【化学】黑龙江省哈尔滨师范大学附属中学2016-2017学年高一下学期第一次月考试题（解析版）

黑龙江省哈尔滨师范大学附属中学2016-2017学年高一下学期第一次月考试题
可能用到的原子量：H 1 C 12 N 14 O 16 Na 23 S 32 Cl 35.5 Fe 56 Cu 64 Ba 137
一、选择题（本题共25小题，每小题2分，共50分。每小题只有一个选项符合题意。）
1. 空气污染已成为人类社会面临的重大威胁。下列气体中，不会造成空气污染的是( )。
A. NO2 B. Cl2 C. SO2 D. N2
【答案】D
【解析】A中氮的氧化物都能对大气造成污染。B中氯气是一种有毒气体，一次世界大战中被作为化学武器使用。C中二氧化硫对人体有害，且会造成酸雨。D中，氮气是空气的主要组成部分，应该选D。
2.化学与生产和生活密切相关。下列过程中没有发生化学变化的是( )
A. 氯气作水杀菌消毒剂
B. 硅胶作袋装食品的干燥剂
C. 二氧化硫作纸浆的漂白剂
D. 氯化铁溶液用于铜制印刷线路板制作
【答案】B
【详解】氯气和水反应生成盐酸和次氯酸，次氯酸具有强氧化性，能杀菌消毒，属于化学变化，A错误；硅胶做干燥剂是吸水，没有发生化学变化，B正确；二氧化硫和有色物质化合使之生成无色物质，发生了化学反应，属于化学变化，C错误；氯化铁溶液与铜反应生成氯化亚铁和氯化铜，属于化学变化，D错误。
3. 下列物质中属于电解质的是( )
① 氢氧化钠 ② 硫酸钡 ③ 铜 ④ 蔗糖 ⑤ 二氧化硫
A. ①② B. ①②⑤ C. ③④ D. ①⑤
【答案】A
【解析】①氢氧化钠在水溶液里能电离出自由移动的阴阳离子而导电，所以氢氧化钠是电解质，②硫酸钡在熔融状态下，能电离出自由移动的钡离子和硫酸根离而导电，所以硫酸钡是电解质；③铜是单质，既不是电解质也不是非电解质；④蔗糖在水溶液中和熔融状态下均不能导电，属于非电解质；⑤二氧化硫和水反应生成亚硫酸，亚硫酸能电离出自由移动的阴阳离子，水溶液能导电，但电离出离子的物质是亚硫酸不是二氧化硫，所以二氧化硫是非电解质；故选A。
4.我国清代《本草纲目拾遗》中记叙无机药物335种，其中“强水”条目下写道：“性最烈，能蚀五金……其水甚强，五金八石皆能穿滴，惟玻璃可盛。”这里的“强水”是指(　　)
A. 氨水 B. 硝酸 C. 醋 D. 卤水
【答案】B
【解析】A、氨水与金属不反应，A项错误；B、硝酸酸性强氧化性强能与金属反应，B项正确；C、醋酸性弱，金属活泼性弱的不能反应，C项错误；D、学名为盐卤，是由海水或盐湖水制盐后，残留于盐池内的母液，主要成分有氯化镁、硫酸钙、氯化钙及氯化钠等，味苦，有毒，不易与金属反应，D项错误；答案选B。
5.下列有关物质性质的应用正确的是（ ）
A. 液氨汽化时要吸收大量的热，可用作制冷剂
B. 二氧化硅不与强酸反应，可用石英器皿盛放氢氟酸
C. 生石灰能与水反应，可用来干燥氯气
D. 氯化铝是一种电解质，可用于电解法制铝
【答案】A
【解析】A．液氨汽化时要吸收大量的热，，从而可以使环境的温度降低，因此可用作制冷剂，正确；B． 二氧化硅不与强酸反应，但是可以与氢氟酸发生反应，而石英器皿中的含义大量的二氧化硅，因此不可用石英器皿盛放氢氟酸，错误；C．生石灰能与水反应，也可以与Cl2发生反应，因此不可用来干燥氯气，错误；D． 氯化铝是一种电解质，但是由于该物质是分子晶体，无离子，因此不能用于电解制铝，错误。
6.下列物质俗名和化学式对应正确的是( )
A. 石膏 2CaSO4·H2O B. 水玻璃 Na2SiO3
C. 铁红 Fe2O3 D. 明矾 CuSO4·5H2O
【答案】C
【详解】石膏的化学式是CaSO4•2H2O，熟石膏的化学式为2CaSO4•H2O，A错误；水玻璃是硅酸钠的水溶液，硅酸钠的化学式是Na2SiO3，B错误；Fe2O3俗称铁红，C正确；十二水硫酸铝钾的俗名为明矾，化学式为KAl（SO4）2•12H2O，D错误。
