2024-2025学年江苏省徐州中学等三校高一上学期第二次阶段测试联考月考物理试卷（解析版）

这是一份2024-2025学年江苏省徐州中学等三校高一上学期第二次阶段测试联考月考物理试卷（解析版），共18页。试卷主要包含了单选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、单选题：本大题共11小题，共44分。
1. 如图所示为特技跳伞运动员的空中造型，当运动员们保持该造型向下落时，某运动员俯视大地，看到大地迎面而来，则该名运动员所选的参考系是（ ）
A. 地面B. 附近的云朵
C. 附近水平飞行的飞机D. 其他运动员
【答案】D
【解析】A．以地面为参考系，大地是静止的，A错误；
B．以附近的云朵为参考系，大地是静止的，B错误；
C．以附近水平飞行的飞机为参考系，大地是水平运动的，不会迎面而来，C错误；
D．以其他运动员为参考系，大地迎面而来，D正确。
故选D。
2. G20杭州峰会期间，在美丽的西子湖畔举办了一场名为“最忆是杭州”的晚会，燃放了绝美的焰火．有关焰火腾空的过程，下列说法中正确的是
A. 焰火的速度越大，加速度也一定越大
B. 焰火的速度变化越快，加速度一定越大
C. 焰火的速度变化量越大，加速度一定越大
D. 某时刻速度为零，其加速度一定为零
【答案】B
【解析】A.根据
可知速度越大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故A错误．
B.加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大，故B正确．
C.根据
可知速度变化量越大，可能时间也长，所以加速度不一定大，故C错误．
D.速度为零，速度的变化率不一定为零，加速度不一定为零，故D错误．
3. 如图甲所示是某无人机在竖直方向上做飞行表演，图乙为该无人机表演过程中v-t图像，以向上为正方向，则无人机（ ）
A. 在2s末上升到最高点
B. 在3s后静止在某高度处
C. 在0～2s和2s～3s内平均速度相同
D. 在0～2s和2s～4s内的位移大小相等
【答案】C
【解析】A．在0～3s内无人机的速度一直为正，则3s末上升到最高点，选项A错误；
B．在3s后速度为负，可知3s后无人机向下运动，选项B错误；
C．设2s末速度为v，则在0～2s和2s～3s内的平均速度相同，均为，选项C正确；
D．因图像的面积等于位移，可知在2s～4s内的位移为零，而0～2s内的位移不为零，则选项D错误。
故选C。
4. 质量为的质点在平面内做曲线运动，在方向的速度图像和方向的位移图像分别如图1、2所示，则说法不正确的是（ ）

A. 质点的初速度大小为
B. 质点所受的合外力为，做匀变速曲线运动
C. 末质点速度大小为
D. 内质点的位移大小约为
【答案】C
【解析】A．由图1可得，质点在轴方向的初速度为，由图2可知，质点沿轴负方向做匀速运动，速度大小为
则质点的初速度为
故A正确；
B．由图1可得，质点的加速度为
由牛顿第二定律有
方向沿轴正方向，与初速度方向不在一条直线上，则质点做匀变速曲线运动，故B正确；
C．由图1可知，末质点沿轴方向的速度为，则质点速度大小为
故C错误；
D．根据图像面积表位移，由图1可得，质点内沿轴方向的位移为
由图2可知，质点内沿轴方向的位移为
则质点内的位移为
故D正确。
5. 小明用图甲所示的器材探究小车做匀加速运动时速度随时间变化的规律，实验中得到一条纸带（部分）如图乙所示，计数点A、B、C间各有一个打点，测得AB=s1、BC=s2，已知打点计时器的打点周期为T，则下列说法正确的是（ ）
A. 实验中打点计时器接的是直流电源
B. 实验时，应先释放小车，再接通电源
C. 小车做匀加速运动的加速度大小为
D. 打计数点B时，小车的速度大小为
【答案】C
【解析】A．实验中打点计时器接的是低压交流电源，故A错误；
