山东省烟台市招远市2024-2025学年九年级（上）期末物理试卷-（含解析）

这是一份山东省烟台市招远市2024-2025学年九年级（上）期末物理试卷-（含解析），共18页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.航母的阻拦索在拦停高速运动的飞机时，要承受巨大冲力，绳索会伸长至原长的1.2倍以上，逐渐吸收舰载机降落时的巨大能量，最后恢复原状。另外，阻拦索要承受战时起火等极端情况，还要防止铁磁性颗粒吸附混入绳索内，发生磨损。关于制造阻拦索的材料应具备的物理属性，下列说法不正确的是( )
A. 硬度大B. 弹性好C. 熔点高D. 磁性强
2.信息传递技术的发展使人们冲破了时空的阻隔，信息之路越来越宽了，下列关于信息传递的说法不正确的是( )
A. 光纤通信是利用光从光导纤维的一端射入，在内壁多次反射从另一端射出，从而把它携带的信息传到远方
B. 微波是一种电磁波，它不能用于传递信息，只能用于微波炉中加热食物
C. 电磁波的传播可以不需要介质
D. 卫星通信是利用人造地球卫星作为中继站，进行通信
3.美国《发现》网站于2023年10月报道：“牛能感知地球磁场，吃草、休息时，其身体朝向习惯与地磁场磁感线平行(如图所示)。”为求证真伪，同学们设计如下实验方案：在四周无明显差异的草地上，多次观察牛吃草、休息时的身体朝向，若报道真实，则牛的身体朝向习惯性呈现四个场景中的( )
A. ①和②B. ③和④C. ①和③D. ②和④
4.我国古代科技著作《天工开物》里记载了铸造“万钧钟”和“鼎”的方法，先用泥土制作“模骨”，“干燥之后以牛油、贫蜡附其上数寸”，在油蜡上刻上各种图案(如图)，然后在油蜡的外面用泥土制成外壳；干燥之后，“外施火力炙化其中油蜡”，油蜡流出形成空腔，在空腔中倒入铜液，待铜液冷却后，“钟鼎成矣”。下列说法正确的是( )
A. “炙化其中油蜡”是熔化过程，需要放热B. “炙化其中油蜡”是液化过程，需要吸热
C. 铜液冷却成钟鼎是凝固过程，需要放热D. 铜变成铜液是凝华过程，需要吸热
5.2024年10月21日上午9点45分，随着G9227次动车缓缓驶进招远站，标志着新建潍坊至烟台高速铁路招远段正式开通运营，招远市迈入高铁时代。高铁站的自动检票闸机口设有身份证和人脸识别双重验证，两个信息相符合后闸机门(电动机)自动打开，乘客可检票通过。若每个信息验证成功相当于闭合一个开关，下列模拟电路符合要求的是( )
A. B.
C. D.
6.如图所示电路，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右移动时( )
A. 电流表的示数不变，电压表的示数不变
B. 电流表的示数变小，电压表的示数变大
C. 电流表的示数不变，电压表的示数变大
D. 电流表的示数变小，电压表的示数不变
7.如图所示是一个灯泡L和一个定值电阻R的I-U图像。下列分析正确的是( )
A. 甲为灯泡L的图线
B. 当电压为0时，L与R的阻值均为0
C. 将L和R并联在6V的电源两端，电路总电阻为36Ω
D. 将L和R串联在6V的电源两端，L的功率为0.24W
8.如图所示是某同学家部分家庭电路的示意图。电能表上标有“220V 10(40)A”的字样，他家正在使用的所有用电器总功率为6kW，其中电饭煲的功率为1.5kW，饭煮熟后，他将这个电饭煲插头从插座中拔出，再将功率为1kW的电热水壶插头接入插座中，其它用电器仍正常工作，闭合电热水壶上的开关，空气开关跳闸。空气开关跳闸的原因可能是( )
A. 照明灯的开关接在了零线与灯泡之间B. 用电器的总功率过大
C. 电热水壶的内部电路短路D. 接入电热水壶的插座短路
9.小明按人类对磁的认识历程，对“电磁转换”一章知识进行梳理，图中对应位置的内容填写正确的是( )
A. 赫兹B. 电动机C. 电磁起重机D. 电磁感应现象
10.科技创新活动中，小明的作品“隔板推物”引起了同学们的极大兴趣，其原理如图甲所示，a、b两个导体棒分别悬挂在两个蹄形磁铁的磁场中，两导体棒通过导线相连，构成了一个闭合回路，用手推动导体棒a左右摆动时，导体棒b会随之摆动，下列关于这一现象的说法中正确的是( )
A. 导体棒a左右摆动时，闭合回路中没有产生感应电流
