重庆市2024-2025学年九年级(下)开学适应性模拟测试练习卷物理试卷（解析版）

这是一份重庆市2024-2025学年九年级(下)开学适应性模拟测试练习卷物理试卷（解析版），共16页。
1．（2024秋•合川区期中）下列物理现象中，不属于扩散现象的是（ ）
A．腌制盐蛋B．蔗糖溶解C．尘土飞扬D．香气扑鼻
【答案】C
【解析】不同物质接触时分子彼此进入的现象叫扩散现象，腌制咸蛋、蔗糖溶解和香气扑鼻都是扩散现象，故ABD正确；尘土肉眼能够观察到，因此不属于扩散现象，故C错误。故选：C。
2．（2023秋•九龙坡区期末）“大雪”是我国传统二十四节气之一，唐代著名诗人白居易有诗“绿蚁新醅酒，红泥小火炉。晚来天欲雪，能饮一杯无？”描写诗人在一个风雪飘飞的傍晚与朋友相聚的情景，下列有关说法中正确的是（ ）
A．雪花的形成是凝固现象
B．围在火炉旁感到温暖是因为火炉含有热量
C．搓手取暖是通过热传递来改变内能的
D．酒香四溢说明分子在不停地做无规则运动
【答案】D
【解析】A．雪花是空气中水蒸气遇冷凝华形成的，故A错误；
B．热量是过程量，不能说含有，故B错误；
C．搓手取暖，克服摩擦做功，机械能转化为内能，通过做功的方式改变物体的内能，故C错误；
D．酒香四溢属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故D正确。故选：D。
3．（2024秋•合川区期中）自然界能量的形式多种多样，在一定条件下它们都是可以互相转化的，图中属于内能转化为机械能的是（ ）
A．acB．bdC．bcD．cd
【答案】B
【解析】a.压缩点燃硝化棉实验中，活塞压缩空气做功，机械能转化为内能，故a不符合题意；
b.运载火箭点火，喷出气体推动火箭升空的过程，是内能转化为火箭的机械能，故b符合题意；
c.钻木取火，是做功使物体的温度升高，将机械能转化为内能，故c不符合题意；
d.汽油机的做功冲程中，高温高压的燃气对外做功，将内能转化为机械能，故d符合题意。故选：B。
4．（2024秋•开州区期中）下列说法正确的是（ ）
A．物体温度越高，含有的热量越多
B．热机做的有用功多，热机的效率就高
C．物体吸收热量，温度可能不变
D．热值大的燃料完全燃烧，放出的热量一定多
【答案】C
【解析】A.热量是一个过程量，不是一个状态量，热量描述了物体发生热传递时，传递能量的多少，不能说物体含有或具有多少热量，故A错误；
B.用来做有用功的那部分能量和燃料完全燃烧放出的能量之比，叫做热机的效率，热机做的有用功多，热机的效率不一定高，还与放出的总热量有关，故B错误；
C.物体吸收热量，温度可能不变，如晶体的熔化过程，故C正确；
D.热值大的燃料完全燃烧，放出的热量不一定多，因为还与燃料的质量有关，故D错误；
故选：C。
5．（2024秋•合川区期中）下列说法正确的是（ ）
A．在一个并联电路中，将电流表直接接在电源两极就可以测出干路电流
B．物理学规定，电荷定向移动的方向为电流方向
C．给手机充电的过程，把化学能转化成了电能
D．在热传递过程中，热量总是从高温物体传给低温物体
【答案】D
【解析】A.在一个并联电路中，将电流表直接接在电源两极不但不能测出干路电流，还会把电流表烧坏，故A错误；
B.物理学规定，正电荷定向移动的方向为电流方向，故B错误；
C.给手机充电的过程，把电能转化成了化学能，故C错误；
D.在热传递过程中，热量总是从高温物体传给低温物体，故D正确；故选：D。
6．（2024秋•巴南区月考）下列说法中不正确的是（ ）
A．发光的电灯，它的两端一定有电压
B．铁块很难被压缩，说明固体分子之间不存在间隙
C．内燃机在压缩冲程中，气缸内气体温度升高，内能增大
D．验电器的工作原理是同种电荷相互排斥
【答案】B
【解析】A．发光的电灯，它的两端一定有电压，故A正确，不符合题意；
B．铁块很难被压缩，说明固体分子之间存在间隙且有斥力，故B错误，符合题意；
C．内燃机在压缩冲程中，气缸内气体温度升高，内能增大，故C正确，不符合题意；
