2019-2020学年内蒙古赤峰二中高二上学期第二次月考化学试题 解析版

赤峰二中2018级高二上学期第二次月考

化学试卷

第Ⅰ卷（选择题，共48分）

一、选择题（每小题3分，共48分，每小题只有一个选项符合题意）

1.下列有关化学用语不能表示2-丁烯的是（    ）

A.  B. CH3CH＝CHCH3

C.  D.

【答案】C

【解析】

【详解】A．是2﹣丁烯的键线式形式，故A正确；

B．CH3CH＝CHCH3是2﹣丁烯的结构简式形式，故B正确；

C．表示的是1﹣丁烯的球棍模型形式，故C错误；

D．是2﹣丁烯的电子式形式，故D正确。

故答案为C。

2.下列说法中正确的是（    ）

A. 与互为同分异构体

B. 丙烯(C3H6)和环丁烷(C4H8)互为同系物

C. O2和O3互为同素异形体

D. 1H2和2H2互为同位素

【答案】C

【解析】

【详解】A.甲烷是正四面体构型，二氯甲烷只有一种结构，所以与是同种物质，故错误；

B.丙烯和环丁烷结构不相似，不是同系物，故错误；

C.二者是同种元素的不同单质，属于同素异形体，故正确；

D.二者不是原子，故不是同位素，故错误；

故选C。

3.下列说法中错误的是（    ）

A. 由美国的黑格、马克迪尔米德教授及日本的白川英树共同研究的聚乙炔膜导电性提高了约107倍，是因为在聚乙炔中掺杂了镍使其具有与金属一样的导电性

B. 高分子化合物都具有一定的弹性，是因为分子中的碳碳单键可以围绕键轴旋转而不影响键的强度

C. 硫化可以增加天然橡胶的弹性和强度，是因为硫化后将原来的线型高分子转变为网状结构

D. 合成纤维中，维纶具有较好的吸湿性，是因为在其分子链上含有羟基的缘故

【答案】A

【解析】

【详解】A.聚乙炔掺杂碘单质提高了电导率，故错误；

B.碳碳单键可以围绕键轴旋转而使物质具有弹性，故正确；

C.硫化是将线型结构链接为网状结构，得到既有弹性又有强度的橡胶，故正确；

D.羟基属于亲水基，所以维纶具有很好的吸湿性，故正确。

故选A。

4.某有机物的结构简式如图，关于该烃分子的说法正确的是（    ）

A. 该烃分子中共面的碳原子最多为14个

B. 该烃分子中共直线的碳原子最多为4个

C. 该烃分子中存在三种官能团

D. 该烃分子存在顺反异构

【答案】D

【解析】

【详解】A.根据该物质中含有碳碳单键和碳碳双键和碳碳三键以及苯环，借助甲烷和乙烯和乙炔以及苯的空间结构分析，该烃分子中共面的碳原子最多13个，即左侧的三个甲基只能有一个在苯环所在平面上，故错误；

B.碳碳三键为直线结构，苯为对称的共面结构，所以共直线的碳原子最多为6个，故错误；

C.该烃中含有碳碳双键和碳碳三键两种官能团，故错误；

D.该烃中含有碳碳双键，且双键的碳原子连接两个不同的基团，故有顺反异构，故正确。

故选D。

5.某有机物的结构简式如图，它在一定条件下可能发生的反应有（    ）

①加成反应 ②水解反应 ③酯化反应 ④氧化反应 ⑤中和反应 ⑥消去反应 ⑦还原反应

A. ②③④⑤ B. ①③④⑥ C. ①②③④⑦ D. ①③④⑥⑦

【答案】C

【解析】

【详解】该物质含有醛基、酯基、羟基，醛基可发生加成反应，氧化反应，还原反应，酯基可发生水解反应，羟基可发生氧化反应，酯化反应，该羟基连接的碳原子的邻位碳上没有氢原子，不能发生消去反应，故能发生的反应有①②③④⑦。