7.将少量SO3分别加入到含有下列离子的溶液中,下列离子的物质的量不会减少的是( )
A. SO32- B. Ba2+ C. OH- D. Cl-
【答案】D
【解析】SO3加入到溶液中，先与水反应生成H2SO4，而H2SO4可与SO32－、Ba2+、OH-反应，使它们的物质的量减少，故选项D正确。
8. 既能与盐酸反应，又能与NaOH溶液反应的是( )
①SiO2②Al(OH)3③NaHCO3④Al2O3⑤Na2CO3
A. 全部 B. ①②④ C. ②④⑤ D. ②③④
【答案】D
【解析】试题分析：①二氧化硅不能盐酸反应，但能和NaOH反应生成硅酸钠，故①错误；②氢氧化铝属于两性氢氧化物，既能与强酸反应也能与强碱反应，故②正确；③碳酸氢钠是弱酸的酸式盐，所以既能与强酸反应也能与强碱反应，故③正确；④氧化铝是两性氢氧化物，既能与强酸反应也能与强碱反应，故④正确；⑤碳酸钠是弱酸的正盐，所以能与强酸反应，但不能与强碱反应，故⑤错误；正确的有②③④，故选D。
9.在无色强酸性溶液中，下列各组离子能够大量共存的是 ( )
A. Cl -、Na+、NO3-、Ca2+ B. NH4+、HCO3-、Cl-、K+
C. K+、Ba2+、Cl-、SO42- D. Cu2+、NH4+、I-、Cl-
【答案】A
【解析】A、Cl-、Na+、NO3-、Ca2+在溶液中不反应，均是无色的，可以大量共存，A正确；B、在酸性溶液中HCO3-不能大量共存，B错误；C、Ba2+与SO42-在溶液中不能大量共存，C错误；D、Cu2+在溶液中显蓝色，且能氧化I-不能大量共存，D错误，答案选A。
10. 下列类比关系正确的是 (　　)。
A. AlCl3与过量NaOH溶液反应生成AlO2－，则与过量NH3·H2O也生成AlO2－
B. Na2O2与CO2反应生成Na2CO3和O2，则与SO2反应可生成Na2SO3和O2
C. Fe与Cl2反应生成FeCl3，则与I2反应可生成FeI3
D. Al与Fe2O3能发生铝热反应，则与MnO2也能发生铝热反应
【答案】D
【解析】AlCl3与过量NH3·H2O只能生成Al(OH)3沉淀，A项错误；二氧化硫具有较强还原性，与过氧化钠反应生成Na2SO4，B项错误；I2的氧化性较弱，只能将铁氧化为FeI2，C项错误；金属铝一般能和活泼性较弱的金属氧化物发生铝热反应，D项正确。
11. 下列对实验现象的预测不正确的是(　　)
A. 向Na2SiO3溶液中通入CO2，溶液变浑浊，继续通CO2至过量，浑浊消失
B. 向氢氧化铁胶体中滴加盐酸至过量，开始有沉淀出现，后来沉淀又溶解
C. 向Ca(ClO)2溶液中通入CO2，溶液变浑浊，再加入品红溶液，红色褪去
D. 向Ca(OH)2溶液中通入CO2，溶液变浑浊，继续通CO2至过量，浑浊消失，再加入过量NaOH溶液，溶液又变浑浊
【答案】A
【解析】试题分析: A、向Na2SiO3溶液中通入CO2，生成硅酸，溶液变浑浊，继续通CO2至过量，硅酸不反应，沉淀不消失，故A错误；B、氢氧化铁胶体中加入电解质发生聚沉，继续加入盐酸，氢氧化铁与盐酸反应生成氯化铁和水，沉淀又溶解，故B正确；C、向Ca（ClO）2溶液中通入CO2，生成碳酸钙和次氯酸，次氯酸具有漂白作用，可使品红褪色，故C正确；D、向Ca（OH）2溶液中通入CO2，先生成碳酸钙，继续通CO2至过量，生成碳酸氢钙，沉淀消失，碳酸氢钙与NaOH溶液反应生成碳酸钙沉淀，故D正确，故选A。
12.若NA表示阿伏加德罗常数，下列说法中，正确的是( )
A. 1 mol Cl2作为氧化剂得到的电子数为NA
B. 在0 ℃，101 kPa时，22.4 L氢气中含有NA个氢原子
C. 25 ℃，1.01×105 Pa，64 g SO2中含有的原子数为3 NA
D. NA个一氧化碳分子和0.5 mol甲烷的质量比为7∶4
【答案】C