B. 导体棒a左右摆动时，仅发生了电能向机械能的转化
C. 导体棒b随之摆动的原理与图乙所示装置的原理相同
D. 用手推动导体棒b左右摆动时，导体棒a不会随之摆动
二、多选题：本大题共4小题，共12分。
11.“谚语”是中华民族智慧的结晶，下列说法正确的是( )
A. 霜降有霜，米谷满仓——霜的形成是凝华现象，需要放热
B. 白露种高山，秋分种平川——露的形成是液化现象，需要放热
C. 大雾不过晌，过晌听雨响——雾的形成是汽化现象，需要吸热
D. 立春雪水化一丈，打得麦子无处放——冰雪消融是熔化现象，需要吸热
12.如图甲为我国古代的“节能灯”——“省油灯”，图乙为其部分剖面示意图。向灯盏夹层内注水，有助于减慢油的蒸发，达到省油的目的。关于“省油灯”说法正确的是( )
A. 向灯盏夹层内注水，目的是降低油的温度B. 向灯盏夹层内注水，目的是减少油的体积
C. 水在升温的过程中，放热，内能增加D. 水在升温的过程中，吸热，内能增加
13.如图所示电路，电源电压保持不变。闭合开关后，电路中各元件正常工作，两个相同的电流表(均有0-0.6A，0-3A两个量程)指针偏转的角度相同。一段时间后电流表A1指针偏转的角度突然变为原来的15，若定值电阻R1或R2出现了断路故障，其它元件均完好。针对故障电路的观察分析，下列说法正确的是( )
A. 电压表示数不变B. 电流表A1的示数一定大于A2的示数
C. 一定是电阻R1出现了断路故障D. 一定是电阻R2出现了断路故障
14.某家用电热壶有“加热”和“保温”两个挡位，其简化电路如图甲所示，电热丝R1=48.4Ω，R2=435.6Ω。小明为测量电热壶的实际功率，他把家中的其它用电器都与电源断开，仅让电热壶工作，1min内电能表的转盘转动了16转，如图乙所示。不考虑热量损失，下列说法正确的是( )
A. 开关S接“1”时，电热壶为“加热”挡位
B. 开关S接“1”时，电热壶为“保温”挡位
C. 电热壶的正常加热功率为1000W
D. 测量时电热壶的实际加热功率为800W
三、填空题：本大题共5小题，共15分。
15.《本草纲目》记载：“琥珀如血色，以布拭热，吸得芥子者真也”。“拭”指摩擦，“以布拭热”是通过______(选填“做功”或“热传递”)的方式改变琥珀的内能。“吸得芥子”是由于琥珀因摩擦带______而______轻小的芥子。
16.2024年4月30日，全球最大的压缩空气储能项目在我国并网发电，工作原理如图。在用电低谷时段利用电网多余电能驱动压缩机压缩空气，使空气______增大(填能量形式)；在用电高峰时段高压空气被释放，膨胀对外______，使膨胀机转动，将内能转化为______，带动发电机产生电能输送至电网。
17.2023年5月30日，在酒泉基地发射的“神舟十六号”载人飞船升空过程中，燃料舱内的液态氢的热值______(选填“变大”、“不变”或“变小”)；一台四冲程汽油机，完全燃烧2kg的汽油可以转化为2.3×107J的机械能，2kg汽油完全燃烧放出的热量为______J，该汽油机的热机效率是______。(已知汽油的热值为4.6×107J/kg)
18.如图所示为可调亮度台灯及其用于调光的电位器结构图，电位器应与灯泡______(选填“串联”或“并联”)，它是通过改变电阻片接入电路中的______来改变其接入电路中的电阻，欲使滑片P顺时针转动时灯泡变暗，应将接线柱______接入电路。
19.如图所示，电源电压不变，小灯泡L标有“6V 3W”字样，滑动变阻器的规格“20Ω 1A”，电流表量程为0～0.6A，当开关S1、S2同时闭合时，小灯泡正常发光，则小灯泡正常发光的电阻RL为______Ω，滑动变阻器滑片P向右移动时，小灯泡的亮度将______(选填“变亮”“变暗”或“不变”)；保持开关S1始终闭合，通过调节电路，使电路消耗的最大功率为P1，最小功率为P2，则P1：P2= ______。
四、作图题：本大题共1小题，共3分。
20.将通电螺线管和条形磁铁如图放置，开关闭合时，请在左侧小虚线框内标明通电螺线管左端的磁极，在中间大虚线框内画出磁感线的分布情况(三条即可)。
五、实验探究题：本大题共3小题，共24分。
