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    2020届高考考前45天大冲刺卷理科数学三

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    2020年高考考前45大冲刺

    理 科 学(

    注意事项:

    1答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

    2考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。

    一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,60分.在每小题给出的四个选项中,

    只有一项是符合题目要求的

    1.已知集合   

    A B C D

    2在复平面内,复数对应的点为,将向量绕原点按逆时针方向旋转,所得向量

    对应的复数是(   

    A B C D

    3某装饰公司制作一种扇形板状装饰品,其圆心角为并在扇形弧上正面等距安装色光的小灯泡且在背面用导线相连(的两端各一个,导线接头忽略不计)已知扇形的半径为厘米,则连接导线最小大致需要的长度为(   

    A厘米 B厘米 C厘米 D厘米

    4已知,那么共线的   

    A.充分非必要条件  B.必要非充分条件

    C.非充分非必要条件  D.充要条件

    5由实数组成的等比数列的前项和为,则的(   

    A.充分不必要条件  B.必要不充分条件

    C.充要条件  D.既不充分也不必要条件

    6函数的图象大致是(   

    A B C D

    7.已知,则(   

    A B C D

    8根据散点图,对两个具有非线性关系的相关变量进行回归分析,设,利用最小二乘法,得到线性回归方程为,则变量的最大值的估计值是(   

    A B C D

    9如图,点为双曲线的右顶点,点为双曲线上一点,作轴,垂足为,若为线段的中点,且以为圆心,为半径的圆与双曲线恰有三个公共点,则的离心率为(   

    A B C D

    10.已知为偶函数,对任意恒成立,且当时,,设函数,则的零点的个数为(   

    A B C D

    11.已知给出下列判断:

    存在使得图象右移单位长后得到的图象关于轴对称.

    恰有零点,则取值范围是

    单调递增,则取值范围为

    其中,判断正确的个数为(   

    A B C D

    12如图,点是正方体的棱的中点,点分别在线段(不包含端点)上运动,则(   

    A.在点的运动过程中,存在

    B.在点的运动过程中,不存在

    C.四面体的体积为定值

    D.四面体的体积不为定值

    二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,20分.

    13二项式展开式中项系数为       

    14.已知正实数满足,则的最小值是______

    15.某共享汽车停放点的停车位排成一排且恰好全部空闲,假设最先来停车点停车的辆共享汽车都是随机停放的,且这辆共享汽车都不相邻的概率与这辆共享汽车恰有辆相邻的概率相等,则该停车点的车位数为       

    16.已知函数,若存在实数满足,且,则的最大值为      

    三、解答题:本大题共6大题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.

    1712分)已知中,角对边分别是,且的外接圆半径为

    1)求角的大小;

    2)求面积的最大值.

     

     

     

     

     

    1812分)如图,三棱柱中,侧面是菱形,,点在平面上的投影为棱的中点

    1)求证:四边形为矩形;

    2)求二面角的平面角的余弦值.

     

    19.(12分)设是椭圆)上的两点,椭圆的离心率为,短轴长为,已知向量,且为坐标原点.

    1)若直线过椭圆的焦点,(为半焦距),求直线的斜率的值;

    2)试问:的面积是否为定值?如果是,请给予证明;如果不是,请说明理由.

     

     

     

     

     

     

     

     

     

    2012分)函数的图象在处的切线方程为

    1)求的值;

    2)若满足:当时,,求实数的取值范围.

     

     

     

     

     

     

     

    21.(12分)有一名高二学生盼望年进入某名牌大学学习,假设该名牌大学有以下条件之一均可录取:月通过考试进入国家数学奥赛集训队(集训队从月省数学竞赛一等奖中选拔):月自主招生考试通过并且达到月高考重点分数线,月高考达到该校录取分数线(该校录取分数线高于重点线),该学生具备参加省数学竞赛、自主招生和高考的资格且估计自己通过各种考试的概率如下表:

    若该学生数学竞赛获省一等奖,则该学生估计进入国家集训队的概率是,若进入国家集训队,则提前录取,若未被录取,则再按顺序依次录取:前面已经被录取后,不得参加后面的考试或录取.(注:自主招生考试通过且高考达重点线才能录取)

    1)求该学生参加自主招生考试的概率;

    2)求该学生参加考试的次数的分布列及数学期望;

    3)求该学生被该校录取的概率.

     

     

     

     

     

     

     

    请考生在2223两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分

    22.(10分)【选修4-4坐标系与参数方程

    在直角坐标系中,以坐标原点为极点,轴的非负半轴为极轴建立极坐标系,曲线的普通方程为,曲线的参数方程为为参数).

    1)求曲线的极坐标方程;

    2)设射线分别与曲线相交于两点,求的值.