故选C。

6.如图为一种天然物质，具有一定的除草功效。下列有关该化合物的说法错误的是（    ）

A. 该分子的化学式为C19H18O7

B. 1mol该化合物最多能与4molNaOH反应

C. 分子中只含有1个手性碳原子

D. 1mol该化合物和溴水反应，可消耗6molBr2

【答案】D

【解析】

【详解】A.该物质的分子式为C19H18O7，故正确；

B.该物质含有三个酚羟基，都能和氢氧化钠反应，含有一个酯基，能和氢氧化钠反应，故1mol该化合物最多能与4molNaOH反应，故正确；

C.该物质中标记红色部分的碳原子为手性碳原子，故正确；

D.酚羟基的邻位或对位碳上的氢原子可以和溴水中的溴发生取代反应，碳碳双键能和溴水发生加成反应，所以该物质总共消耗4mol溴，故错误。

故选D。

7.仅用一种试剂即可鉴别乙醇、乙醛、乙酸、乙酸乙酯四种溶液，这种试剂是（    ）

A. 新制浊液 B. NaOH溶液

C. 浓溴水 D. 酸性溶液

【答案】A

【解析】

【分析】

四种有机物都易溶于水，其中乙醛含有-CHO，具有还原性，可用新制Cu(OH)2悬浊液检验，乙酸具有酸性，以此选择鉴别试剂。

【详解】A 加入新制Cu(OH)2悬浊液，乙醇不反应，互溶，乙醛在加热时生成砖红色沉淀，乙酸和氢氧化铜发生中和反应，氢氧化铜溶解，溶液呈蓝色，乙酸乙酯能溶解氢氧化铜，含有醛基，加热时有砖红色沉淀生成，可鉴别四种物质，故A正确；

B乙醇与氢氧化钠互溶，没现象，乙酸与氢氧化钠反应没现象，故不能鉴别，B错误

C加入溴水，不能鉴别乙醇、乙酸，故C错误；

D 乙醛、乙醇都可被酸性高锰酸钾氧化，不能鉴别，故D错误；

答案选A

【点睛】本题考察学生对醇 醛 酸和酯类各种有机物性质理解和运用，能根据具体物质间能否发生反应，现象不同来鉴别它们。

8.提纯下列物质（括号内的物质是杂质），所选用的除杂试剂和分离方法都正确的是（    ）

A A B. B C. C D. D

【答案】C

【解析】

【详解】A.两种物质都能溶于四氯化碳，不能萃取分液，故错误；

B.乙烯被酸性高锰酸钾溶液氧化生成二氧化碳，引入新的杂质，故错误；

C.溴和氢氧化钠反应生成溴化钠和次溴酸钠，溴苯不溶于水，故能分液，故正确；

D.乙炔和硫化氢都能和溴水反应，故错误。

故选C。

9.4-溴环己烯()可与下列4种物质发生反应：①HBr、②酸性高锰酸钾溶液、③氢氧化钠的水溶液、④氢氧化钠的乙醇溶液。下列有关这些反应的说法中正确的是（    ）

A. 与①反应后的有机产物只有一种

B. 与②的反应原理类似于烯烃使溴水褪色

C. 与③反应后得到的有机产物可被氧化为醛

D. 与④反应后得到的有机产物只有一种官能团

【答案】D

【解析】

【详解】A. 与①发生加成反应后的有机产物中有两个溴原子，可以是间位或对位，两种结构，故错误；

B. 与②的反应原理为碳碳双键被氧化，和烯烃使溴水褪色的加成反应不同，故错误；

C. 与③反应后得到的有机产物为，可被氧化为酮，不是醛，错误；

D. 与④发生消去反应，反应后得到的有机产物只有碳碳双键一种官能团，故正确。

故选D。

10.以环戊烷为原料制备环戊二烯的合成路线如图，则下列说法正确的是(      )

A. A结构简式是

B. ①②的反应类型分别是取代、消去

C. 反应②③的条件分别是浓硫酸加热、光照

D. 加入酸性KMnO4溶液，若溶液褪色则可证明已完全转化为

【答案】B

【解析】

【分析】

由环戊烷为原料制备环戊二烯的合成路线，根据逆向思维的方法推导，C为，B为，A为，据此分析解答。

【详解】A．由上述分析可知，A为，故A错误；

B．根据合成路线，反应①为光照条件下的取代反应，反应②为在氢氧化钠醇溶液中加热发生消去反应，反应③为加成反应，反应④为在氢氧化钠醇溶液中加热发生消去反应，故B正确；

