【化学】江苏省苏州陆慕高级中学2018-2019学年高一5月月考试卷（解析版）

江苏省苏州陆慕高级中学2018-2019学年高一5月月考试卷

单项选择题：本题包括10小题，每小题3分，共计30分。每小题只有一个选项符合题意。

1.人体血红蛋白中含有离子，如果误食亚硝酸盐，会使人中毒，因为亚硝酸盐会使离子转变成离子，生成高铁血红蛋白而丧失与结合的能力。服用维生素C可缓解亚硝酸盐的中毒，这说明维生素C具有（    ）

A. 酸性 B. 碱性 C. 氧化性 D. 还原性

【答案】D

【解析】根据题干信息服用维生素C可缓解亚硝酸盐的中毒，即可以将三价铁转化为亚铁离子，所以维生素C是还原剂，具有还原性，答案选C。

2.下列电子式正确的是（    ）

A. H2O2：

B. 羟基：

C. 甲基：

D. NH4Cl：

【答案】C

【解析】A. H2O2是共价化合物，电子式为：，A错误；

B.羟基是中性原子基团，电子式为：，B错误；

C.C原子最外层有4个电子，其中3个成单电子与3个H原子形成共价键，所以甲基的电子式为：，C正确；

D.NH4Cl是离子化合物，NH4+与Cl-通过离子键结合，NH4+内N与H原子通过共价键结合，Cl原子最外层有7个电子，获得1个电子形成Cl-，故NH4Cl的电子式为：，D错误；

