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2017-2018学年河南省安阳县第一高级中学高二上学期第三次月考化学试题（解析版）
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河南省安阳县第一高级中学2017-2018学年高二上学期第三次月考
化学试卷
1. 下列说法或表示法正确的是（ ）
A. 等量的硫蒸气和硫固体分别完全燃烧，后者放出的热量多
B. 由C（石墨）→C（金刚石）ΔH=+1.9 kJ·可知，金刚石比石墨稳定
C. 在稀溶液中：H++OH﹣====H2O ΔH=﹣57.3 kJ·，若将含1 mol CH3COOH的醋酸溶液与含1 mol NaOH的溶液混合，放出的热量小于57.3 kJ
D. 在101 kPa时，2 g H2完全燃烧生成液态水，放出285.8 kJ热量，氢气燃烧的热化学方程式表示为2H2（g）+O2（g）===2H2O（l）ΔH=+285.8 kJ·
【答案】C
【解析】试题分析：A：由于蒸气状态硫的能量高，均燃烧成为二氧化硫时，放出的热量相对较多，错误；B：本身能量越高越不稳定，错误C：中和热要求为强酸强碱的稀溶液反应，而现在为醋酸，边吸热边电离，放出的热量少，正确；D：1mol氢气燃烧放出热量，所对应的热化学方程式为：H2（g）＋1/2O2（g）＝H2O（l）；△H＝－285.8kJ/mol，错误，选C。
考点：考查反应热大小比较，热化学方程式的书写等知识。
2. 某反应由两步反应A==B==C构成，反应过程中的能量变化曲线如图（E1、E3表示两反应的活化能），下列有关叙述正确的是 （ ）
A. 两步反应均为放热反应 B. 三种化合物的稳定性顺序：B＜A＜C
C. 整个反应的ΔH=E1﹣E2 D. 加入催化剂不改变反应的焓变，但能提高产率
【答案】B
【解析】试题分析：A、A→B的反应为吸热反应，B→C的反应为放热反应，A错误；B、物质的能量越低，越稳定，B正确；C、整个反应中△H=（E1-E2）+（E2-E3）-E4=E1-E3-E4，C错误；D、加入催化剂，只改变反应的活化能，不改变反应热，也不会提高产率，D错误。答案选B
考点：化学反应与能量变化
3. 合理利用燃料减小污染符合“绿色奥运”理念，下列关于燃料的说法正确的是（ ）
A. “可燃冰”是将水变为油的新型燃料
B. 氢气是具有热值高、无污染等优点的燃料
C. 乙醇是比汽油更环保、不可再生的燃料
D. 石油和煤是工厂经常使用的可再生的化石燃料
【答案】B
【解析】试题分析：A、可燃冰”外观像冰，其化学组成是CH4•nH2O，水的化学式为H2O，根据元素守恒知，水不能变为油，故A错误；B、氢能源具有来源广、热值高，且燃烧后生成水对环境无污染，故B正确；C、乙醇中含有碳、氢、氧三种元素，其燃烧产物是二氧化碳和水，但乙醇为可再生能源，故C错误；D、石油和煤都属于化石燃料，且属于不可再生能源，故D错误；故选B。
考点：考查了燃料的相关知识。
4. 反应4A（g）+5B（g）4C（g）+6D（g），在5 L的密闭容器中进行，半分钟后，C的物质的量增加了0.30 mol。下列叙述正确的是（ ）
A. A的平均反应速率是0.010 mol•L﹣1•s﹣1
B. 容器中含D物质的量至少为0.45 mol
C. 容器中A、B、C、D的物质的量的比一定是4∶5∶4∶6
D. 容器中A的物质的量一定增加了0.30 mol
【答案】B
【解析】试题分析： 依据化学平衡的三段式列式；半分钟后，C的物质的量增加了0.30mol；
4A（g）+5B（g）═4C（g）+6D（g）
起始量（mol） x y 0 0
变化量（mol） 0.3 0.375 0.3 0.45
平衡量（mol） x-0.3 y-0.375 0.3 0.45
A、A的平均反应速率=" 0.3/5/30=0.0020" mol•L-1•s-1,A错误；
B、起始量不定，容器中含D物质的量至少为0.45 mol，B正确；
C、起始量不知，容器中A、B、C、D的物质的量的比不一定是4：5：4：6，故C错误；
D、容器中A的物质的量一定减少了0.30 mol，故D错误；
考点：化学平衡的相关计算知识的考察。
5. 已知某反应aA（g）+bB（g）cC（g）ΔH=Q在密闭容器中进行，在不同温度（T1和T2）及压强（和）下，混合气体中B的质量分数w（B）与反应时间（t）的关系如图所示，下列判断正确的是（ ）
A. T1＜T2，＜，a+b＞c，Q＞0 B. T1＞T2，＜，a+b＜c，Q＞0
C. T1＜T2，＞，a+b＜c，Q＞0 D. T1＜T2，＞，a+b＞c，Q＜0
【答案】B
【解析】试题分析：由图象可知，温度为T1时，根据到达平衡的时间可知P2＞P1，且压强越大，B的含量高，说明压强增大平衡向逆反应方向移动，正反应为气体体积增大的反应，即a+b＜c；压强为P2时，根据到达平衡的时间可知T1＞T2，且温度越高，B的含量低，说明温度升高平衡向正反应方向移动，则正反应为吸热反应，即Q＞0，答案选B。
【考点定位】考查化学平衡图象问题。
【名师点睛】本题考查化学平衡图象问题，难度不大，注意根据图象判断温度、压强的大小，根据温度、压强对平衡移动的影响分析：温度相同时，根据到达平衡的时间判断压强大小，再根据压强对B的含量的影响，判断压强对平衡的影响，确定反应气体气体体积变化情况；压强相同时，根据到达平衡的时间判断温度大小，再根据温度对B的含量的影响，判断温度对平衡的影响，确定反应的热效应。
6. 下列叙述正确的是( )
A. 硫酸钡难溶于水，故硫酸钡为弱电解质
B. 硝酸钾溶液能导电，故硝酸钾溶液为电解质
C. 二氧化碳溶于水能部分电离，故二氧化碳为弱电解质
D. 石墨虽能导电，但既不是电解质，也不是非电解质
【答案】D
【解析】试题分析：A、硫酸钡难溶于水，但溶于水的部分完全电离，故硫酸钡为强电解质，错误；B、硝酸钾溶液能导电，但硝酸钾溶液为混合物，既不是电解质也不是非电解质，错误；C、二氧化碳溶于水与水反应生成碳酸，碳酸能部分电离，故碳酸为弱电解质，二氧化碳属于非电解质，错误；D、石墨为单质，石墨虽能导电，但既不是电解质，也不是非电解质，正确。
考点：考查电解质、非电解质、强电解质和弱电解质的概念。
7. 在25 ℃时，用蒸馏水稀释1 mol·L－1氨水至0.01 mol·L－1，随溶液的稀释，下列各项中始终保持增大趋势的是( )
A. B. C. D. c(OH－)
【答案】A
【解析】A．加水稀释促进一水合氨电离，则溶液中氢氧根离子、铵根离子的物质的量增大，一水合氨分子的物质的量减小，该比值增大，故A正确；B．溶液中氢氧根离子、铵根离子的物质的量增大，且水电离出氢氧根离子数目增多，则该比值变小，故B错误；C．加水稀释促进一水合氨电离，则溶液中氢氧根离子、铵根离子的物质的量增大，一水合氨分子的物质的量减小，所以该比值减小，故C错误；D．加水稀释促进一水合氨电离，则溶液中n(OH-)增大，但n(OH-)增大程度小于溶液体积增大程度，所以c(OH-)减小，故D错误；故选A。
点睛：注意把握稀释弱电解质时促进弱电解质电离。本题中ABC直接分析浓度比值的变化比较困难，如果首先分析物质的量的变化就简单多了。
8. 甲酸(HCOOH)是一种一元弱酸，下列性质中可以证明它是弱电解质的是( )
A. 常温下，1 mol·L－1甲酸溶液中的c(H＋)约为110－2mol·L－1
B. 甲酸能与碳酸钠反应放出二氧化碳
C. 10 mL 1 mol·L－1甲酸溶液恰好与10 mL 1 mol·L－1NaOH溶液完全反应
D. 甲酸溶液与锌反应比强酸溶液缓慢
【答案】A
【解析】若能说明在相同条件下甲酸只发生部分电离，便可以证明它是弱电解质。
c(H＋)
A. 含H＋的溶液 B. c(OH－)
【答案】B
【解析】试题分析：A．任何溶液中都含有氢离子，所以含有氢离子的溶液不一定呈酸性，故A错误；B．c(OH-)＜c(H+)，则溶液呈酸性，故B正确；C．pH＜7的溶液不一定是酸性溶液，如100℃时，纯水的pH=6，则6＜pH＜7的溶液呈碱性，故C错误；D．酸能和铝反应生成氢气，强碱溶液也能与铝反应生成氢气，所以能与铝反应放出氢气的溶液不一定是酸溶液，故D错误；故选B。
【考点定位】考查探究溶液的酸碱性
【名师点晴】本题考查了溶液酸碱性的判断，明确溶液的酸碱性取决于溶液中c(OH+)、c(H+)的相对大小是解本题的关键。溶液的酸碱性取决于溶液中c(OH-)、c(H+)的相对大小，如果c(OH-)＜c(H+)，则溶液呈酸性，如果c(OH-)=c(H+)则溶液呈中性，溶液c(OH-)＞c(H+)，则溶液呈碱性。
10. 常温下，将pH＝1的硫酸溶液平均分成两等份，一份加入适量水，另一份加入与该硫酸溶液物质的量浓度相同的NaOH溶液，两者pH都升高了1。则加入水和加入NaOH溶液的体积比约为( )
A. 11∶1 B. 10∶1 C. 6∶1 D. 5∶1
【答案】C
【解析】设每份硫酸的体积为1L，pH=1的硫酸溶液中c（H＋）=0.1mol·L－1，c（H2SO4）=c（H＋）/2=0.05mol·L－1，pH升高了1，则溶液中c（H＋）=0.01mol·L－1，①当是加水稀释时，设加入水的体积为xL，根据溶液稀释前后溶质的物质的量不变，则:1L×0.1mol·L－1=（1+x）L×0.01mol·L－1，x=9，②加入与该硫酸溶液物质的量浓度相同的氢氧化钠溶液时，设加入氢氧化钠的体积为yL，则有：（1L×0.1mol·L－1-yL×0.05mol·L－1）=0.01mol·L－1×（1+y）L，y=9/6，则加入水和加入NaOH溶液的体积比约为 =6：1，故选C。
点睛：本题考查物质的量浓度的计算，解题关键：运用物质的量计算公式计算，从质量守恒的角度解答，题目难度中等，易错点：另一份加入与该硫酸溶液物质的量浓度相同的NaOH溶液，硫酸溶液的pH、氢离子浓度、H2SO4化学式中的计量数2、与该硫酸溶液物质的量浓度相同的NaOH溶液的浓度，四个物理量要理解清楚。