【解析】试题分析：A．1 mol Cl2作为氧化剂得到的电子数为2NA，错误；B．0℃，101 kPa时，22.4 L氢气中含有2NA个氢原子，错误；C．64 g SO2的物质的量为1mol，含有的原子数为3 NA，正确；D．；NA个一氧化碳分子和0.5 mol甲烷的质量比为7∶2，错误。
13.某化合物由两种单质直接反应生成,将其加入Ba(HCO3)2溶液中同时有气体和沉淀产生。下列化合物中符合上述条件的是( )
A. AlCl3 B. Na2O C. FeCl2 D. SiO2
【答案】A
【解析】A、AlCl3可由Al与Cl2反应制得，将AlCl3加入Ba(HCO3)2溶液中生成CO2 气体和Al(OH)3沉淀，选项A正确；B、Na2O 加入Ba(HCO3)2溶液中只产生碳酸钡沉淀而没有气体产生，选项B错误；C、Fe 与Cl2 反应生成FeCl3，选项C错误；D、SiO2 与Ba(HCO3)2不反应，选项D错误。答案选项A
14. 在给定的条件下，下列选项所示的物质间转化均能实现的是（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】B
【解析】A．氨气催化氧化生成一氧化氮，一氧化氮不能与氢氧化钠反应，错误；B．氧化铁能够与金属铝发生铝热反应，生成铁，铁在氯气中燃烧生成氯化铁，正确；C．二氧化硅不溶于水，错误；D．蔗糖不具有还原性，不能与氢氧化铜反应，错误；故选B。
15.在探究新制饱和氯水成分的实验中，下列根据实验现象得出的结论不正确的是(   )
A. 氯水的颜色呈浅黄绿色，说明氯水中含有Cl2
B. 向氯水中滴加硝酸酸化的AgNO3溶液，产生白色沉淀，说明氯水中含有Cl-
C. 向氯水中加入NaHCO3粉末，有气泡产生，说明氯水中含有H＋
D. 向FeCl2溶液中滴加氯水，溶液颜色变成棕黄色，说明氯水中含有HClO
【答案】D
【解析】A.氯气是黄绿色气体，因此氯水的颜色呈浅绿色，说明氯水中含有Cl2，A项正确；B.向氯水中滴加硝酸酸化的AgNO3溶液，产生白色沉淀，白色沉淀是氯化银，这说明氯水中含有Cl－，B项正确；C.向氯水中加入NaHCO3粉末，有气泡产生，气体是CO2，这说明氯水中含有H＋，C项正确；D.向FeCl2溶液中滴加氯水，溶液颜色变成棕黄色，说明反应中有氯化铁生成。由于氯气也能把氯化亚铁氧化生成氯化铁，因此不能说明氯水中含有HClO，D项错误；答案选D。
16.下列有关物质检验的实验结论正确的是( )
选项
实 验 操 作 及 现 象
实 验 结 论
A
向某溶液中加入盐酸酸化的氯化钡溶液，有白色沉淀生成
该溶液中一定含有SO42－
B
向某溶液中加入2滴KSCN溶液，溶液不显红色。再向溶液中加入几滴新制的氯水，溶液变为红色
该溶液中一定含有
Fe2+
C
将某气体通入品红溶液中，品红溶液褪色
该气体一定是SO2
D
某钾盐溶于盐酸，产生能使澄清石灰水变浑浊的无色无味气体
该钾盐是K2CO3
【答案】B
【详解】白色沉淀也可能为AgCl，若先加盐酸排除干扰，不生成沉淀，再加氯化钡生成沉淀，则溶液中一定含有SO42-，A错误；向某溶液中加入2滴KSCN溶液，溶液不显红色，说明溶液中不存在铁离子；再向溶液中加入几滴新制的氯水，溶液变为红色，说明加入氯水后溶液中出现了铁离子，证明原溶液中一定含有Fe2+，B正确；能使品红褪色的气体不一定为SO2，也可能为其它强氧化性气体，如氯气、臭氧等，C错误；产生的气体能使澄清石灰水变浑浊，气体可能为二氧化碳或二氧化硫，则溶液中可能含有CO32-、HCO3-，或SO32-、HSO3-，D错误。
17.在铜与浓硫酸的反应中，如果转移0.4mol电子，则被还原的硫酸物质的量( )
A. 0.4mol B. 0.2mol
C. 小于0.4mol D. 小于0.2 mol
【答案】B
