辽宁省沈阳市五校协作体2024-2025学年高一上学期期末考试物理试题（Word版附解析）

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考试时间：75分钟 考试分数：100分
1．C
【详解】A．图甲中为了描述运动员位置的变化快慢定义了速度，运用了比值定义法，故A错误；
B．图乙中在观察桌面的形变时，利用了微小量放大法，故B错误；
C．图丙中伽利略在研究自由落体运动规律时采用了实验和逻辑推理的研究方法，故C正确；
D．图丁中用极短曝光时间内的平均速度来表示点的瞬时速度，运用了近似替代法，故D错误。
故选C。
2．A
【详解】AD．在内加速度的变化率为
在内加速度的变化率为0，由题可知，汽车加速度的变化率越小乘客舒适感越好，则内乘客感觉更舒适，故A正确，D错误；
B．在内加速度不变，轿车做匀变速直线运动，故B错误；
C．根据图像与横轴围成的面积表示速度的变化量，可知内的速度变化量为
由于不知道时刻的初速度大小，所以无法确定第末，轿车的速度大小，故C错误。
故选A。
3．A
【详解】设每颗棋子质量为m，根据题意三颗相同象棋子竖直叠放，所有接触面间的动摩擦因数均相同，设1、2两个棋子间最大静摩擦力为f，则2、3棋子间最大静摩擦力为2f，第三颗棋子与水平面间最大静摩擦力为3f，中间棋子被击出，中间棋子对第1颗棋子有向右滑动摩擦力，则第1颗棋子有向右的加速度，即向右有位移，后落在第3颗棋子上，在摩擦力作用下静止在第3颗棋子上，第3颗棋子仍受力平衡，第3颗棋子位移是零，可知稳定后，棋子的位置情况可能是A。
故选A。
4．D
【详解】A．根据速度-时间图像的斜率表示加速度，则有
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
C
A
A
D
D
D
C
AD
BD
ACD
故A错误；
B．由速度-时间图像可知无人机的初速度为4m/s，0-2s内无人机向正方向做匀减速直线运动，t=2s到达最大位置处，则0-2s内运动的位移为
故初位置为
故B错误；
CD．设无人机经时间从最大位置处回到坐标原点，由速度-时间图像可知，返回坐标原点的加速度大小为2m/s2，则有
解得
故无人机回到坐标原点的时间为
故D正确。
故选D。
5．D
【详解】A．分解绳子拉力，竖直方向分力大小为
则每根绳的拉力为
故A错误；
B．依题意，钢圆筒处于静止状态，所受的合力为零。故B错误；
C．若增加起吊绳的长度，则每根绳与竖直方向的夹角变小，由
可知每根绳的拉力变小。故C错误；
D．若每根绳承受的最大拉力为，则10根绳的合力
由牛顿第二定律有
解得
故D正确。
故选D。
6．D
【详解】建立如图所示的直角坐标系，
则y方向
x方向
其中f=0.1mg解得
则推力
故选D。
7．C
【详解】A．对小球受力分析如图所示
根据牛顿第二定律可知
可知
方向水平向右，因为列车可能向右加速，也可能向左减速，故A错误；
B．水平方向为中学生提供加速度的力是左侧车厢壁施加的弹力和摩擦力的合力，两者合力向右，但摩擦力不一定向右，故B错误；
C．中学生受到地铁施加的作用力与自身的重力作用，合力为Mgtanθ，因此中学生受到地铁施加的作用力大小等于重力与Mgtanθ的合力大小，为
故C正确；
D．由于两小球的质量和加速度均相同，它们的合力相同均为ma，则细绳和轻杆对小球
的作用力大小均为
方向与竖直方向夹角均为θ，故D错误。
故选C。
8．AD
【详解】A．飞机上的乘客在竖直方向有竖直向上的加速度，处于超重状态，故A正确；
B．飞机的合加速度与水平方向的夹角为，则有
飞机的合速度与水平方向的夹角为，则有
则合加速度与合速度方向相同，飞机做匀加速直线运动，故B错误；
C．前20s内，飞机上升的高度为
故C错误；
D．前20s内，飞机水平方向的位移为
前20s内，飞机水平方向的平均速度为
故D正确。