D．验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故D正确，不符合题意。故选：B。
7．（2024秋•沙坪坝区校级期中）下列估测数据最接近实际的是（ ）
A．实验室小灯泡正常工作的电流约为2A
B．重庆歌乐山上水的沸点约为120℃
C．家用电冰箱正常工作的电压是220V
D．中学生小明游泳时所受的浮力约为50N
【答案】C
【解析】A．实验室用小灯泡的电流约为0.2A，故A错误；
B．重庆歌乐山上海拔高度较高，气压较低，水的沸点低于100℃，故B错误；
C．家庭电路的电压为220V，所以家用电冰箱正常工作电压约为220V，故C正确；
D．小明的重力约为500N，人在水中游泳处于漂浮或悬浮状态，根据物体的浮沉条件可知：F浮＝G＝500N，故D错误。故选：C。
8．（2024秋•沙坪坝区校级期中）如图所示的电路中，R1和R2是定值电阻，则下列说法中正确的是（ ）
A．三个开关都闭合，且滑动变阻器的滑片置于最左端时，R1和R2串联
B．三个开关都闭合，且滑动变阻器的滑片置于最左端时。电流表测干路电流
C．若只闭合开关S和S1，电压表示数为零
D．若只闭合开关S和S2，电压表与滑动变阻器并联
【答案】B
【解析】A.三个开关都闭合，且滑动变阻器的滑片置于最左端时，R1和R2并联，故A错误；
B.三个开关都闭合，且滑动变阻器的滑片置于最左端时。电流表串联在干路上，测干路电流，故B正确；
C.若只闭合开关S和S1，电压表测R1两端的电压，示数不为零，故C错误；
D.若只闭合开关S和S2，滑动变阻器与电阻R2串联，电压表与电阻R2并联，故D错误；
故选：B。
9．（2024秋•沙坪坝区校级期中）如图甲是小灯泡L和电阻R的I﹣U图象。将小灯泡L和电阻R接入如图乙所示的电路中，其电源电压不变，同时闭合开关S1和S2时，电流表的示数为0.7A。下列分析与计算正确的是（ ）
A．此时小灯泡L的电阻为20Ω
B．此时通过电阻R的电流为0.5A
C．此时整个电路的总电阻小于8Ω
D．将小灯泡L和电阻R串联在5V的电路中，通过电路的电流为0.4A
【答案】C
【解析】ABC．同时闭合开关S1和S2时，电阻R与灯泡并联，电流表的示数为0.7A，根据图甲和并联电路的电流特点可知，此时电源电压为4V，通过电阻R的电流为0.2A，通过小灯泡L的电流为0.5A，
由I＝可得，此时小灯泡L的电阻为：，
此时整个电路的总电阻为：＜8Ω，故AB错误，C正确；
D．将灯泡L和电阻R串联在5V的电路中，通过L和R的电流是相同的，根据串联电路的电压规律和图甲可知，电路中的电流为0.2A，故D错误。故选：C。
10．（2024秋•沙坪坝区校级期中）如图所示电路，电源电压保持不变，只闭合S1，滑动变阻器的滑片向右移动，下列说法中正确的是（ ）
A．V1示数变大，V2示数变小，电流表示数变大
B．电压表V1和V2示数之和不变
C．若闭合S1、S2，滑动变阻器的滑片向右移动，则电路中电流变大
D．若闭合S1、S2，滑动变阻器的滑片向右移动，则电压表V1和电流表示数之比不变
【答案】B
【解析】AB．只闭合S1，电压表相当于断路，滑动变阻器全部接入电路，滑动变阻器的滑片向右移动，电阻不变，故电路中的电流不变，而电压表V1和V2示数之和等于电源电压，故A错误，B正确；
CD．若闭合S1、S2，滑动变阻器的滑片向右移动，R1电阻变大，电路的总电阻变大，根据欧姆定律知，电路中的电流变小，电压表V1和电流表示数之比等于R1电阻，故变大，故CD错误。故选：B。
11．（2024秋•渝中区校级月考）如图是小英家上月初和上月末电能表的示数。结合表盘上的信息可知，下列选项中正确的是（ ）
A．小英家家庭电路中的干路电流不得超过10A
B．电能表上指示灯闪烁的次数越多，说明电路中消耗电能越快
C．电能表上指示灯闪烁的次数越多，说明电路中消耗的电能越多
D．电能表上指示灯闪烁320次，表示家庭电路消耗电能0.2kW
【答案】C
【解析】A．由图知电能表允许通过的最大电流为40A，因此小英家干路中的电流不得超过40A，故A错误；