【详解】Cu和浓硫酸反应方程式为Cu+2H2SO4（浓）CuSO4+SO2↑+2H2O，由方程式可知，1mol硫酸被还原时转移电子物质的量=1mol×（6-4）=2mol，所以如果电子转移0.4mol，则被还原的硫酸的物质的量0.2mol，答案选B。
18.下列离子方程式书写正确的是( )
A. 向Fe(OH)3中加入氢碘酸：Fe(OH)3+3H+＝Fe3++3H2O
B. NH4HSO3溶液与足量的NaOH溶液混合加热：NH4＋＋HSO3－＋2OH－NH3↑＋SO32－＋2H2O
C. 酸性条件下KIO3溶液与KI溶液发生反应生成I2：IO3－＋5I－＋3H2O＝3I2＋6OH－
D. 向FeO中加入稀硫酸：2FeO + 8H+ + SO42－ =2Fe3+ + SO2 ↑+ 4H2O
【答案】B
【详解】Fe（OH）3具有氧化性、I-具有还原性，二者反应生成I2和Fe2+，离子方程式为2Fe（OH）3+2I-+6H+=2Fe2++6H2O+I2，A错误；NH4HSO3溶液与足量的NaOH溶液混合加热，足量的NaOH溶液电离出的OH-，既与NH4+反应，又与HSO3-反应，方程式符合客观事实，化学式书写正确，电荷和原子都守恒，B正确；酸性条件下KIO3溶液与KI溶液发生反应生成I2，正确的离子方程式为：IO3-+5I-+6H+=3I2+3H2O，C错误；向FeO中加入稀硫酸， FeO与稀硫酸反应生成硫酸亚铁和水，D错误。本题选B。
19.为鉴别K2CO3和NaHCO3两种白色固体，有4位同学分别设计了四种不同的方法，其中不可行的是( )
A. 分别配成1mol/L的溶液，各取1mL滴加1滴酚酞试液，比较颜色深浅
B. 分别取样在试管中加热，将可能产生的气体通入澄清石灰水，观察有无白色浑浊
C. 分别取样配成溶液，滴加Ba(OH)2溶液，观察有无白色沉淀
D. 分别配成溶液，用铂丝蘸取溶液在酒精灯火焰上灼烧，观察火焰的颜色（必要时可透过蓝色钴玻璃）
【答案】C
【详解】K2CO3水解程度比NaHCO3大，溶液碱性较强，可滴加酚酞检验，碳酸钾溶液颜色较深，A正确；NaHCO3不稳定，加热易分解，生成二氧化碳气体，可通入澄清石灰水，观察有无白色浑浊，B正确；K2CO3和NaHCO3均与氢氧化钡反应生成碳酸钡白色沉淀，现象相同，不能鉴别，故C错误；二者分别含有K元素、Na元素，焰色反应现象不同，通过焰色反应可以判断，故D正确。
故选C。
20. 硅及其化合物在材料领域中应用广泛。下列叙述中，正确的是( )
A. 晶体硅是良好的半导体材料
B. 硅是地壳中含量最多的元素
C. SiO2不溶于水，也不溶于任何酸
D. 用带玻璃瓶塞的试剂瓶盛放NaOH溶液
【答案】A
【解析】A晶体硅常常用来制作半导体材料。B中，地壳中含量最多的元素是氧。C中二氧化硅会与氢氟酸反应，故二氧化硅能够溶于氢氟酸。D中氢氧化钠会与玻璃反应生成具有粘性的硅酸钠，导致盖子无法打开。
21.下列叙述中正确的是( )
A. 能使润湿的淀粉-KI试纸变成蓝色的物质一定是Cl2
B. 用硝酸酸化的硝酸银溶液能一次鉴别NaCl、NaBr、KI三种失去标签的溶液
C. 向某溶液中加入CCl4，CCl4层显紫色，证明原溶液中存在I-
D. 某浅黄色的溴水，加CCl4振荡静置后，上层显橙红色
【答案】B
【解析】A、试纸变蓝，产生碘单质，说明此物质具有氧化性，可能是Cl2、O2、O3等，故A错误；B、分别生成AgCl、AgBr、AgI沉淀，沉淀颜色分别是白色、淡黄色、黄色，因此可以一次鉴别三种溶液，故B正确；C、I2易溶于有机溶剂，不是I－，故C错误；D、四氯化碳的密度大于水，利用溴单质易溶于四氯化碳，因此下层显橙红色，故D错误。
22.11.2g Fe加入一定量的HNO3充分反应后，生成Fe2+、Fe3+的物质的量之比为1:4，将生成的气体与一定量的O2混合后通入水中，最后无气体剩余，则通入的氧气的物质的量是( )
A. 0.12mol B. 0.14mol
C. 0.2mol D. 0.13mol