B．实验时，应先接通电源，再释放小车，故B错误；
C．小车做匀加速运动的加速度大小为
a=BC-AB(2T)2=s2-s14T2
故C正确；
D．打计数点B时，小车的速度大小为
vB=s1+s24T
故D错误。
故选C。
6. 电动平衡车是时下热门的一种代步工具。如图，人笔直站在电动平衡车上，车在水平地面上沿直线匀速前进，下列说法正确的是（ ）

A. 地面对平衡车的支持力是因平衡车发生形变而产生的
B. 在行驶过程中突然刹车，平衡车受到地面的摩擦力向前
C. 平衡车及人受到的重力和车对地面的压力是一对相互作用力
D. 平衡车及人受到的重力和地面对车的支持力是一对平衡力
【答案】D
【解析】A．地面对平衡车的支持力是因地面发生形变要恢复原状而产生的，故A错误；
B．在行驶过程中突然刹车，平衡车相对地面向前运动，受到地面的摩擦力向后，故B错误；
C．平衡车及人受到的重力施力物体是地球，车对地面的压力，施力物体是车，这两个力不是相互作用力，故C错误；
D．平衡车及人受到的重力和地面对车的支持力是一对平衡力，故D正确。
故选D。
7. 如图所示，一人以恒定速度通过光滑轻质定滑轮竖直向下拉绳使小车在水平面上运动，当运动到图示位置时，细绳与水平方向成角，则此时（ ）
A. 小车运动的速度为B. 小车运动的速度为
C. 小车在水平面上做匀速运动D. 小车在水平面上做减速运动
【答案】B
【解析】AB．将小车的速度分解成沿绳子方向的分速度，垂直于绳子方向的分速度，可知
解得
A错误，B正确；
CD．根据
由于小车向左运动过程，保持不变，绳子与水平方向的夹角逐渐增大，可知逐渐减小，小车速度逐渐增大，故小车在水平面上做加速运动，CD错误；
故选B。
8. 在“探究物体的加速度与物体所受外力、物体质量间的关系”的实验中，采用如图所示的实验装置。小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，下列说法正确的是（ ）
A. 平衡摩擦力时，应将盘用细绳通过定滑轮系在小车上
B. 甲图上端弯曲的原因是盘及盘中砝码的质量m太大，已经不满足
C. 乙图不过原点的原因是平衡摩擦力过度
D. 实验时，若拉力可以用力学传感器直接测量，则也需满足条件
【答案】B
【解析】A．平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，使小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动，故A错误；
B．只有当时，小车所受的拉力才可以认为等于盘和砝码的总重力。图甲中图像发生弯曲，这是由于没有保证小车及车中砝码的总质量远大于盘及盘中砝码的总质量造成的，故B正确；
C．图乙中直线没过原点，当时，，也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为0，说明该组同学实验操作中没有平衡摩擦力或平衡摩擦力时木板倾角过小，故C错误；
D．实验时，若拉力可以用力学传感器直接测量，则不需满足条件，故D错误。
故选B。
9. 某同学玩掷飞镖游戏，先后将两只飞镖a、b由同一位置水平投出，已知飞镖投出的初速度va>vb，不计空气阻力，则两只飞镖插在竖直靶上的状态（侧视图）可能是（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】两只飞镖由同一位置水平投出，即两只飞镖的水平位移相同，则运动时间分别为
由于， 所以；其竖直位移分别为
则，即飞镖a插在竖直靶上的位置较高。飞镖的速度方向与水平方向夹角的正切值分别为
由于， 所以，即飞镖b插在竖直靶上时飞镖的速度方向与水平方向夹角较大。
故选C。
10. 笔记本电脑的散热底座是辅助散热设备，可延长笔记本电脑的使用寿命。设置有七个卡位用来调节角度的笔记本电脑散热底座静置在水平面上，如图甲所示，李明同学将电脑放在散热底座上，为获得更好的舒适度，由原卡位1缓慢调至卡位4，即图乙中由虚线位置调整至实线位置，支撑面板对电脑的摩擦力可忽略不计，电脑始终处于静止状态，则（ ）
