2019届二轮复习 “7＋5”小卷练(四) 作业（全国通用）

“7＋5”小卷练(四)
本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间50分钟。
可能用到的相对原子质量：H—1　Li—7　C—12　N—14　O—16　K—39　Cl—35.5　Mn—55　Fe—56　Zn—65　Mo—96
选择题
　　　　　　　　　　　　　　　　　　　
一、选择题(本题共7小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。)
7．东汉蔡伦总结前人经验，用树皮、破渔网、破布、麻头等作为原料，制造成较低成本的书写纸，史称“蔡侯纸”。“蔡侯纸”的主要成分可能是(　　)
A．淀粉 B．天然纤维
C．聚氯乙烯 D．二氧化硅
解析　东汉蔡伦以树皮、破渔网、破布、麻头等作为原料，制造成了适合书写的植物纤维纸，据此可知“蔡侯纸”的主要成分为天然纤维，B项正确。
答案　B
8．(2018·河北名校联盟高三质检)某同学做金属钼(Mo)在氧气中燃烧的实验测其氧化物的组成，结果如图所示，该同学利用实验结果得出Mo的氧化物Ⅰ和Ⅱ分别为(　　)

A．Ⅰ为MoO3，Ⅱ为Mo2O
B．Ⅰ为MoO，Ⅱ为MoO2
C．Ⅰ为MoO2，Ⅱ为MoO3
D．Ⅰ为MoO3，Ⅱ为MoO2
解析　根据图像可知Mo的氧化物Ⅰ中Mo和O的原子个数之比是∶＝1∶2，所以化学式是MoO2；根据图像可知Mo的氧化物Ⅱ中Mo和O的原子个数之比是∶＝1∶3，所以化学式是MoO3；答案选C。
答案　C
9. 中共面的碳原子数最少为(　　)
A．10个 B．9个
C．8个 D．6个
解析　该有机物中存在两个平面：苯环、碳碳双键。与苯环直接相连的甲基碳原子、双键碳原子一定与苯环共面；转动苯环与双键碳原子之间的单键，两个平面不重叠时共面碳原子数最少，为8个。
答案　C
10．硒是人体必需的微量元素。以铜阳极泥(主要成分为Ag2Se、Cu2Se和Ag、Au、Pt等)为原料制备纯硒的工艺流程如下(部分物质省略)：

下列有关说法不正确的是(　　)
A．硫酸的质量分数最好为20%
B．Cu2Se焙烧的氧化产物为CuSO4和SeO2
C．水吸收生成1 mol Se时转移4 mol电子
D．滤液可以循环利用，提高原料利用率
解析　依题意，硫酸作氧化剂，氧化Ag2Se、Cu2Se，应选择浓硫酸作氧化剂，A项错误；硒化亚铜与浓硫酸反应生成硫酸铜、二氧化硒，硫酸本身被还原成SO2，故氧化产物为硫酸铜、二氧化硒，B项正确；水吸收二氧化硫和二氧化硒，发生氧化还原反应：SeO2＋2SO2＋2H2O===Se↓＋2H2SO4，故生成1 mol硒时转移4 mol电子，C项正确；根据流程图知，滤液的主要溶质是H2SO4，可以蒸发稀硫酸变成浓硫酸，用于焙烧铜阳极泥，D项正确。
答案　A
11．短周期元素X、Y、Z、W的原子序数依次增大，X的L层电子数是K层的3倍，W所在族序数是周期数的2倍，Y、Z、W的最外层电子数之和为10。下列说法正确的是(　　)
A．Y可以从溶液中置换出Z单质
B．单核离子半径：W>Z>Y>X
C．X和W形成的化合物的水化物一定是强电解质
D．Y、Z、W三种元素最高价氧化物对应的水化物两两之间可以反应
解析　X的L层电子数是K层的3倍，X是O，W所在族序数是周期数的2倍，且W的原子序数大于O，则W是S，Y、Z、W的最外层电子数之和为10，则Y和Z的最外层电子数之和为4，结合X、Y、Z原子序数依次增大知，Y、Z分别是Na和Al。Na在水溶液中是不能置换出其他金属单质的，A选项错误；单核离子半径：W>X>Y>Z，B选项错误；X和W形成的化合物可能是SO2，也可能是SO3，其水化物不一定是强电解质，C选项错误；Y、Z、W三种元素最高价氧化物对应的水化物分别是NaOH、Al(OH)3和H2SO4，两两之间可以反应，D选项正确。
答案　D
12．T ℃下，向体积为2 L的恒容密闭容器中通入NO2和O2，发生反应：4NO2(g)＋O2(g)2N2O5(g)　ΔHc(HA－)＝c(H2A)
C．pH＝2.7时，c(A2－)＋c(HA－)＋c(H2A)＝0.1 mol·L－1
D．N点pH＝4.2时，c(A2－)＝c(HA－)，溶液中不存在H2A分子
解析　向二元弱酸H2A溶液中逐滴加入NaOH溶液，依次发生反应：H2A＋OH－===HA－＋H2O、HA－＋OH－===A2－＋H2O，结合题图可知，a曲线代表H2A的物质的量分数随pH的变化，b曲线代表HA－的物质的量分数随pH的变化，c曲线代表A2－的物质的量分数随pH的变化，A项错误；M点溶液中c(HA－)＝c(H2A)c(HA－)＝c(H2A)，B项正确；当pH＝2.7时，因滴入NaOH溶液，溶液的体积增大，结合物料守恒可知c(A2－)＋c(HA－)＋c(H2A)、”“