【答案】B
【详解】由题意可知，铁还原硝酸的量与氮的氧化物与O2完全反应生成硝酸的量相同，即铁失去电子的数目与O2得到电子数目相同。11.2gFe的物质的量为0.2mol,Fe全部溶解,生成Fe2+和Fe3+的物质的量之比为1:4,所Fe2+的物质的量为0.04mol,Fe3+的物质的量为0.16mol,共失去电子为0.04mol×2+0.16mol×3=0.56mol，由得失电子守恒，O2得到电子的物质的量为0.56mol,所以O2的物质的量为0.56mol/4=0.14mol，故选B。
23.10mLNO、CO2的混合气体通过足量的Na2O2后，气体的体积变为5mL（相同状况），则CO2和NO的体积比不可能为( )
A. 1∶1 B. 1∶2
C. 2∶1 D. 3∶2
【答案】B
【详解】NO、CO2的混合气体通过足量的Na2O2发生反应有（1）2Na2O2+2CO2═2Na2CO3+O2、（2）2NO+O2═2NO2，假设参加反应的CO2为x mL，NO为ymL，则x+y=10，由方程式得以下关系：
①2CO2 + 2Na2O2 = 2Na2CO3 + O2
2mL 1mL
xmL mL
②2NO + O2 = 2NO2
2mL 1mL 2mL
ymL mL
当反应②恰好反应时，即当y=x时（此时x、y都等于5），生成的NO2的体积为5mL，显然符合题意，A正确；当y＞x时，NO有过量，O2反应完，此时反应掉的NO为xmL，则剩余的NO为（ymL-xmL），生成的NO2气体为xmL，因此反应最后得到的混合气体为NO和NO2，其体积和为（ymL-xmL）+xmL=ymL，结合x+y=10，再根据NO过量的前提条件为y＞x，可以得出结论y＞5，这与题意“气体体积缩小为5mL”不符，B错误；当y＜x时，NO不足，O2过量，此时反应掉的O2为mL，剩余的O2为（—）mL，生成的NO2气体为ymL，因此，反应最后得到的混合气体为O2和NO2，其体积和为：（—）mL+ymL=5mL，这与题意“气体体积缩小为5mL”符合，这表明如果y＜x，这种情况都能符合题意，C、D正确，故选B。
24.在一定温度和压强下，将一支容积为21mL的试管充满NO2后，倒置于一个盛水的水槽中，当试管内液面上升一定高度不再变化时，在相同条件下再通入O2，若要使试管内的液面仍保持在原高度，则通入O2的体积为( )
A. 8.75mL B. 12.25mL
C. 5.25mL D. 10.5mL
【答案】B
【详解】根据3NO2+H2O=2HNO3+NO知，将一容积21ml的试管充满NO2后，倒置于一个盛水的水槽中,当试管内液面上升至一定高度不再变化时，生成的一氧化氮的体积是二氧化氮的
1/3为7mL；当充入的氧气少量时，剩余的气体是一氧化氮，液面上升，NO与通入的氧气恰好反应时，溶液充满整个试管，则由方程式4NO+3O2+2H2O=4HNO3可知O2为21/4ml，当充入的氧气过量时，液面下降，若要使试管内液面仍保持在原高度，剩余的气体是氧气，等于生成NO的体积为7mL，故通入的氧气的体积=7mL+21/4mL=12.25mL,故选B。
25.铜与一定量浓硝酸恰好完全反应，得到硝酸铜溶液和NO2、N2O4、NO的混合气体，将这些气体与0.84LO2（标准状况）混合后通入水中，所有气体完全被水吸收生成硝酸，若向所得硝酸铜溶液中加入5mol/L NaOH溶液至Cu2+恰好完全沉淀，消耗NaOH溶液的体积是( )
A. 60mL B. 45mL
C. 30mL D. 15mL
【答案】C
【详解】NO2、N2O4、NO混合气体与0.84LO2（标准状况）混合后通入水中，所有气体完全被水吸收生成硝酸，说明整个过程中被还原的HNO3反应前后没有变化，即Cu失去的电子都被O2得到了，根据得失电子守恒建立关系式：n（Cu）×2=n（O2）×4，解得n（Cu）0.0325mol×2=0.075mol，根据Cu原子个数守恒可知Cu（NO3）2为0.075mol；根据 Cu2+—2OH—得NaOH 为 0.075mol×2=0.15 mol，则NaOH,溶液的体积V为0.15 mol/5mol/L=30mL，故选C。