21.小明使用阻值为52Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻各一个，电压为3V的电源以及规格为“10Ω，0.5A”的滑动变阻器等器材，来探究电流与电阻的关系。

(1)他首先将5Ω的电阻接入了图甲的电路中，检查时发现电路中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确。
(2)电路正确连接后，闭合开关时发现，此时电压表和电流表均无示数，他判断产生此现象的原因是______(选填“定值电阻”或“滑动变阻器”)断路。排除故障后移动滑动变阻器的滑片，电流表示数如图乙所示，则此时电压表示数为______V。
(3)当定值电阻由5Ω换为10Ω时，为达到实验要求，需向______(选填“左”或“右”)调节滑动变阻器的滑片。
(4)小明按上述方法，更换不同阻值的电阻进行了多次实验后，得出结论：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成______。
22.小明学习电和磁的相关知识时，完成了下列两个实验。

(1)在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明用相同的漆包线和铁钉绕制成电磁铁A和B，设计了如图甲所示的电路。
①图中A、B串联的目的是______；
②闭合开关后，分析图中的现象，得出的结论是______；
③若让B铁钉再多吸一些大头针，滑动变阻器的滑片应向______(选填“左”或“右”)端移动。
(2)小明用如图乙所示的实验装置探究产生感应电流的条件。
①闭合开关，若导体ab不动，左右移动磁铁，电路中______(选填“有”或“无”)感应电流。
②该实验的结论是：闭合电路的一部分导体，在磁场中做______，导体中就会产生感应电流。
23.如图甲所示，小明用相同的酒精灯分别给质量和初温均相同的水和煤油加热，以探究水和煤油吸热能力的大小。

(1)在图甲中组装器材时，发现温度计的玻璃泡碰到了烧杯底，应适当将______(选填“A处向上”或“B处向下”)调整。
(2)每隔相同的时间记录一次温度，根据实验数据绘制成温度与加热时间的关系图象，如图丙所示。实验中，通过比较______来反映煤油和水吸收热量的多少。
(3)根据图丙中图象可知，如果使煤油和水吸收热量相同，温度变化大的是______。
(4)实验结束后，小明又找来了一些冰块，探究了冰熔化过程中温度随时间的变化规律，如图丁所示，通过分析图象发现，升高相同的温度AB段与CD段需要加热的时间不同，原因是______。
六、计算题：本大题共2小题，共20分。
24.恒温箱广泛应用于医疗、科研、化工等行业部门。某恒温箱的工作原理图如图所示，两开关均闭合时处于加热状态，其功率为550W；加热至设定恒温温度时，开关S2断开，恒温箱处于保温状态。将恒温箱两气孔封闭时，箱内空气质量为5.2kg，将箱内温度从20℃加热至设定的恒温温度用时4min20s。若电热丝R2的阻值为110Ω，恒温箱的加热效率为80%，箱内空气的比热容1.0×103J/(kg⋅℃)，求：
(1)恒温箱的保温电流。
(2)电热丝R1的阻值。
(3)恒温箱的恒温温度。
25.某款有高、低温两挡的电熨斗电路原理图如图甲所示，R1、R2为电热丝，电源电压为220V。该电熨斗高温挡和低温挡的功率分别为484W和200W。

(1)求R2的阻值；
(2)若电熨斗高、低温挡交替使用，连续工作10min消耗电能2.62×105J，求出低温状态下的工作时间；
(3)为了适应不同室温和更多衣料，小明对电路做了改进，将R2换成滑动变阻器R3，如图乙所示，R1、R3均为发热体。假定电熨斗每秒释放的热量Q跟电熨斗表面温度与环境温度的温度差Δt的关系如图丙所示，那么在一个20℃的房间里，要求电熨斗表面保持220℃不变，应将R3的阻值调为多少？
七、综合题：本大题共1小题，共6分。
26.阅读短文，回答问题。
致冷设备的工作原理如图所示，常用的致冷设备主要由“压气机、冷凝器、蒸发器和节流阀四个基本部件组成。它们之间用管道依次连接，形成一个密闭的系统，制冷剂在系统中不断地循环流动，发生状态变化，与外界进行热量交换。其中的制冷剂是容易由气态变成液态和由液态变成气态的物质，常用的有氨及氟氯烷等。