故选AD。
9．BD
【详解】A．已知
v0=54km/h=15m/s
则汽车刹车时间为
故A错误；
B．汽车刹车过程中的位移为
则汽车不能安全停下，故B正确；
C．汽车开始“主动刹车”后第1s末的速度为
故C错误；
D．由A选项分析可知汽车开始“主动刹车”后2.5s停止。则汽车第3s内的位移
第3s内的平均速度为
故D正确。
故选BD。
10．ACD
【详解】A．对小球A进行受力分析，三力构成矢量三角形，如图所示
根据几何关系可知两三角形相似，因此
缓慢运动过程O′A越来越大，则F逐渐增大，故A正确；
B．由于OA长度不变，杆对小球的作用力大小F′不变，故B错误；
C．对木板，由于杆对木板的作用力大小不变，方向向右下，但杆的作用力与竖直方向的夹角θ越来越大，地面对木板的摩擦力f = F′sinθ逐渐增大，故C正确；
D．木板B受重力、地面的支持力、杆的弹力和地面的摩擦力，根据力的合成与分解可知地面对木板B的作用力与木板B受重力和杆的弹力的合力等大反向，杆的作用力与竖直方向的夹角越来越大，则木板B受重力和杆的弹力的合力逐渐减小，所以地面对木板B的作用力减小，故D正确。
故选ACD。
11．(1) 无（1分） 41.0（2分） (2)7.20（1分） (3)50.0（2分）
【详解】（1）[1] 没有影响，这是由于弹簧受挤压时弹力大小可借助于电子秤测出，所以与笔的重力无关。
[2] 根据胡克定律，可得弹簧劲度系数为
（2）如图丙所示，刻度尺分度值为，应估读到下一位，指针对应处的读数为。
（3）由于有三根弹簧，则弹簧劲度系数满足
12．(1)不需要（2分） (2) 2.0（2分） 0.10（2分） (3)偏大（2分）
【详解】（1）实验中可利用力传感器直接得到绳子拉力，故不需要满足砂子与砂桶的总质量远小于小物块的质量。
（2）根据牛顿第二定律可得
整理可得
所以图像的斜率
纵截距表示，由图可得
（3）因为实验中不可以避免的存在其他阻力（纸带、滑轮摩擦），导致测量的小物块与长木板间的摩擦力偏大，所以的测量值偏大。
13．
【详解】（1）对球受力分析，如图
则
（1分）
对球、正方体整体受力分析，正方体所受支持力
（1分）
由牛顿第三定律可知正方体对地面的压力大小
（1分）
（1分）
正方体所受地面的摩擦力
（1分）
由牛顿第三定律可知正方体对地面的摩擦力大小
（1分）
（2）正方体恰好不滑动时
（1分）
即
（1分）
解得
（2分）
14．（1）根据题意，设运动员在空中飞行的时间为t，水平方向上有
（1分）
竖直方向上有
（1分）
又有
（1分）
设运动员落地时速度与水平方向夹角为，则
（2分）
（2）运动员速度方向与斜面平行时距离斜面最远
（1分）
（1分）
解得
（1分）
将运动员速度沿斜面方向与垂直斜面方向分解有
（1分）
（1分）
距斜面的最大距离
（2分）
15．（1）当A与B刚要相对滑动时，A、B之间为最大静摩擦力，对A有
对A、B，有
解得
因
（临界判断不设采分点）
故A、B一起做匀加速运动。对A、B整体
解得
（2分）
对A有
（2分）
（2）因水平拉力
故A、B相对滑动。对A，有
（1分）
对B，有
解得
（1分）
设拉力作用时间为时最终小物块刚好没有滑离长木板，则时小物块对应的速度和位移分别为
， （1分）
则时木板对应的速度和位移为
， （1分）
则此过程中A相对B向左滑动距离
（1分）
水平拉力撤去后，设再经时间，A、B刚好共速。因A继续加速，加速度
（1分）
B做减速运动，有
解得
（1分）
则
此过程中A相对B向左滑动
（1分）
因
故共速后A相对B向右滑动，则此时A刚好滑到B最左端，则
m （1分）
联立，解得
， （1分）
（3）A、B共速后
故A、B继续相对滑动，A做减速运动的加速度， （1分）
B做减速运动，有
解得
（1分）
A、B停止时，A相对B向右滑动的距离为
（1分）
则A相对B滑动的距离为
（1分）