二、填空题（本题共4小题，共43分）
26.(1)海水淡化的方法主要有：__________、______________、_____________。
(2)金属冶炼的实质是金属化合物中的金属离子得电子被________（填“氧化”或“还原”）为金属单质的过程，写出冶炼金属钠的化学方程式：_________________________。
(3)实验室里，常用加热铵盐和碱的混合物的方法制氨，写出实验室制氨的化学方程式：________；氨溶于水得氨水，氨水呈___________性（填“酸”或“碱”）； 密度比水_______；（填“大”或“小”）写出向AlCl3溶液中滴加过量氨水的离子方程式：_________________________。
(4)溴主要以Br－形式存在于海水中，工业上制备的Br2的操作步骤为：
①一定条件下，将Cl2通入浓缩的海水中，生成Br2
②利用热空气将Br2吹出，并用浓Na2CO3溶液吸收，生成NaBr、NaBrO3等
③用硫酸酸化步骤②得到的混合物。
Br2可用热空气吹出，其原因是：_________；步骤③所发生的化学反应方程式为：_______________。
【答案】(1). 蒸馏法 (2). 电渗析法 (3). 离子交换法 (4). 还原 (5). 2NaCl(熔融)2Na＋Cl2↑ (6). 2NH4Cl+Ca(OH)2CaCl2+2NH3↑+2H2O (7). 碱 (8). 小 (9). Al3++3NH3·H2O = Al(OH)3↓+3NH4+ (10). 溴的沸点较低，易挥发 (11). 5NaBr+NaBrO3+3H2SO4＝3Na2SO4+3Br2+3H2O
【详解】（1）淡化海水，应将水与海水中的盐进行分离，常用方法有蒸馏、电渗析以及离子交换法等。（2）金属冶炼的实质其实就是把金属从化合态变为游离态，用还原的方法使金属化合物中的金属阳离子得电子变成金属原子，工业上用电解熔融的氯化钠冶炼金属钠，反应的化学方程式为：2NaCl(熔融)2Na＋Cl2↑。（3）实验室用消石灰与氯化铵共热的方法制备氨气，消石灰与氯化铵共热生成氯化钙、氨气和水，反应的化学方程式为：2NH4Cl+Ca(OH)2CaCl2+2NH3↑+2H2O；氨气溶于水溶液呈碱性，氨水密度比水小；氨水与氯化铝溶液反应生成氢氧化铝沉淀和氯化铵溶液，反应的离子方程式为：Al3++3NH3·H2O = Al(OH)3↓+3NH4+。（4）海水提溴时，溴的沸点较低，易挥发，可用热空气吹出；NaBr、NaBrO3在酸性条件下可发生氧化还原反应生成溴单质，反应的化学方程式为5NaBr+NaBrO3+3H2SO4＝3Na2SO4
+3Br2+3H2O。
27.一瓶未知溶液，其中可能含有H＋、NH4+、K＋、Na＋、Mg2＋、Ba2＋、Fe3＋、SO42-、CO32-、Cl－和I－。取该溶液进行了以下实验：
(1)用pH试纸检验，表明溶液呈强酸性；
(2)取部分溶液，加入数滴氯水及2 mL CCl4，经振荡后CCl4层呈紫红色；
(3)另取部分溶液，加入NaOH 溶液使其变为碱性，无沉淀生成；
(4)取部分上述碱性溶液，加Na2CO3溶液，有白色沉淀生成；
(5)将(3)得到的碱性溶液加热，有气体放出，该气体能使湿润的红色石蕊试纸变蓝；
根据上述实验事实，可知原溶液中肯定含有的离子是_________；肯定没有的离子是_______________。
【答案】(1). H＋、Ba2＋、I－、NH4+ (2). CO32-、SO42-、Mg2＋、Fe3＋
