节约电能： W节=Pt总=0.6kW×1h×30=18kW•h． 故答案为：600；18．16.【答案】电阻大小  温度计示数  在电流和通电时间相同时，B中温度计示数变化大，则R2放热多;【解析】解：(1)由图可知，两个密闭容器中电阻丝串联，电阻大小不同，通过的电流和通电时间相同，所以探究的是电流通过导体产生的热量与电阻大小是否有关。 (2)两个烧瓶内的液体的质量、种类完全相同，吸收的热量不同，温度计的示数不同，所以电流通过导体时产生热量转化为温度计示数进行比较； (3)实验中，电流和通电时间相同，R1