故合理选项是C。

3.下列各组物质之间，一定是互为同系物的是（    ）

A. 与 B. 与

C. 与 D. 与

【答案】C

【解析】A.HCHO是甲醛，属于醛类；HCOOCH3是酯类，二者不是同一类别的物质，不能互为同系物，A错误；

B.CH3CH2OH属于醇类，CH3COOH属于羧酸，二者是不同类别的物质，不能互为同系物，B错误；

C.CH3COOH、C17H35COOH都属于饱和一元羧酸，二者一定是同系物，C正确；

D.C2H4是烯烃，C3H6可能是烯烃，也可能是环烷烃，二者不一定是同系物，D错误；

故合理选项是C。

4.检验酒精中是否含有水，可选用的试剂是（    ）

A. 金属钠 B. 浓 C. 无水 D. 胆矾

【答案】C

【解析】试题分析：无水硫酸铜遇水即生成蓝色的硫酸铜晶体，据此可以鉴别水的存在，答案选C。

5.下列有机物命名正确的是（    ）

A. 2，3，3－三甲基丁烷 B. 2－乙基戊烷

C. 3－甲基－1－丁炔 D. 2，2－二甲基－1－丁烯

【答案】C

【解析】A.碳链的首端选错，应该为2，2，3－三甲基丁烷，A错误；

B.没有选择最长的碳链为主链，该物质名称为3-甲基己烷，B错误；

C.命名符合炔烃的系统命名法，C正确；

D.应该从离双键较近的一端给主链的碳原子编号，以确定双键和甲基的位置，该物质名称为3，3-二甲基-1-丁烯，D错误；

故合理选项是C。

6.下列物质的分子是平面结构的是（    ）

A. CH4 B. CH2=CH2 C. HC≡C-CH3 D.

【答案】B

【解析】A.CH4是正四面体结构，A不符合题意；

B.CH2=CH2分子中所有原子都在同一平面上，因此是平面结构，B符合题意；

C.乙炔是直线型分子，乙炔分子在的一个H原子被甲基取代，由于甲烷是正四面体形分子，故HC≡C-CH3不是平面结构，C不符合题意；

D.由于饱和碳原子为四面体结构，原子不是在同一个平面上，因此环己烷分子中不是所有原子都在同一个平面上，D不符合题意；

故合理选项是B。

7.下列各化学式中，只表示一种纯净物的是（    ）

A.  B.  C.  D. C

【答案】C

【解析】A. 可能是乙醛，也可能是环氧乙烷；B. 可能是丙烯，也可能是环丙烷； C. 只能是溴乙烯；D. 有多种同素异形体。综上所述，本题选C。

8.下列有机物能使酸性溶液褪色，而不能因化学反应而使溴水褪色是（    ）

A. 苯 B. 异丙苯 C. 乙烯 D. 丙炔

【答案】B

【解析】A.苯分子具有特殊的稳定性，不能使酸性KMnO4溶液褪色，也不能因化学反应而使溴水褪色，A不符合题意；

B.异丙苯中与苯环连接的C原子上有H原子，因此可以被酸性KMnO4溶液氧化而使酸性KMnO4溶液褪色；但不能与溴水发生反应，因此不能使溴水因反应而褪色，B符合题意；

C.乙烯可以被酸性KMnO4溶液氧化而使酸性KMnO4溶液褪色；也能与溴水发生反应而使溶液褪色，C不符合题意；

D.丙炔含有碳碳三键，因此可以被酸性KMnO4溶液氧化而使酸性KMnO4溶液褪色；也能与溴水发生反应而使溶液褪色，D不符合题意；

故合理选项是B。

9.分子式为C4H10O并能被氧化生成醛类的有机化合物有（    ）

A. 2种 B. 3种 C. 4种 D. 5种

【答案】A

【解析】试题分析：分子式为C4H10O并能被氧化生成醛类的有机化合物是醇类，且满足C3H7－CH2OH，丙基有2种，则该醇类有2种，答案选A。

10.A、B、C三种醇同足量的反应，在相同条件下产生相等体积的H2，消耗这三种醇的物质的量之比为3：6：2，则A.B.C三种醇分子中羟基数之比为（    ）

A. 3:2:1 B. 2:6:3 C. 3:1:2 D. 2:1:3

【答案】D

【解析】根据Na与醇反应时存在2-OH～H2↑及相同条件下产生相同的氢气，消耗这三种醇的物质的量之比为3：6：2，则三种醇中的羟基假设均共为6个，则A中含有2个，B中1个，C中3个，所以A、B、C三种醇分子里羟基数之比2：1：3，故合理选项是D。

不定项选择题：本题包括5小题，每小题4分，共计20分。每小题只有一个或两个选项符合题意。若正确答案只包括一个选项，多选时，该小题得0分；若正确答案包括两个选项，只选一个且正确的得2分，选两个且都正确的得满分，但只要选错一个，该小题就得0分。

11.欲除去下列物质中混入的少量杂质（括号内物质为杂质），不能达到目的的是（    ）

A. 乙烷(乙烯)：通过酸性高锰酸钾溶液，洗气

B. 乙醇(水)：加入新制生石灰，蒸馏

C. 溴苯(溴)： 加入溶液，充分振荡静置后，分液

D. 乙酸(乙醇)：加入金属钠，蒸馏

【答案】AD

【解析】A.乙烯会被酸性高锰酸钾溶液氧化产生CO2气体，因此会使乙烷中含有新的杂质，不能达到除杂的目的，A符合题意；

B.水与CaO反应产生离子化合物Ca(OH)2，乙醇沸点低，容易气化，Ca(OH)2是离子化合物，沸点高，不容易变为气体，因此可用蒸馏的方法分离、除杂，B不符合题意；

C.溴与NaOH容易会发生反应，产生可溶性的物质，而溴苯难溶于水，因此可以用分液的方法分离，C不符合题意；

D.乙醇、乙酸都可以与金属钠发生反应，因此不能通过加入钠，然后再通过蒸馏的方法除杂，D符合题意；

故合理选项AD。

12.下列关于 的说法正确的是（    ）

A. 该有机物是芳香烃

B. 该有机物能发生取代、加成、氧化反应

C. 该有机物常温下为气体

D. 该有机物与 =互为同分异构体

【答案】BD

【解析】A.该化合物是环己二烯，不含有苯环，因此不是芳香烃，A错误；

B.该有机物含有碳碳双键，能够发生加成反应；可以被催化氧化，也可以发生燃烧反应；含有饱和C原子，可以发生取代反应，B正确；

C.该有机物含有的C原子数是6个，C原子数大于4个，因此常温下状态不可能为气体，C错误；

D.该有机物分子式为C6H8，CH3-CH=CH-C≡C-CH3的分子式也C6H8，二者结构不同，因此互为同分异构体，D正确；

故合理选项是BD。

13.阿昔洛韦[化学名称：9－（2－羟乙氧甲基）鸟嘌呤] 是抗非典型肺炎（SARS）的指定药物之一，其结构如图所示,有关阿昔洛韦的结构及性质的叙述中正确的是（    ）   