【详解】由（1）知溶液中存在H+离子，无CO32-离子；由（2）知溶液中存在I-离子、无Fe3+离子；由（3）知溶液中无Mg2+离子；由（4）知溶液中有Ba2+离子，无SO42-离子；由（5）知溶液中存在NH4+离子。综上可知溶液中一定含有的离子为H+、NH4+、Ba2+、I-，一定不含有的离子为CO32-、Mg2+、Fe3+、SO42-，可能含有的离子为Na+、K+、Cl-。
28.某化学兴趣小组同学欲研究SO2的性质。
(1)将相关的含硫物质分为如下表所示3组，第2组中物质X的化学式是___________。
第1组
第2组
第3组
S(单质)
SO2、X、Na2SO3、NaHSO3
SO3、H2SO4、Na2SO4、NaHSO4
(2)利用下图所示的装置研究SO2的性质：
(熔点：SO2 －76.1 ℃，SO3 16.8 ℃；沸点：SO2 －10 ℃，SO3 45 ℃)

①装置Ⅰ模拟工业生产中SO2催化氧化的反应，其化学方程式是__________________。
②甲同学按Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ的顺序连接装置，装置Ⅱ的作用是_____________________；装置Ⅲ中溶液逐渐褪色，生成Mn2+，同时pH降低，则该反应的离子方程式是____________________________。
③乙同学按Ⅰ、Ⅱ、Ⅳ的顺序连接装置，若装置Ⅳ中有40 mL 2.5 mol/L NaOH溶液，反应后增重4.8 g，则装置Ⅳ中发生反应的化学方程式是_____________________________。
【答案】(1). H2SO3 (2). 2SO2＋O2 2SO3 (3). 使SO3凝结成固体与SO2分离 (4). 5SO2＋2H2O＋2MnO＝5SO42-＋2Mn2＋＋4H＋ (5). 3SO2＋4NaOH＝Na2SO3＋2NaHSO3＋H2O
【详解】（1）将相关的含硫物质依据硫元素化合价分组，依据低三族分类顺序，判断X为+4价的酸为H2SO3 ，故答案为：H2SO3 ；
（2）①工业生产中SO2催化氧化的反应是二氧化硫的催化氧化反应；化学方程式为：2SO2+O22SO3，故答案为；2SO2+O22SO3；②装置II的作用是冷却装置，三氧化硫的沸点较低，通过冰水混合物，使SO3凝结成固体与SO2分离，装置III中高锰酸钾溶液会和二氧化硫反应逐渐褪色，生成Mn2+，二氧化硫被氧化为硫酸，反应的离子方程式为：5SO2+2H2O+2MnO4=5SO42-+2Mn2++4H+；故答案为：使SO3凝结成固体与SO2分离，5SO2+2H2O+2MnO4=5SO42-+2Mn2++4H+；③若装置IV中有40mL 2.5mol·L-1NaOH溶液，反应后增重4.8g，吸收的为二氧化硫气体，依据二氧化硫物质的量和氢氧化钠物质的量进行分析判断生成产物，若n（SO2）：n（NaOH）=1：2反应按照反应：SO2+2NaOH=Na2SO3+H2O；若n（SO2）：n（NaOH）=1：1，反应按照反应SO2+NaOH=NaHSO3；装置IV中有40mL 2.5mol·L-1NaOH溶液中n（NaOH）=0.1mol，n（SO2）=4.8g÷64g/mol=0.075mol；n（SO2）：n（NaOH）=0.075：0.1=3：4，所以生成产物为亚硫酸钠和亚硫酸氢钠，反应的化学方程式依据直平法写出：3SO2+4NaOH═Na2SO3+2NaHSO3+H2O；故答案为：3SO2+4NaOH═Na2SO3+2NaHSO3+H2O。
29.如图所示，将甲、乙两个装有不同物质的针筒用导管连接起来，将乙针筒内的物质压到甲针筒内，进行下表所列的不同实验（气体在同温同压下测定）。

实验序号
甲针筒内物质
乙针筒内物质
甲针筒的现象
1
10 mLFeSO4溶液
10 mLNH3
生成白色沉淀，后变色
2
20 mLH2S
12mLSO2

3
30 mLNO2