C．反应②为卤代烃的消去反应，需要的反应试剂和反应条件为氢氧化钠醇溶液、加热，反应③为烯烃的加成反应，条件为常温，故C错误；

D．B为环戊烯，含碳碳双键，环戊二烯含碳碳双键，均能使高锰酸钾褪色，则酸性KMnO4溶液褪色不能证明环戊烷已完全转化成环戊二烯，故D错误；

答案选B。

【点睛】把握官能团与性质的关系为解答的关键。本题的易错点为A，要注意根据目标产物的结构和官能团的性质分析推导，环烷烃可以与卤素发生取代反应，要制得，可以再通过水解得到。

11.实验室回收废水中苯酚的过程如图所示。下列说法正确的是（    ）

A. 操作I为蒸馏 B. 反应Ⅰ也可加入NaHCO3

C. 操作Ⅱ所得有机层可循环利用 D. 操作Ⅲ所得水层为Na2CO3溶液

【答案】C

【解析】

【详解】A. 操作I为分离有机层和水层，应为分液，故错误；

B. 反应Ⅰ为苯酚和氢氧化钠反应生成苯酚钠，进入水层，与苯分离，也可以加入碳酸钠，但不能加入碳酸氢钠，故错误；

C. 操作Ⅱ所得有机层为苯，可以循环进入第一步，故正确；

D. 操作Ⅲ所得水层为NaHCO3溶液，不是碳酸钠，故错误。

故选C。

【点睛】掌握苯酚的化学性质，含有酚羟基，具有弱酸性，酸性关系为：H2CO3>苯酚> HCO3-，能和氢氧化钠反应，和碳酸钠反应，但不能和碳酸氢钠反应，注意苯酚钠和二氧化碳反应只能生成苯酚和碳酸氢钠。

12.聚丙烯酸酯类涂料是目前市场上流行的涂料之一，它具有弹性好，不易老化，耐擦洗、色泽亮丽等优点。聚丙烯酸酯的结构简式如下，则下列关于它的说法中正确的是（    ）

①线型结构  ②体型结构  ③天然高分子  ④合成高分子  ⑤离子化合物  ⑥共价化合物  ⑦加聚产物  ⑧缩聚产物  ⑨能做衣服  ⑩耐火

A. ①④⑥⑦ B. ②④⑥⑧⑩ C. ①④⑥⑦⑩ D. ②④⑥⑦⑨

【答案】A

【解析】

【详解】该物质是线型结构，不是体型结构，是合成的高分子化合物，属于共价化合物，是碳碳双键的加聚产物，具有酯基，不耐酸碱，不能做衣服，具有可燃性，故正确的为①④⑥⑦。

故选A。

13.甲基丙烯酸甲酯是合成有机玻璃的单体，其合成方法之一如下：CH3C≡CH+CH3OH+ACH2=C(CH3)COOCH3，下列说法正确的是（    ）

A. CH3OH和甘油互为同系物

B. 已知该反应的原子利用率为100%，则A为CO2

C. CH3C≡CH与丙烯的性质相似，则该物质可以发生加成、氧化反应

D. 能与NaHCO3反应的CH2=C(CH3)COOCH3的同分异构体有9种

【答案】C

【解析】

【详解】A. CH3OH和甘油氧原子个数不同，不为同系物，故错误；

B.该反应的原子利用率为100%，则A为CO，故错误；

C. CH3C≡CH含有不饱和键，和丙烯的性质相似，能发生加成反应和氧化反应，故正确；

D. 能与NaHCO3反应的CH2=C(CH3)COOCH3的同分异构体含有羧基，剩余的为-C4H7，结构可能为CH2=CH-CH2-CH2-，或CH3-CH=CH-CH2-，或CH3-CH2-CH=CH-，或CH3(CH3)C=CH-，或CH3CH=C(CH3)-，或CH2=C(CH3)-CH2-，或CH2=C(CH2CH3)-，或CH2=CH-CH(CH3)-，有8种，故错误。