11. 准确移取20.00 mL某待测HCl溶液于锥形瓶中，用0.100 0 mol·L－1NaOH溶液滴定。下列说法正确的是( )
A. 滴定管用蒸馏水洗涤后，装入NaOH溶液进行滴定
B. 随着NaOH溶液滴入，锥形瓶中溶液pH由小变大
C. 用酚酞作指示剂，当锥形瓶中溶液由红色变无色时停止滴定
D. 滴定达终点时，发现滴定管尖嘴部分有悬滴，则测定结果偏小
【答案】B
【解析】试题分析：A、滴定管用蒸馏水洗涤后，没有用标准液洗涤，装入NaOH溶液进行滴定会造成NaOH溶液的浓度变小，用量增多，结果偏大，A错误；B、酸中滴入碱，溶液的碱性增强，酸性减弱，溶液pH由小变大，B正确；C、用酚酞作指示剂，锥形瓶溶液开始是无色的，当锥形瓶中溶液由无色变红色，而且半分钟内不褪色时，证明滴定达到了滴定终点，C错误；D、滴定达终点时，发现滴定管尖嘴部分有悬滴，造成碱的用量偏多，则测定结果偏大，D正确。答案选B。
【考点定位】本题主要考查了酸碱中和滴定的操作和误差分析。
【名师点睛】酸碱滴定前的操作主要有：检漏、洗涤、润洗、注液、赶气泡、调液。滴定过程中操作有左手控制滴定管的活塞 ，右手摇动锥形瓶 目视锥形瓶中溶液颜色的变化。指示剂的选择方法： 酸碱指示剂一般选用酚酞和甲基橙，石蕊试液由于变色不明显,在滴定时不宜选用，强酸与强碱滴定用 酚酞或甲基橙， 强酸与弱碱滴定用 甲基橙 ，弱酸与强碱滴定用 酚酞。终点的判断：溶液颜色发生变化且在半分钟内不再变色。酸碱中和滴定中的误差分析根据H+和OH—的物质的量相等，C标·V标= C待·V待，在讨论操作对标准液体积的影响，确定滴定误差。
12. 以0.100 0 mol·L－1NaOH溶液滴定cmol·L－1某弱酸HA溶液，其滴定曲线如图所示，下列说法正确的是( )
A. 可用甲基橙作滴定指示剂
B. 指示剂指示的滴定终点就是反应终点
C. 突变范围的大小与酸的强弱及酸的浓度有关
D. 滴定时NaOH溶液盛放在带活塞的滴定管中
【答案】C
【解析】试题分析：A、强碱与弱酸完全反应生成强碱弱酸盐，水解显碱性，故应选用碱性条件下变色的指示剂，如酚酞，而不可选甲基橙，错误；B、反应终点是指酸与碱刚好完全反应，而指示剂指示的是一个变色范围，错误；C、当酸的酸性很强，浓度较稀时，突变范围就大，正确；D、带活塞的为酸式滴定管，不可以盛NaOH溶液，错误。
考点：酸碱中和滴定
13. 对H2O的电离平衡不产生影响的粒子是( )
A. B. 26Fe3＋ C. D.
【答案】C
【解析】A、盐酸电离的氢离子抑制水电离，故A错误；B、铁离子水解，促进水电离，故B错误；C、氯离子不水解，对水电离没有影响，故C正确；D、醋酸根离子水解，促进水电离，故D错误；故选C。
14. 下列物质的水溶液中，除了水分子外，不存在其他分子的是( )
A. HCl B. NH4NO3 C. Na2S D. HClO
【答案】A
【解析】A、盐酸是强电解质，水溶液中，除了水分子外，不存在其他分子,故A正确；B、铵根离子水解后产生一水合氨，故B错误；C、硫离子水解后形成HS－、H2S，故C错误；D、次氯酸是弱电解质，水中大部分以分子形式存在，故D错误；故选A。
15. 下列说法中正确的是( )
A. AlCl3溶液和Al2(SO4)3溶液加热，蒸发，浓缩结晶，灼烧，所得固体的成分相同
B. 配制FeCl3溶液时，将FeCl3固体溶解在硫酸中，后再加水稀释到所需的浓度
C. 向CuCl2溶液中加入CuO，调节pH可除去溶液中混有的Fe3＋
D. 泡沫灭火器中常使用的原料是Na2CO3和Al2(SO4)3
【答案】C
【解析】A、AlCl3溶液和Al2(SO4)3溶液加热，蒸发，浓缩结晶，灼烧，所得固体的成分不相同，前者得到Al2O3,后者得到Al2(SO4)3，故A错误；B、配制FeCl3溶液时，将FeCl3固体溶解在盐酸中，后再加水稀释到所需的浓度，溶于硫酸，会引入杂质离子SO42－，故B错误；C、Fe3＋＋3H2OFe(OH)3＋3H＋，向CuCl2溶液中加入CuO，与氢离子反应，使水解平衡正向移动生成氢氧化铁沉淀，达到调节pH除去溶液中混有的Fe3＋的目的，故C正确；D、泡沫灭火器中常使用的原料是NaHCO3和Al2(SO4)3，故D错误；故选C。
16. 下列离子组一定不能够大量共存的是( )
A. K＋、Na＋、、 B. 、Cl－、、Na＋
C. Al3＋、、、Cl－ D. 、Na＋、K＋、
【答案】C
【解析】A、钾盐、钠盐均可溶，A能大量共存；B、铵盐、硝酸盐均易溶，B能大量共存；C、Al3＋＋3HCO3-=Al(OH)3↓＋3CO2↑，故C不能大量共存；D、硅酸的钾盐、钠盐均可溶，D能大量共存；故选C。
17. 下列溶液中微粒的物质的量浓度关系正确的是( )
A. 浓度均为0.1 mol·L－1的氨水和盐酸等体积混合后：c(H＋)＝c(OH－)＋c(NH3·H2O)
B. 等浓度的碳酸钠、碳酸氢钠溶液混合后：c(CO)＜c(HCO)
C. 在NaHB溶液中一定有：c(Na＋)＝c(HB－)＋2c(B2－)
D. Na2CO3溶液中：2c(Na＋)＝c(CO)＋c(HCO)＋c(H2CO3)
【答案】A
【解析】A、浓度均为0.1 mol·L－1的氨水和盐酸等体积混合后生成氯化铵，根据质子守恒可得：c（H＋）=c（OH－）+c（NH3·H2O），故A正确；B、未知两溶液的体积关系，不能确定离子浓度大小，故B错误；C、NaHB溶液中物料守恒式为：c（Na＋）=c（HB－）+c（H2B）+c（B2－），故C错误；D．溶液中，根据物料守恒可得：c（Na＋）=2c（CO32－）+c（HCO3－）+c（H2CO3）]，故D错误；故选A。
点睛：本题考查了离子浓度大小比较，试题充分考查了学生的分析能力及灵活应用能力。解题关键;明确盐的水解原理、电荷守恒、物料守恒及质子守恒的含义，题目难度中等。易错误答案D，物料守恒中的比例易错。
18. 某温度时，Ag2SO4在水中的沉淀溶解平衡曲线如图所示。该温度下，下列说法正确的是( )
A. 含有大量SO的溶液中肯定不存在Ag＋
B. 0.02 mol·L－1的AgNO3溶液与0.02 mol·L－1的Na2SO4溶液等体积混合不会生成沉淀
C. Ag2SO4的溶度积常数(Ksp)为110－3
D. a点表示Ag2SO4的不饱和溶液，蒸发可以使溶液由a点变到b点
【答案】B
【解析】试题分析：A、Ag2SO4在水中沉淀溶解平衡为：Ag2SO4（s）⇌2Ag+（aq）+SO42-（aq），溶解为可逆过程，溶液中一定存在Ag+，A错误；B、0.02mol/L的AgNO3溶液与0.2mol/L的Na2SO4溶液等体积混合，c（SO42-）=0.1mol/L时，c（Ag+）=0.01mol/L，c2（Ag+）×c（SO42-）=1×10-5＜ksp，不会生成沉淀，B正确；C、由图象可知，当c（SO42-）=5×10-2mol/L时，c（Ag+）=2×10-2mol/L，则ksp=c（Ag+）] 2×c（SO42-）]=2×10-5，C错误；D、加热蒸发时，溶液中Ag+和SO42-浓度都增大，D错误；答案选B。
考点：考查难溶电解质的溶解平衡。
19. 某原电池构造如图所示，下列叙述正确的是( )
A. 在外电路中，电子由银电极流向铜电极
B. 取出盐桥后，电流表的指针仍发生偏转
C. 外电路中每通过0.1 mol电子，铜的质量理论上减小6.4 g
D. 原电池的总反应式为Cu＋2AgNO3===2Ag＋Cu(NO3)2
【答案】D
【解析】A、该装置是原电池，较活泼的金属铜作负极，银作正极，外电路中电子从铜沿导线流向银，故A错误；B、取出盐桥后，不能构成闭合回路，所以没有电流产生，电流计的指针不能发生偏转故，故B错误；
C、铜极上的电极反应式为：Cu - 2e－ = Cu2＋
64g 2mol
3.2g 0.1mol
所以外电路中每通过0.1mol电子，铜的质量理论上减小3.2g，故C错误；D、该装置中负极上铜失电子，正极上银离子得电子，所以电池反应式为Cu+2AgNO3=2Ag+Cu(NO3)2，故D正确；故选D。
点睛：本题考查了原电池原理，难度不大，解题关键：明确盐桥的作用、外电路中电子的流向、铜和电子的关系。
20. 近年来AIST正在研制一种“高容量、低成本”锂－铜空气燃料电池。该电池通过一种复杂的铜腐蚀“现象”产生电力，其中放电过程为2Li＋Cu2O＋H2O===2Cu＋2Li＋＋2OH－，下列说法不正确的是( )
A. 放电时，Li＋透过固体电解质向Cu极移动
B. 放电时，负极的电极反应式为Cu2O＋H2O＋2e－===2Cu＋2OH－
C. 通空气时，铜被腐蚀，表面产生Cu2O
D. 整个反应过程中，铜相当于催化剂
【答案】B
【解析】试题分析：A．因为原电池放电时，阳离子移向正极，所以Li+透过固体电解质向Cu极移动，故A正确；B．该电池通过一种复杂的铜腐蚀而产生电力，由方程式可知铜电极上并非是氧气直接放电，正极反应为Cu2O+H2O+2e-=Cu+2OH-，故B错误；C．放电过程为2Li+Cu2O+H2O═2Cu+2Li++2OH-，可知通空气时，铜被腐蚀，表面产生Cu2O，故C正确；D．由C项分析知：铜先与氧气反应生成Cu2O，放电时Cu2O重新生成Cu，则整个反应过程中，铜相当于催化剂，故D正确；故选B。
【考点定位】考查原电池原理
【名师点晴】结合原电池结构，明确原电池负极上得失电子及电极反应式是解本题关键，放电时，锂失电子作负极，Cu上O2得电子作正极，负极上电极反应式为Li-e-═Li+，正极上电极反应式为O2+4e-+2H2O=4OH-，电解质溶液中阳离子向正极移动，阴离子向负极移动，据此分析解答。
21. 某电池以K2FeO4和Zn为电极材料，KOH溶液为电解质溶液。下列说法不正确的是( )
A. Zn为电池的负极 B. 正极反应式为2FeO＋10H＋＋6e－===Fe2O3＋5H2O
C. 该电池放电过程中电解质溶液浓度增大 D. 电池工作时OH－向负极迁移
【答案】B
.....................