10 mLH2O(l)
剩有无色气体，活塞自动向内压缩
4
15 mLCl2
40 mLNH3

试回答下列问题：
(1)实验1中，沉淀最终变为_____色，写出沉淀变色的化学方程式_________________________。
(2)实验2甲针筒内的现象是：有_____________生成，活塞______移动（填向外、向内、不）。
反应后甲针筒内有少量的残留气体，正确的处理方法是将其通入___________溶液中。
(3)实验3中，甲中最后剩余的无色气体是_______，写出NO2与H2O反应的化学方程式_______。
(4)实验4中，已知：Cl2 + NH3 → N2+ HCl。甲针筒除活塞有移动，针筒内有白烟产生外，气体的颜色变化为____________，最后针筒中剩余气体的体积约为_________mL。
【答案】(1). 红褐色 (2). 4Fe(OH)2＋O2＋2H2O=4Fe(OH)3 (3). 淡黄色固体 (4). 向内 (5). NaOH (6). NO (7). 3NO2+H2O = 2HNO3+NO (8). 黄绿色变为无色 (9). 5
【详解】（1）氨气溶于水得到氨水，反应的化学方程式为：NH3+H2O⇌NH3•H2O，氨水与硫酸亚铁溶液反应生成氢氧化亚铁白色沉淀，反应的化学方程式为：FeSO4+2NH3•H2O═Fe（OH）2↓+（NH4）2SO4，Fe（OH）2白色沉淀，在空气中易被空气中的氧气氧化，迅速变成灰绿色，最终变为红褐色，反应的化学方程式为：4Fe（OH）2+O2+2H2O═4Fe（OH）3。（2）15mLH2S和10mLSO2反应2H2S+SO2=3S+2H2O，反应产生固体硫和液态水，SO2过量，针筒内压强减小，活塞自动向内移动，析出浅黄色固体，过量的SO2用NaOH溶液吸收。（3）二氧化氮气体溶于水，与水反应生成硝酸和一氧化氮，反应的化学方程式为：3NO2+H2O=2HNO3+NO，由方程式可知30 mLNO2生成10mL无色的NO气体。（4）氯气的颜色为黄绿色，氨气与氯气发生氧化还原反应生成氮气和氯化氢，气体颜色变浅，反应的化学方程式为：3Cl2+2NH3═N2+6HCl，由方程式可知，15 mLCl2消耗10ml氨气、生成30ml氯化氢，过量的氨气与氯化氢恰好反应生成氯化铵，反应中有大量的白烟产生。
三、计算题
30.有一瓶硫酸和硝酸的混合溶液(1)取出10.00mL该溶液，加入足量BaCl2溶液，过滤、洗涤、干燥得4.66g沉淀。滤液跟40 mL 2.00mol/L的NaOH溶液恰好反应使溶液呈中性，则混合液中硫酸和硝酸的物质的量浓度分别为多少____？(2)取出20.00mL该溶液，加入足量Cu粉，若氧化产物只有NO，可产生NO的物质的量是多少____ ？
【答案】(1). 2mol/L；4mol/L (2). 0.04mol
【详解】（1）10mL混酸溶液加入BaCl2溶液，发生反应H2SO4+BaCl2=BaSO4↓+2HCl，4.66g白色沉淀是BaSO4，其物质的量为0.02mol，根据硫酸根守恒n（H2SO4）=n（BaSO4）=0.02mol，则10.00mL该溶液c（H2SO4）为2mol/L；滤液中氢离子物质的量不变，与NaOH溶液发生反应H++OH-=H2O，由于恰好中和反应，有n（H+）=n（OH-）=0.04L×2mol/L=0.08mol，根据守恒可知n（HNO3）+2n（H2SO4）=n（NaOH），故原混合酸溶液中n（HNO3）=0.08mol-2×0.02mol=0.04mol，故原溶液中c（HNO3）=4mol/L。（2）20mL溶液中n（H+）=0.16mol、n（NO3-）=n（HNO3）=0.08mol，反应离子方程式为：3Cu+8H++2NO3-=3Cu2++2NO↑+4H2O，则反应中H+完全反应，NO3-过量，则反应生成NO的物质的量为0.04mol。