①分子中最多有12个原子在同一平面内；  ②属于芳香族化合物；  ③是一种易溶于水的醇；  ④可以被催化氧化；⑤不能使溴水褪色；  ⑥可以燃烧；  ⑦ 1 mol阿昔洛韦在催化剂作用下， 最多可与5molH2发生加成反应；  ⑧分子式是C8H11N5O3

A. ①②③④⑥⑧

B. ②④⑤⑥

C. ③④⑤⑥⑧

D. ④⑥⑧

【答案】D

【解析】

【分析】由结构简式可知，分子中含N=N、C=N、C=O、C=C、-OH及醚键，结合不饱和键的性质及醇的性质以及结构来解答。

【详解】①分子中不含苯环结构，只有与C=C直接相连的原子可能在同一个平面，①错误；

②由结构可知，不含苯环，则不属于芳香族化合物，②错误；

③微溶于水，且不是醇，③错误；

④含有羟基，可以被氧化，④正确；

⑤含有碳碳双键，能使溴水褪色，⑤错误；

⑥有机物C原子不是最高化合价，可以燃烧，⑥正确；

⑦含有N=N、C=N、C=C，1mol阿昔洛韦在催化剂作用下，最多可与3molH2发生加成反应，⑦错误；

⑧由结构简式可知分子式是C8H11N5O3，⑧正确；

正确说法为④⑥⑧，故合理选项D。

14.相同的反应物若使用不同的反应溶剂,可得到不同的产物。如:

C2H5OH CH3CHO+H2↑

2C2H5OH CH2=CH-CH=CH2+H2↑+2H2O

2C2H5OH  C2H5OC2H5+H2O;

又知C2H5OH在活性铜催化下,可生成CH3COOC2H5及其他产物,则其他产物可能为（    ）

A. H2 B. CO2 

C. H2O D. H2和H2O

【答案】A

【解析】C2H5OH在活性铜催化下，可生成CH3COOC2H5及其他产物，即2个C2H5OH反应生成1个CH3COOC2H5，还剩余4个氢原子，即2个氢气分子，故合理选项是A。

15.某混合气体由两种气态烃组成,取2.24L该混合气体完全燃烧得到4.48L二氧化碳(气体体积已折算为标准状况)和3.6g水,则这两种气体可能是（    ）

A. 和 B. 和 

C. 和 D. 和

【答案】C

【解析】由2.24L该混合气体的物质的量为0.1mol，完全燃烧得到4.48L二氧化碳的物质的量为0.2mol，得到3.6g水的物质的量为0,2mol，根据质量守恒定律可知0.1mol该混烃含有C、H两种原子的物质的量分别为0.2mol和0.4mol，所以该混合烃的平均分子式为C2H4，由平均值的常识可知，只有C选项中的两种组分有可能达到这样的平均组成，所以C正确；A、B、D中H原子数的平均值都大于4，所以A、B、D三个选项不可能。

填空题

16.写出下列转化的化学方程式，注明反应类型。

（1）甲苯→TNT ___________________

（2）苯乙烯→聚苯乙烯__________________

（3）1,3—丁二烯与溴1,4—加成__________________

（4）2-甲基-2-溴丙烷和氢氧化钾乙醇溶液共热___________________

（5）苯甲醇在铜催化下和氧气反应__________________

【答案】(1).     (2). 取代反应    (3).     (4). 加聚反应    (5). CH2=CH－CH=CH2+Br2CH2Br－CH=CH－CH2Br    (6). 加成反应    (7). +HBr    (8). 消去反应    (9). 2+O22+2H2O    (10). 氧化反应