BC．1600imp/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁1600次，电能表上指示灯闪烁的次数越多，则电路中消耗的电能越多，故B错误、C正确；
D．指示灯闪烁320次消耗的电能：W＝＝0.2kW•h，kW是电功率的单位，故D错误。故选：C。
12．（2024秋•垫江县校级期中）如图甲所示为某电阻材料组成的边长为12cm的等边三角形ABC，D为BC边的中点，该材料每1cm的电阻为1Ω。图乙中电源电压恒为U，R0为定值电阻，a、b两点为开放式接点。若将AC点分别接在图乙a、b两点（接AC两点三角形总电阻为R1），电压表示数为U1＝2V；若将AD点接在图乙a、b两点（接AD两点三角形总电阻为R2），此时电压表示数为U2＝1.8V。下列说法不正确的是（ ）
A．R1：R2＝8：9
B．前后两次R0的功率之比为100：81
C．R0的阻值为1Ω
D．电源电压U＝15V
【答案】D
【解析】A．当把A、C两点接入电路，R1＝＝
当把A、D两点接入电路，R2＝＝＝9Ω
故A正确，不符合题意；
B．前后两次R0功率之比＝＝
故B正确，不符合题意；
CD．设电源电压为U，在串联电路中电压的分配与电阻成正比得：，
＝，，
解得：U＝18V，R0＝1Ω，故C正确，不符合题意，D错误，符合题意。故选：D。
二．填空题（共8小题）
13．（2024秋•合川区期中）如图，“曲水流觞”是古代文人墨客诗酒唱酬的一种雅事。将酒盏漂浮在清冽的溪水上随溪流动，会降低酒的温度，这是通过 （选填“做功”或“热传递”）方式改变酒的内能；酒盏里质量100g的酒在漂浮过程中，温度从30℃降低到25℃，会放出 J的热量。[c酒＝3×103J/（kg•℃）]
【答案】热传递；1500。
【解析】将酒盏漂浮在清冽的溪水上随溪流动，内能会从酒传递到水，使酒的温度降低，所以这是通过热传递的方式在改变酒的内能。
酒放出的热量为Q放＝c酒m（t﹣t0）＝3×103J/（kg•℃）×100×10﹣3kg×（30℃﹣25℃）＝1500J。故答案为：热传递；1500。
14．（2024秋•酉阳县校级月考）在一个标准大气压下，把初温为10℃质量为400g的冷水加热到60℃，至少需要吸收的热量为 J，此过程中水的比热容的大小将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】8.4×104；不变。
【解析】水升高的温度Δt＝60℃﹣10℃＝50℃，吸收热量：Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×0.4kg×50℃＝8.4×104J；
比热容是物质的一种特性，水温度升高，比热容不变。故答案为：8.4×104；不变。
15．（2024秋•巴南区月考）在一个标准大气压下，某种燃料的热值为4.2×107J/kg，完全燃烧20g该燃料，能释放出热量 J。若放出的这些热量有80%被水吸收，吸收的这些热量可以将 kg、初始温度为20℃的水烧开。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
【答案】8.4×105；2。
【解析】完全燃烧20g该燃料，能释放出热量是
Q放＝mq＝20×10﹣3kg×4.2×107J/kg＝8.4×105J；
若放出的这些热量有80%被水吸收，则
Q吸＝80%Q放＝80%×8.4×105J＝6.72×105J；
在一个标准大气压下，水的沸点是100℃，
可烧开的水的质量为：
m水＝＝＝2kg。
故答案为：8.4×105；2。
16．（2024秋•沙坪坝区校级期中）法国物理学家 被誉为“电学中的牛顿”，为了纪念他的贡献，人们把他的名字作为了电流的单位，单位符号用字母 表示。
【答案】安培；A。
【解析】法国物理学家安培被誉为“电学中的牛顿”，为了纪念他的贡献，人们把他的名字作为了电流的单位，单位符号用字母A表示。故答案为：安培；A。
17．（2024秋•开州区期中）如图所示的电路，电源电压恒为9V，当开关闭合后，电压表V1的示数为2V，则电压表V2是测量 两端的电压，R1两端电压为 V。