压气机反复加压，把气态氨压入冷凝器的管里遇冷变成了液体。冷凝器管里的液态氨再通过节流阀缓慢地进入蒸发器的管里迅速汽化，在汽化中从管外的食盐水里吸取热量，使食盐水的温度降低。生成的氨气又被压气机抽走，压入冷凝器，这样氨可以循环使用。温度降低后的食盐水可作为致冷剂用来制冰，冷却食品或降低夏季房间里的气温。
(1)氨在冷凝管发生的物态变化是______(填物态变化的方式)；
(2)致冷设备起致冷作用的部分是______(选填致冷设备的四个基本部件)；
(3)在致冷设备中，氨和食盐水的特性分别是______(选填字母符号)。
A.沸点低凝固点低
B.沸点高凝固点低
C.凝固点高沸点低
D.凝固点高沸点高
答案和解析
1.【答案】D
【解析】A、由“航母的阻拦索在拦停高速运动的飞机时，要承受巨大冲力”可知，制造阻拦索的材料应具备硬度大的物理特性，故A正确；
B、由“绳索会伸长至原长的1.2倍以上，逐渐吸收舰载机降落时的巨大能量，最后恢复原状”可知，制造阻拦索的材料应具备弹性好的物理特性，故B正确；
C、由“阻拦索要承受战时起火等极端情况”可知，制造阻拦索的材料熔点高，故C正确；
D、由“还要防止铁磁性颗粒吸附混入绳索内”可知，制造阻拦索的材料应具备磁性弱的物理属性，故D错误。
故选：D。
2.【答案】B
【解析】A、光纤通信是利用光从光导纤维的一端射入，在内壁多次反射从另一端射出，从而把它携带的信息传到远方，故A正确；
B、波是一种电磁波，它既能用于传递信息，又能用于微波炉中加热食物，故B错误；
C、电磁波的传播可以不需要介质，可以在真空中传播，故C正确；
D、卫星通信是利用人造地球卫星作为中继站，进行通信，故D正确。
故选：B。
3.【答案】A
【解析】地磁的南极在地理的北极附近，地磁的北极在地理的南极附近，地球周围的磁感线从磁北极指向磁南极；因牛的身体朝向习惯与地磁场磁感线平行，则牛的身体朝向习惯性呈现南北方向，即图中①②，故A正确，BCD错误。
故选：A。
4.【答案】C
【解析】AB.“炙化其中油蜡”描述的是油蜡从固态变为液态的过程。在物理学中，物质从固态变为液态被称为熔化，熔化过程是一个吸热过程。故AB错误；
C.铜液冷却成钟鼎描述的是铜从液态变为固态的过程。在物理学中，物质从液态变为固态被称为凝固，凝固过程是一个放热过程。故C正确；
D.铜变成铜液描述的是铜从固态变为液态的过程。在物理学中，物质从固态变为液态被称为熔化，而不是凝华，熔化过程需要吸热，故D错误。
故选：C。
5.【答案】D
【解析】根据题意可知，只有两个开关都闭合的情况下，闸机门自动打开，这说明两个开关相互影响，是串联的，然后与电动机串联，故D正确。
故选：D。
6.【答案】A
【解析】由图可知，R1与R2并联，电流表测通过R1的电流，电压表测电源电压，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右移动时，R2接入电路的阻值变大，因并联电路各支路互不影响，所以电流表示数不变；电源电压不变，则电压表示数不变。
故选：A。
7.【答案】D
【解析】A、定值电阻的电流与其两端电压成正比，所以定值电阻R的I-U关系图像是一条直线，所以甲表示电阻R的I-U关系图像，曲线乙是灯泡L的I-U关系图像，故A错误；
B、当电压为0时，L与R的阻值均不为0，故B错误；
C、将L和R并联在6V的电源两端，由图象知，定值电阻R中流过的电流为0.25A，灯泡L中流过的电流为0.5A，电路中的总电流为0.25A+0.5A=0.75A，故电路中的总电阻为R总=UI总=6V0.75A=8Ω，故C错误；
D、若将L和R串联在6V的电源两端，结合串联电路的电流、电压规律，通过分析图可知，此时小灯泡两端电压为1.2V，定值电阻两端电压为4.8V，电路中电流为0.2A，L的功率为PL=ULIL=1.2V×0.2A=0.24W，故D正确。
故选：D。
8.【答案】C
【解析】A、照明灯的开关接在了零线与灯泡之间，不会引发空气开关跳闸，只是容易发生触电事故，故A不符合题意；
B、由电能表上的参数可得，电路中允许的最大功率为：P=UI=220V×40A=8800W；