A. 防滑挡板对电脑的支持力变大
B. 电脑对散热底座的作用力变小
C. 电脑对支撑面板的压力变大
D. 电脑受到支撑面板的支持力与防滑挡板的支持力大小之和等于电脑的重力大小
【答案】C
【解析】AC．电脑受力如图所示
根据矢量三角形可知，由原卡位1缓慢调至卡位4，防滑挡板对电脑的支持力逐渐减小；支撑面板对电脑的支持力逐渐增大，根据牛顿第三定律可知电脑对支撑面板的压力变大，故A错误，C正确；
BD．根据平衡条件可知电脑受到支撑面板的支持力与防滑挡板的支持力的合力大小等于电脑的重力大小，根据牛顿第三定律可知电脑对散热底座的作用力不变，故BD错误。
故选C。
11. 叠放在水平地面上的四个完全相同的排球如图所示，质量均为m，相互接触，球与地面间的动摩擦因数都为μ，已知重力加速度为g，则（ ）
A. 上方球所受重力与支持力是一对作用力与反作用力
B. 下方三个球与水平地面间均没有摩擦力
C. 水平地面对下方三个球的摩擦力均为μmg
D. 水平地面对下方三个球的支持力均为mg
【答案】D
【解析】A．上方球所受重力与支持力不在同一直线，不可能是一对作用力与反作用力，故A错误；
B．下方球体受到上方球体斜向下的弹力，下方球体有相对地面向外运动的趋势，地面对下方球体有向内的摩擦力作用，故B错误；
D．对四个球体整体分析，根据对称性有
解得
故D正确；
C．四个球的球心连线构成了正四面体，如图所示
上方球体受到重力、下方球体对上层球体的三个支持力，由于三个支持力的方向不是竖直向上，所以三个支持力在竖直方向的分量之和等于重力，根据正四面体几何关系可求出F与mg的夹角的余弦值与正弦值
，
以上面的球为研究对象，根据平衡条件可知
解得
以下面任一球体为研究对象，根据平衡条件有
根据牛顿第三定律有
解得
故C错误。
故选D。
二、实验题：本大题共1小题，共9分。
12. 某实验小组做“探究两个互成角度力的合成规律”实验时的主要步骤如下：
①如图甲，在水平放置的木板上用图钉把白纸固定，将轻质小圆环挂在橡皮条的一端，另一端G固定在木板上，小圆环上系两根细绳套，橡皮条的自然长度为GE。
②如图乙，用两个弹簧测力计A、B通过两细绳套共同拉动小圆环，使它静止于O点。用铅笔描下位置O，记下两个测力计的示数、。
③如图丙，取下测力计A，只用测力计B单独拉动小圆环，使它仍静止于O点，记下测力计B的示数F
④如图丁，作出、及F的图示，并将、的箭头端分别与F的箭头端连接起来。根据图形，猜想两个互成角度的力的合成规律
⑤改变细绳套方向，多次重复步骤②③④，得出实验结论。
回答下列问题：
（1）步骤②、③中均有重要的遗漏，请将遗漏补上：__________。
（2）某次实验中，测力计B单独拉动小圆环时的示数如图戊，可知______N。
（3）本实验所用的思想方法是 。
A. 控制变量法B. 极限法C. 理想模型法D. 等效替代法
（4）关于本实验的操作，下列说法正确的有 。
A. 使用前要对弹簧测力计进行调零
B. 实验中两细绳套的长度越长越好
C. 用测力计拉细绳套时，细绳套与木板间可以不平行
（5）在步骤⑤中，该实验小组进行了如下操作：在图丁中，保持小圆环的位置O点不变，且不变，现使的方向逆时针旋转，使由图示大小转至。此过程中、的大小变化情况是 。
A. 先增大后减小，增大B. 增大，先减小后增大
C. 、都减小D. 、都增大
【答案】（1）记录下、及其的方向（或细绳的方向），记下测力计B的示数F的同时要记录下F的方向
（2）3.15 （3）D （4）A （5）B
【解析】
小问1解析】
遗漏步骤为：步骤②中，用铅笔描下位置O，在记录F1、F2大小时，要同时记录下F1、F2的方向。步骤③中，记下测力计B的示数F的同时要记录下F的方向。
【小问2解析】