【答案】电源；7。
【解析】由图知，R1、R2串联，电压表V1测R2两端的电压，即电压表V2测量电源电压；
已知电压表V1的示数为2V，即R2两端的电压U2＝2V；
又因为R1、R2串联V2测量电源电压，且电源电压为9V；
所以R1两端的电压为U1＝U﹣U2＝9V﹣2V＝7V。故答案为：电源；7。
18．（2024秋•合川区期中）一节新干电池的电压是 伏。在电路中，要控制小灯泡的亮暗，滑动变阻器必须与小灯泡 联。
【答案】1.5；串。
【解析】一节新干电池的电压是1.5伏。在电路中，要控制小灯泡的亮暗，滑动变阻器必须与小灯泡串联。故答案为：1.5；串。
19．（2024秋•巴南区月考）人们为了纪念科学家对物理学的贡献，常常用科学家的名字命名物理量的单位，如将 的名字命名为电流的单位。德国科学家欧姆经过大量实验归纳总结出电流与电压、电阻之间的关系，其表达式为 （用I、R、U表示）。
【答案】安培；I＝
【解析】把物理学家安培的名字命名为物理量电流的单位；德国物理学家欧姆最先通过实验归纳出一段导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系﹣欧姆定律，写成数学表达式为I＝。故答案为：安培；I＝。
20．（2024秋•垫江县校级期中）电路元件A和B中的电流与两端电压的关系如图乙所示。若A、B串联时，通过A的电流为0.25A，则电源电压为 V。用电路元件A做成电阻R1，接入如图乙所示的另一个电路：电源电压为6V并保持不变，滑动变阻器 R2的规格为“30Ω，0.5A”，电流表量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V。闭合开关S，保证电路安全，则滑动变阻器R2的取值范围 Ω。
【答案】6.5；2Ω﹣10。
【解析】若A、B串联时，通过A的电流为0.25A，B的电流也是0.25A，对应的电压分别为2.5V、4V；则电源电压U＝UA+UB＝2.5V+4V＝6.5V；电阻R1＝＝＝10Ω，
滑动变阻器 R2的规格为“30Ω，0.5A”，电流表量程为0～0.6A，电路中的最大电流为0.5A；此时电流的总电阻R总＝＝＝12Ω，
故滑动变阻器的最小电阻为R小＝R总﹣R1＝12Ω﹣10Ω＝2Ω；
当滑动变阻器的阻值最大，电压表示数最大为3V，故R1的电压为U1＝U﹣U大＝6V﹣3V＝3V，根据串联分压规律知，电压之比等于电阻之比，电压相等，故电阻相等，则滑动变阻器的阻值最大值等于10Ω。故答案为：6.5；2Ω﹣10。
三．实验探究题（共3小题）
21．（2024秋•合川区期中）某实验小组用如图甲所示电路进行“探究电流与电阻的关系”实验。
（1）请将图甲中的线路连接补充完整。
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于 （选填“左”或“右”）端。闭合开关后，同学们发现，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，电流表始终没有示数，电压表接近电源电压，原因可能是 。
（3）排除故障后，先接入5Ω的定值电阻，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为某一定值，此时电流表的示数如图乙所示，读为 A。
（4）接下来断开开关，保持滑动变阻器滑片位置不动，将5Ω的定值电阻更换成10Ω的定值电阻，再闭合开关，此时应向 （选填“左”或“右”）端移动变阻器滑片P，直至电压表的示数为 V时，读出电流表的示数；再更换20Ω的定值电阻继续实验，实验数据记录在表格中。
（5）由表格实验数据可知：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成 。
（6）某实验小组连接完电路闭合开关，移动滑动变阻器滑片时发现，当电压表示数增大时电流表示数反而减小，经检查发现有一处电路连接错误，其错误是 。