正在使用的所有用电器总功率为6kW，其中电饭煲的功率为1.5kW，将电饭煲插头从插座中拔出，再将功率为1kW的电热水壶插头接入插座中，电路中用电器总功率变小，所以空气开关跳闸的原因不可能是用电器的总功率过大，故B不符合题意；
CD、如果接入电热水壶的插座短路，没有插入电热水壶时，空气开关就应该会跳闸，闭合电热水壶上的开关，空气开关跳闸，则说明是由于电热水壶的内部电路短路，故C符合题意、D不符合题意。
故选：C。
9.【答案】D
【解析】A、丹麦的物理学家奥斯特最早通过实验说明电流的周围存在磁场，即电流的磁效应，故A错误；
B、电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的，不是电流的磁效应，故B错误；
C、电磁起重机的原理是电流的磁效应，不是磁场对电流的作用，故C错误；
D、发电机的原理是电磁感应现象，故D正确。
故选：D。
10.【答案】C
【解析】AB、导体棒a左右摆动的过程做切割磁感线运动，闭合的回路中有感应电流产生，工作时将机械能转化为电能，故AB错误；
C、左边作为电源给右边提供电能，右边导体棒b随之摆动相当于通电导体在磁场中受力运动，与图乙所示装置的原理相同，故C正确；
D、用手推动导体棒b左右摆动的过程中，导体棒做切割磁感线运动，闭合的回路中有感应电流产生，导体棒a也会随之摆动，故D错误。
故选：C。
11.【答案】ABD
【解析】A.霜是空气中的水蒸气凝华形成的小冰晶，此过程需要放热，故A正确；
B.露是空气中的水蒸气液化形成的小水珠，此过程需要放热，故B正确；
C.雾是空气中的水蒸气液化形成的小水珠，此过程需要放热，故C错误；
D.冰雪消融是熔化现象，此过程需要吸热，故D正确。
故选：ABD。
12.【答案】AD
【解析】AB、灯点燃后，热会由灯盏通过热传递的方式使油的内能增大，温度升高，加快油的蒸发，容易耗油；如果向灯盏夹层内注水，因为水的比热容较大，可以吸收更多的热量，所以可以使油的温度降低，减慢油的蒸发，达到省油的目的，故A正确、B错误。
CD、点灯后，水吸收热量，水的温度升高，内能增加，这是通过热传递改变内能的，故C错误、D正确。
故选：AD。
13.【答案】AC
【解析】由电路图知，R1、R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2电流，电压表测电源电压。
A、电压表测电源电压，所以电压表示数不变，故A正确；
BCD，两个相同的电流表(均有0～0.6A，0～3A两个量程)指针偏转的角度相同，根据并联电路的电流规律可知，电流表A1选用大量程，电流表A2选用小量程，且电流表A1示数是电流表A2示数的5倍。一段时间后，电流表A1针偏转的角度突然变为原来的15，则电流表A1和电流表A2示数相等，所以故障是电阻R1出现了断路故障，故C正确，BD错误。
故选：AC。
14.【答案】ACD
【解析】AB、由图可知，当开关S接“2”是R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中的总功率最小，电热壶处于保温挡，开关S接“l”时，只有R1接入电路，电路中的总电阻最小，总功率最大，电热壶处于加热挡，故A正确、B错误；
C、电热壶的加热额定功率：P加=(U)2R1=(220V)248.4Ω=1000W，故C正确；
D、电能表的转盘转动了16转，电热壶消耗的电能：W=16r1200r/(kW⋅h)=175kW⋅h，
电热壶的实际加热功率：P=Wt=175kW⋅h160h=0.8kW=800W，故D正确。
故选：ACD。
15.【答案】做功；电；吸引
【解析】改变内能的方法是做功和热传递，“以布拭热”是通过做功的方式改变琥珀的内能。“吸得芥子”是由于琥珀因摩擦得到电子而带电，从而而吸引轻小的芥子。
故答案为：做功；电；吸引。
16.【答案】内能 做功 机械能
【解析】在用电低谷时段利用电网多余电能驱动压缩机压缩空气，对空气做功，使空气内能增大；
在用电高峰时段高压空气被释放，膨胀对外做功，使膨胀机转动，将内能转化为机械能。
故答案为：内能；做功；机械能。
17.【答案】不变 9.2×107 25%
【解析】热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关，因此在酒泉基地发射的“神舟十六号”载人飞船升空过程中，燃料舱内的液态氢的热值不变；