22. 在一恒定的容器中充入2 mol A和1 mol B发生反应：2A(g)＋ B(g)xC(g)，达到平衡后，C的体积分数为ω%；若维持容器的容积和温度不变，按起始物质的量A：0.6 mol、B：0.3 mol、C：1.4 mol充入容器，达到平衡后，C的体积分数仍为ω%，则x值为( )
A. 只能为2 B. 只能为3 C. 可能是2，也可能是3 D. 无法确定
【答案】C
【解析】解题时可对方程式中的化学计量数进行虚拟：分x＝3和x≠3两种情况进行分析。由题给条件和等效平衡理论可知，若x＝3，符合等体反应，“一边倒，判比例”若x＝2，符合非等体反应，恒温恒容“一边倒，判量等”。答案选C。
23. 常温下，取0.2 mol·L－1HX溶液与0.2 mol·L－1NaOH溶液等体积混合(忽略混合后溶液体积的变化)，测得混合溶液的pH＝8，则下列说法(或关系式)正确的是( )
A. c(Na＋)－c(X－)＝9.910－7mol·L－1
B. c(Na＋)＝c(X－)＋c(HX)＝0.2 mol·L－1
C. c(OH－)－c(HX)＝c(H＋)＝110－6mol·L－1
D. 混合溶液中由水电离出的c(OH－)＝10－8mol·L－1
【答案】A
【解析】A、根据电荷守恒，则 有c(Na＋)＋c(H＋)=c(X－)＋c(OH－)，c(Na＋)－c(X－)=c(OH－)－c(H＋)=10－6－10－8=9.9×10－7mol·L－1，故正确；B、根据物料守恒，c(Na+)=c(X-)+c(HX)，因为是等体积混合，混合后溶液的体积是原来的2倍，浓度是原来的一半，因此有c(Na+)=c(X-)+c(HX)=0.1mol·L－1，故错误；C、根据质子守恒，c(OH－)=c(H＋)＋c(HX)，则有c(OH－)－c(HX)=c(H＋)=10－8mol·L－1，故错误；D、水电离产生c(OH－)=Kw/c(H＋)=10－14/10－8=10－6mol·L－1，故错误。
24. 下列叙述正确的是( )
A. 稀醋酸中加少量醋酸钠能增大醋酸的电离程度
B. 25 ℃时，等体积等浓度的硝酸与氨水混合后，溶液的pH＝7
C. 25 ℃时，0.1 mol·L－1的H2S溶液比等浓度的Na2S溶液的导电能力弱
D. 0.1 mol AgCl和0.1 mol AgI混合后加入1 L水中所得溶液中c(Cl－)＝c(I－)
【答案】C
【解析】试题分析：A．醋酸属于弱酸，加入少量醋酸钠，c（CH3COO－）浓度增大，抑制了醋酸的电离，A项错误；B．25℃时，等体积等浓度的硝酸与氨水混合后，恰好反应生成硝酸铵，属于强酸弱碱盐，NH4＋水解导致溶液呈酸性，PH<7,B项错误；C．硫化氢属于弱酸，部分电离，硫化钠属于强电解质，全部电离，等浓度的硫化氢溶液比等浓度的硫化钠溶液中离子浓度小，导电能力弱，C项正确；D．AgCl和AgI的Ksp不相等，c（Ag＋）·c（Cl－）=Ksp（AgCl）,c（Ag＋）·c（I－）=Ksp（AgI），0.1mol AgCl和0.1molAgI混合后加入1L水中，所得溶液中c（Ag＋）浓度相等，则c（Cl－）不等于c（I－），D项错误；答案选C。
考点：考查弱电解质的电离平衡，酸碱混合溶液的pH判断，溶液的导电性和沉淀溶解平衡的应用等知识。
25. 用盐酸作标准液滴定待测浓度的NaOH溶液，若用甲基橙作指示剂，当滴定达终点时，消耗盐酸V1mL；若用酚酞作指示剂，当滴定达终点时，消耗盐酸V2mL；则两种情况下消耗盐酸的体积关系是( )
A. V1>V2 B. V1＝V2 C. V1
【解析】用盐酸作标准液滴定待测浓度的NaOH溶液，若用甲基橙作指示剂，当滴定达终点时，变色范围在酸性范围内，消耗盐酸V1mL，比恰好完全反应消耗的酸多；若用酚酞作指示剂，当滴定达终点时，变色范围在碱性范围内，消耗盐酸V2mL，比恰好完全反应消耗的酸少；故V1>V2，故A正确。
26. 使用酸碱中和滴定的方法，用0.01 mol·L－1盐酸滴定锥形瓶中未知浓度的NaOH溶液，下列操作能够使测定结果偏高的是( )
①用量筒量取浓盐酸配制0.01 mol·L－1稀盐酸时，量筒用蒸馏水洗净后未经干燥直接量取浓盐酸 ②配制稀盐酸定容时，俯视容量瓶刻度线 ③滴定结束时，读数后发现滴定管下端尖嘴处悬挂有一滴液滴 ④滴定过程中用少量蒸馏水将锥形瓶内壁附着的盐酸冲下
A. ①③ B. ②④ C. ②③④ D. ①②③④
【答案】A
【解析】①用量筒量取浓盐酸配制0.01 mol·L－1稀盐酸时，量筒用蒸馏水洗净后未经干燥直接量取浓盐酸，会导致浓盐酸被蒸馏水稀释，标准液浓盐酸浓度减小，滴定时消耗的标准液体积增大，根据c（待测）=c(标准)×V(标准)/V(待测待测)，测定结果偏高，故①正确；②配制稀盐酸定容时，俯视容量瓶刻度线，导致容量瓶中加入的蒸馏水体积偏小，配制的溶液浓度偏高，滴定时消耗的标准液体积偏小，根据c（待测）=c(标准)×V(标准)/V(待测待测)，测定结果偏低，故②错误；③滴定结束时，读数后发现滴定管下端尖嘴处悬挂有一滴液滴，导致消耗的标准液体积偏大，根据c（待测）=c(标准)×V(标准)/V(待测待测)，测定结果偏高，故③正确；④滴定过程中用少量蒸馏水将锥形瓶内壁附着的盐酸冲下，对待测液物质的量没有影响，所以不影响消耗的标准液的体积，根据c（待测）=c(标准)×V(标准)/V(待测待测)
，对测定结果不会产生影响，故④错误；故选A。
点睛：本题考查了中和滴定中的误差分析，题目难度中等，注意掌握中和滴定中误差分析的方法及技巧，分析中和滴定过程中产生的误差时，要根据实验操作对c（待测）=c(标准)×V(标准)/V(待测待测)的影响进行判断；试题培养了学生的灵活应用所学知识解决实际问题的能力。
27. 下列电离方程式书写正确的是( )
A. NaHCO3===Na＋＋H＋＋ B. HFH＋＋F－
C. H2SO42H＋＋ D. CH3COONH4CH3COO－＋
【答案】B
【解析】A. 碳酸是弱电解质，NaHCO3===Na＋＋HCO3－，故A错误；B、HF是弱电解质，只有部分电离， HFH＋＋F－，故B正确；C、硫酸是强酸，不用可逆号， H2SO4=2H＋＋SO42－，故C错误；D、CH3COONH4是强电解质，不用可逆号CH3COONH4=CH3COO－＋NH4＋，故D错误；故选B。
28. 下列物质的溶液经加热、蒸发、浓缩、结晶、灼烧后，所得固体的成分不相同的是( )
A. FeCl2、FeCl3 B. NaHCO3、Na2CO3
C. NaAlO2、AlCl3 D. Mg(HCO3)2、MgCl2
【答案】C
【解析】A、盐酸是易挥发性酸，加热促进盐的水解，且Fe2+被氧化Fe3+，水解后生成氢氧化铁灼烧后分解，最终产物均为Fe2O3；B、蒸发结晶后得到的固体中NaHCO3灼烧分解生成Na2CO3，最终产物均为Na2CO3；C、都发生水解，但NaAlO2溶液生成的氢氧化铝和氢氧化铝又反应生成NaAlO2，得到的固体是NaAlO2，盐酸易挥发，AlCl3加热、蒸发、浓缩、结晶、灼烧后得到Al2O3，成分不同；D、蒸发结晶后得到Mg(HCO3)2，Mg(HCO3)2灼烧分解生成MgO，MgCl2水解后，蒸发结晶灼烧后最终产物也为MgO；答案选C。
29. 液氨与水的电离相似，存在着微弱的电离：2NH3＋。对该体系的说法中错误的是
A. 液氨中含有NH3、和等微粒
B. 一定温度下，液氨中c()与c()的乘积为一常数
C. 液氨的电离达到平衡时，c(NH3)＝c()＝c()
D. 只要不加入其他物质，液氨中c()总是与c()相等
【答案】C
【解析】A、液氨电离中存在电离平衡2NH3NH4＋＋NH2－，所以液氨中含有 NH3、NH4＋、NH2－粒子，故A正确；B、只要温度一定，液氨中c（NH4＋ ）与c（NH2－）的乘积为定值，故B正确；C、液氨与水的电离相似，为微弱电离，所以液氨中主要存在NH3，所以液氨的电离达到平衡时，c（NH3）＞c（NH4＋）=c（NH2－），故C错误；D、根据平衡2NH3NH4＋＋NH2－，液氨电离出NH4＋、NH2－的个数比为1：1，所以只要不加入其它物质，液氨中c（NH4＋）与c（NH2－）总是相等，故D正确；故选C。
点睛：本题考查弱电解质的电离，解题关键：正确理解弱电解质电离特点，注意液氨中 c （NH4＋）与 c （NH2－）的乘积只与温度有关，与溶液的浓度无关，易错选项是B。
30. 某温度下，pH＝11的氨水和NaOH溶液分别加水稀释100倍，溶液的pH随溶液体积变化的曲线如图所示。根据图像判断错误的是( )
A. a值一定大于9
B. Ⅰ为NaOH溶液稀释时溶液的pH变化曲线
C. 完全中和稀释相同倍数后的两溶液，消耗相同浓度的稀H2SO4的体积V(NaOH)
【答案】D