【答案】（1）见解析；（2）右；定值电阻R断路；（3）0.4；（4）右；2；（5）反比；（6）电压表接在了滑动变阻器两端。
【解析】（1）滑动变阻器滑片向左移动时电阻变大，故变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联，如下图所示：
（2）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片P应该位于阻值最大处的右端；
闭合开关后，同学们发现，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，电流表始终没有示数，电路可能断路，电压表示数接近电源电压，电压表与电源连通，原因可能是定值电阻R断路；
（3）排除故障后，先将5Ω定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为某一定值，此时电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.4A；
（4）由欧姆定律可得，电阻的电压为：U＝IR＝0.4A×5Ω＝2V，根据串联分压原理可知，将定值电阻R由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2V，读出电流表的示数；
（5）通过实验探究，由表中所示的实验数据，得出的结论是：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（6）当变阻器连入电路中的电阻变小时，电路的总电阻变小，根据欧姆定律，电流变大；变阻器连入电路中的电阻变小，根据分压原理，变阻器分得的电压变小，由串联电路的电压规律可知，灯两端的电压变大；
由题知，移动滑动变阻器的过程中发现，电流表示数变大时，电压表示数反而减小，
故可判断是电压表接在了滑动变阻器两端。
故答案为：（1）见解析（2）右；定值电阻R断路；（3）0.4；（4）右；2；
（5）反比；（6）电压表接在了滑动变阻器两端。
22．（2024秋•合川区期中）如图所示是“探究串联电路电流特点”的实验电路图及实验表格。
（1）实验中，应选择两个小灯泡的规格 （选择“相同”或“不同”）的为宜，小莹同学刚连接好最后一根导线时，发现小灯泡立即发出明亮的光，出现这种情况的错误是 。
（2）小华同学的实验操作中发现两个小灯泡中，一个发光，一个不发光，造成这种现象的原因是 。
A.通过不发光的小灯泡电流小；
B.不发光的小灯泡灯丝断了；
C.其中一个小灯泡有短路情况；
D.不发光的小灯泡可能太靠近电源负极了。
（3）如表所示是小明同学实验中记录的一组数据，表格中读数有一处明显的错误，请指出造成这种错误的原因可能是 。纠正错误后得出串联电路中电流的规律是： 。
【答案】（1）不同；连接电路时，开关没有断开；（2）C；（3）电流表选用小量程，却按大量程读数了；串联电路中，各处的电流都相等。
【解析】（1）实验中，为得出普遍性的结论，应选择两个小灯泡的规格不同的为宜，小莹同学刚连接好最后一根导线时，发现小灯泡立即发出明亮的光，出现这种情况的错误是连接电路时，开关没有断开。
（2）AB、串联电路中各处的电流都相等，电路中只有一条路径，故不发光的小灯泡不可能断路，故AB错误；
C.其中一个小灯泡有短路情况，这个灯不发光，电路为通路，另一个灯泡发光，故C符合题意；
D.小灯泡是否发光与靠近电源负极无关，故D不符合题意。故选：C；
（3）如表所示是小明同学实验中记录的一组数据，表格中读数有一处明显的错误，根据电流表大小量程之比为5：1，造成这种错误的原因可能是电流表选用小量程，却按大量程读数了。纠正错误后可知电流应为0.5A，得出串联电路中电流的规律是：串联电路中，各处的电流都相等。
故答案为：（1）不同；连接电路时，开关没有断开；（2）C；（3）电流表选用小量程，却按大量程读数了；串联电路中，各处的电流都相等。
23．（2024秋•酉阳县校级月考）为研究水和煤油的吸热能力，小华用如图甲、乙所示两套完全相同的装置进行验探究：