2kg汽油完全燃烧放出的热量为：
Q放=mq=2kg×4.6×107J/kg=9.2×107J；
该汽油机的热机效率为：
η=WQ放×100%=2.3×107J9.2×107J×100%=25%。
故答案为：不变；9.2×107；25%。
18.【答案】串联 长度 2、3
【解析】(1)电位器串联在电路中能改变电路中电流的大小，所以图中电位器应与灯泡串联；
(2)电位器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻，从而改变电路的电流达到改变灯泡亮度的目的；
(3)欲使滑片P顺时针转动时灯泡变暗，顺时针转动旋钮时，灯泡变暗，电路中电流变小，电位器接入电路的电阻变大，接2、3线柱。
故答案为：串；长度；2、3。
19.【答案】12 不变 11：3
【解析】小灯泡正常发光的电阻RL=(UL)2PL=(6V)23W=12Ω；
图中滑动变阻器与小灯泡是并联关系，互不影响，因此滑动变阻器滑片P向右移动时，小灯泡的亮度将不变；
保持开关S1始终闭合，电流表与滑动变阻器串联，量程为0～0.6A，当通过滑动变阻器的电流为0.6A时，根据P=UI可知，电路消耗的功率最大，此时滑动变阻器的电功率为PR=UI=6V×0.6A=3.6W，此时电路消耗的最大功率为P1=PR+PL=3.6W+3W=6.6W；
保持开关S1始终闭合，将开关S2断开，当滑动变阻器的滑片在最右端时，滑动变阻器连入电路的阻值最大，根据P=U2R可知，电路消耗的功率最小，此时电路消耗的最小功率为P2=PR'=U2R=(6V)220Ω=1.8W；
则P1：P2=6.6W：1.8W=11：3。
故答案为：12；不变；11：3。
20.开关闭合时，根据电流的流向，利用安培定则可知，通电螺线管的右端为N极，左端为S极，在磁体的外部，磁感线是从磁体的N极出来回到磁体的S极的，如图所示：

【解析】根据安培定则判定通电螺线管的极性；在磁体的外部，磁感线是从磁体的N极出来回到磁体的S极的。
21.【答案】滑动变阻器 2 右 反比
【解析】(1)原电路中，电流表与定值电阻并联，电压表串联在电路中是错误的，在探究电流与电阻的关系实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端，如图所示：
；
(2)若电流表无示数，说明电路可能断路；电压表无示数，说明电压表与电源之间存在断路，即产生此现象的原因是滑动变阻器断路；电流表选用量程为0～0.6A，示数0.4A，则U=IR=0.4A×5Ω=2V，因此此时电压表示数为2V；
(3)实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右滑动；
(4)小明按上述方法，更换不同阻值的电阻进行了多次实验后，因电流与电阻的乘积为一定值，故可得出结论：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比。
故答案为：
(1)
；
(2)滑动变阻器；2；
(3)右；
(4)反比。
22.【答案】控制电流相等 当电流相同时，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强 左 有 切割磁感线运动
【解析】(1)①探究电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数的关系时，采用控制变量法，图中将两电磁铁串联，是为了使流经它们的电流相等，这样才能比较电磁铁的磁性强弱与线圈匝数的关系；②图中电流相同、铁芯相同，线圈匝数不同、磁性强弱不同，因此可得出结论：电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数有关，在其他条件相同时，线圈匝数越多，磁性越强；③向左端移动滑动变阻器的滑片可使电路中的电流增大，电磁铁磁性增强，从而吸引更多的大头针。
(2)①如图乙所示的实验装置，闭合开关，若导体ab不动，左右移动磁铁，以磁铁为参照物，导线就是水平运动的，做的是切割磁感线的运动，所以就会产生感应电流；