     

     

     

    23.(10分)【选修4-5不等式选讲

    已知不等式

    1)若,求不等式的解集;

    2)若已知不等式的解集不是空集,求实数的取值范围.

     

     

     

     

     


    答案与解析

    一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,60分.在每小题给出的四个选项中,

    只有一项是符合题目要求的

    1.【答案D

    解析】由

    2答案A

    解析复数对应的点的坐标是,将点按逆时针方向旋转到点的坐标是,对应的复数为

    3答案B

    解析】因为弧长比较短的情况下分成等分,每部分的弦长和弧长相差很小,

    可以用弧长近似代替弦长,所以导线长度为厘米.

    4答案A

    解析,则,故共线,

    共线,

    5答案C

    解析

    6答案A

    解析】当时,

    此时令上单调递增,故排除BC

    时,,当时,

    上单调递减,且,故排除D

    综上所述,故选A

    7.【答案A

    解析

    8答案B

    解析】依题意,模拟函数为,所以最大值为

    9答案A

    解析由题意可得为线段的中点,可得

    ,代入双曲线的方程可得

    可设,由题意结合图形可得圆经过双曲线的左顶点

    ,即有

    可得

    10.【答案C

    解析为偶函数,对任意恒成立,

    且当时,

    的零点的个数,就是解的个数,

    画出函数的图象如图所示

    可知两个函数的图象有个交点.

    11.【答案B

    解析】因为

    所以周期

    对于由条件知,周期为所以错误

    对于,函数图象右移单位长度后得到的函数为

    其图象关于对称,则解得

    故对任意整数所以错误

    对于,由条件解得正确

    对于,由条件得解得

    所以正确

    12答案C

    解析在长方体中,平面平面

    又因为点上运动,则不存在

    时,,其理由如下:

    相交于点

    因为,所以

    易证平面,所以,故平面

    因为平面,所以为定值,

    因为,所以点到平面的距离为定值,

    所以四面体的体积为定值.

     

    二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,20分.

    13答案

    解析】根据二项式定理,的通项

    ,即时,可得

    项的系数为

    14.【答案

    解析

    可得

    当且仅当成立的最小值是

    15.【答案

    解析设停车位有个,这辆共享汽车都不相邻的种数:

    相当于先将个停车位排放好,再将这辆共享汽车,插入到所成个间隔中,

    故有种,

    恰有辆相邻的种数:先把其中辆捆绑在一起看做一个复合元素,再和另一个插入到,

    个停车位排放好所成个间隔中,故有种,

    因为这辆共享汽车都不相邻的概率与这辆共享汽车恰有辆相邻的概率相等,

    ,解得

    16.【答案

    解析的图象,可得

    因为,所以,所以

    ,则

    ,则

    时,;当时,

    所以当时,最大,且

    的最大值为

     

    三、解答题:本大题共6大题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.

    17答案】(1;(2

    解析】(1)由,得

    2

    ,即时,

    18答案】(1)证明见解析;(2

    解析】(1)因为平面,所以

    又因为,所以

    因此,所以

    因此平面,所以

    从而,即四边形为矩形.

    2)如图,以为原点,所在直线分别为轴,轴,轴,

    所以

    平面的法向量,设平面的法向量为

    ,由

    ,即

    所以

    所以二面角的余弦值是

    19.【答案】(1;(2的面积为定值,证明见解析

    解析】(1)由题可得,所以,椭圆的方程为

    的方程为,代入,得

    ,即

    ,解得

    2直线斜率不存在时,即

    ,即

    在椭圆上,,即

    ,故的面积为定值

    当直线斜率存在时,设的方程为

    联立,得

    ,可得

    所以三角形的面积为定值

    20答案】(1;(2

    解析1)由函数的图象在处的切线方程为

    ,解得

    2

    ,则

    ,则,从而

    因为,且单调递增,

    ,知

    时,;当时,

    函数上单调递减,在上单调递增,

    恒成立

    实数的取值范围是

    21.【答案】(1;(2)分布列见解析,;(3

    解析1)设该学生参加省数学竞赛获一等奖、参加国家集训队的事件分别为

    即该学生参加自主招生考试的概率为

    2)该学生参加考试的次数的可能取值为

    所以的分布列为:

    3)设该学生自主招生通过并且高考达到重点分数线录取,自主招生未通过但高考达到该校录取分数线录取的事件分别为

    所以该学生被该校录取的概率为

    22.【答案】(1;(2

    解析1)曲线的极坐标方程为

    的极坐标方程为

    2)令,则

    ,即

    所以,故

    23.【答案】(1;(2

    解析】(1

    ,则舍去;

    ,则

    ,则

    综上,不等式的解集为

    2)设,则

    的取值范围是

     

     

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