【解析】

【分析】(1)甲苯与浓硝酸、浓硫酸混合发生取代反应，产生三硝基甲苯和水；

(2)苯乙烯在催化剂存在时发生加聚反应，产生聚苯乙烯；

(3)1，3-丁二烯与溴发生1，4-加成反应产生1,4-二溴-2－丁烯；

(4)2-甲基-2-溴丙烷和氢氧化钾乙醇溶液共热，发生消去反应，产生2-甲基丙烯；

【详解】(1)甲苯与浓硝酸、浓硫酸混合发生取代反应，产生三硝基甲苯和水，反应方程式为：；

(2)苯乙烯在催化剂存在时发生加聚反应，产生聚苯乙烯，反应方程式为：；

(3) 1，3-丁二烯与溴发生1，4-加成反应产生1,4-二溴-2－丁烯；反应方程式CH2=CH-CH=CH2+Br2 CH2Br-CH=CH－CH2Br；

(4)2-甲基-2-溴丙烷和氢氧化钾乙醇溶液共热，发生消去反应，产生2-甲基丙烯，反应方程式为：+HBr；

(5)苯甲醇在铜催化下和氧气发生催化氧化反应，产生苯甲醛和水，反应方程式为2+O22+2H2O。

17.实验室用乙醇与浓硫酸共热制乙烯,常因温度过高生成少量SO2,有人设计了如下图所示实验,以验证上述混合气体中是否含有乙烯和SO2。        

（1）装置中X仪器的名称是______;碎瓷片的作用是_______。

（2）写出生成乙烯的反应方程式___________。

（3）A、B、C、D装置中可盛放的试剂是(从下列所给试剂中选出,填序号)

①NaOH溶液,②品红溶液,③KMnO4酸性溶液,④FeCl3溶液

A.__________;B.__________;C.__________;D.__________。

（4）能说明SO2气体存在的现象是____。

（5）确证含有乙烯的现象是_____________。

【答案】(1). 分液漏斗    (2). 防止暴沸    (3). CH3CH2OH CH2=CH2↑+H2O    (4). ②    (5). ①    (6). ②    (7). ③    (8). 装置A中品红溶液褪色    (9). 装置C中品红溶液不褪色， D中的酸性KMnO4溶液褪色。

【解析】（1）装置中X仪器可通过活塞控制滴加液体的速度来控制反应的快慢，所以它的名称是分液漏斗；实验室制备乙烯所用的原料为乙醇，浓硫酸作催化剂、脱水剂，反应条件是加热到170℃，因乙醇的沸点低，易暴沸，所以加碎瓷片防止暴沸；（2）实验室利用乙醇在浓硫酸的催化作用下发生分子内脱水制取乙烯，乙醇发生了消去反应，反应方程式为：CH3CH2OH CH2=CH2↑+H2O；（3）检验二氧化硫用品红溶液，检验乙烯用高锰酸钾酸性溶液，乙烯和二氧化硫都能使高锰酸钾酸性溶液褪色，所以先检验二氧化硫，然后检验乙烯，在检验乙烯之前用NaOH溶液除尽SO2，再通过品红溶液不褪色确认SO2已除干净，最后用高锰酸钾酸性溶液褪色检验乙烯，因装置A用来检验SO2，试管中品红溶液褪色，说明含有SO2，装置B试管装有NaOH溶液除去SO2，装置C试管通过品红溶液不褪色确认SO2已除干净，装置D 通过高锰酸钾酸性溶液褪色检验乙烯；（4）装置A用来检验SO2，试管中品红溶液褪色，说明含有SO2；（5）因C中无二氧化硫，D中与高锰酸钾溶液作用的为乙烯，所以确证含有乙烯的现象是装置C中的品红溶液不褪色，D中的高锰酸钾溶液褪色。

18.已知:①R-NO2R-NH2；

② +HO-SO3H +H2O

③苯环上原有的取代基对新导入的取代基进入苯环的位置有显著影响。 以下是用苯作原料制备某些化合物的转化关系图:

(1)A的密度比水__________(填"小"或"大")，A→B方程式是______

(2)C→D方程式是___________

(3)B中苯环上的二氯代物有____种同分异构体；CH3NH2的所有原子____(填“可能”或“不可能”)在同一平面。

【答案】(1). 大    (2). +CH3Cl+HCl    (3). +HO-SO3H+H2O    (4). 6    (5). 不可能

【解析】

【分析】苯与浓硝酸、浓硫酸混合加热发生取代反应产生A是硝基苯，A与CH3Cl在催化剂作用下转化为B，B被Fe、HCl还原为；苯与Br2在Fe催化下发生取代反应，产生C是溴苯，C与浓硫酸混合加热发生溴原子对位的取代反应，产生D是，D与H2发生苯环的加成反应产生。

【详解】根据上述分析可知A为，B为；C为；D为；E为。

(1)A是硝基苯，密度比水大；A→B的反应方程式是+CH3Cl+HCl；

(2)C→D的反应方程式是+HO-SO3H+H2O；

(3)B是，该物质分子中苯环上有4种不同位置的H原子，采取定一移一法来确定该物质的二氯取代产物，可知B中苯环上的二氯代物有6种同分异构体，结构简式为；CH3NH2可看作是甲烷分子中的一个H原子被氨基-NH2取代产生的，由于甲烷是正四面体结构，NH3是三角锥形分子，所以CH3NH2的所有原子不可能在同一平面。

19.某“化学鸡尾酒”通过模拟臭虫散发的聚集信息素可高效诱捕臭虫,其中一种组分T可通过下列反应路线合成(部分反应条件略)。

(1)写出B中官能团的名称________；

(2)D的核磁共振氢谱显示峰的组数为__________；

(3)D→E的化学方程式为__________；

(4)L可由B与H2发生加成反应而得,已知R1CH2Br+NaCCR2→R1CH2CCR2+NaBr,则M的结构简式为_____；

(5)已知： 

则T的结构简式为____________。

【答案】(1). 碳碳双键、溴原子    (2). 2    (3). CH2BrCHBrCH2Br+2NaOHHC≡CCH2Br+2NaBr+2H2O    (4). CH3CH2CH2CCCHO    (5).

【解析】

【分析】根据A、B结构简式知，A发生取代反应生成B，B和溴发生加成反应生成D，D在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成E，E发生水解反应然后发生氧化反应生成G，G结构简式为HC≡CCHO，G和NaNH2反应生成J，根据G和J结构简式知，该反应为取代反应；L可由B与H2发生加成反应而得，则L为CH3CH2CH2Br，根据R1CH2Br+NaC≡CR2→R1CH2C≡CR2+NaBr知M结构简式为CH3CH2CH2C≡CCHO，根据R3C≡CR4 知T结构简式为，据此解答。

【详解】根据A、B结构简式知，A发生取代反应生成B，B和溴发生加成反应生成D，D在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成E，E发生水解反应然后发生氧化反应生成G，G结构简式为HC≡CCHO，G和NaNH2反应生成J，根据G和J结构简式知，该反应为取代反应；L可由B与H2发生加成反应而得，则L为CH3CH2CH2Br，根据R1CH2Br+NaC≡CR2→R1CH2C≡CR2+NaBr知，M结构简式为CH3CH2CH2C≡CCHO，根据R3C≡CR4 知，T结构简式为。

(1)B结构简式为CH2=CH-CH2Br，B中含有的官能团是碳碳双键和溴原子；

(2)D结构简式为CH2BrCHBrCH2Br，该物质分子中含有两种不同的氢原子，所以D的核磁共振氢谱显示峰的组数为2；

(3)D在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成E，D→E的化学方程式为CH2BrCHBrCH2Br+2NaOHHC≡CCH2Br+2NaBr+2H2O；

(4)通过以上分析知，M的结构简式为CH3CH2CH2-C≡CCHO；

(5)通过以上分析知，T结构简式为。