【解析】试题分析：根据题意知，一水合氨为弱电解质，氢氧化钠为强电解质，pH相同的氨水和氢氧化钠溶液，氨水的物质的量浓度大于氢氧化钠溶液；加水稀释相同的倍数，一水合氨的电离平衡正向移动，溶液的pH变化较小。B、根据题给图像可知，开始二者pH相同，在稀释过程中促进氨水的电离，则氨水的pH变化较小，即I为氢氧化钠溶液稀释时溶液的pH变化曲线，正确；C、根据题给图像可知，开始二者pH相同，一水合氨为弱电解质，氢氧化钠为强电解质，pH相同的氨水和氢氧化钠溶液，氨水的物质的量浓度大于氢氧化钠溶液；加水稀释相同的倍数，氨水的物质的量浓度仍较大，完全中和稀释后相同体积的两溶液时，消耗相同浓度的稀硫酸的体积V（ NaOH）
31. 几种物质的溶度积常数见下表：
（1）某酸性CuCl2溶液中含少量的FeCl3，为制得纯净CuCl2溶液，宜加入_______调至溶液pH＝4，使Fe3＋转化为Fe(OH)3沉淀，此时溶液中的c(Fe3＋)＝____________________________。
（2）过滤后，将所得滤液经过________________操作，可得到CuCl2·2H2O晶体。
（3）由CuCl2·2H2O晶体得到纯的无水CuCl2，需要进行的操作是________________。
（4）某学习小组用“间接碘量法”测定含有CuCl2·2H2O晶体的试样(不含能与I－发生反应的氧化性杂质)的纯度，过程如下：取0.800 g试样溶于水，加入过呈KI固体，充分反应，生成白色沉淀。用0.100 0 mol·L－1Na2S2O3标准溶液滴定，到达滴定终点时，消耗Na2S2O3标准溶液40.00 mL。(已知：I2＋2S2O===S4O＋2I－)。
①可选用________作滴定指示剂，滴定终点的现象是__________________________。
②CuCl2溶液与KI反应的离子方程式为________________________________。
【答案】 (1). CuO或碱式碳酸铜、氢氧化铜 (2). 2．6×10－9mol·L－1 (3). 蒸发浓缩冷却结晶 (4). 在HCl气氛中加热 (5). 淀粉 (6). 溶液由蓝色变成无色且半分钟不变化 (7). 2Cu2＋＋4I－===2CuI↓＋I2
【解析】（1）某酸性CuCl2溶液中含少量的FeCl3，为制得纯净CuCl2溶液，要除去氯化铁，加入的物质和氯化铁反应生成氢氧化铁且不能引进新的杂质，所以加入物质后应能转化为氯化铜，所以应该加入含铜元素和氢氧根离子的物质，可以是氧化铜、氢氧化铜或碱式碳酸铜；溶液的pH=4，所以溶液中氢离子浓度为10-4 mol·L－1，则氢氧根离子浓度为10-10 mol·L－1，c（Fe3＋）=KwFe(OH)3]/C3(OH -)=2.6×10 -39/(1×10 -10) 3，=2.6×10-9mol·L－1；（2）过滤后，将所得滤液经过蒸发浓缩冷却结晶 操作，可得到CuCl2·2H2O晶体。（3）由CuCl2·2H2O晶体得到纯的无水CuCl2，需要进行的操作是：在HCl气氛中加热；（4）①淀粉遇到碘变蓝，依据I2+2S2O32－═S4O62－+2I－可知，当Na2S2O3标准溶液刚好将碘全部反应，淀粉由蓝色变成无色，所以可以淀粉做指示剂，当淀粉由蓝色变成无色且半分钟不变化滴定达到终点。②CuCl2溶液与KI反应实质铜离子氧化碘离子生成生成碘化亚铜沉淀和单质碘，离子方程式：2Cu2＋+4I－=2CuI↓+I2。
点睛：本题考查物质分离提纯，氧化还原滴定测物质的含量，侧重分析与实验能力的考查。题目难度中等，解题关键：物质分离和提纯、基本实验操作、滴定实验及平衡常数的计算。
32. 肼(N2H4)又称联氨，是一种可燃性液体，可用作火箭燃料。
（1）已知在101 kPa时，32.0 g N2H4在氧气中完全燃烧生成氮气和水，放出热量624 kJ(25 ℃时)，N2H4完全燃烧的热化学方程式是__________________________________。
（2）肼－空气燃料电池是一种碱性燃料电池，电解质溶液是20%～30%的KOH溶液。肼－空气燃料电池放电时，正极的反应式是___________________________；负极的反应式是____________________________。
（3）下图是一个电化学过程示意图。
①锌片上发生的电极反应式是_________________________________________________。
②假设使用肼－空气燃料电池作为本过程中的电源，铜片的质量变化为128 g，则肼－空气燃料电池理论上消耗标准状况下的空气______L(假设空气中氧气体积分数为20%)。
（4）有同学想把Ba(OH)2·8H2O晶体与NH4Cl晶体的反应设计成原电池，你认为是否可行？________(填“是”或“否”)
【答案】 (1). N2H4(l)＋O2(g)===N2(g)＋2H2O(l) ΔH＝－624 kJ·mol－1 (2). O2＋4e－＋2H2O===4OH－ (3). N2H4＋4OH－－4e－===N2↑＋4H2O (4). Cu2＋＋2e－===Cu (5). 112 (6). 否
33. 溶液中的化学反应大多是离子反应。根据要求回答下列问题：
（1）盐碱地(含较多Na2CO3、NaCl)不利于植物生长，试用化学方程式表示：
盐碱地产生碱性的原因：__________________________________________；
（2）已知水存在如下平衡：H2O＋H2OH3O＋＋OH－，向水中加入NaHSO4固体，水的电离平衡向________移动，且所得溶液显________性。
（3）若取pH、体积均相等的NaOH溶液和氨水分别用水稀释m倍、n倍，稀释后pH仍相等，则m________(填“＞”“＜”或“＝”)n。
（4）常温下，在pH＝6的CH3COOH与CH3COONa的混合溶液中水电离出来的c(OH－)＝________。
（5）已知：常温下，醋酸和NH3·H2O的电离平衡常数均为1.74×10－5；则 NH4HCO3溶液呈________性，NH4HCO3溶液中物质的量浓度最大的离子是________(填化学式)。
【答案】 (1). Na2CO3＋H2ONaHCO3＋NaOH (2). 逆反应方向 (3). 酸 (4). ＜ (5). 10－8mol·L－1 (6). 碱 (7). NH
【解析】（1）碳酸钠是强碱弱酸盐，碳酸根离子水解导致溶液呈碱性，化学方程式为水解方程式为Na2CO3＋H2ONaHCO3＋NaOH；（2）硫酸氢钠完全电离生成氢离子，导致溶液呈强酸性，抑制水电离，水的电离平衡逆向移动；（3）一水合氨是弱电解质，加水稀释促进一水合氨电离，NaOH是强电解质，完全电离，要使pH相等的氨水和NaOH溶液稀释后pH仍然相等，则氨水稀释倍数大于NaOH，即m＜n；（4）常温下，pH=6的混合溶液呈酸性，说明醋酸电离程度大于醋酸根离子水解程度，则混合溶液中水电离出来的c（OH－）=Kw/c(H＋)=mol·L－1=10-8 mol·L－1；（5）已知：常温下，醋酸和NH3·H2O的电离平衡常数均为1.74×10－5，醋酸铵呈中性，现醋酸的酸性大于碳酸，生成NH4HCO3的碱比酸强，NH4HCO3溶液呈碱性；HCO3－的水解程度大于NH4+，NH4HCO3溶液中物质的量浓度最大的离子是NH4+。
点睛：本题考查较综合，涉及难溶物的溶解平衡、弱电解质的电离、盐类水解等知识点，解题关键：弱电解质电离特点、难溶物溶度积常数含义、盐类水解原理等，易错点（5），要用醋酸铵呈中性，作为参照物。
河南省安阳县第一高级中学2017-2018学年高二上学期第三次月考
化学试卷
1. 下列说法或表示法正确的是（ ）
A. 等量的硫蒸气和硫固体分别完全燃烧，后者放出的热量多
B. 由C（石墨）→C（金刚石）ΔH=+1.9 kJ·可知，金刚石比石墨稳定
C. 在稀溶液中：H++OH﹣====H2O ΔH=﹣57.3 kJ·，若将含1 mol CH3COOH的醋酸溶液与含1 mol NaOH的溶液混合，放出的热量小于57.3 kJ
D. 在101 kPa时，2 g H2完全燃烧生成液态水，放出285.8 kJ热量，氢气燃烧的热化学方程式表示为2H2（g）+O2（g）===2H2O（l）ΔH=+285.8 kJ·
【答案】C
【解析】试题分析：A：由于蒸气状态硫的能量高，均燃烧成为二氧化硫时，放出的热量相对较多，错误；B：本身能量越高越不稳定，错误C：中和热要求为强酸强碱的稀溶液反应，而现在为醋酸，边吸热边电离，放出的热量少，正确；D：1mol氢气燃烧放出热量，所对应的热化学方程式为：H2（g）＋1/2O2（g）＝H2O（l）；△H＝－285.8kJ/mol，错误，选C。
考点：考查反应热大小比较，热化学方程式的书写等知识。
2. 某反应由两步反应A==B==C构成，反应过程中的能量变化曲线如图（E1、E3表示两反应的活化能），下列有关叙述正确的是 （ ）
A. 两步反应均为放热反应 B. 三种化合物的稳定性顺序：B＜A＜C
C. 整个反应的ΔH=E1﹣E2 D. 加入催化剂不改变反应的焓变，但能提高产率
【答案】B