（1）要完成该实验，除了如图所示的器材外，还需要的测量工具有 和 。
（2）实验前，小明应选取初温和质量 （选填“相等”或“不等”）的水和煤油进行实验。
（3）在安装实验装置时，应按照 （选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序。
（4）小明每隔2min读取一次水和煤油的温度，将实验数据记录在表格中，其中第8min时水的温度如图丙所示，其示数为 ℃。
（5）实验中，用 （选填“加热时间”和“温度的变化量”）来间接反映水和煤油吸热的多少，这种实验方法叫 法。
（6）分析数据可以比较得出水和煤油的吸热本领强弱；利用该特性小明想自制一个暖手袋，若只能从水或煤油中选一种装入暖手袋作为供热物质，则应该选择 （选填“水”或“煤油”）作为供热物质。
【答案】（1）天平；停表；（2）相等；（3）自下而上；（4）20；
（5）加热时间；转换；（6）水。
【解析】（1）本实验需要用天平测质量，用停表测量加热时间，因此还需要天平和停表；
（2）根据控制变量的思想，研究两种物质吸热本领是应该控制质量和初始温度相同；
（3）安装实验装置时，应自下而上安装，一是保证实验中能用酒精灯的外焰对烧杯进行加热，二是保证温度计的玻璃泡应与被测物体充分接触，且不要碰到容器底和容器壁，便于用温度计准确测量温度；
（4）温度计的分度指为1℃，液面20℃刻线处，因此示数为20℃；
（5）在用相同的加热器时，通过加热时间长短反应吸热多少，用到了转换法；
（6）由于水的吸热本领强，在相等质量，温度变化相同的情况下，放出的热量多，因此适合用来作为供热物质；
四．计算题（共2小题）
24．（2024秋•潼南区月考）吃早餐时小聪用热水加热牛奶，如图所示，1kg热水从60℃降低至40℃，牛奶的温度由20℃升高到40℃，假设水放出的热量有30%被牛奶吸收了。，]求：
（1）水放出的热量；
（2）牛奶吸收的热量；
（3）牛奶的质量。
【答案】（1）8.4×104J；（2）2.52×104J；（3）0.504kg。
【解析】（1）水放出的热量：
Q放＝c水m水Δt水＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（60℃﹣40℃）＝8.4×104J；
（2）牛奶吸收的热量：Q吸＝ηQ放＝30%×8.4×104J＝2.52×104J；
（3）由Q吸＝cmΔt可知，牛奶的质量：
m牛奶＝＝＝0.504kg。
答：（1）水放出的热量为8.4×104J；
（2）牛奶吸收的热量为2.52×104J；
（3）牛奶的质量为0.504kg。
25．（2024秋•渝中区校级月考）将一只“220V，100W”的灯泡（设灯丝电阻不变）接在220V照明电路中，（1）求2度电能让灯泡正常工作多少小时？
（2）若用输电线将该灯泡由电源处引到离电源较远的学校运动场使用时，发现灯泡亮度变暗，测得灯泡实际功率只有81W，求输电线消耗的功率。
【答案】（1）2度电能让灯泡正常工作20h。
（2）输电线消耗的功率为9W。
【解析】（1）灯泡正常工作时的电功率为：P＝P额＝100W＝0.1kW，
2度电能让灯泡正常工作的时间为：t＝＝＝20h。
（2）由“220V、100W”知灯泡的额定电压U额＝220V，额定功率是P额＝100W，
由P＝可知，灯泡的电阻：R＝＝＝484Ω，
灯泡功率为81W时，根据P＝可得灯泡两端的实际电压：
U实＝＝＝198V；
由P＝UI可得，流过灯泡的实际电流： I实＝＝＝A；
灯泡与导线是串联的，所以导线上分得的电压： U线＝U﹣U实＝220V﹣198V＝22V，
输电导线上消耗的功率：P损＝U损I实＝22V×A＝9W。
答：（1）2度电能让灯泡正常工作20h。
（2）输电线消耗的功率为9W。实验次数
1
2
3
R/Ω
5
10
20
I/A
0.2
0.1
电流表的位置
A
B
C
电流I/A
0.3
0.3
1.5
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