故选C。

14.据化学知识及常识，下列说法中正确有（    ）

①木材纤维和土豆淀粉遇碘水均显蓝色

②食用花生油和鸡蛋清都能发生水解反应

③维勒用无机物合成了尿素，突破了无机物与有机物的界限

④PX项目的主要产品对二甲苯属于饱和烃

⑤包装用材料聚乙烯和聚氯乙烯都属于烃

⑥开发核能、太阳能等新能源，推广乙醇汽油，使用无磷洗涤剂都可直接降低碳排放量

⑦红外光谱仪、核磁共振仪、质谱仪都可用于有机化合物结构的分析

⑧尼龙、棉花、天然橡胶、ABS树脂都是由高分子化合物组成的物质

⑨合成纤维、人造纤维及碳纤维都属于有机高分子材料

⑩煤经过气化和液化等物理变化可以转化为清洁能源

A. 3句 B. 4句 C. 5句 D. 6句

【答案】B

【解析】

【详解】①木材纤维遇到碘不能变蓝，土豆淀粉遇碘水显蓝色，故错误；

②食用花生油是油脂，鸡蛋清是蛋白质，都能发生水解反应，故正确；

③维勒用无机物合成了尿素，突破了无机物与有机物的界限，故正确；

④PX项目的主要产品对二甲苯属于不饱和烃，故错误；

⑤包装用材料聚乙烯属于烃，聚氯乙烯不属于烃，故错误；

⑥开发核能、太阳能等新能源，推广乙醇汽油，都可以降低碳排放量，但使用无磷洗涤剂与碳排放量无关，故错误；

⑦红外光谱仪分析有机物的结构、核磁共振仪分析氢原子个数和种类、质谱仪分析物质的相对分子质量，故正确；

⑧尼龙、棉花、天然橡胶、ABS树脂都是由高分子化合物组成的物质，故正确；

⑨合成纤维、人造纤维属于有机高分子材料，但碳纤维是碳的单质，不属于有机高分子材料，故错误；

⑩煤经过气化和液化等化学变化可以转化为清洁能源，故错误。故正确的有四句。

故选B。

15.在乙炔、乙醛、苯组成的混合物中，已知氧元素的质量分数为8%，则混合物中碳元素的质量分数是（      ）

A. 92.3% B. 87.6% C. 75% D. 84%

【答案】D

【解析】

【详解】混合物中，、中，碳氢原子数比为，氧元素的质量分数为，则的质量分数为，则和的质量分数为，则中碳元素的质量分数为，和中碳元素的质量分数为，所以混合物中碳元素的质量分数为，故D项正确。

16.分子式为C8H10O，苯环上有两个取代基且能与钠反应，其可能的结构有（    ）

A. 3种 B. 5种 C. 6种 D. 9种

【答案】C

【解析】

【详解】分子式为C8H10O，苯环上有两个取代基且能与钠反应，可以是醇羟基或酚羟基。若为酚羟基，则苯环上连接酚羟基和乙基，有三种位置关系，若为醇羟基，则苯环上连接甲基和-CH2OH，有三种位置关系。故总共有6种 。

故选C。

第Ⅱ卷（非选择题，共52分）

17.根据要求填空：

（1）相对分子质量为72且沸点最低的烷烃的结构简式为___

（2）写出有机物的键线式：___

（3）写出有机物的名称___

（4）写出甲基电子式：___，乙炔的结构式___

（5）某有机高分子化合物的结构片段如下：

则合成它的单体是（写结构简式）___

【答案】    (1). C(CH3)4    (2).     (3). 2，3，5-三甲基-4-乙基庚烷    (4).     (5). H-C≡C-H    (6). CH2=CHCN、CH2=CH-CH=CH2、CH2=CH2

【解析】

【分析】

（１）根据烷烃的通式分析其分子式。

（２）根据键线式的书写方法，即省略元素符号，只表示碳原子之间的化学键进行分析。

（３）根据有机物的系统命名方法分析。

（４）根据原子的最外层电子数书写其电子式。

（５）根据加聚反应的特征分析其单体。

【详解】（1）相对分子质量为72且沸点最低的烷烃根据烷烃的通式CnH2n+2分析，有12n+2n+2=72，解n=5,根据支链越多沸点越高分析，沸点最低的结构简式为C(CH3)4；

（2有机物，将碳碳双键写成两条线，单键写成一条线，碳原子和氢原子等都省略，键线式为 ；

（3）有机物的最长碳链为7个碳原子，从左侧开始编号，得到的名称为2，3，5-三甲基-4-乙基庚烷；

（4）甲基中碳原子周围有7个电子，其电子式：，乙炔的结构式为H-C≡C-H；

（5）某有机高分子化合物的结构片段如下：

根据双键加成后变成单键分析，第一二碳原子之间是双键，则第二个碳原子和第三个碳原子断开，依次分析，双键变回单键，单键变双键，则合成它的单体为CH2=CHCN、CH2=CH-CH=CH2、CH2=CH2。