【解析】试题分析：A、A→B的反应为吸热反应，B→C的反应为放热反应，A错误；B、物质的能量越低，越稳定，B正确；C、整个反应中△H=（E1-E2）+（E2-E3）-E4=E1-E3-E4，C错误；D、加入催化剂，只改变反应的活化能，不改变反应热，也不会提高产率，D错误。答案选B
考点：化学反应与能量变化
3. 合理利用燃料减小污染符合“绿色奥运”理念，下列关于燃料的说法正确的是（ ）
A. “可燃冰”是将水变为油的新型燃料
B. 氢气是具有热值高、无污染等优点的燃料
C. 乙醇是比汽油更环保、不可再生的燃料
D. 石油和煤是工厂经常使用的可再生的化石燃料
【答案】B
【解析】试题分析：A、可燃冰”外观像冰，其化学组成是CH4•nH2O，水的化学式为H2O，根据元素守恒知，水不能变为油，故A错误；B、氢能源具有来源广、热值高，且燃烧后生成水对环境无污染，故B正确；C、乙醇中含有碳、氢、氧三种元素，其燃烧产物是二氧化碳和水，但乙醇为可再生能源，故C错误；D、石油和煤都属于化石燃料，且属于不可再生能源，故D错误；故选B。
考点：考查了燃料的相关知识。
4. 反应4A（g）+5B（g）4C（g）+6D（g），在5 L的密闭容器中进行，半分钟后，C的物质的量增加了0.30 mol。下列叙述正确的是（ ）
A. A的平均反应速率是0.010 mol•L﹣1•s﹣1
B. 容器中含D物质的量至少为0.45 mol
C. 容器中A、B、C、D的物质的量的比一定是4∶5∶4∶6
D. 容器中A的物质的量一定增加了0.30 mol
【答案】B
【解析】试题分析： 依据化学平衡的三段式列式；半分钟后，C的物质的量增加了0.30mol；
4A（g）+5B（g）═4C（g）+6D（g）
起始量（mol） x y 0 0
变化量（mol） 0.3 0.375 0.3 0.45
平衡量（mol） x-0.3 y-0.375 0.3 0.45
A、A的平均反应速率=" 0.3/5/30=0.0020" mol•L-1•s-1,A错误；
B、起始量不定，容器中含D物质的量至少为0.45 mol，B正确；
C、起始量不知，容器中A、B、C、D的物质的量的比不一定是4：5：4：6，故C错误；
D、容器中A的物质的量一定减少了0.30 mol，故D错误；
考点：化学平衡的相关计算知识的考察。
5. 已知某反应aA（g）+bB（g）cC（g）ΔH=Q在密闭容器中进行，在不同温度（T1和T2）及压强（和）下，混合气体中B的质量分数w（B）与反应时间（t）的关系如图所示，下列判断正确的是（ ）
A. T1＜T2，＜，a+b＞c，Q＞0 B. T1＞T2，＜，a+b＜c，Q＞0
C. T1＜T2，＞，a+b＜c，Q＞0 D. T1＜T2，＞，a+b＞c，Q＜0
【答案】B
【解析】试题分析：由图象可知，温度为T1时，根据到达平衡的时间可知P2＞P1，且压强越大，B的含量高，说明压强增大平衡向逆反应方向移动，正反应为气体体积增大的反应，即a+b＜c；压强为P2时，根据到达平衡的时间可知T1＞T2，且温度越高，B的含量低，说明温度升高平衡向正反应方向移动，则正反应为吸热反应，即Q＞0，答案选B。
【考点定位】考查化学平衡图象问题。
【名师点睛】本题考查化学平衡图象问题，难度不大，注意根据图象判断温度、压强的大小，根据温度、压强对平衡移动的影响分析：温度相同时，根据到达平衡的时间判断压强大小，再根据压强对B的含量的影响，判断压强对平衡的影响，确定反应气体气体体积变化情况；压强相同时，根据到达平衡的时间判断温度大小，再根据温度对B的含量的影响，判断温度对平衡的影响，确定反应的热效应。
6. 下列叙述正确的是( )
A. 硫酸钡难溶于水，故硫酸钡为弱电解质
B. 硝酸钾溶液能导电，故硝酸钾溶液为电解质
C. 二氧化碳溶于水能部分电离，故二氧化碳为弱电解质
D. 石墨虽能导电，但既不是电解质，也不是非电解质
【答案】D
【解析】试题分析：A、硫酸钡难溶于水，但溶于水的部分完全电离，故硫酸钡为强电解质，错误；B、硝酸钾溶液能导电，但硝酸钾溶液为混合物，既不是电解质也不是非电解质，错误；C、二氧化碳溶于水与水反应生成碳酸，碳酸能部分电离，故碳酸为弱电解质，二氧化碳属于非电解质，错误；D、石墨为单质，石墨虽能导电，但既不是电解质，也不是非电解质，正确。
考点：考查电解质、非电解质、强电解质和弱电解质的概念。
7. 在25 ℃时，用蒸馏水稀释1 mol·L－1氨水至0.01 mol·L－1，随溶液的稀释，下列各项中始终保持增大趋势的是( )
A. B. C. D. c(OH－)
【答案】A
【解析】A．加水稀释促进一水合氨电离，则溶液中氢氧根离子、铵根离子的物质的量增大，一水合氨分子的物质的量减小，该比值增大，故A正确；B．溶液中氢氧根离子、铵根离子的物质的量增大，且水电离出氢氧根离子数目增多，则该比值变小，故B错误；C．加水稀释促进一水合氨电离，则溶液中氢氧根离子、铵根离子的物质的量增大，一水合氨分子的物质的量减小，所以该比值减小，故C错误；D．加水稀释促进一水合氨电离，则溶液中n(OH-)增大，但n(OH-)增大程度小于溶液体积增大程度，所以c(OH-)减小，故D错误；故选A。
点睛：注意把握稀释弱电解质时促进弱电解质电离。本题中ABC直接分析浓度比值的变化比较困难，如果首先分析物质的量的变化就简单多了。
8. 甲酸(HCOOH)是一种一元弱酸，下列性质中可以证明它是弱电解质的是( )
A. 常温下，1 mol·L－1甲酸溶液中的c(H＋)约为110－2mol·L－1
B. 甲酸能与碳酸钠反应放出二氧化碳
C. 10 mL 1 mol·L－1甲酸溶液恰好与10 mL 1 mol·L－1NaOH溶液完全反应
D. 甲酸溶液与锌反应比强酸溶液缓慢
【答案】A
【解析】若能说明在相同条件下甲酸只发生部分电离，便可以证明它是弱电解质。
c(H＋)
A. 含H＋的溶液 B. c(OH－)
【答案】B
【解析】试题分析：A．任何溶液中都含有氢离子，所以含有氢离子的溶液不一定呈酸性，故A错误；B．c(OH-)＜c(H+)，则溶液呈酸性，故B正确；C．pH＜7的溶液不一定是酸性溶液，如100℃时，纯水的pH=6，则6＜pH＜7的溶液呈碱性，故C错误；D．酸能和铝反应生成氢气，强碱溶液也能与铝反应生成氢气，所以能与铝反应放出氢气的溶液不一定是酸溶液，故D错误；故选B。
【考点定位】考查探究溶液的酸碱性
【名师点晴】本题考查了溶液酸碱性的判断，明确溶液的酸碱性取决于溶液中c(OH+)、c(H+)的相对大小是解本题的关键。溶液的酸碱性取决于溶液中c(OH-)、c(H+)的相对大小，如果c(OH-)＜c(H+)，则溶液呈酸性，如果c(OH-)=c(H+)则溶液呈中性，溶液c(OH-)＞c(H+)，则溶液呈碱性。
10. 常温下，将pH＝1的硫酸溶液平均分成两等份，一份加入适量水，另一份加入与该硫酸溶液物质的量浓度相同的NaOH溶液，两者pH都升高了1。则加入水和加入NaOH溶液的体积比约为( )
A. 11∶1 B. 10∶1 C. 6∶1 D. 5∶1
【答案】C
【解析】设每份硫酸的体积为1L，pH=1的硫酸溶液中c（H＋）=0.1mol·L－1，c（H2SO4）=c（H＋）/2=0.05mol·L－1，pH升高了1，则溶液中c（H＋）=0.01mol·L－1，①当是加水稀释时，设加入水的体积为xL，根据溶液稀释前后溶质的物质的量不变，则:1L×0.1mol·L－1=（1+x）L×0.01mol·L－1，x=9，②加入与该硫酸溶液物质的量浓度相同的氢氧化钠溶液时，设加入氢氧化钠的体积为yL，则有：（1L×0.1mol·L－1-yL×0.05mol·L－1）=0.01mol·L－1×（1+y）L，y=9/6，则加入水和加入NaOH溶液的体积比约为 =6：1，故选C。
点睛：本题考查物质的量浓度的计算，解题关键：运用物质的量计算公式计算，从质量守恒的角度解答，题目难度中等，易错点：另一份加入与该硫酸溶液物质的量浓度相同的NaOH溶液，硫酸溶液的pH、氢离子浓度、H2SO4化学式中的计量数2、与该硫酸溶液物质的量浓度相同的NaOH溶液的浓度，四个物理量要理解清楚。
11. 准确移取20.00 mL某待测HCl溶液于锥形瓶中，用0.100 0 mol·L－1NaOH溶液滴定。下列说法正确的是( )
A. 滴定管用蒸馏水洗涤后，装入NaOH溶液进行滴定
B. 随着NaOH溶液滴入，锥形瓶中溶液pH由小变大
C. 用酚酞作指示剂，当锥形瓶中溶液由红色变无色时停止滴定
D. 滴定达终点时，发现滴定管尖嘴部分有悬滴，则测定结果偏小
【答案】B
【解析】试题分析：A、滴定管用蒸馏水洗涤后，没有用标准液洗涤，装入NaOH溶液进行滴定会造成NaOH溶液的浓度变小，用量增多，结果偏大，A错误；B、酸中滴入碱，溶液的碱性增强，酸性减弱，溶液pH由小变大，B正确；C、用酚酞作指示剂，锥形瓶溶液开始是无色的，当锥形瓶中溶液由无色变红色，而且半分钟内不褪色时，证明滴定达到了滴定终点，C错误；D、滴定达终点时，发现滴定管尖嘴部分有悬滴，造成碱的用量偏多，则测定结果偏大，D正确。答案选B。
【考点定位】本题主要考查了酸碱中和滴定的操作和误差分析。