由图可知，弹簧测力计分度值为0.1N，示数为3.15N，拉力为3.15N。
【小问3解析】
实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用的科学方法是等效替代法，故选D。
【小问4解析】
A．实验前必须对弹簧测力计调零，故A正确；
B．为了减小力的方向的测量误差，本实验中的细线要适当长一些，并不是越长越好，故B错误；
C．弹簧测力计拉力方向必须与细绳共线，且与木板平行，可以减小误差，故C错误。
故选A。
【小问5解析】
对点O受力分析如图所示：
由图可以看出，F2先变小后变大，F1不断增大，故选B。
三、计算题：本大题共4小题，共40分。
13. 如图所示，质量的物体静止在水平地面上，物体与水平面间的滑动摩擦力大小等于它们间弹力的倍，现对物体施加一个大小、与水平方向成角斜向上的拉力，已知，，g取。求：
（1）在拉力作用下物体的加速度是多少及末的速度大小；
（2）末撤去拉力F，物体在水平地面上运动的总距离。
【答案】（1），方向水平向右， （2）
【解析】
【小问1解析】
对物体受力分析如图
由牛顿第二定律得
，
解得
方向水平向右；物体做匀加速直线运动，故5s末的速度大小
；
【小问2解析】
物体做匀加速直线运动，故
撤去外力后根据牛顿第二定律可得
解得
又
解得
物体在水平地面上运动的总距离
14. 如图所示，放在粗糙水平面上的物块A和悬挂的物块B均处于静止状态，物块A的质量为，与水平面的动摩擦因数为，绳AC水平，劲度系数为的轻弹簧中轴线CD与水平方向的夹角，弹簧伸长量为。（）求：
（1）物块A受到的摩擦力和物块B的重力大小；
（2）现向下缓慢移动弹簧的D处固定端，调节弹簧长度保证绳AC水平，为了使物块A始终不被拉动，CD与水平方向的夹角的最小值。
【答案】（1）， （2）
【解析】
【小问1解析】
对物块A、B和结点C整体，由平衡条件有
解得物块A所受的摩擦力大小
对物块B和结点C整体，由平衡条件知，物块B的重力大小
【小问2解析】
对结点C和物块B整体进行受力分析，作出矢量三角形如图所示
由平衡条件结合几何关系
可见当AC绳的拉力最大时，最小，此时物块A所受的静摩擦力恰好达到最大，对物块A进行分析，由平衡条件可知，AC绳的最大拉力大小
由于
解得CD与水平方向的夹角的最小值
15. 如图所示，AB为固定斜面，倾角为，小球从A点以初速度水平抛出，恰好落到B点。求：（空气阻力不计，重力加速度为）
（1）小球在空中飞行的时间及A、B间的距离；
（2）从抛出开始，经过多长时间小球与斜面间的距离最大？最大距离为多大？
【答案】（1）， （2），
【解析】
【小问1解析】
位移与水平方向的夹角为，则有
解得运动的时间
AB间的距离
解得
【小问2解析】
当小球的速度方向与斜面平行，距离斜面最远，根据
则经历的时间
将小球的速度和加速度分解为沿斜面方向和垂直斜面方向，则有
，
则最大距离
解得
16. 如图所示，质量为、长为的一只长方体形空铁箱在水平拉力F作用下沿水平面向右匀加速运动，铁箱与水平面间的动摩擦因数为。这时铁箱内一个质量为的木块能静止在后壁上。木块与铁箱内壁间的动摩擦因数为。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取。求：
（1）为使木块恰好能静止在后壁上，水平拉力F的大小；
（2）减小拉力F，经过一段时间，木块沿铁箱左侧壁落到底部且不反弹，当铁箱的速度为时撤去拉力，又经多长时间木块从左侧到达右侧？
【答案】（1）129N （2）
【解析】
【小问1解析】
因木块恰好能静止在后壁上，对木块分析有
，
可得
以木块和铁箱为整体，根据牛顿第二定律可得
解得水平拉力为
【小问2解析】
撤去外力后，木块匀减速加速大小为
以铁箱为对象，根据牛顿第二定律可得
解得
设木块经过时间从左侧到达右侧，且铁箱还未停止运动，则有
代入数据解得
此时铁箱的速度为
假设成立，可知木块经过2s木块从左侧到达右侧。