②结论：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；电磁感应现象中，消耗了机械能，得到了电能；此时的导体ab相当于电源。
故答案为：(1)控制电流相等；当电流相同时，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；左；(2)有；切割磁感线运动。
23.【答案】A处向上 加热时间 煤油 水的比热容比冰大
【解析】(1)实验中要用酒精灯的外焰加热，故在图甲中组装器材时，发现温度计的玻璃泡碰到了烧杯底，应适当将A处向上调整；
(2)根据转换法，实验过程中通过加热时间长短反映两种液体吸热的多少；
(3)根据图丙中图象可知，如果使煤油和水吸收热量相同，即加热相同的时间，煤油的温度变化大；
(4)冰熔化为水后质量不变，图象中AB、CD段升高的温度相同，但CD段加热的时间长，说明水吸收的热量较多，根据公式Q吸=cmΔt可知，这是因为水的比热容比冰的大。
故答案为：(1)A处向上；(2)加热时间；(3)煤油；(4)水的比热容比冰大。
24.(1)由图可知，两开关均闭合时处于加热状态，由图可知，R1、R2并联，
由P=UI可知，此时的总电流：I加=P加U=550W220V=2.5A，
通过电热丝R2的电流：I2=UR2=220V110Ω=2A，
根据并联电路的电流特点可知，此时通过R1的电流：I1=I加-I2=2.5A-2A=0.5A
当开关S1闭合，S2断开时，保温箱处于保温状态，电路是只有R1的简单电路，因电路的电压和电阻都没变，所以恒温箱的保温电流与加热状态时的电流相同，即为0.5A；
(2)由I=UR可知，电热丝R1的阻值：R1=UI保=220V0.5A=440Ω；
(3)由P=Wt可知，恒温箱加热4min20s消耗的电能：W=P加t=550W×(4×60s+20s)=1.43×105J，
由η=Q吸W可知，恒温箱内气体吸收的热量：Q加=ηW=80%×1.43×105J=1.144×105J，
由Q吸=cm(t-t0)可知，恒温箱的恒温温度：t=Q吸cm+t0=1.144×105J1.0×103J/(kg⋅℃)×5.2kg+20℃=42℃
答：(1)恒温箱的保温电流是0.5A；
(2)电热丝R1的阻值440Ω；
(3)恒温箱的恒温温度42℃。
25.(1)由图甲可知断开开关，两电阻串联接入电路，电路总电阻较大；闭合开关，只有R1接入电路，电路总电阻较小，根据P=U2R可知，电路消耗的功率较大，电熨斗处于高温挡，由此可知R1的电阻为：
R1=U2P高=(220V)2484W=100Ω；
断开开关时，R1、R2串联，电路的总电阻较大，根据P=U2R可知，电路消耗的功率较小，电熨斗处于低温挡，由此可知R1、R2的总电阻为：
R1+R2=U2P低=(220V)2200W=242Ω；
故R2的阻值为：R2=242Ω-100Ω=142Ω；
(2)工作总时间：10min=600s，设电熨斗在P低=200W下工作时间为t，则有：
W=P低t+P高(600s-t)，将W=2.62×105J、P低=200W、P高=484W代入上式，解得：t=100s；
(3)由题干可知室温为20℃，电熨斗表面温度为220℃时，温差为：Δt=220℃-20℃=200℃；
由图像丙可知，在温差为200℃下电熨斗每秒钟放出的热量为400J，此时电熨斗的加热功率为：
P加热=Wt'=400J1s=400W；
此时电路乙中的加热功率为：
P加热=U2R1+R3将P加热=400W、U=220V、R1=100Ω代入上式，解得R3=21Ω。
答：(1)R2的阻值为142Ω；
(2)低温状态下的工作时间为100s；
(3)R3的阻值调为21Ω。
26.【解析】 (1)根据题意可知，氨在冷凝管由气态变成液态，发生的物态变化是液化。
(2)冷凝器管里的液态氨再通过节流阀缓慢地进入蒸发器的管里迅速汽化，在汽化中从管外的食盐水里吸取热量，使食盐水的温度降低．因此制冷设备起制冷作用的部分是蒸发器。
(3)冷凝剂要求既容易汽化，又容易液化，所以应具有的主要物理性质是沸点低；由于制冷剂在系统中不断地循环流动，必须始终保持是液态或气态，不能变成固态，因此要求冷凝剂的凝固点低，不易凝固，故BCD不符合题意，A符合题意。
故选：A。
故答案为：(1)液化；(2)蒸发器；(3)A。