【名师点睛】酸碱滴定前的操作主要有：检漏、洗涤、润洗、注液、赶气泡、调液。滴定过程中操作有左手控制滴定管的活塞 ，右手摇动锥形瓶 目视锥形瓶中溶液颜色的变化。指示剂的选择方法： 酸碱指示剂一般选用酚酞和甲基橙，石蕊试液由于变色不明显,在滴定时不宜选用，强酸与强碱滴定用 酚酞或甲基橙， 强酸与弱碱滴定用 甲基橙 ，弱酸与强碱滴定用 酚酞。终点的判断：溶液颜色发生变化且在半分钟内不再变色。酸碱中和滴定中的误差分析根据H+和OH—的物质的量相等，C标·V标= C待·V待，在讨论操作对标准液体积的影响，确定滴定误差。
12. 以0.100 0 mol·L－1NaOH溶液滴定cmol·L－1某弱酸HA溶液，其滴定曲线如图所示，下列说法正确的是( )
A. 可用甲基橙作滴定指示剂
B. 指示剂指示的滴定终点就是反应终点
C. 突变范围的大小与酸的强弱及酸的浓度有关
D. 滴定时NaOH溶液盛放在带活塞的滴定管中
【答案】C
【解析】试题分析：A、强碱与弱酸完全反应生成强碱弱酸盐，水解显碱性，故应选用碱性条件下变色的指示剂，如酚酞，而不可选甲基橙，错误；B、反应终点是指酸与碱刚好完全反应，而指示剂指示的是一个变色范围，错误；C、当酸的酸性很强，浓度较稀时，突变范围就大，正确；D、带活塞的为酸式滴定管，不可以盛NaOH溶液，错误。
考点：酸碱中和滴定
13. 对H2O的电离平衡不产生影响的粒子是( )
A. B. 26Fe3＋ C. D.
【答案】C
【解析】A、盐酸电离的氢离子抑制水电离，故A错误；B、铁离子水解，促进水电离，故B错误；C、氯离子不水解，对水电离没有影响，故C正确；D、醋酸根离子水解，促进水电离，故D错误；故选C。
14. 下列物质的水溶液中，除了水分子外，不存在其他分子的是( )
A. HCl B. NH4NO3 C. Na2S D. HClO
【答案】A
【解析】A、盐酸是强电解质，水溶液中，除了水分子外，不存在其他分子,故A正确；B、铵根离子水解后产生一水合氨，故B错误；C、硫离子水解后形成HS－、H2S，故C错误；D、次氯酸是弱电解质，水中大部分以分子形式存在，故D错误；故选A。
15. 下列说法中正确的是( )
A. AlCl3溶液和Al2(SO4)3溶液加热，蒸发，浓缩结晶，灼烧，所得固体的成分相同
B. 配制FeCl3溶液时，将FeCl3固体溶解在硫酸中，后再加水稀释到所需的浓度
C. 向CuCl2溶液中加入CuO，调节pH可除去溶液中混有的Fe3＋
D. 泡沫灭火器中常使用的原料是Na2CO3和Al2(SO4)3
【答案】C
【解析】A、AlCl3溶液和Al2(SO4)3溶液加热，蒸发，浓缩结晶，灼烧，所得固体的成分不相同，前者得到Al2O3,后者得到Al2(SO4)3，故A错误；B、配制FeCl3溶液时，将FeCl3固体溶解在盐酸中，后再加水稀释到所需的浓度，溶于硫酸，会引入杂质离子SO42－，故B错误；C、Fe3＋＋3H2OFe(OH)3＋3H＋，向CuCl2溶液中加入CuO，与氢离子反应，使水解平衡正向移动生成氢氧化铁沉淀，达到调节pH除去溶液中混有的Fe3＋的目的，故C正确；D、泡沫灭火器中常使用的原料是NaHCO3和Al2(SO4)3，故D错误；故选C。
16. 下列离子组一定不能够大量共存的是( )
A. K＋、Na＋、、 B. 、Cl－、、Na＋
C. Al3＋、、、Cl－ D. 、Na＋、K＋、
【答案】C
【解析】A、钾盐、钠盐均可溶，A能大量共存；B、铵盐、硝酸盐均易溶，B能大量共存；C、Al3＋＋3HCO3-=Al(OH)3↓＋3CO2↑，故C不能大量共存；D、硅酸的钾盐、钠盐均可溶，D能大量共存；故选C。
17. 下列溶液中微粒的物质的量浓度关系正确的是( )
A. 浓度均为0.1 mol·L－1的氨水和盐酸等体积混合后：c(H＋)＝c(OH－)＋c(NH3·H2O)
B. 等浓度的碳酸钠、碳酸氢钠溶液混合后：c(CO)＜c(HCO)
C. 在NaHB溶液中一定有：c(Na＋)＝c(HB－)＋2c(B2－)
D. Na2CO3溶液中：2c(Na＋)＝c(CO)＋c(HCO)＋c(H2CO3)
【答案】A
【解析】A、浓度均为0.1 mol·L－1的氨水和盐酸等体积混合后生成氯化铵，根据质子守恒可得：c（H＋）=c（OH－）+c（NH3·H2O），故A正确；B、未知两溶液的体积关系，不能确定离子浓度大小，故B错误；C、NaHB溶液中物料守恒式为：c（Na＋）=c（HB－）+c（H2B）+c（B2－），故C错误；D．溶液中，根据物料守恒可得：c（Na＋）=2c（CO32－）+c（HCO3－）+c（H2CO3）]，故D错误；故选A。
点睛：本题考查了离子浓度大小比较，试题充分考查了学生的分析能力及灵活应用能力。解题关键;明确盐的水解原理、电荷守恒、物料守恒及质子守恒的含义，题目难度中等。易错误答案D，物料守恒中的比例易错。
18. 某温度时，Ag2SO4在水中的沉淀溶解平衡曲线如图所示。该温度下，下列说法正确的是( )
A. 含有大量SO的溶液中肯定不存在Ag＋
B. 0.02 mol·L－1的AgNO3溶液与0.02 mol·L－1的Na2SO4溶液等体积混合不会生成沉淀
C. Ag2SO4的溶度积常数(Ksp)为110－3
D. a点表示Ag2SO4的不饱和溶液，蒸发可以使溶液由a点变到b点
【答案】B
【解析】试题分析：A、Ag2SO4在水中沉淀溶解平衡为：Ag2SO4（s）⇌2Ag+（aq）+SO42-（aq），溶解为可逆过程，溶液中一定存在Ag+，A错误；B、0.02mol/L的AgNO3溶液与0.2mol/L的Na2SO4溶液等体积混合，c（SO42-）=0.1mol/L时，c（Ag+）=0.01mol/L，c2（Ag+）×c（SO42-）=1×10-5＜ksp，不会生成沉淀，B正确；C、由图象可知，当c（SO42-）=5×10-2mol/L时，c（Ag+）=2×10-2mol/L，则ksp=c（Ag+）] 2×c（SO42-）]=2×10-5，C错误；D、加热蒸发时，溶液中Ag+和SO42-浓度都增大，D错误；答案选B。
考点：考查难溶电解质的溶解平衡。
19. 某原电池构造如图所示，下列叙述正确的是( )
A. 在外电路中，电子由银电极流向铜电极
B. 取出盐桥后，电流表的指针仍发生偏转
C. 外电路中每通过0.1 mol电子，铜的质量理论上减小6.4 g
D. 原电池的总反应式为Cu＋2AgNO3===2Ag＋Cu(NO3)2
【答案】D
【解析】A、该装置是原电池，较活泼的金属铜作负极，银作正极，外电路中电子从铜沿导线流向银，故A错误；B、取出盐桥后，不能构成闭合回路，所以没有电流产生，电流计的指针不能发生偏转故，故B错误；
C、铜极上的电极反应式为：Cu - 2e－ = Cu2＋
64g 2mol
3.2g 0.1mol
所以外电路中每通过0.1mol电子，铜的质量理论上减小3.2g，故C错误；D、该装置中负极上铜失电子，正极上银离子得电子，所以电池反应式为Cu+2AgNO3=2Ag+Cu(NO3)2，故D正确；故选D。
点睛：本题考查了原电池原理，难度不大，解题关键：明确盐桥的作用、外电路中电子的流向、铜和电子的关系。
20. 近年来AIST正在研制一种“高容量、低成本”锂－铜空气燃料电池。该电池通过一种复杂的铜腐蚀“现象”产生电力，其中放电过程为2Li＋Cu2O＋H2O===2Cu＋2Li＋＋2OH－，下列说法不正确的是( )
A. 放电时，Li＋透过固体电解质向Cu极移动
B. 放电时，负极的电极反应式为Cu2O＋H2O＋2e－===2Cu＋2OH－
C. 通空气时，铜被腐蚀，表面产生Cu2O
D. 整个反应过程中，铜相当于催化剂
【答案】B
【解析】试题分析：A．因为原电池放电时，阳离子移向正极，所以Li+透过固体电解质向Cu极移动，故A正确；B．该电池通过一种复杂的铜腐蚀而产生电力，由方程式可知铜电极上并非是氧气直接放电，正极反应为Cu2O+H2O+2e-=Cu+2OH-，故B错误；C．放电过程为2Li+Cu2O+H2O═2Cu+2Li++2OH-，可知通空气时，铜被腐蚀，表面产生Cu2O，故C正确；D．由C项分析知：铜先与氧气反应生成Cu2O，放电时Cu2O重新生成Cu，则整个反应过程中，铜相当于催化剂，故D正确；故选B。
【考点定位】考查原电池原理
【名师点晴】结合原电池结构，明确原电池负极上得失电子及电极反应式是解本题关键，放电时，锂失电子作负极，Cu上O2得电子作正极，负极上电极反应式为Li-e-═Li+，正极上电极反应式为O2+4e-+2H2O=4OH-，电解质溶液中阳离子向正极移动，阴离子向负极移动，据此分析解答。
21. 某电池以K2FeO4和Zn为电极材料，KOH溶液为电解质溶液。下列说法不正确的是( )
A. Zn为电池的负极 B. 正极反应式为2FeO＋10H＋＋6e－===Fe2O3＋5H2O
C. 该电池放电过程中电解质溶液浓度增大 D. 电池工作时OH－向负极迁移
【答案】B
.....................