【点睛】利用聚合物结构判断单体的方法：若为加聚产物，则有单双键交替的方式，若有两个双键连续需要断开，分成两个物质。

18.某有机物A的结构简式为：，它可以通过不同的反应得到下列物质：

（1）1molA可以与___molNaHCO3反应，最多可以与___molNaOH反应，A与足量的NaOH溶液反应的化学方程式为：___。

（2）由A生成B的反应类型为：___。

（3）写出C在一定条件下反应，生成高分子化合物的化学方程式：___。

（4）写出由A生成D所需的试剂及反应条件：____。

【答案】    (1). 1    (2). 3    (3).     (4). 取代\酯化    (5).     (6). HBr 、加热

【解析】

【分析】

根据Ａ中含有溴原子和羧基和羟基分析其性质。

【详解】（1）A含有羧基、溴原子、羟基，羧基能和碳酸氢钠反应，所以1molA和1mol碳酸氢钠反应，羧基和溴原子都可以和氢氧化钠反应，且溴原子反应后为酚羟基，还可以和氢氧化钠反应，故1molA能和3mol氢氧化钠反应，与氢氧化钠反应的方程式为：；

（2）B为酯类，所以由A到B的反应类型为酯化反应或取代反应。

（3）C在一定条件下反应，生成高分子化合物的化学方程式为：

（4）A到D是烯烃和溴化氢的加成反应，条件为溴化氢、加热。

19.1，2-二溴乙烷可作抗爆剂的添加剂。如图为实验室制备1，2-二溴乙烷的装罝图，图中分液漏斗和烧瓶a中分别装有浓H2SO4和无水乙醇，d装罝试管中装有液溴。

相关数据列表如下：

（1）装置a中发生主要反应的方程式为：___。为防止副反应发生，实验中的具体操作为：___。

（2）安全瓶b在实验中有多重作用。其一可以检查实验进行中d装罝中导管是否发生堵塞，如果实验时d装罝中导管堵塞，你认为可能的原因：___；安全瓶b还可以起到的作用是：___。

（3）容器c、e中都盛有NaOH溶液，c中NaOH溶液的作用是___。

（4）某学生在做此实验时，使用一定量的液溴，当溴全部褪色时，所消耗乙醇和浓硫酸混合液的量，比理论值超过许多，如果装罝的气密性没有问题，试分析可能的原因：___、___（写出两条即可）。

【答案】    (1). CH3-CH2-OH  CH2=CH2↑+H2O    (2). 将温度迅速升高到170℃    (3). 过度冷却，产品1，2-二溴乙烷在装罝d中凝固    (4). 防止倒吸    (5). 吸收乙烯气体中含有的CO2、SO2等酸性气体    (6). 浓硫酸将部分乙醇氧化；发生副反应生成乙醚；    (7). 乙醇挥发；乙烯流速过快，未完全发生加成反应

【解析】

【分析】

（１）根据乙烯能和溴水反应生成１,２－二溴乙烷分析，装置中先制取乙烯气体，据此书写方程式。

（２）根据反应过程中可能存在的副反应分析实验的注意事项。

（３）根据乙烯气体中可能的杂质气体为二氧化碳和二氧化硫等分析氢氧化钠的作用。

（４）根据浓硫酸具有强氧化性和乙醇具有挥发性等分析。

【详解】(1) 装置a中为乙醇在浓硫酸条件下反应生成乙烯，方程式为：CH3-CH2-OH  CH2=CH2↑+H2O，因为乙醇加热到140度时可以反应生成乙醚，所以为了防止副反应发生，实验中具体操作为将温度迅速升高到170℃；

 (3)装置ｄ中发生堵塞，可能是因为过度冷却，产品1，2-二溴乙烷在装罝d中凝固；后面的液体可能倒吸到安全瓶ｂ中，但不可能倒吸回反应装置中，所以可以防止倒吸；

(４)氢氧化钠能吸收二氧化碳或二氧化硫等酸性气体，故其作用为：吸收乙烯气体中含有的CO2、SO2等酸性气体；

(５)反应过程中浓硫酸具有强氧化性，可能将部分乙醇氧化；或因为温度控制不当，发生副反应生成乙醚；或因为乙醇挥发造成产物量减少；或因为乙烯流速过快，未完全发生加成反应。

20.某芳香族化合物A，与碳酸钠溶液反应生成CO2，遇FeCl3溶液显色，A分子结构中不含甲基，苯环上的一氯代物只有两种, A和其他有机物存在如下图所示的转化关系：

已知： +NaOHR—H + Na2CO3

试回答下列问题：

（1）D化学式___。

（2）H→L反应类型为___，J所含官能团的名称为___。

（3）写出H→I反应的化学方程式___。

（4）A的结构简式___。

（5）用系统命名法命名F___，F同分异构体中含有苯环且官能团相同的物质共有___种（不包括F），其中核磁共振氢谱有两个峰，且峰面积比为1︰2的是___（写结构简式）。

【答案】    (1). C6H5ONa    (2). 缩聚反应    (3). 碳碳双键和羧基    (4). HO-CH2-CH2-CH2COOH+H2O    (5).     (6). 2，4，6—三溴苯酚    (7). 5种    (8).

【解析】

【分析】

某芳香族化合物A，与碳酸钠溶液反应生成CO2，遇FeCl3溶液显色，说明含有酚羟基和羧基，A分子结构中不含甲基，苯环上的一氯代物只有两种，说明苯环上连接两个对位的取代基。从K的结构分析，J为HOOCCH2CH=CH2，则H含有羧基和羟基，根据H能在浓硫酸加热条件下生成I为五元环状化合物分析，I为环状的酯，则说明H中羟基在链端，则H的结构简式为HOOCCH2CH2CH2OH，结合A到C的条件分析，C为HOCH2CH2CH2COONa，B中含有羧基钠，D中含有羧基，能和二氧化碳和水反应生成E，E与浓溴水反应生成白色沉淀，说明E中含有酚羟基，根据A中苯环上有对位两个取代基分析，B中有对位两个取代基，分别为-COONa，-ONa。从而确定A的结构简式。

【详解】某芳香族化合物A，与碳酸钠溶液反应生成CO2，遇FeCl3溶液显色，说明含有酚羟基和羧基，A分子结构中不含甲基，苯环上的一氯代物只有两种，说明苯环上连接两个对位的取代基。从K的结构分析，J为HOOCCH2CH=CH2，则H含有羧基和羟基，根据H能在浓硫酸加热条件下生成I为五元环状化合物分析，I为环状的酯，则说明H中羟基在链端，则H的结构简式为HOOCCH2CH2CH2OH，结合A到C的条件分析，C为HOCH2CH2CH2COONa，B中含有羧基钠，D中含有羧基，能和二氧化碳和水反应生成E，E与浓溴水反应生成白色沉淀，说明E中含有酚羟基，根据A中苯环上有对位两个取代基分析，B中有对位两个取代基，分别为-COONa，-ONa。从而推出A的结构简式为：；B为；C为HOCH2CH2CH2COONa；D为C6H5ONa；E为苯酚；F为三溴苯酚；G为；H为HOCH2CH2CH2COOH；J为HOOCCH2CH=CH2。

(1)D的化学式为C6H5ONa；

(2)H到L为酸醇反应生成聚酯，反应为缩聚反应，J的结构简式为：HOOCCH2CH=CH2，官能团为碳碳双键和羧基；

(3)H含有羧基和羟基，反应生成环状酯，方程式为： HO-CH2-CH2-CH2COOH+H2O；

(4)A的结构简式为：    ；

 (5).F的结构简式为  ，名称为 2，4，6—三溴苯酚；F同分异构体中含有苯环且官能团相同的物质中三个溴原子在邻位碳上的有两种结构，只有两个溴原子相邻有三种结构，三个溴原子都不相邻的只有F的结构，共5种。其中核磁共振氢谱有两个峰，且比值为1:2的结构说明含有一个酚羟基的氢原子，另外的2个氢原子属于相同位置，则结构简式为：。

【点睛】掌握有机物官能团的结构和性质，注意羧基或酚羟基或酯基都可以和氢氧化钠反应，注意只有羧基能和碳酸钠反应生成二氧化碳，酚羟基能和碳酸钠反应但不产生二氧化碳。