22. 在一恒定的容器中充入2 mol A和1 mol B发生反应：2A(g)＋ B(g)xC(g)，达到平衡后，C的体积分数为ω%；若维持容器的容积和温度不变，按起始物质的量A：0.6 mol、B：0.3 mol、C：1.4 mol充入容器，达到平衡后，C的体积分数仍为ω%，则x值为( )
A. 只能为2 B. 只能为3 C. 可能是2，也可能是3 D. 无法确定
【答案】C
【解析】解题时可对方程式中的化学计量数进行虚拟：分x＝3和x≠3两种情况进行分析。由题给条件和等效平衡理论可知，若x＝3，符合等体反应，“一边倒，判比例”若x＝2，符合非等体反应，恒温恒容“一边倒，判量等”。答案选C。
23. 常温下，取0.2 mol·L－1HX溶液与0.2 mol·L－1NaOH溶液等体积混合(忽略混合后溶液体积的变化)，测得混合溶液的pH＝8，则下列说法(或关系式)正确的是( )
A. c(Na＋)－c(X－)＝9.910－7mol·L－1
B. c(Na＋)＝c(X－)＋c(HX)＝0.2 mol·L－1
C. c(OH－)－c(HX)＝c(H＋)＝110－6mol·L－1
D. 混合溶液中由水电离出的c(OH－)＝10－8mol·L－1
【答案】A
【解析】A、根据电荷守恒，则 有c(Na＋)＋c(H＋)=c(X－)＋c(OH－)，c(Na＋)－c(X－)=c(OH－)－c(H＋)=10－6－10－8=9.9×10－7mol·L－1，故正确；B、根据物料守恒，c(Na+)=c(X-)+c(HX)，因为是等体积混合，混合后溶液的体积是原来的2倍，浓度是原来的一半，因此有c(Na+)=c(X-)+c(HX)=0.1mol·L－1，故错误；C、根据质子守恒，c(OH－)=c(H＋)＋c(HX)，则有c(OH－)－c(HX)=c(H＋)=10－8mol·L－1，故错误；D、水电离产生c(OH－)=Kw/c(H＋)=10－14/10－8=10－6mol·L－1，故错误。
24. 下列叙述正确的是( )
A. 稀醋酸中加少量醋酸钠能增大醋酸的电离程度
B. 25 ℃时，等体积等浓度的硝酸与氨水混合后，溶液的pH＝7
C. 25 ℃时，0.1 mol·L－1的H2S溶液比等浓度的Na2S溶液的导电能力弱
D. 0.1 mol AgCl和0.1 mol AgI混合后加入1 L水中所得溶液中c(Cl－)＝c(I－)
【答案】C
【解析】试题分析：A．醋酸属于弱酸，加入少量醋酸钠，c（CH3COO－）浓度增大，抑制了醋酸的电离，A项错误；B．25℃时，等体积等浓度的硝酸与氨水混合后，恰好反应生成硝酸铵，属于强酸弱碱盐，NH4＋水解导致溶液呈酸性，PH<7,B项错误；C．硫化氢属于弱酸，部分电离，硫化钠属于强电解质，全部电离，等浓度的硫化氢溶液比等浓度的硫化钠溶液中离子浓度小，导电能力弱，C项正确；D．AgCl和AgI的Ksp不相等，c（Ag＋）·c（Cl－）=Ksp（AgCl）,c（Ag＋）·c（I－）=Ksp（AgI），0.1mol AgCl和0.1molAgI混合后加入1L水中，所得溶液中c（Ag＋）浓度相等，则c（Cl－）不等于c（I－），D项错误；答案选C。
考点：考查弱电解质的电离平衡，酸碱混合溶液的pH判断，溶液的导电性和沉淀溶解平衡的应用等知识。
25. 用盐酸作标准液滴定待测浓度的NaOH溶液，若用甲基橙作指示剂，当滴定达终点时，消耗盐酸V1mL；若用酚酞作指示剂，当滴定达终点时，消耗盐酸V2mL；则两种情况下消耗盐酸的体积关系是( )
A. V1>V2 B. V1＝V2 C. V1
【解析】用盐酸作标准液滴定待测浓度的NaOH溶液，若用甲基橙作指示剂，当滴定达终点时，变色范围在酸性范围内，消耗盐酸V1mL，比恰好完全反应消耗的酸多；若用酚酞作指示剂，当滴定达终点时，变色范围在碱性范围内，消耗盐酸V2mL，比恰好完全反应消耗的酸少；故V1>V2，故A正确。
26. 使用酸碱中和滴定的方法，用0.01 mol·L－1盐酸滴定锥形瓶中未知浓度的NaOH溶液，下列操作能够使测定结果偏高的是( )
①用量筒量取浓盐酸配制0.01 mol·L－1稀盐酸时，量筒用蒸馏水洗净后未经干燥直接量取浓盐酸 ②配制稀盐酸定容时，俯视容量瓶刻度线 ③滴定结束时，读数后发现滴定管下端尖嘴处悬挂有一滴液滴 ④滴定过程中用少量蒸馏水将锥形瓶内壁附着的盐酸冲下
A. ①③ B. ②④ C. ②③④ D. ①②③④
【答案】A
【解析】①用量筒量取浓盐酸配制0.01 mol·L－1稀盐酸时，量筒用蒸馏水洗净后未经干燥直接量取浓盐酸，会导致浓盐酸被蒸馏水稀释，标准液浓盐酸浓度减小，滴定时消耗的标准液体积增大，根据c（待测）=c(标准)×V(标准)/V(待测待测)，测定结果偏高，故①正确；②配制稀盐酸定容时，俯视容量瓶刻度线，导致容量瓶中加入的蒸馏水体积偏小，配制的溶液浓度偏高，滴定时消耗的标准液体积偏小，根据c（待测）=c(标准)×V(标准)/V(待测待测)，测定结果偏低，故②错误；③滴定结束时，读数后发现滴定管下端尖嘴处悬挂有一滴液滴，导致消耗的标准液体积偏大，根据c（待测）=c(标准)×V(标准)/V(待测待测)，测定结果偏高，故③正确；④滴定过程中用少量蒸馏水将锥形瓶内壁附着的盐酸冲下，对待测液物质的量没有影响，所以不影响消耗的标准液的体积，根据c（待测）=c(标准)×V(标准)/V(待测待测)
，对测定结果不会产生影响，故④错误；故选A。
点睛：本题考查了中和滴定中的误差分析，题目难度中等，注意掌握中和滴定中误差分析的方法及技巧，分析中和滴定过程中产生的误差时，要根据实验操作对c（待测）=c(标准)×V(标准)/V(待测待测)的影响进行判断；试题培养了学生的灵活应用所学知识解决实际问题的能力。
27. 下列电离方程式书写正确的是( )
A. NaHCO3===Na＋＋H＋＋ B. HFH＋＋F－
C. H2SO42H＋＋ D. CH3COONH4CH3COO－＋
【答案】B
【解析】A. 碳酸是弱电解质，NaHCO3===Na＋＋HCO3－，故A错误；B、HF是弱电解质，只有部分电离， HFH＋＋F－，故B正确；C、硫酸是强酸，不用可逆号， H2SO4=2H＋＋SO42－，故C错误；D、CH3COONH4是强电解质，不用可逆号CH3COONH4=CH3COO－＋NH4＋，故D错误；故选B。
28. 下列物质的溶液经加热、蒸发、浓缩、结晶、灼烧后，所得固体的成分不相同的是( )
A. FeCl2、FeCl3 B. NaHCO3、Na2CO3
C. NaAlO2、AlCl3 D. Mg(HCO3)2、MgCl2
【答案】C
【解析】A、盐酸是易挥发性酸，加热促进盐的水解，且Fe2+被氧化Fe3+，水解后生成氢氧化铁灼烧后分解，最终产物均为Fe2O3；B、蒸发结晶后得到的固体中NaHCO3灼烧分解生成Na2CO3，最终产物均为Na2CO3；C、都发生水解，但NaAlO2溶液生成的氢氧化铝和氢氧化铝又反应生成NaAlO2，得到的固体是NaAlO2，盐酸易挥发，AlCl3加热、蒸发、浓缩、结晶、灼烧后得到Al2O3，成分不同；D、蒸发结晶后得到Mg(HCO3)2，Mg(HCO3)2灼烧分解生成MgO，MgCl2水解后，蒸发结晶灼烧后最终产物也为MgO；答案选C。
29. 液氨与水的电离相似，存在着微弱的电离：2NH3＋。对该体系的说法中错误的是
A. 液氨中含有NH3、和等微粒
B. 一定温度下，液氨中c()与c()的乘积为一常数
C. 液氨的电离达到平衡时，c(NH3)＝c()＝c()
D. 只要不加入其他物质，液氨中c()总是与c()相等
【答案】C
【解析】A、液氨电离中存在电离平衡2NH3NH4＋＋NH2－，所以液氨中含有 NH3、NH4＋、NH2－粒子，故A正确；B、只要温度一定，液氨中c（NH4＋ ）与c（NH2－）的乘积为定值，故B正确；C、液氨与水的电离相似，为微弱电离，所以液氨中主要存在NH3，所以液氨的电离达到平衡时，c（NH3）＞c（NH4＋）=c（NH2－），故C错误；D、根据平衡2NH3NH4＋＋NH2－，液氨电离出NH4＋、NH2－的个数比为1：1，所以只要不加入其它物质，液氨中c（NH4＋）与c（NH2－）总是相等，故D正确；故选C。
点睛：本题考查弱电解质的电离，解题关键：正确理解弱电解质电离特点，注意液氨中 c （NH4＋）与 c （NH2－）的乘积只与温度有关，与溶液的浓度无关，易错选项是B。
30. 某温度下，pH＝11的氨水和NaOH溶液分别加水稀释100倍，溶液的pH随溶液体积变化的曲线如图所示。根据图像判断错误的是( )
A. a值一定大于9
B. Ⅰ为NaOH溶液稀释时溶液的pH变化曲线
C. 完全中和稀释相同倍数后的两溶液，消耗相同浓度的稀H2SO4的体积V(NaOH)
【答案】D
【解析】试题分析：根据题意知，一水合氨为弱电解质，氢氧化钠为强电解质，pH相同的氨水和氢氧化钠溶液，氨水的物质的量浓度大于氢氧化钠溶液；加水稀释相同的倍数，一水合氨的电离平衡正向移动，溶液的pH变化较小。B、根据题给图像可知，开始二者pH相同，在稀释过程中促进氨水的电离，则氨水的pH变化较小，即I为氢氧化钠溶液稀释时溶液的pH变化曲线，正确；C、根据题给图像可知，开始二者pH相同，一水合氨为弱电解质，氢氧化钠为强电解质，pH相同的氨水和氢氧化钠溶液，氨水的物质的量浓度大于氢氧化钠溶液；加水稀释相同的倍数，氨水的物质的量浓度仍较大，完全中和稀释后相同体积的两溶液时，消耗相同浓度的稀硫酸的体积V（ NaOH）
31. 几种物质的溶度积常数见下表：
（1）某酸性CuCl2溶液中含少量的FeCl3，为制得纯净CuCl2溶液，宜加入_______调至溶液pH＝4，使Fe3＋转化为Fe(OH)3沉淀，此时溶液中的c(Fe3＋)＝____________________________。
（2）过滤后，将所得滤液经过________________操作，可得到CuCl2·2H2O晶体。
（3）由CuCl2·2H2O晶体得到纯的无水CuCl2，需要进行的操作是________________。
（4）某学习小组用“间接碘量法”测定含有CuCl2·2H2O晶体的试样(不含能与I－发生反应的氧化性杂质)的纯度，过程如下：取0.800 g试样溶于水，加入过呈KI固体，充分反应，生成白色沉淀。用0.100 0 mol·L－1Na2S2O3标准溶液滴定，到达滴定终点时，消耗Na2S2O3标准溶液40.00 mL。(已知：I2＋2S2O===S4O＋2I－)。
①可选用________作滴定指示剂，滴定终点的现象是__________________________。
②CuCl2溶液与KI反应的离子方程式为________________________________。
【答案】 (1). CuO或碱式碳酸铜、氢氧化铜 (2). 2．6×10－9mol·L－1 (3). 蒸发浓缩冷却结晶 (4). 在HCl气氛中加热 (5). 淀粉 (6). 溶液由蓝色变成无色且半分钟不变化 (7). 2Cu2＋＋4I－===2CuI↓＋I2
【解析】（1）某酸性CuCl2溶液中含少量的FeCl3，为制得纯净CuCl2溶液，要除去氯化铁，加入的物质和氯化铁反应生成氢氧化铁且不能引进新的杂质，所以加入物质后应能转化为氯化铜，所以应该加入含铜元素和氢氧根离子的物质，可以是氧化铜、氢氧化铜或碱式碳酸铜；溶液的pH=4，所以溶液中氢离子浓度为10-4 mol·L－1，则氢氧根离子浓度为10-10 mol·L－1，c（Fe3＋）=KwFe(OH)3]/C3(OH -)=2.6×10 -39/(1×10 -10) 3，=2.6×10-9mol·L－1；（2）过滤后，将所得滤液经过蒸发浓缩冷却结晶 操作，可得到CuCl2·2H2O晶体。（3）由CuCl2·2H2O晶体得到纯的无水CuCl2，需要进行的操作是：在HCl气氛中加热；（4）①淀粉遇到碘变蓝，依据I2+2S2O32－═S4O62－+2I－可知，当Na2S2O3标准溶液刚好将碘全部反应，淀粉由蓝色变成无色，所以可以淀粉做指示剂，当淀粉由蓝色变成无色且半分钟不变化滴定达到终点。②CuCl2溶液与KI反应实质铜离子氧化碘离子生成生成碘化亚铜沉淀和单质碘，离子方程式：2Cu2＋+4I－=2CuI↓+I2。
点睛：本题考查物质分离提纯，氧化还原滴定测物质的含量，侧重分析与实验能力的考查。题目难度中等，解题关键：物质分离和提纯、基本实验操作、滴定实验及平衡常数的计算。
32. 肼(N2H4)又称联氨，是一种可燃性液体，可用作火箭燃料。
（1）已知在101 kPa时，32.0 g N2H4在氧气中完全燃烧生成氮气和水，放出热量624 kJ(25 ℃时)，N2H4完全燃烧的热化学方程式是__________________________________。
（2）肼－空气燃料电池是一种碱性燃料电池，电解质溶液是20%～30%的KOH溶液。肼－空气燃料电池放电时，正极的反应式是___________________________；负极的反应式是____________________________。
（3）下图是一个电化学过程示意图。
①锌片上发生的电极反应式是_________________________________________________。
②假设使用肼－空气燃料电池作为本过程中的电源，铜片的质量变化为128 g，则肼－空气燃料电池理论上消耗标准状况下的空气______L(假设空气中氧气体积分数为20%)。
（4）有同学想把Ba(OH)2·8H2O晶体与NH4Cl晶体的反应设计成原电池，你认为是否可行？________(填“是”或“否”)
【答案】 (1). N2H4(l)＋O2(g)===N2(g)＋2H2O(l) ΔH＝－624 kJ·mol－1 (2). O2＋4e－＋2H2O===4OH－ (3). N2H4＋4OH－－4e－===N2↑＋4H2O (4). Cu2＋＋2e－===Cu (5). 112 (6). 否
33. 溶液中的化学反应大多是离子反应。根据要求回答下列问题：
（1）盐碱地(含较多Na2CO3、NaCl)不利于植物生长，试用化学方程式表示：
盐碱地产生碱性的原因：__________________________________________；
（2）已知水存在如下平衡：H2O＋H2OH3O＋＋OH－，向水中加入NaHSO4固体，水的电离平衡向________移动，且所得溶液显________性。
（3）若取pH、体积均相等的NaOH溶液和氨水分别用水稀释m倍、n倍，稀释后pH仍相等，则m________(填“＞”“＜”或“＝”)n。
（4）常温下，在pH＝6的CH3COOH与CH3COONa的混合溶液中水电离出来的c(OH－)＝________。
（5）已知：常温下，醋酸和NH3·H2O的电离平衡常数均为1.74×10－5；则 NH4HCO3溶液呈________性，NH4HCO3溶液中物质的量浓度最大的离子是________(填化学式)。
【答案】 (1). Na2CO3＋H2ONaHCO3＋NaOH (2). 逆反应方向 (3). 酸 (4). ＜ (5). 10－8mol·L－1 (6). 碱 (7). NH
【解析】（1）碳酸钠是强碱弱酸盐，碳酸根离子水解导致溶液呈碱性，化学方程式为水解方程式为Na2CO3＋H2ONaHCO3＋NaOH；（2）硫酸氢钠完全电离生成氢离子，导致溶液呈强酸性，抑制水电离，水的电离平衡逆向移动；（3）一水合氨是弱电解质，加水稀释促进一水合氨电离，NaOH是强电解质，完全电离，要使pH相等的氨水和NaOH溶液稀释后pH仍然相等，则氨水稀释倍数大于NaOH，即m＜n；（4）常温下，pH=6的混合溶液呈酸性，说明醋酸电离程度大于醋酸根离子水解程度，则混合溶液中水电离出来的c（OH－）=Kw/c(H＋)=mol·L－1=10-8 mol·L－1；（5）已知：常温下，醋酸和NH3·H2O的电离平衡常数均为1.74×10－5，醋酸铵呈中性，现醋酸的酸性大于碳酸，生成NH4HCO3的碱比酸强，NH4HCO3溶液呈碱性；HCO3－的水解程度大于NH4+，NH4HCO3溶液中物质的量浓度最大的离子是NH4+。
点睛：本题考查较综合，涉及难溶物的溶解平衡、弱电解质的电离、盐类水解等知识点，解题关键：弱电解质电离特点、难溶物溶度积常数含义、盐类水解原理等，易错点（5），要用醋酸铵呈中性，作为参照物。
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